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文档简介
2022-2023学年江西省鹰潭市高一(下)期末数学试卷
一、单选题(本大题共8小题,共40.0分。在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)
1.下列说法正确的是()
A.各个面都是三角形的几何体是三棱锥
B.用平行于圆锥底面的平面截圆锥,截去一个小圆锥后剩余的部分是圆台
C.底面是矩形的四棱柱是长方体
D.三棱台有8个顶点
2.已知向量五=(4,一2),b=(%-1,2),若则|「一石|=()
A.3/7B.2HC.3D.5
3.己知角。=型|包,且角9的终边所在直线经过点P(x,2C),则式的值为()
A.±2B.2C.-2D.-4
4.北极阁位于鹰潭公园的东侧,前门是大码头,旧时为鹰潭最繁华的街市.某同学为测量北
极阁的高度MN,在北极阁的正北方向找到一座建筑物AB,高约为30m,在地面上点C处
(B,C,N三点共线)测得建筑物顶部4北极阁顶部M的仰角分别为30。和45。,在A处测得北极
阁顶部M的仰角为15。,北极阁的高度约为()
A.45mB.52mC.60mD.65m
5.将复数1对应的向量而绕原点按顺时针方向旋转》得到的向量为西,那么西对
应的复数是()
A.V_3-iB.V3+iC.-V_3一iD.—V~3+i
6.关于8,对于甲、乙、丙、丁四人有不同的判断,甲:。是第三象限角,乙:£即。=今丙:
tan29>ltan26>1,丁:tan(6-兀)不小于2,若这人只有一人判断错误,则此人是()
A.甲B.乙C.丙D.T
7.一个球体被平面截下的一部分叫做球缺.截面叫做球缺的底面,垂/-----\
直于截面的直径被截后,剩下的线段长叫做球缺的高,球缺曲面部分/\
的面积S=2TTRH,其中R为球的半径,,为球缺的高.如图,若一个半II
径为R的球体被平面所截获得两个球缺,其高之比为强=3,则表面积
(包括底面)之比3=()
A.\
B4
620
C11
D.与
8.在锐角AABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,且满足c-b=2bcos4若;ls)(C+
B)-cos(C-B)<3恒成立,则实数;l的取值范围为()
A.(-8,4)B.(-8,4]C.(-OO,5L2]D.(-8,弓3)
二、多选题(本大题共4小题,共20.0分。在每小题有多项符合题目要求)
9.已知复数Z]满足Z]=牛,z2=x+yi,x,yER,zr,z2所对应的向量分别为被QOZ;,
其中。为坐标原点,则()
A.zi的共轨复数为1一1
B.当x=0时,Z2为纯虚数
C.若西〃西,则x+y=0
D.若西1两,则匕+z2|=\z1-z2\
10.如图所示,设Ox,Oy是平面内相交成6(。中6角的两条数轴,瓦,石分别是与x轴,y轴
正方向同向的单位向量,则称平面坐标系xOy为。反射坐标系在。反射坐标系中,若丽=
xe^+ye^,则把有序数对(x,y)称为向量丽的反射坐标,记为丽=(x,y).在。=亨的反射坐
标系中,a=(1,2),b=(2,-1).其中正确的是()
M
y
A.a-b=(-1,3)B.|五|=V-5
C.albD.\b\=y/~7
11.已知函数/'(x)=Asin(^a)x+w)(4>0,a)>0,\<p\<n)
的部分图象如图所示,则下列结论中正确的是()
A./(x)=<3sin(^x-%
B./(%)=Csin《x+》
C.点(2023,0)是f(x)的一个对称中心
D.函数的图象向左平移;个单位得到的图象关于y轴对称
12.在棱长为4的正方体4BC0—4&口。]中,点E为棱的中点,点F是正方形必当前。1内
一动点(含边界),则下列说法中正确的是()
A.直线BCi与直线4c夹角为60。
B.平面BC】E截正方体所得截面的面积为18
C.若EF=2<5,则动点F的轨迹长度为兀
D.若4F〃平面8C1E,则动点F的轨迹长度为2门
三、填空题(本大题共4小题,共20.0分)
13.复数z=则z+z=.
