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文档简介
2023届浙江省丽水四校最新高考模拟示范卷物理试题卷(三)
注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)
填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处”。
2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦
干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先
划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、科学家已经成功检测定位了纳米晶体结构中的氢原子。按玻尔氢原子理论,氢原子的能级图如图所示,下列判断正
确的是()
A.氢原子从第4激发态跃迁到第2激发态需要吸收光子
B.一个处于〃=4激发态的氢原子向基态跃迁时,最多可能发出6条光谱线
C.用光子能量为13.06eV的光照射一群处于基态的氢原子,可观测到多种不同频率的光子
D.氢原子的核外电子由低能级跃迁到高能级时,电势能减小,动能增大
2、如图,半径为d的圆形区域内有磁感应强度为3的匀强磁场,磁场垂直圆所在的平面。一带电量为g、质量为〃?
的带电粒子从圆周上a点对准圆心。射入磁场,从b点折射出来,若a=60°,则带电粒子射入磁场的速度大小为()
.qBd_&Bd
mm
C2qBd口3qBd
mm
3、下列关于物质结构的叙述中不F确的是
A.天然放射性现象的发现表明了原子核内部是有复杂结构的B.质子的发现表明了原子核是由质子和中子组成的
C.电子的发现表明了原子内部是有复杂结构的D.a粒子散射实验是原子核式结构模型的实验基础
4、生活中常见的手机支架,其表面采用了纳米微吸材料,用手触碰无粘感,接触到平整光滑的硬性物体时,会牢牢吸
附在物体上。如图是一款放置在高铁水平桌面上的手机支架,支架能够吸附手机,小明有一次搭乘高铁时将手机放在
该支架上看电影,若手机受到的重力为G,手机所在平面与水平面间的夹角为。,则下列说法正确的是()
支架对手机的作用力大小等于二
A.当高铁未启动时,
cos。
B.当高铁未启动时,支架受到桌面的摩擦力方向与高铁前进方向相反
C.高铁匀速行驶时,手机可能受到5个力作用
D.高铁减速行驶时,手机可能受到3个力作用
5、如图所示,一个质量为m的物块A与另一个质量为2〃1的物块B发生正碰,碰后B物块刚好能落入正前方的沙坑
中,假如碰撞过程中无机械能损失,已知物块B与地面间的动摩擦因数为0.2,与沙坑的距离为Im,g取10m/s2,物
块可视为质点,则A碰撞前瞬间的速度为()
m2m
囚国
P----1m------►I
A.0.5m/sB.1.0m/sC.2.0m/sD.3.0m/s
6、木星和土星都拥有众多的卫星,其中“木卫三”作为太阳系唯一一颗拥有磁场的卫星,在其厚厚的冰层下面可能存在
生命,而“土卫二”具有生命诞生所需的全部要素,是最适宜人类居住的星球,经探测它们分别绕木星和土星做圆周运
动的轨道半径之比为。,若木星和土星的质量之比为),则下列关于“木卫三”和“土卫二”的相关说法正确的是()
A.运行周期之比为gb
B.向心加速度之比为一
a
c.环绕速度之比为JqD.表面重力加速度之比与
\ba
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。
全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
7、如图所示,竖直放置的半圆形轨道与水平轨道平滑连接,不计一切摩擦.圆心。点正下方放置为2,"的小球A,质
量为机的小球5以初速度即向左运动,与小球A发生弹性碰撞.碰后小球A在半圆形轨道运动时不脱离轨道,则小
球8的初速度w可能为()
A.了B.C.2y/5gRD.y[5^R
8、如图甲所示,在光滑水平面上,轻质弹簧一端固定,物体A以速度%向右运动压缩弹簧,测得弹簧的最大压缩量
为x,现让弹簧一端连接另一质量为的物体8(如图乙所示),物体A以2%的速度向右压缩弹簧,测得弹簧的最
大压缩量仍为x,贝!1()
T
|.%._.*0
团团XAAAM^T^I
甲乙
A.A物体的质量为3〃?
B.A物体的质量为2利
C.弹簧压缩最大时的弹性势能为:诏
D.弹簧压缩最大时的弹性势能为机崂
9、如图所示,光滑水平桌面放置着物块A,它通过轻绳和轻质滑轮悬挂着物块B,已知A的质量为m,B的质量
为3m,重力加速度大小为g,静止释放物块A、B后。
A.相同时间内,A、B运动的路程之比为2:1
B.物块A、B的加速度之比为1:1
C.细绳的拉力为9空
D.当B下落高度h时,速度为
10、如图所示,一定质量的理想气体的状态连续变化,变化过程为afbfcf其中。。直线平行于2轴,直
线平行于V轴,c为等温过程。下列分析正确的是
A.过程气体内能减小
B.过程外界对气体做功
c.ca过程气体对外界做功
D.仍过程气体放出热量
E.过程气体放出热量
三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
11.(6分)让小车拖着穿过电磁打点计时相的纸带沿倾斜的长木板滑下,在打出的纸带上依次选取1、2、3、1、5、6
六个计数点(每相邻两个计数点间还有三个点未画出)。用刻度尺测出各计数点间的距离,发现连续相等时间间隔内的
距离之差为定值,其中计数点2、3之间的距离.%=6Q0cm,计数点4、5之间的距离=l00°cm。已知打点计
时器电源的频率为50Hz。通过计算回答下列问题(结果均保留2位小数)
/I23456S
(•二6.00^------10.00-?」他、益
(1)计数点1、6之间的总长度为cm;
(2)此过程中小车的加速度大小为m/s2;
⑶若从计数点1开始计时,则0.28s时刻纸带的速率为m.
