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文档简介
2023年广西柳州市中考适应性模拟试卷一8.甲、乙、丙、丁四位备战南京青奥会射击选手在一次训练比赛中,这四位选手各射击10次,
每人的平均成绩都是9.5环,方差如下表:
一、选择题(本大题共12小题,每小题3分,共36分)
选手甲乙丙J
L用一a表示的数一定是()
方差(环°)07350.0180?220.055
A.负数B.负整数C.正数或负数或0D.以上结论都不对
则在这次训练比赛中,这四位选手发挥最稳定的是()
2.下列图形是中心对称图形的是(
A.甲B.乙C.丙D.T
9.如图,在AABC中,ZBAC=45o,ΛB=ΛC=8,P为AB边上一动点,以PA,PC为边作d>AQC,
则对角线PQ长度的最小值为()
嫡B⑨
3.若关于X的一元二次方程为ax2+bx+5=0(a≠0)的解是x=-1,则2025-a+b的值是()
A.2030B.2020C.2026D.2024
4.如图所示,一辆汽车,经过两次转弯后,行驶的方向与原来保持平行,如果第
一次转过的角度为α,第二次转过的角度为6,则B等于()
oo
A.αB.90°-ɑC.180-aD.90+ɑ10.已知一次函数y=(m-4)x+2m+l的图象不经过第三象限,则m的取值范围是()
如图,这是一个几何体的三视图,根据图中所示数据计算这个几何体的侧面积为()
5.A.m<4B.-^≤m<4C.--≤m≤4D.m≤g
11.如图,在矩形ABCD中,AC,BD相交于点0,AE平分NBAD交BC于E,连结0E,已知AO=BE,
则NDOE的度数为()
A.9πB.10πC.11πD.12π
6,下列多项式中能用平方差公式因式分解的是()
ooo
A.a2+(-b)2B.5mj_20mnC.-χ2-y2D.-χ2+9Λ.105B.100C.120D.110°
12.如图,函数y=aχ2+bx+c的图象过点(-1,0)和(m,0).
7.李大爷想围成一个如图所示的长方形菜园,已知长方形菜园ABCD的面积为24平方米,设BC
边的长为X米,AB边的长为y米,则y与X之间的函数解析式为()
①abcVO;②4a+cV2b;(3)—=1-ɪ:®amJ+(2a+b)m÷a+b÷c<0;⑤Iam+a∣=YbJac
241
A.y=-B.y=-2x+24C.y=2χ-24D.y=-χ-12cɪn
A.①③⑤B.①②@©⑤C.①③④D.①②③⑤
二、填空题(本大题共6小题,每小题3分,共18分)20.如图,在边长为1的正方形组成的网格中,^AOB的顶点均在格点上,点A、B的坐标分别
13.若a+b=4,a-b=l,则(a+D5t-(b—1尸的值为_____.是A(3,2),B(l,3).ZkAOB绕点0逆时针旋转90°后得到4AQB∣.
14.在一个不透明布袋里装有3个白球、2个红球和a个黄球,这些球除颜色不同其它没有任何
区别.若从该布袋里任意摸出1个球,该球是黄球的概率为则a等于.
15.“低碳生活,绿色出行”,自行车正逐渐成为人们喜爱的交通工具.某运动商城的自行车销
售量自2014年起逐月增加,据统计,该商城1月份销售自行车64辆,3月份销售了100辆.若
该商城前每个月的自行车销量的月平均增长率相同,设月平均增长率为X,由题意可得方
程:.
(1)点A关于点O成中心对称的点的坐标为—
16.在RtZ^ABC中,NC=90°,AC=6,BC=8,点D在AB上,若以点D为圆心,AD为半径的
(2)点Al的坐标为;
圆与BC相切,则。D的半径为.
⑶在旋转过程中,求点B经过的路径的长.
21.“机动车行驶到斑马线要礼让行人”等交通法规实施后,某校数学课外实践小组就对这些交
通法规的了解情况在全校随机调查了部分学生,调查结果分为四种:A.非常了解,B.比较了解,
C.基本了解,D.不太了解,实践小组把此次调查结果整理并绘制成下面不完整的条形统计图和
17.如图,在aABC中,ZB=30o,ZC=45o,AD是BC边上的高,ΛB=4cm,分别以B、C为
扇形统计图.