14.已知点4(2,1),B(l,3),CD=(3,4),则向量荏在向量备上的投影向量的坐标为.
15.若x=a时,函数/(久)=y/~^sinx一cosx取得最小值,贝!Isina=.
16.三棱锥P-ABC的四个顶点都在半径为5的球面上,已知P到平面力BC的距离为7,AB1
AC,BC=6.记PA与平面ABC所成的角为仇贝心》8的取值范围为.
四、解答题(本大题共6小题,共70.0分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
17.(本小题10.0分)
已知复数2=从的6/?),»是虚数单位.
(1)若羽是实数,求b的值;
(2)在①点P在实轴上,②点P在虚轴上,③点P在一、三象限的角平分线上,这三个条件中
任选一个,补充在下面问题中,并解答.
问题:若b=复数(rn+z)2在复平面内对应的点为P,且,求实数m的值.
注:如果选择多个条件分别求解,按第一个解答记分.
18.(本小题12.0分)
设a为常数,函数y=f(x)=asin2x+2cos2x{xG/?).
(1)设。=/耳,求函数y=f(x)的单调区间及周期7;
(2)若函数y=f(x)为偶函数,令g(x)=2/Q)+1,此函数g(x)的值域.
19.(本小题12.0分)
在△ABC中,AB=2,AC=1,乙4cB=[,D是线段BC上一点,且前=[方乙尸为线段48上
4Z
—点.
(1)设荏=无,前=石,同=+y].求x-y;
(2)若尸为线段4B的中点,求方•元?的值.
20.(本小题12.0分)
如图,△ADM是等腰直角三角形,AD1DM,四边形48CM是直角梯形,AB1BC,MC1BC,
且AB=2BC=2cM=2,平面40M_L平面48cM.
(1)求证:AD1BM;
(2)若点E是线段OB上的一动点,问点E在何位置时,三棱锥"-AOE的体积为卒?
9
21.(本小题12.0分)
在△4BC中,内角4,B,C所对的边分别为a,b,c,且bsinA=asin(B+/
(1)求角B的大小;
(2)若a=3,c=2,求b和sin(4-C)的值.
22.(本小题12.0分)
向量是解决数学问题的有力工具,我们可以利用向量探究△ABC的面积问题:
(1)已知|4B|=2,|4C|=5,AB-AC=8,求△4BC的面积;
(2)己知不共线的两个向量而=Qi,yQ,AC=(x2,y2y探究△ABC的面积表达式;
(3)已知。(0,0),若抛物线y=/一2x-3上两点,(%1,了1)、8()2,丫2)满足%2=X1+1,求)
0aB面积的最小值.
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解:根据题意,依次分析选项:
该几何体是由两个三棱锥拼接而成的组合体,各个面都为三角形,但不是三棱锥,A错误;
对于氏项根据圆锥、圆台的结构特征,用平行于圆锥底面的平面截圆锥,截去一个小圆锥后剩
余的部分是圆台,8正确;
对于C,底面是矩形的四棱柱可能为斜四棱柱,C错误;
对于0,三棱台有6个顶点,。错误.
故选:B.
根据题意,由三棱锥、圆台、棱柱和棱台的几何结构依次分析选项是否正确,综合可得答案.
本题考查棱柱、棱锥和圆柱的结构特征,注意常见几何体的定义,属于基础题.
2.【答案】D
【解析】解:因为五=(4,—2),b=(x—1,2)>且乞1b,
所以五-K=4(x-l)-2x2=0-
所以x=2,
所以B=(l,2),a-K=(4,-2)-(1,2)=(3,-4))所以|百一石|=,32+(-4/=5.
故选:D.
依题意可得有4=0,即可求出x的值,在求出五-3的坐标,从而求出其模.
本题主要考查向量垂直的性质,属于基础题.
