2023年高考物理知识点复习：气体　液体与固体（附答案解析）

2023年高考物理热点复习：气体液体与固体

【2023高考课标解读】

1.知道晶体、非晶体的区别

2.理解表面张力，会解释有关现象.

3.掌握气体实验三定律，会用三定律分析气体状态变化问题.

(2023高考热点解读】

—"、固体和液体

1.固体

⑴分类：固体分为晶体和非晶体两类。晶体分单晶体和多晶体。

(2)晶体与非晶体的比较

单晶体多晶体非晶体

外形规则不规则不规则

熔点确定确定不确定

物理性质各向异性各向同性各向同性

典型物质石英、云母、食盐、硫酸铜玻璃、蜂蜡、松香

有的物质在不同条件下能够形成不同的形态。同一物质可能以晶体和

形成与转化

非晶体两种不同的形态出现，有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体

2.液体

(1)液体的表面张力

①作用：液体的表面张力使液面具有收缩的趋势。

②方向：表面张力跟液面相切，跟这部分液面的分界线垂直。

③大小：液体的温度越高，表面张力越小；液体中溶有杂质时，表面张力变小；液体的密度

越大，表面张力越大。

(2)液晶的物理性质

①具有液体的流动性。

②具有晶体的光学各向异性。

③在某个方向上看，其分子排列比较整齐，但从另一方向看，分子的排列是杂乱无章的。

二、饱和汽相对湿度气体分子动理论

1.饱和汽与饱和汽压

与液体处于动态平衡的蒸汽叫作饱和汽；没有达到饱和状态的蒸汽叫作未饱和汽。在一定温

度下，饱和汽的分子数密度是一定的，因而饱和汽的压强也是一定的，这个压强叫作这种液体的

饱和汽压，饱和汽压随温度升高而增大。

2.相对湿度

空气中水蒸气的压强与同一温度时水的饱和汽压之比叫作空气的相对湿度。

水蒸气的实际压强

即：相对湿度=----------------------玲(8=为＜100%).

同温下水的饱和汽压'