圆心,以BD、CD为半径画弧,交边AB、AC于点E、F,则图中阴影部分的面积是cm"
18.在如图的正方形方格纸中,每个小的四边形都是相同的正方形,A,B,C,D都在格点处,
请结合图中所给信息解答下列问题:
(1)本次共调查名学生;扇形统计图中C所对应扇形的圆心角度数是;
⑵补全条形统计图;
(3)该校共有800名学生,根据以上信息,请你估计全校学生中对这些交通法规“非常了解”的
有多少名?
10-4(x-3)≥2(x-l)(4)通过此次调查,数学课外实践小组的学生对交通法规有了更多的认识,学校准备从组内的甲、
19.解不等式组:l-2x
X-I>1----
2乙、丙、丁四位学生中随机抽取两名学生参加市区交通法规竞赛,请用列表或画树状图的方法
求甲和乙两名学生同时被选中的概率.
22.某市政府计划在总费用2300元的限额内,租用汽车送234名运动员和6名教练参加青少年24.如图,已知RlAACE中,ZAEC=90o,CB平分NACE交AE于点B,AC边上一点0,。。经
运动会,每辆汽车上至少要有1名教练.现有甲、乙两种大客车,它们的载客量和租金如下表:过点B、C,与AC交于点D,与CE交于点F,连结BF.
甲种客车乙种客车⑴求证:AE是。。的切线;
载客量/(人/辆)45304
⑵若COSNCBF=WAE=8,求OO的半径;
租金/(元/辆)400280
⑶在⑵条件下,求BF的长.
⑴共需租多少辆汽车?
(2)有几种租车方案?
(3)最节省费用的是哪种租车方案?
2
25.如图,在平面直角坐标系中,0为坐标原点,直线y=-5x+b与X轴交于点B,与y轴交于点
3kC,抛物线丫=2乂2-5@乂-62(@〈0)经过氏C两点,与X轴交于另一点A.
23.如图,直线y尸-x+4,y,qx+b都与双曲线y工交于点A(l,m),这两条直线分别与X轴交于
⑴求a,b的值;
B,C两点.
⑵点P在线段AB上,点Q在线段PC的延长线上,过点Q作y轴的平行线,交直线BC于点F,
过点Q作y轴的垂线,垂足为点E,交对称轴左侧的抛物线于点D,设点P的横坐标为I,线段
2
QF的长为d,当d与t之间的函数关系式d=-^t+4时,求D的坐标.
⑶在(2)的条件下,连接CD,将ACQD沿直线CD翻折,得到ACQ'D,求I为何值时,点Q'
⑴求y与X之间的函数关系式;恰好落在抛物线上,并求出此时点Q'的坐标以及tan/DCQ的值.
3k
⑵直接写出当x>0时,不等式x+b>-的解集;
74X
⑶若点P在X轴上,连接AP把AABC的面积分成1:3两部分,求此时点P的坐标.
备用国(-)备用圉(二)
答案
1.C.
2.D
3.A.
4.C
5.B.
⑶点B经过的路径为曲”OB=√l2÷32=√Tθ,萌的长=殁气料叵=乎Ji.
6.D.
7.A
21.解:(1)6090°
8.B
(2)补全条形统计图如下.
9.D
学生对交通法规r
10.B.解情况条形统计图
11.A.
12.B.
13.答案为:12
14.答案为:5.
(3)估计全校学生中对这些交通法规“非常了解”的有800X40%=320(名).
15.答案为:64(1+X)2=100.
(4)画出树状图如下.
1R
16.答案为:才.开始
甲乙丙】
17.答案为:2+2√3-^./K/NZNZN
乙丁丙甲「丙甲乙T甲乙丙
共有12种等可能的结果数,其中甲和乙两名学生同时被选中的结果数为2,
18.答案为:噂.