12.(12分)一个小灯泡的额定电压为2.0V额定电流约为0.5A,选用下列实验器材进行实验,并利用实验数据描绘
和研究小灯泡的伏安特性曲线。
A.电源E:电动势为3.0V,内阻不计;
B.电压表Vi:量程为0~3V,内阻约为IkO;
C.电压表V2:量程为0~15V,内阻约为4kH;
D.电流表Ai:量程为0~3A,内阻约为0.1。;
E.电流表A2:量程为0~0.6A,内阻约为0.6C;
F.滑动变阻器飞:最大阻值为10Q,额定电流为0.3A;
G滑动变阻器最大阻值为15C,额定电流为L0A;
H.滑动变阻器最大阻值为150Q,额定电流为1.0A;
L开关S,导线若干。
实验得到如下数据(/和U分别表示通过小灯泡的电流和加在小灯泡两端的电压):
//A0.000.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50
U/N0.000.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00
(1)实验中电压表应选用;电流表应选用;滑动变阻器应选用。(请填写器材前对应
的字母)
⑵请你不要改动已连接导线,补全图甲所示实物电路图_________»闭合开关前,应使滑动变阻器的滑片处在最
(选填“左”或“右”)端。
⑶在如图乙所示坐标系中画出小灯泡的U-/曲线O
四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算
步骤。
13.(10分)如图所示为水平放置玻璃砖横截面,上表面为半径为K的半圆,4。8为其直径,ABCD为正方形。M点
为CD中点。一束单色光从底面上距C点兮处的N点垂直于底边入射,恰好在上表面发生全反射。求:
(1)玻璃砖的折射率;
(2)现使光束从M点入射,且改变入射光的方向,使光线射入玻璃砖后恰好不从上表面射出,则入射角为多少度。
14.(16分)如图甲,匀强电场的电场强度为E,电场中沿电场线方向上两点4和8距离为d。
(1)一个点电荷+q从A点移动到8点,请你用功的定义、电场力做功与电势差的关系证明七=°詈;
a
(2)若以5处为零势能位置,计算负点电荷-g,在A处具有的电势能£源;
(3)某一带正电的点电荷周围的电场线如图乙所示,其中一条电场线上的三点M、N、P,N是MP的中点。请你判
断M、N两点间电势差UMN与N、尸两点间电势差UNP是否相等,并阐述你的理由。
15.(12分)如图所示,一对平行光滑轨道放置在水平面上,两轨道相距L=lm,两轨道之间用电阻R=2Q连接,有
一质量加=0.5kg的导体杆静止地放在轨道上与两轨道垂直,杆及轨道的电阻皆可忽略不计,整个装置处于磁感应强度
8=2T的匀强磁场中,磁场方向垂直轨道平面向上。现用水平拉力尸沿轨道方向拉导体杆,使导体杆从静止开始做匀
加速运动。经过位移x=0.5m后,撤去拉力,导体杆又滑行了丁=1.5m后停下。求:
⑴整个过程中通过电阻R的电荷量q;
(2)拉力的冲量大小
⑶整个过程中导体杆的最大速度vm;
(4)在匀加速运动的过程中,拉力尸与时间f的关系式。
参考答案
一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、C
【解析】
A.氢原子从第4激发态跃迁到第2激发态是从高能级向低能级跃迁,要辐射光子,故A错误;
B.一个氢原子,从〃=4激发态向基态跃迁,最多可以辐射出3种频率的光子,故B错误;
C.用光子能量为13.06eV的光照射一群处于基态的氢原子,氢原子可以跃迁到〃=5的激发态,再向低能级跃迁可以
辐射出10种频率的光子,故C正确:
D.氢原子的核外电子由低能级跃迁到高能级时,轨道半径变大,动能变小,电势能变大,故D错误。
故选C。
2、B
【解析】
由几何关系可知,粒子运动的轨道半径为
r-dtan60=拒d
可得
石qBd
v=----
m
故选B。
3,B
【解析】
A.天然放射现象说明原子核内部有复杂结构。故A正确,不符合题意;
B.质子的发现与原子核是由质子和中子组成的没有关联。故B错误,符合题意;
C.汤姆生发现电子,知道原子还可以再分,表明了原子内部是有复杂结构的。故C正确,不符合题意;
D.a粒子散射实验说明原子的核式结构模型,故D正确,不符合题意;
故选B。
4、D
【解析】
A.高铁未启动时,手机处于静止状态,受重力和支架对手机的作用力,根据平衡条件可知,支架对手机的作用力与
重力大小相等、方向相反,A错误;
B.高铁未启动时,以手机和支架整体为研究对象,受重力和桌面的支持力二力平衡,不受桌面摩擦力,B错误;
C.高铁匀速行驶时,手机受重力、纳米材料的吸引力、支架的支持力和摩擦力,共4个力作用,C错误;