3.气体分子动理论

⑴气体分子之间的距离远大于分子直径，气体分子之间的作用力十分微弱，可以忽略不计。

(2)气体分子的速率分布，表现出"中间多，两头少”的统计分布规律。

⑶气体分子向各个方向运动的机会均等。

⑷温度一定时，某种气体分子的速率分布是确定的，速率的平均值也是确定的，温度升高，

气体分子的平均速率增大，但不是每个分子的速率都增大。

三、气体的性质

1.气体压强

⑴产生的原因

由于大量分子无规则地运动而碰撞器壁，形成对器壁各处均匀、持续的压力，作用在器壁单

位面积上的压力叫作气体的压强。

(2)决定气体压强大小的因素

①宏观上：决定于气体的温度和体积。

②微观上：决定于分子的平均动能和分子数密度。

2.气体实验定律

⑴等温变化一一玻意耳定律

①内容：一定质量的某种气体，在温度不变的情况下，压强与体积成反比。

②公式：PW1=P2∣∕2或P∣∕=C(常量)。

(2)等容变化一一查理定律

①内容：一定质量的某种气体，在体积不变的情况下，压强与热力学温度成正比。

②公式：M=V或与=C(常数)。

⑶等压变化一一盖一吕萨克定律

①内容：一定质量的某种气体，在压强不变的情况下，其体积与热力学温度成正比。

②公式:V=,或gc（常数）。

3.理想气体及其状态方程

⑴理想气体

①宏观上讲，理想气体是指在任何条件下始终遵守气体实验定律的气体。实际气体在压强不

太大、温度不太低的条件下，可视为理想气体。

②微观上讲，理想气体的分子间除碰撞外无其他作用力，分子本身没有体积，即它所占据的

空间认为都是可以被压缩的空间。

（2）状态方程：需=管或牛=C（常数）。

（2023高考押题】

1.一定质量的理想气体从状态A经过B、C、D再到A,其体积V和热力学温度T的关系

图像如图所示，BA和CD的延长线均经过O点，则下列说法正确的是（）

B.从状态D到状态A,外界对气体做功，气体吸热

C.从状态C到状态D,每个气体分子的速率都减小

D.从A到B过程气体对外界做的功等于从C到D过程外界对气体做的功

【分析】根据公式迎=C,那么V-T图象斜率与压强的倒数成正比，从而分析出气体的压

T

强变化；

根据体积的变化得出气体的做功类型；

根据两个状态的温度大小比较平均动能，但不能比较每个分子的速率；

根据气体做功的公式，得出做功与温度变化的关系，从而比较两个过程做功的大小。

【解答】解：A、根据迎=C,可知V—T图像的斜率与压强的倒数成正比，所以状态B的

T

压强小于状态C的压强，故A错误；

B、从状态D到状态A,体积变小，外界对气体做功，温度降低，内能减小，根据热力学第

一定律可知气体放热，故B错误；

C、从状态C到状态D,温度降低，气体的平均动能变小，但每个气体分子的速率不一定都

减小，故C错误；

D、根据WAB=PXAVAB,¥&=匹=上=?强，可得：WAB=CXATAB,同理：

TATBPABΔTAB

WCD=CX∆TCDO

过程AB和过程CD的温度变化量的值相等，所以在A到B过程中气体对外界做的功等于

从C到D过程中外界对气体做的功，故D正确。

故选：D。

2.王亚平在“天宫课堂”中，将分别粘有水球的两块透明板慢慢靠近，直到两个水球融合

在一起，再把两板慢慢拉开，水在两块板间形成了一座“水桥”。如图甲所示，为我们展示了微

重力环境下液体表面张力的特性。“水桥”表面与空气接触的薄层叫表面层，已知分子间作用力

F和分子间距r的关系如图乙。下列说法正确的是（）

A.可以推断水和透明板是不浸润的

B.王亚平把两板慢慢拉开形成“水桥”的过程，“水桥”表面层相邻水分子间的分子势能

变小

C.王亚平把两板慢慢拉开形成“水桥”的过程，“水桥”表面层相邻水分子间的分子力做

负功

D.王亚平放开双手两板吸引到一起，该过程表面层相邻水分子间的作用力与分子间的距离

的关系与乙图的A到B过程相对应

【分析】本题根据浸润、不浸润，分子间作用力特点，以及分子作用力与分子势能变化的关

系，即可解答。

【解答】解：

A.水球粘在两块透明板，说明水和透明板是浸润的，故A错误；

BC.形成了一座“水桥”，“水桥”表面层相邻水分子间的分子力为引力，把两板慢慢拉开形

成“水桥”的过程，分子引力做负功，分子势能增大，故B错误，C正确；

D.王亚平放开双手两板吸引到一起，“水桥”表面层相邻水分子间的分子力为引力且变大，

而A到B过程是分子斥力减小的过程，故D错误；

故选：C.

3.在2022年11月3日，如图甲所示的中国空间站“梦天”“问天”拉着中间“天和”的手

构成“T字组合”，一起绕地球每天飞行16圈左右。在空间站内航天员演示了包括“毛细现象”

