广东省湛江市2022-2023学年高二上学期期末调研测试物理（解析版）

湛江市2022-2023学年度高二第一学期期末高中调研测试

物理试卷

（满分：100分，考试时间：75分钟）

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有

一项是符合题目要求的。

1.如图所示，医用口罩由多层织物材料构成，其中有一层熔喷布经过特殊工艺处理后成为驻极体材料，

这层材料表面长期带有正电荷，能有效吸附细小的粉尘，而这些粉尘通常是细菌和病毒传播的载体。则

其中即将被吸附的带电粉尘，一定是（）

A.沿电场线加速靠近熔喷布

B.带正电

C.在靠近熔喷布过程中加速度减小

D.在靠近熔喷布的过程中电场力做正功

【答案】D

【解析】

【详解】A.熔喷布产生的电场线不一定是直线，而只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度

方向与电场线方向在同一条直线上时带电粒子的轨迹才与电场线重合，故A错误；

B.由于口罩材料表面长期带有正电荷，则被吸附的带电粉尘，一定是带负电荷，故B错误；

CD.被吸附的带电粉尘带负电荷，则负电荷靠近熔喷布的过程中电场力做正功，由于负电荷靠近熔喷布的

过程中电场强度增大，电场力增大，由牛顿第二定律可知带电粉尘的加速度增大，故C错误，D正确。

故选D。

2.如图所示是一火警报警电路的示意图，其中宠3为用某种材料制成的传感器，这种材料的电阻率随温度

的升高而增大。值班室的显示器为电路中的电流表，电源两极之间接一报警器。当传感器R3所在处出现

火情时，显示器的电流/、报警器两端的电压U的变化情况是（）

S15

T=±=-s=0.3s

v5

所以频率等于

,110

f=—=—Hτιz

T3

A错误；

BCD.当汽车以3m∕s的速度行驶时，汽车的频率为

V3

/=—=二Hz=2Hz

S1.5

此时和固有频率相同，所以颠簸最厉害，BD错误C正确。

故选C

4.特高压直流输电是国家重点工程，如图所示，高压输电线上使用“a。Cd正方形间隔棒”支撑导线

LHL2、L3、L1,其目的是固定各导线间距，防止导线互相碰撞，图中导线Li、L2、L3、L4水平且恰好

处在正四棱柱的四条棱上，abed的几何中心为。点，O点到导线的距离远小于导线的长度，忽略地磁

场，当四根导线通有等大、同向的电流时，则（）

A.。点的磁感应强度为零

B.。点的磁感应强度沿儿/连线方向

C.L1对L2的安培力比Li对L3的安培力大

D.L,所受安培力的方向为从Ll指向L2

【答案】AC

【解析】

【详解】AB.根据安培定则以及对称性，Ll和L3在。点处的磁感应强度为零，L2和L4在。点处的磁感

应强度为零，所以。点处的磁感应强度为零，故A正确，B错误；

C.越靠近通电直导线，磁感应强度越强，所以Ll导线在L2处产生的磁感应强度大于在L3处的磁感应强

度，所以Ll对L2的安培力大于Ll对L3的安培力，故C正确；

D.若通电导线均通垂直纸面向外的电流，根据安培定则可得L2、L3、L4在Ll处的磁感应强度的方向从

L4指向L2,再根据左手定则可以确定，Ll受到的安培力的方向应与磁感应强度方向垂直，即从Ll指向

L3,故D错误。

故选ACo

5.一带正电的粒子只在电场力作用下沿X轴正向运动，其电势9随位移X变化的关系如图所示，其中

0%段是对称的曲线，⅞刍段是直线，则下列说法正确的是（）

A.从R到X2带电粒子的速度一直减小

B.从XI到X3带电粒子的加速度一直增大

C.粒子在。玉段做匀变速运动，⅞尤3段做匀速直线运动

D.XI、X2、⅞处粒子的电势能EPl、Ep2、Ep3的关系为£p]>Ep2>Ep3

【答案】A

【解析】

【详解】A.由于从R到X2带电粒子的电场力与速度方向相反，所以速度一直减小，故A正确；