21
.・・甲和乙两名学生同时被选中的概率为诵=6
22.解:(1)由每辆汽车上至少要有1名老师,汽车总数不能大于6辆;
又要保证240名师生有车坐且汽车总数不能小于240/45(取整为6)辆,
综合起来可知汽车总数为6辆.
(2)设租用m辆甲种客车,则租车费用Q(单位:元)是m的函数,
3
19.答案为:^<x≤4.即Q=400m+280(6-m);化简为:Q=120m+1680,
依题意有:120m+1680W2300,
20.解:(I)(―3>—2)s
.∖m≤31∕6,
(2)如图,在坐标系中画出将aAOB绕点0逆时针旋转90°的4A,0B”点A,的坐标为(-2,3)
即m≤5
又要保证240名师生有车坐,m不小于4,所以有两种租车方案:24.⑴证明:连接0B,
方案一:4辆甲种客车,2辆乙种客车:VOB=OC,
方案二:5辆甲种客车,1辆乙种客车.・•・ZOCB=ZOBC,
⑶由⑵知Q=120m+1680YCB平分/ACE,
随m增加而增加,・•・ZOCB=ZBCF,
二当m=4时,Q最少为2160元.即方案一最节省费用.ZOBC=ZBCF,
23.解:⑴把A(l,m)代入M=-X+4,可得m=-1+4=3,ΛZABO=ZAEC=90°,
ΛA(1,3),ΛOB±AE,
把A(l,3)代入双曲线y=,可得k=lX3=3,・・・AE是Θ0的切线;
⑵解:连接DF交OB于交
Ay与X之间的函数关系式为:y=p
YCD是。0的直径,
(2)VA(1,3),
ΛZCFD=90o,
Qk
,当x>0时,不等式[x+b>-的解集为:x>l;・•・ZCFD=ZCEA,
4X
ΛDF√AE,
(3)y1=-x+4,令y=0,则x=4,
ΛZCDF=ZCAB,
・•・点B的坐标为(4,0),
VZCDF=ZCBF,
把A(1,3)代入y2=∣x+b,可得3=,+b,
・・・ZA=ZCBF,
4
.*.COSZCBF=COSZCEF=5^
39VAE=8,
∙,∙y≡V+4,
.∙.AC=10,
令y=0,则X=-3,即C(-3,0),ΛCE=6,
ΛBC=7,VDF/7AE,
TAP把AABC的面积分成1:3两部分,ΛDF10B,
.∙.CP=∣BC=^,或BP=IBCq/.DG=GF=BE,
设BE=2x,则DF=4x,CD=5x,
7579
,0P=3-T=7,或OP=4-7=7,
4444.∙.0C=0B=2.5x,
59ΛΛO=IO-2.5x,AB=8∙2x,
.*.P(~7»0)或(不θ)∙
VAO2=AB2+OB2,
32
Λ(10-2.5X)2=(8-2X)2+(2.5X)2,解得:x=](负值舍去),•;DQ_Ly轴,且点D在抛物线上,・•・∙](x+D(x∙6)二8,
155
・・・。0的半径=彳;Λx1=2,x2=3>2(⅛),'D(2,8),
⑶延长DC交X轴于H,过点P作PG_LAC,由⑵有C(0,4),D(2,8),
・•・直线CD解析式为y=2x+4,
1
YZSCQD沿直线CD翻折,得到aCQ'D,・,•设QQ'的解析式为y=-]x+b,
ɪ11ɪ
⑶解:由⑵知BE=2x=3,*/(-t,8),Λ8=2t+b,.*.b=8-2t,JQQ'的解析式为y=-]x+8-]t
是。的切线;
CAEO1ɪ
ΛZBCE=ZEBF,设点Q'(n,-]n+8-]t),
VZE=ZE,
211
ΛΔBEF∞ΔCEB,・・・点Q'恰好落在抛物线上,・・・-3(n÷l)(n-6)=-而+8-1①,
.BECE.3_6
,ΦEFZ"BE,**EF-3^,ɪɪ
,+t
3VQ(n,-2∏8-2)»Q(-t,8),
∙∙.EF=5,1ɪ1
∙∙∙QQ'的中点坐标为(2(nτ),-in-4t+8)
ɜr
ΛBF=2√5∙
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