3.【答案】B
【解析】解:cosd=COS20;3"=cos(674兀+.=cos|=
„X1
因为角。的终边所在直线经过点p(x,2C),所以cos。=丁2G)2=2,
解得X=±2(舍负).
故选:B.
利用诱导公式,可得cosJ=E,再由三角函数的定义,得解.
本题考查三角函数的定义,诱导公式,考查逻辑推理能力和运算能力,属于基础题.
4.【答案】C
【解析】解:由题意得,在Rt/kABC中,4c=聋?=60,
sin30
在AACM中,Z.CAM=30°+15°=45°,N4cM=180。-45。-30°=105。,1•.Z.AMC=30°,
由正弦定理得,.得MC=叁/sin45。=60S,
smz/lMcsinzc/lMstn3Q
在RtZiMNC中,MN=MC-sin450=60.
故选:C.
在RtZkABC中,求得AC=60,在△ACM中,利用正弦定理得到MC,在RtZkMNC中,利用MN=
MC-sin45。即可求解.
本题考查了正弦定理的应用,属于中档题.
5.【答案】4
【解析】解:将复数1+Ci对应的向量而绕原点按顺时针方向旋转》得到的向量为西,
则两对应的复数是(1+/3i)[cos(-=)+sin(-划=(1+=G-J
故选:A.
根据已知条件,结合复数的几何意义,即可求解.
本题主要考查复数的几何意义,属于基础题.
6.【答案】D
【解析】解:由tan(0-兀)=1即0,所以乙和丁的判断只有一个正确,且tan20=产吗,
''1-tan"
若丁的判断正确,即tan。22,则£即2。=/吗<0,
此时丙的判断错误,不符合题意;
若乙的判断正确,即tan8=;,此时满足tan。>0,且tan20=产吗。=)>1,
2l-tanz03
此时甲、丙都正确,符合题意.
故选:D.
根据题意得到乙和丁的判断只有一个正确,分丁的判断正确和乙的判断正确,结合三角函数的符
号和正切的倍角公式,即可求解.
本题主要考查三角函数值的符号,属于基础题.
7.【答案】D
【解析】解:啜=3,Z+“2=2R,
rr3R..R
%=―,H2=2)
••・表面积(包括底面)之比3=2^Rx竽+”(R2?=米
22nRx^+nx(R2—')
故选:D.
由球的性质可求出截面圆的半径,从而求出表面积,可解此题.
本题考查球的性质以及表面积公式,属于中档题.
8.【答案】B
【解析】解:由正弦定理可知,c—b=2bcosAosinC—sinB=2sinBcos4①,
又因为4+B+C=兀,所以sinC=sin(4+B)=sinAcosB+cosAsinB@<
将②式代入①式可得sinAcosB—sinB=sinBcosA,整理得sin(A-B)=sinB,
因为4,86(0,兀),所以4-B=B,即A=2B,
又因为4+B+C=7T,
所以C=兀-3B,即cos(C—B)=cos(7i—4B)=~cos4B=-cos2A=2sin2A—1,
又有苑讥(C+B)-cos(C-8)<3恒成立等价于4<3黑:渭=2s*+2恒成立,
又因为△ABC是锐角三角形,
所以4B,Ce(0,今,
0V2BV5
即解得牌
0<7T-3B<^
所以4=28€(,令,故sinAe(3,l),
设t=sinA,则易知/(t)=t+;在区间(分,1)上单调递减,
故2<〃t)<g
所以空可[土2=%;(4,亨),
故a44,即ae(-8,4].
故选:B.
首先利用正弦定理进行“边化角”,而后通过代换减少变量,利用函数的值域即可解决问题,特
别注意这里不满足基本不等式的应用条件.
本题主要考查了正弦定理的应用,还考查了和差角,二倍角公式,函数的单调性的综合应用,属
于中档题.