C.电势*随位移X变化的关系图像的斜率表示电场强度，可知粒子在。西段做变加速运动，⅞£段

做匀变速直线运动，故C错误；

B.由

qE=tna

可知从X2到£带电粒子的加速度不变，故B错误；

D.由图像可知XI、X2、£处粒子的电势关系

例<<（P3

而粒子带正电，所以XI、X2、与处粒子的电势能Epl、EP2、Ep3的关系为

Epi<Ep2<Ep3

故D错误。

故选Ao

6.湛江濒临南海，是国内著名的滨海旅游城市，长达1500多公里的海岸线，拥有众多优良海水浴场。在

金沙湾海滨浴场，某同学测得某一海水的水波上某一位于X=O处的质点，在f=0时处于平衡位置，经

过1.5s波刚好传播到x=4m的位置，波形如图所示。下列说法正确的是（）

B.该波的传播速度为3m∕s

C.t=0时，平衡位置处的质点向上振动

D.此后IOS内，x=3m处的质点通过的路程为3m

【答案】D

【解析】

【详解】A.由题图可知

3,,

-λ=4m

4

可得

16

λ1=——m

3

故A错误;

B.由题意可知

3

-T=1.5s

4

可得

T=2s

则波速

A8,

u=-=—m/s

T3

故B错误；

C.由波的传播方向与波形图可知，，=0时平衡位置的质点向下振动，故C错误;

D.此后在时间IOS内，即5T内，x=3m处的质点通过的路程为

s=5χ4A=20χl5cm=3m

故D正确。

故选D。

7.如图所示天平可用来测量磁场的磁感应强度。天平的右臂下面挂一个矩形线圈，底边。C、长为L,共

N匝，线圈的下部悬在匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面。当线圈中通有电流/（方向如图所示）时,

在天平两边加上质量分别为叫、外的祛码时，天平平衡；当电流反向（大小不变）时，右边再加上质

量为加的祛码后，天平又重新平衡，重力加速度为g。由此可知（）

A.磁感应强度方向垂直纸面向里，大小为」驾

2NIL

B.磁感应强度方向垂直纸面向外，大小为（町一&

NIL

C.磁感应强度方向垂直纸面向外，大小为

2NIL

D.磁感应强度方向垂直纸面向里，大小为（叫一二）W

NlL

【答案】C

【解析】

【详解】因为电流反向时，右边再加祛码才能重新平衡，所以此时安培力竖直向上，由左手定则判断磁场

方向垂直于纸面向外。电流反向前，有

∕771g-m2g+m3g+NBIL

其中加3为线圈质量。电流反向后，有

mxg=m1g+m3g+mg-NBIL

两式联立可得

B=S

INIL

故选C。

二、多项选择题：本题共3小题，每题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有多项

符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得O分。

8.如图所示，两束不同频率的平行单色光。、〃从水射入空气（空气折射率为1）发生如图所示的折射现

象(α<∕7),下列说法正确的是()

A.水对。的折射率比水对的折射率小

B.在空气中的传播速度匕>Vb

C.在水中的传播速度匕

D,当〃、匕入射角为0。时，没有光线进入空气中

【答案】AC

【解析】

【详解】ABC.由于α<Z?,所以折射率露小于%,由于

C

n--

V

知，在水中的传播速度

va>vh

4、人在空气中的传播速度都是C,故B错误，AC正确；

D.当〃、6入射角为0。时，光线垂直分界面进入空气，故D错误。

故选ACo

9.我国的特高压直流输电是中国在高端制造领域领先世界的一张“名片”，特别适合远距离输电，若直

流高压线掉到地上时，它就会向大地输入电流，并且以高压线与大地接触的那个位置为圆心，形成一簇

如图所示的等差等势线同心圆，A、8、C、。是等势线上的四点，当人走在地面上时，如果形成跨步电压

就会导致两脚有电势差而发生触电事故，如图所示，则()