—三根插入水中粗细不同的长玻璃管最后水从上口溢出（图乙）、“水球变懒”一悬浮空中的球形

水球中扔入的钢球能在里面运动而不穿出水球（图丙）等实验，下列说法正确的是（）

甲乙丙

A.只有丙实验与完全失重（或微重力）及表面张力有关

B.乙、丙两个实验都与完全失重（或微重力）及表面张力有关

C.“T字组合”的运行速度介于第一宇宙速度与第二宇宙速度之间

D.空间站每一部分的发射速度都要大于第二宇宙速度小于第三宇宙速度

【分析】本题根据表面张力现象、地球卫星的发射速度、环绕速度的知识，即可解答。

【解答】解：AB.乙、丙两个实验一个是毛细现象，一个是水球变懒”，都与完全失重（或

微重力）及表面张力有关，故A错误，B正确；

C.“T字组合”是地球的卫星，“T字组合”的运行速度小于第一宇宙速度，故C错误；

D.空间站每一部分的发射速度都要大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故D错误；

故选：B。

4.如图所示，绝热隔板K把绝热的气缸分隔成体积相等的两部分，K与气缸壁的接触是光

滑的。两部分中分别盛有相同质量、相同温度的同种气体a和b。气体分子之间相互作用势能可

忽略。现通过电热丝对气体a加热一段时间后，a、b各自达到新的平衡（）

1

6

北

A.a的体积增大，压强变小

B.b的体积减小，温度不变

C.a增加的内能等于b增加的内能

D.加热后a的分子热运动比b的分子热运动更激烈

【分析】根据一定质量气体的状态方程双=C和己知的变化量去判断其它的物理量。

T

根据热力学第一定律判断气体的内能变化。

【解答】解：A、当a加热时，气体a的温度升高，压强增大，由于K与气缸壁的接触是光

滑的，可以自由移动，所以a,b两部分的压强始终相同，都变大，故A错误。

B、由于a气体膨胀，b气体被压缩，所以a对b气体做功，根据热力学第一定律得：b的温

度升高了，故B错误。

C、由于a气体膨胀，b气体被压缩，最终a气体体积大于b气体体积，所以a气体的最终

温度较高，内能增加较多，故C错误。

D、由于过程中a气体膨胀，b气体被压缩，所以a气体的温度较高，所以加热后a的分子

热运动比b的分子热运动更激烈，故D正确。

故选：D。

5.如图所示，粗细均匀两端开口的U形玻璃管，管内注入一定量的水银，但在其中封闭了

一段空气柱，其长度为I。在空气柱上面的一段水银柱长为h∣,空气柱下面的水银面与左管水银

面相差为h2。若往管内加入适量水银（水银没有溢出），则（）

A.水银加入右管，1变短，h2变大

B.水银加入左管，1不变，h2变大

C.水银加入右管，1变短，h2不变

D.水银加入左管，1变短，h2变大

【分析】以右管中封闭气体为研究对象，求出封闭气体的压强，根据封闭气体压强的变化分

析答题。

【解答】解：AC、设大气压强为PoCmHg,被封闭气体的压强p=po+ph∣,水银加在右管，

被封闭气体的压强p'=po+phl+pΛh=po+ph2.封闭气体压强增大，h2变大，根据PV=C可知，

体积减小，故1变短，故A正确，C错误；

BD＞水银加在左管，被封闭气体的压强p=pt)+phl=pθ+ph2,由于hl不变，故被封闭气体压

强不变，贝IJI不变，h2不变，故BD错误；

故选：Ao

6.“白露暖秋色，月明清漏中”，描写的是我国古代诗人对露珠的观察和感悟，根据所学物

理知识，下列对露珠形成主要原因的说法正确的是()

A.液体表面层的分子比液体内部稀疏，表面层的分子之间互相吸引

B.液体表面层的分子比液体内部密集，表面层的分子之间互相排斥

C.液体表面层的分子比液体内部稀疏，表面层的分子之间互相排斥

D.液体表面层的分子比液体内部密集，表面层的分子之间互相吸引

【分析】液体表面层的分子比液体内部稀疏，分子间引力大于斥力，分子力表现为引力。

【解答】解：液体表面张力的产生原因是液体表面层的分子比液体内部稀疏，分子间引力大

于斥力，分子力表现为引力，所以表面层的分子之间互相吸引，从而形成露珠，故A正确，BCD

错误.

故选：Ao

7.如图所示，蹦蹦球是一种儿童健身玩具，某同学在27。C的室内对蹦蹦球充气，已知充气

前两球的总体积为2L,压强为Iatm,充气筒每次充入0.2L的气体，忽略踊踊球体积变化及充气

过程中气体温度的变化，问，用这个充气筒要充气多少次才能让气体压强增大到3atm()

A.15次B.18次C.20次D.22次

【分析】据题充气过程中一定质量的理想气体发生等温变化，由玻意耳定律求解。

【解答】解：设充气n次可以让气体压强增大至3atm,据题充气过程中气体发生等温变化，

以蹦蹦球内原来的气体和所充的气体整体为研究对象，由玻意耳定律得

pi（V+nΔV）=p2V

代入数据解得n=20（次），故C正确，ABD错误；

故选：Co

8.如图所示，密封的矿泉水瓶中，由于底部放置在加热装置上，距瓶底部越近水的温度越

高。一开口向下、导热良好的小瓶置于矿泉水瓶中，小瓶中封闭一段空气。轻轻挤压矿泉水瓶,

使得小瓶缓慢向底部下沉，则在小瓶逐渐下沉的过程中，小瓶内气体（）

A.内能减少

B.增加的内能大于吸收的热量

C.对外界做正功

D.温度升高，分子的速率都增大

【分析】根据题目的条件结合一定质量的理想气体状态方程分析出气体状态参量的变化；

结合热力学第一定律得出气体的内能和做功的情况；

理解温度对分子动能的影响并结合选项完成分析。

【解答】解：A、距离瓶子底部越近，水的温度越高，因此瓶子在下沉过程中，瓶内气体的

温度升高，则内能增大，故A错误:

BC、轻轻挤压矿泉水，小瓶受到的浮力减小，缓慢向下沉，可知瓶内气体的体积减小，所

以外界对气体做正功，由热力学第一定律AU=Q+W可知增加的内能大于吸收的热量，故B正

确，C错误；

D、温度升高，气体的平均速率增大，但不是每个分子的速率都增大，故D错误；

故选：B»

9.一定质量的理想气体由状态a变为状态b,再变为状态c,其P-V图像如下图所示。下

列说法正确的是（）

A.由状态a沿图像变化到状态b气体温度升高

B.由状态b沿图像变化到状态C气体温度升高

C.由状态a沿图像变化到状态b气体要从外界吸热

D.气体在状态C的内能大于在状态a的内能

【分析】由状态a沿图像变化到状态b的过程中，根据查理定律R=C判断；由状态b沿图

T

像变化到状态C的过程中，根据盖一吕萨克定律干=C判断；根据热力学第一定律AU=Q+W判

断；根据一定质量的理想气体状态方程，结合一定质量的某种理想气体内能只与温度有关进行判

断。

【解答】解：A、结合P-V图像，由状态a沿图像变化到状态b的过程中，是等容变化，

根据查理定律R=C,压强减小，则气体温度降低，故A错误；

T

B、由状态b沿图像变化到状态C的过程中，是等压变化，根据盖一吕萨克定律Y=C,体

T

积增大，则气体温度升高，故B正确；

C、由状态a沿图像变化到状态b的过程中，气体体积没有变化，即W=O,气体温度降低，

内能减小，即AU<0,根据热力学第一定律AU=Q+W,可得Q<0,则气体向外界放出热量,

故C错误；

2pv

D、气体由状态a沿图像变化到状态c,根据一定质量的理想气体状态方程，可得：θiθ

Ta

=P亡解得：Ta=Tc,即气体在状态C的内能等于在状态a的内能，故D错误。

TC

故选：Bo

10.一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、be、Ca回到原状态，其P-T图像

如图所示。下列判断正确的是（）

B.be过程中气体既不吸热也不放热

C.Ca过程中外界对气体所做的功等于气体所放的热

D.b和C两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数相同

【分析】先根据图像得出气体的体积和温度的变化，而温度会影响气体的内能，再结合热力

学第一定律即可完成分析。

【解答】解：A、根据公式PV=CT可知，ab过程中气体的体积不变，即气体对外界不做功，

而温度升高，根据热力学第一定律AU=Q+W可知，气体一定吸热，故A正确；

B、在be过程中，气体的温度不变，根据公式PV=CT可知气体的体积增大，气体对外界

做功，根据热力学第一定律AU=Q+W可知，be过程中气体吸热，故B错误；

C、Ca过程中气体经理等压变化，温度降低，内能减小，根据与公式PV=CT可知气体的体

积变小，则外界对气体做正功，根据热力学第一定律AU=Q+W可知，外界对气体做的功小于

气体所放的热，故C错误；

D、b和C两个状态中，气体温度相同，分子平均动能相同，但b状态比C状态压强大，所

以b状态下容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数比C状态多，故D错误；

故选：Ao

11.如图，一粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内有一段高度为2.0Cm的水银柱，水银

柱下密封了一定量的理想气体，水银柱上表面到管口的距离为2.0cm。若将细管倒置，水银柱下

表面恰好位于管口处，且无水银滴落，管内气体温度与环境温度相同。已知大气压强为76CmHg,

环境温度为296K。则细管的长度为()

A.39cmB.40cmC.41cmD.42cm

【分析】设细管的长度，分析出气体变化前后的状态参量，根据一定质量的理想气体的状态

方程列式得出细管的长度。

【解答】解：设细管的长度为X,则气体的最初状态参量为：

pi=78cmHg+2cmHg=80cmHg

VI=(x-4)cm

当细管倒置后，则

p2=78cmHg-2cmHg=76cmHg

V2=(x-2)cm

因为过程中气体的温度不变，则

PlVI=P2V2

联立解得：x=41Cm,故C正确，ABD错误；

故选：Co

12.如图所示，一定质量的理想气体分别经历a-b和a-c两个过程，则()