9【答案】CD
【解析】解:已知复数Zi满足Zi=牛,
则Z[=l-i,
又Z2=%+yi,x,yeR,zt,z2所对应的向量分别为西*,0Z;,其中。为坐标原点,
则西=(1,-1),两=(x,y),
对于选项A,Z]的共较复数为1+3即选项A错误;
对于选项B,当%=0,yHO时,Z2为纯虚数,即选项8错误;
对于选项C,当西〃西时,
则1xy=(-1)X%,
则%+y=0,
即选项C正确;
对于选项。,若OZ;1OZ;,
则冗=y,
则Zi+z2=(1+%,%—1),zt-z2=(1—x,—x—1),
则区+Z2\=|Z1—z2\=J(1+X)2+(1—X)2,即选项D正确.
故选:CD.
由复数的运算,结合复数的模的运算逐一判断即可得解.
本题考查了复数的运算,重点考查了复数的模的运算,属基础题.
10.【答案】AD
【解析】解:a=(1,2),b=(2,-1),
则五=吊+2电是=2瓦-瓦,
故万一石=瓦1+2另一2可+/=一瓦<+3与,
故为一3=(-1,3),故A正确;
a=(1,2),
则4=可+2或,两边同时平方可得,
I3I=J回+2砂=J可2+4瓦怎+4可2=J同『+4㈤•层|cos竽+4|石『
=J1+4x(-今+4=「,故B错误;
Q=(1,2),b=(2,—1),
则五二百+2石,石=2瓦一瓦,
五不=回+2的.(2区一或)=2/2+3区总-2a2=2闻产+3同|,底|cos李一2|可『
=2+3x(-i)-2=-|*0,故行花不垂直,故C错误;
法|=J(2瓦一反产=J4/2_4瓦•可+a2=J4|万|2-4同•同|cos竽+|五|2
=J4+4x1+1=故。正确.
故选:AD.
4选项,根据条件,可得五一石=一百+3祓,得到方一方=(一1,3),即可判断;
B选项,根据|引=J回+2苞)2,求出模即可判断;
C选项,根据五•方=回+2或).(2瓦(一的,计算出五4=-|40,即可判断;
0选项,由|石|=J(2瓦一或)2,计算出|方|=7~7,即可判断.
本题主要考查平面向量的基本定理,考查转化能力,属于中档题.
11.【答案】AC
【解析】解:由图可知。=3-(-1),A=R,所以7=8,即生=8,解得3=,
2\/34
所以/'(%)-v-3sin(^x+(P),又f(-l)-v-3sin(-^+<p)-0,
所以一今+W=n+2卜乃,keZ,解得9=苧+2々兀,k6Z,又|卬|<兀,所以0=一率,
所以/"(X)=losingx—争,故A正确,B错误;
/'(2023)=,3sin(型等一与)=Csin5057r=0,所以点(2023,0)是/(x)的一个对称中心,故C
正确;
将函数f(x)的图象向左平移冷单位得到y=Csin6(x+力一曲=<3sin(2x+喘一多),
显然函数y=<3sin(Jx+的一年)不是偶函数,故D错误.
故选:AC.
根据函数图象可得4=C、2=4,即可求出3,再根据函数过点(-1,0)求出仍即可求出函数解
析,再根据正弦函数的性质及三角函数的变换规则判断即可.
本题主要考查三角函数的图象与性质,考查转化能力,属于中档题.
12.【答案】ABD
【解析】解:对于4连接4G,BG,AC,
可得正AAiBCi,根据正方体的性质,AJIAC,
故直线BCi与直线AC夹角为直线Bq与直线&G的夹角为60。,故A正确:
对于8,因为面4054〃面BCGBi,平面BGEn面Bee/】=BG,
根据面面平行的性质可得平面8GE截4。。出的交线EP〃BG,
D,
故平面BCE截AC的交点P为力。的中点,
故PB=VAB2+AP2=JC©+。送2=EC1,
故截面为等腰梯形EPBG,
在等腰梯形EPBCi中BQ=4C,PE=2,7,高h=3/7,
故截面的面积为生竽2X3C=18,故B正确;
22
对于C,若EF=2,石,则名尸=7EF-DXE=4,
故动点F的轨迹为以以为圆心的四分之一圆弧福,其长度为4=2兀,故C错误;
由B知截面为等腰梯形EPBG,
由四边形ABCiA为平行四边形得4DJ/BC1,
又g,面BGE,BCiu面BGE,所以也〃面BGE,
由四边形BQQP为平行四边形得DiQ〃PB,DiQC面BGE,BPu面BC】E,
所以。iQ〃面BGE,由得平面。1Q4〃平面8EG,
又AFu平面DiQA,所以AF〃平面BEQ,
故厂的轨迹为线段DiQ,其长度为V为+22=2门,故力正确.