A.电势的大小为φλ>φls=φυ>φc

B.电场强度的大小为EA>EB=ED>EC

C.AB间距离等于BC间距离的2倍

D.人从8沿着圆弧走到。会发生触电

【答案】AB

【解析】

【详解】A.根据题意，圆心处的电势最高，向外越来越低，电势的大小为

(P,∖>(PB=(PD>(PC

故A正确；

B.电场强度看等差等势线的疏密，由题图可知电场强度的大小为

EA>ER=ED>EC

故B正确；

C.AB的平均场强大于BC的平均场强，由图可知AB的电势差等于BC电势差的二倍，根据

EL=——U

d

可以定性判断出AB间距离小于BC间距离的2倍，故C错误；

D.B和£>在同一条等势线上，人从B沿着圆弧走到。不会发生触电，故D错误。

故选AB。

10.如图所示是磁流体发电机的示意图，两平行金属板P、。之间有一个很强的磁场。一束等离子体(即

高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子)沿垂直于磁场的方向喷入磁场。把P、。与电阻R相连

等离子体

A.Q板的电势高于P板的电势

B.R中有由〃向α方向的电流

C.若只改变磁场强弱，R中电流保持不变

D.若只增大粒子入射速度，R中电流增大

【答案】D

【解析】

【详解】AB.等离子体进入磁场，根据左手定则可知正电荷向上偏，打在上极板上，负电荷向下偏，打在

下极板上，所以上极板带正电，下极板带负电，则P板的电势高于。板的电势，流过电阻R的电流方向由

“到6,AB错误；

C.根据稳定时电场力等于磁场力即

q/qvB

则有

U=Bdv

再由欧姆定律有

1UBdv

R+rR+r

可知电流与磁感应强度成正比，改变磁场强弱，R中电流也改变，C错误；

D.由/=3生可以知道，若只增大粒子入射速度，R中电流也会增大，D正确。

R+r

故选D。

三、非选择题：共54分，按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演

算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

11.如图所示为研究电容器充、放电现象的实验电路图，开始电容器不带电。实验开始时，首先将开关S

合向1,这时观察到灵敏电流计G有短暂的示数，这说明电路中有电流流过，这个过程叫作,经

过这一过程，电容器的两极板就会带上等量的异号电荷，电路稳定后灵敏电流计G的示数为零。当把开

关S由1合向2时，有（选填“自左向右''或“自右向左”）流过灵敏电流计G的短暂电流，这

个过程叫。

÷Eɪ

C

【答案】①.充电②.自右向左③.放电

【解析】

【详解】[1][2][3]将开关S合向1,电源与电容器连通，电路中有电流流过，说明电源在给电容器储存电

荷，这过程叫作充电；当把开关S由1合向2时，会形成由电势高的正极板流向电势低的负极板的电

流，则有自右向左流过灵敏电流计G的短暂电流，这个过程叫放电。

12.某课外活动小组利用铜片、锌片和橙汁制作了橙汁电池，并利用所学知识设计电路测量该电池的电动

势E和内阻r。他们在一个玻璃器皿中放入橙汁，在橙汁中相隔一定距离插入铜片和锌片作为橙汁电池

的正、负极。使用的器材有：

A.电流表A1（量程3mA,内阻未知）

B.电流表A2：与Al规格相同；

C.电压表V（量程3V,内阻很大）

D.滑动变阻器R∣（阻值范围0~20Q,额定电流IA）

E.电阻箱&：阻值09999Ω；

F.保护电阻&：阻值约为3kC；

G.定值电阻R4=1。

H.开关和导线若干。

该小组成员根据提供的器材，设计了如图甲所示的实验电路图。由于电流表Al的内阻未知，所以无法直

接测量该橙汁电池的电动势和内阻，经过思考后，该小组设计了如图乙所示的电路，先测出该电流表的

内阻RAI，再测量橙汁电池的电动势E和内阻r。

（1）该小组按图乙连接好电路后，首先对电流表Al的内阻RAI进行测量，请完善测量步骤。

①先将滑动变阻器Rl的滑动端移到使电路安全的位置，再把电阻箱R2的阻值调到（选填“最大”