A.状态a的内能大于状态b

B.状态a的体积大于状态b

C.a—c过程中气体吸收热量

D.a-c过程中所有气体分子热运动速率增大

【分析】（1）根据温度的大小可以判断内能的大小；

（2）根据pv=nRT,可以得到P=逃「可以知道与原点连线的斜率与体积成反比，故斜

V

率越大体积越小。

（3）根据热力学第一定律可以求解吸放热情况。

（4）温度反映的是平均分子动能而不是所有分子的动能。

【解答】解：A、状态a的温度小于状态b的温度，温度越高内能越大，所以状态a的内能

小于状态b的内能，故A错误；

B、根据pv=nRT,可以得到P=巡「可以知道与原点连线的斜率与体积成反比，故斜率

V

越大体积越小，所以状态a的体积小于状态b的体积，故B错误；

C、根据热力学第一定律得，ΔU=W+Q,因为从a到C过程温度升高，所以AU为正值，

体积增大，所以W为负值，所以Q为正值，代表在整个过程中吸热，故C正确；

D、温度反映的是平均分子动能而不是所有分子的动能，故D错误。

故选：Co

13.对于固体和液体，下列说法正确的是（）

A.液体表面张力的方向.与液面垂直并指向液体内部

B.农田里，要保存水分，常常把地面的土壤锄松，这是为了减少毛细现象的发生

C.水银不浸润玻璃，可以说明水银是一种不容易发生浸润现象的液体

D.单晶体有固定的熔点，多晶体没有固定的熔点

【分析】表面张力产生在液体表面层，它的方向平行于液体表面，使液体的表面积减小到最

小的趋势;根据毛细现象的特点判断;一种液体是否浸润某种固体,与这两种物质的性质都有关；

晶体具有固定的熔点。

【解答】解：A、液体表面张力产生在液体表面层，张力的方向始终与液面相切，与分界线

垂直，故A错误；

B、农田里把地面的土壤锄松，从而破坏土壤中的毛细管，来减少毛细现象的发生，故B正

确；

C、一种液体是否浸润某种固体，与这两种物质的性质都有关，因此某种液体是浸润的还是

不浸润的，一定要指明相应的固体，故C错误；

D、单晶体和多晶体都有固定的熔点，故D错误。

故选：Bo

14.如图为一定质量的理想气体的P-T图像，从状态a沿直线变化到状态b,气体（)

A.密度逐渐减小B.分子平均动能增大

C.向外界放热D.对外界做功

【分析】根据一定质量理想气体状态方程毕=C和已知的变化量去判断其它的物理量的变化;

根据温度是分子平均动能的标志分析平均动能的变化;根据热力学第一定律分析气体吸放热情况。

【解答】解：AB、从图中可以看出：从状态a变化到状态b气体的温度不变，气体分子平

均动能不变，压强升高，根据半=C可知，体积逐渐减小，气体密度逐渐增大，故AB错误；

CD、气体体积逐渐减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律AU=W+Q可知，气体向

外界放热，故C正确，D错误。

故选：Co

15.装有一定质量理想气体的薄铝筒开口向下浸在恒温水槽中，如图所示，现推动铝筒使其

缓慢下降，铝筒内气体无泄漏，则铝筒在下降过程中，筒内气体不可能的是（）

A.压强增大B.内能增大

C.外界对气体做正功D.分子平均动能不变

【分析】理解公式AU=Q+W的含义，气体内能的变化量等于气体吸收的热量与外界对气

体做的功之和；理解温度是分子平均动能的标志。

【解答】解：A、缓慢推动铝筒，由于水温恒定，薄铝筒导热良好，则筒内气体发生等温变

化，铝筒在下降过程中筒内气体压强为p=po+pgh,随着铝筒下降，筒内外液体高度差h增大,

则气体压强增大，故A正确；

BCD、根据玻意耳定律PV=C可知，铝筒内气体被压缩，体积减小，对气体做功，故W>

0,温度不变，故气体内能不变，分子平均动能不变，根据热力学第一定律AU=Q+W可知，气

体向外界放热，故B错误，CD正确，

由于本题选择不可能的选项；

故选：B.