故选:ABD.
对A,根据AC的平行线确定直线BCi与直线AC夹角即可;
对B,根据面面平行的性质,作出平面BCiE截正方体所得截面并求其面积即可;
对C,由题意D]F=4,动点尸的轨迹为以名为圆心的四分之一圆弧再根据弧长公式求解即
可;
对。,先判断过A且平行于平面BC]E的平面截正方体的面,再分析尸的轨迹即可.
本题考查了立体几何的综合应用,属于中档题.
13.【答案】I
3g4刀ii(l-2i)i+22,1.
==+G
【解析】解:z=1+2i=(1+2i)(i-2i)~55
z=|-|i,则z+z=
故答案为:I
利用复数代数形式的除法运算化简得到z,再由共聊复数的概念得到W,进而求出结果.
本题主要考查复数的四则运算,以及共辅复数的定义,属于基础题.
14.【答案】(卷,卷)
【解析】解:根据题意,点4(2,1),5(1,3),则荏=(-1,2),
CD=(3,4),则|而|=,9+16=5,AB-CD=-3+8=5>
故向量而在向量而上的投影向量为鬻露=^ScD=其坐标为
\LU\|LD|353
故答案为:得j).
根据题意,求出向量荏的坐标,进而由数量积的计算公式计算可得答案.
本题考查向量数量积的计算,涉及投影向量的计算,属于基础题.
15.【答案】一?
【解析】解:/(%)=y/~2sinx-cosx=y/~3(y=sinx—■7=cosx),
令cos。=胃,sind=六,
则/(%)=V_5sin(x—6),
x=a时,函数/(无)=\T2sinx-cosx取得最小值,
cc-9=2kji-],kEZ,即a=6+2kji—kEZ,
贝Usina=sin(6+2kn—y)=sin(0—y)=—sin(y—0)=—cosQ=—潴=—冬.
故答案为:
利用辅助角公式进行化简,利用最小值建立方程进行求解即可.
本题主要考查三角函数的化简和求解,利用辅助角公式进行转化,结合三角函数的诱导公式进行
化简是解决本题的关键,是基础题.
16.【答案】行,甯]
【解析】解:设尸为三棱锥P-ABC外接球的球心,E为AABC外
接圆的圆心,
则E为BC的中点,EF1平面ABC,
过点P作PM1•平面ABC,M为垂足,则=PM=7,
作FG1PM,垂足为G.则四边形MEFG为矩形,
BC=6,BE=3,BF=5,
EF-V25-9=4,MG=4,
•••PG=3,ME=GF=V25-9=4,
EM-EA<AM<EM+EA,:.1<AM<7,
PA=VPM2+AM2=V49+AM26[5^,7y/~2].
PM7仁C7y/~2.
:•sind~PA
故答案为:[浮,需].
设尸为三棱锥P-4BC外接球的球心,E为△4BC外接圆的圆心,过点P作PM平面48C,M为垂
足,作FG1PM,垂足为G,根据EM-EAWAMWEM+E4,求得4M的范围,进而可求得P4的
范围,从而可得出答案.
本题考查三棱锥及其外接球的结构特征、线面垂直的判定与性质、线面角的正弦值等基础知识,
考查运算求解能力,是中档题.