或“最小”）»

②闭合开关S1、S.调节滑动变阻器与，使两电流表的指针在满偏附近，记录电流表A2的示数/0

③断开S∣,保持S闭合、Rl不变，再闭合S2,调节&，使电流表A2的示数，读出此时电阻箱

的阻值199Ω,则电流表Al内电阻KAl=Q。

（2）该小组测得毫安表的内阻RAl之后，利用图甲实验装置测得了多组实验数据，并将电流表Al的读数

作为横坐标，电压表的读数作为纵坐标，选取合适的标度，绘制了如图丙所示的图线。则该小组同学测

定的干电池电动势E=V.内阻「=Q。(填含有.、b、C的表达式，a、b、C只代表数

丙

【答案】①.最大②.仍为/®.199®.b⑤.N"二C)

a

【解析】

【详解】(D[1]实验前凡应该调节到最大，以保证电表安全；

⑵⑶替代法最简单的操作是让A2示数不变，则可直接从电阻箱&的读数得到电流表Al的内阻，所以

调节用,使电流表A2的示数仍为/,则电流表Al的内阻为

RM=199Ω

(2)[4][5]若设电流表AI的读数为/,电压表读数为U,则电路中的总电流为200/,由闭合电路的欧

姆定律

U=E-200〃

由图像可知

E=IN

k∣=200r=b-cQ

11a×W3

解得

Γ=MΩ

a

13.如图所示，质量为，〃的小球A放在绝缘斜面上，斜面的倾角为a。小球A带正电，电荷量为q。在斜

面上B点处固定一个电荷量为。的正电荷，将小球4由距B点竖直高度为“处无初速度释放。小球A下

滑过程中电荷量不变。不计A与斜面间的摩擦，整个装置处在真空中。已知静电力常量％和重力加速度

g。

(I)A球刚释放时的加速度是多大？

（2）当A球的动能最大时，求此时A球与3点的距离。

A

K[……

【答案】⑴gsinα-丝变要■；⑵kQq

mH~∖mgsina

【解析】

【详解】（1）根据牛顿第二定律

mgsina-F=ma

根据库仑定律

F=罩

H

r=-----

sina

联立以上各式解得

kQqsin2a

67=βsιna------——--

mH2

（2）当A球受到的合力为零、加速度为零时，速度最大，动能最大。设此时A球与8点间的距离为R,

则

.kQq

AngSina=Ro

解得

R=ʃɪ

ymgsina

14.如图所示，在平面直角坐标系XQV内，第I象限等腰直角三角形MNP区域内存在垂直于坐标平

面向外的匀强磁场，y<o的区域内存在着沿丫轴正方向的匀强电场.一质量为加、电荷量为夕的带电粒

子从电场中一力,一3）点以速度%水平向右射出，经坐标原点。处射入第I象限，最后以垂直于PN

的方向射出磁场。已知MN平行于X轴，N点的坐标为（〃,〃），不计粒子的重力，求:

CD电场强度的大小E；

（2）磁感应强度的大小3。

mVaC2mv

【答案】（1）£=—l;（2）B=--ɪn

qhqh

【解析】

【详解】Q）粒子运动轨迹如图所示，粒子在电场中运动的过程中，由平抛运动规律及牛顿运动定律得

h=vOt

Al

-=-aΓ2

22

qE=ma

解得

（2）粒子到达O点时，沿y轴正方向的分速度

qEh

vv-at----------

m%

则速度方向与X轴正方向的夹角α满足

【详解】(1)粒子射入平行板器件后做直线运动则

qvB°=qE

解得

E

V-一

B。

(2)粒子由正方形α7∕c'd'中心垂直飞出磁场区域，根据题意分析，可得粒子在磁场中运动轨道半径

R=L

粒子在正方体区域内运动的时间为四分之一周期，即