16.一定量的理想气体从状态a变化到状态b,该气体的热力学温度T与压强P的变化关系

如T-P图中从a到6的线段所示。在此过程中（）

A.外界一直对气体做正功

B.所有气体分子的动能都一直减小

C.气体一直对外界放热

D.气体放出的热量等于外界对其做的功

【分析】在T-P图线中，ab为过坐标原点的直线，气体做等容变化，气体不做功，温度降

低，分子的平均动能减小，内能减小，结合热力学第一定律即可判断。

【解答】解：A、根据一定质量的某种理想气体状态方程型=C,整理可得热力学温度T

T

与压强P的函数关系为：T=]p,a到b为过坐标原点的倾斜直线，故气体做等容变化，即外界

对气体不做功，故A错误；

B、从a到b的过程中，气体的温度逐渐降低，根据温度是分子平均动能的标志，可知分子

的平均动能逐渐减小，但并不是所有气体分子的动能都一直减小，故B错误；

CD、由于气体从a到b不做功，即W=O,气体的温度逐渐降低，则气体内能逐渐减小，即

ΔU<0,根据热力学第一定律AU=W+Q,可得Q<0,气体一直对外界放热，且放出的热量等

于其内能的减小量，故C正确，D错误。

故选：Co

17.某同学在水杯中倒入一半开水后，将杯盖盖上后杯内空气（视为一定质量的理想气体）

的温度约为97℃,一段时间后，该同学想喝水时，发现杯盖很难被打开，若此时杯中空气的温

度与外部环境温度均为17℃,则下列说法正确的是（）

A.杯盖很难被打开的原因是降温后杯内空气的压强大于外界大气压强

B.17C时杯内空气的体积比97℃时的大

C.17C时杯内空气的密度比97℃时的大

D.17℃时杯内空气对杯壁单位时间内，单位面积上的碰撞次数比97℃时的少

【分析】对杯内的气体根据查理定律分析出变化后的压强;根据气体质量、体积均不变可知,

气体密度不变，再根据气体压强的微观意义即可分析。

【解答】解：A.杯内空气温度降低，由上L=EZ,可知杯内压强减小，杯内空气的压强小于

TlT2

外界大气压强，故A错误；

BC.17°C时与97℃时相比，杯内空气的体积不变，质量不变，所以密度不变，故BC错误;

D.17°C时与97℃时相比，杯内空气压强减小，对杯壁单位时间内，单位面积上的碰撞次数

减少，故D正确。

故选：D。

18.Imol的某种理想气体，沿如图P-V图像中箭头所示方向，从状态A变化到状态B,

再变化到状态C,再回到状态A。已知气体处于状态A时的温度为To,已知Imol的该种理想气

体内能为U=2RT(其中R为普适气体常数,T为气体的热力学温度),大气压Iatm=LOXl()5pa,

2

A.气体处于状态B时的温度是2To

B.从状态A变化到状态B,理想气体一定从外界吸收热量

C.从状态B变化到状态C过程该气体吸热3T0R

D.从状态AfBfC-A的过程中，外界该气体做功20OJ

【分析】气体从A到B做等压变化，根据盖一吕萨克定律进行解答；

从状态A变化到状态B,根据热力学第一定律分析热传递情况；

从状态B变化到状态C过程气体做等容变化,根据查理定律结合内能的计算公式进行解答；

外界对该气体做功等于图中三角形的面积，由此分析。

【解答】解：A、气体从A到B做等压变化，根据盖一吕萨克定律可得：Σ∆-=⅛根据

TATB

图象可知VB=3VA,则TB=3TO,故A错误；

B、从状态A变化到状态B,体积膨胀，气体对外界做功，温度升高，内能增大，根据热力

学第一定律可知，气体一定吸收热量，故B正确；

C、从状态B变化到状态C过程气体做等容变化，根据查理定律可得：现=±£,根据图

TBTC

象可得：pB=3pc.所以TC=T0,从状态B变化到状态C过程，温度降低，气体不做功，则放

热AQ=∙∣RX3T0-∣∙RT°=3RTo,故C错误；

D、根据W=PAV可知，从状态AfBfCfA过程，外界对该气体做的功等于图中三角形

的面积，即：W=y×(3-1)×10^3×(3-1)×105J=2OOJ>故D错误。

故选：B«

19.一定量的理想气体从状态a经状态b变化到状态c,其过程如图所示，则气体()

A.状态a处的压强大于状态C处的压强

B.状态b处的压强小于状态C处的压强

C.由a变化到b的过程中，气体向外界放热

D.由a变化到C的过程中，从外界吸收的热量小于其增加的内能

【分析】根据一定质量的理想气体状态方程平=C可得T哈