17.【答案】解:(1)因为第=寥=需若J=f铲^为实数,
所以2b+l=0,
所以b=—";
(2)若b=-1>复数(m+z)2=(m-1j)2=m2--mi在复平面内对应的点为P(m2一一根),
选①点P在实轴上,则m=0;
若选②点P在虚轴上,则Hl?一*=0,
所以m=士:;
若选③点P在一、三象限的角平分线上,
所以Hl?—1——m,
4
解得7n=若匚.
【解析】(1)结合复数的四则运算进行化简,然后结合复数的概念可求;
(2)结合所选条件即复数的基本概念可建立关于b及m的方程及不等式,可求.
本题主要考查了复数的四则运算及复数概念的应用,属于基础题.
18.【答案】解:(1)因为Q=
所以/(%)=y/~3sin2x+cos2x+1=2sin(2x+专)+1,
令2kli-gw2x+gW2kji十:,kGZ,
解得/CTT—-<x<kn+%kEZ
DO9
即函数y=/(%)的单调增区间为即冶做+匀々£Z,
令2kji+7工2%+WW2/CTT+当,kWZ,
LOz
解得々yr+gW%工ku+k£Z,
o3
可得函数y=/(约的单调减区间为阿+也时+等,keZ,
可得函数的周期为7=与=兀.
(2)函数y=f(x)为偶函数,
则/'(一%)=f(x),
可得一QSE2第+cos2x+I=asin2x+cos2x+1,即QS比2%=0,
由于XGR,
则Q=0,
故/(%)=cos2x+1,
则g(X)=2/(x)+1=2cos2x+3,
由于cos2xE|-1,1],
故gQ)6[1,5].
【解析】(1)由题意利用三角函数恒等变换化简函数解析式可得f(x)=2s讥(2x+》+l,进而利
用正弦函数的单调性以及周期性即可求解;
(2)由y=/(x)为偶函数,可得asizi2x=0,可求a=0,进而可求g(x)=2cos2x+3,根据余弦
函数的性质即可求解g(x)的值域.
本题考查了三角函数恒等变换,正弦函数的单调性以及周期性,余弦函数的性质,考查了转化思
想和函数思想,属于中档题.
19.【答案】解:⑴而=尼+而=前+|而=》+|须一硝=|荏+萍,------(4分
)
因为荷=苍,AC=b,所以初=,四+:而=|方+=+
由平面向量基本定理可得x=阻y=所以x-y='-:=------------(5分)
(2)因为F为线段4B的中点,所以#=2石?+20,..............(7分)
又方=CA-CF=CA-^(CA+CB)=^CA-^CB,...................-(9分)
因为在△ABC中,AB=2,AC=1,44cB=全可得CB=-3,
.-.CF-FA=+|CB)•-|cF)=\CA-^CB'=-J;------------(12分)
【解析】(1)推出而=:而+3正,得到万=%五+丫],由平面向量基本定理求解即可.
(2)推出#=;匕?+;区,结合瓦?=3万?一上瓦,利用平面向量的数量积求解即可.
本题考查平面向量的数量积的应用,平面向量基本定理的应用,是中档题.
20.【答案】(1)证明:•••四边形ABCM是直角梯形,AB1BC,MC1BC,AB=2BC=2MC=2,
•••BM—V1+1—yT~2,AM-yj(2—l)2+l2-V_2>
贝|J4"2+BM2=AB?,AM1MB,
•••平面ADM1平面4BCM,平面ADMCI平面4BCM=AM,
BMu平面ABCM,
BM_L平面D4M,
又DAu平面DAM,ADIBM;
(2)解:由(1)可知BM1平面ADM,=
设雅=九贝UE到平面4DM的距离为B到平面力DM的距离的2倍,
即E到平面ADM的距离d=G,
•・•△4DM是等腰直角三角形,AD1DM,AM=y/~l,AD=DM=1,
^M-ADE~^E-ADM=Xd=殍,即gX|X1X1Xy1~2A=噂,
,2
•••4=§,
E为线段BD上靠近点B的三等分点.
【解析】(1)利用勾股定理证明ZM1MB,再根据面面垂直的性质可得BM_L平面ZMM,再根据线
面垂直的性质即可得证;
(2)设黑=九则E到平面
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