D.高铁减速行驶时,手机具有与高铁前进方向相反的加速度,可能只受重力、纳米材料的吸引力和支架的支持力共3
个力作用,D正确。
故选Do
5、D
【解析】
碰撞后B做匀减速运动,由动能定理得
12
一〃-2mgx=0-—•2mv~
代入数据得
v=2m/s
A与B碰撞的过程中A与B组成的系统在水平方向的动量守恒,选取向右为正方向,则
mvn=mvt+2mv
由于没有机械能的损失,则
12121c2
—mvQ=—mv~+—•2mv'
联立可得
v0=3m/s
故选D。
6、A
【解析】
ABC.根据
则运行周期之比为、忙,向心加速度之比为巴,线速度之比为故A正确,BC错误;
Vb才Na
D.根据星球表面万有引力等于重力可知
由于不知道"木卫三''和“土卫二”的半径之比,所以无法求出表面重力加速度之比,故D错误。
故选A。
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。
全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
7、BC
【解析】
A与B碰撞的过程为弹性碰撞,则碰撞的过程中动量守恒,设B的初速度方向为正方向,设碰撞后B与A的速度分
别为V1和V2,则:
mvo=mvi+2mv2
由动能守恒得:
1,121c2
—mv^——mvy+—•2mv2
联立得:岭=冬①
3
1.恰好能通过最高点,说明小球到达最高点时小球的重力提供向心力,是在最高点的速度为Vmin,由牛顿第二定律得:
v2.c
2mg=2m・3.②
R
A在碰撞后到达最高点的过程中机械能守恒,得:
2mg-2R=g-2mv^一g•2mv^lin③
联立①②③得:vo=1.5病记,可知若小球B经过最高点,则需要:vo>1.5恒记
2.小球不能到达最高点,则小球不脱离轨道时,恰好到达与O等高处,由机械能守恒定律得:
2〃2g-/?=-2mvf(4)
联立①④得:V0=1.5姬记
可知若小球不脱离轨道时,需满足:vo<1.5何记
由以上的分析可知,若小球不脱离轨道时,需满足:v°<1.5娱记或V。)1.5痴记,故AD错误,BC正确.
故选BC
【点睛】
小球A的运动可能有两种情况:1.恰好能通过最高点,说明小球到达最高点时小球的重力提供向心力,由牛顿第二
定律求出小球到达最高点点的速度,由机械能守恒定律可以求出碰撞后小球A的速度.由碰撞过程中动量守恒及能量
守恒定律可以求出小球B的初速度;2.小球不能到达最高点,则小球不脱离轨道时,恰好到达与O等高处,由机械
能守恒定律可以求出碰撞后小球A的速度.由碰撞过程中动量守恒及能量守恒定律可以求出小球B的初速度.
8、AC
【解析】
对图甲,设物体A的质量为M,由机械能守恒定律可得,弹簧压缩x时弹性势能EP=;MV:;对图乙,物体A以2%
的速度向右压缩弹簧,A、B组成的系统动量守恒,弹簧达到最大压缩量仍为x时,A、B二者达到相等的速度v
由动量守恒定律有:M>2v0=(M+m)v
121
2
由能量守恒有:EP=-M<(2V0)--(M+m)y
193o
联立两式可得:M=3m,Ep=—Mv(;=ymv(;,故B、D错误,A、C正确.
故选A、C
9、AC
【解析】
同时间内,图中A向右运动h时,B下降一半的距离,即为h/2,故A、B运动的路程之比为2:1,故A正确;任意
相等时间内,物体A、B的位移之比为2:1,故速度和加速度之比均为2:1,故B错误;设A的加速度为a,则B
的加速度为0.5a,根据牛顿第二定律,对A,有:T=ma,对B,有:3mg-2T=3m・0.5a,联立解得:T=弊~,a=;g,
故C正确;对B,加速度为a,=0.5a=3g,根据速度位移公式,有:v2=2・a,・h,解得:v=、陛,故D错误;故选
7V7
AC.
【点睛】
本题考查连接体问题,关键是找出两物体的位移、速度及加速度关系,结合牛顿第二定律和运动学公式列式分析,也
可以结合系统机械能守恒定律分析.
10、ACE
【解析】
AE.出?过程为等容变化,afZ7压强减小,由公式K=C可知,温度降低,则理想气体内能减小,由热力学第一定
T
律可知,气体放出热量,故AE正确;
B.过程为等容变化,气体对外不做功,外界对气体也不做功,故B错误;
C.c-。过程为等压变化,体积变大,气体对外做功,故C正确;
D.c―人过程为等温变化,内能不变,体积变大,气体对外做功,由热力学第一定律可知,气体吸收热量,故D错
误。
故选ACE„
三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
11、40.003.131.25
【解析】
根据题意可知,计数点3、4之间的距离为8.0cm,计数点1、2之间的距离为4.00cm,计数点5、6之间的距离
为12.00cm。所以计数点1、6之间的总长度为40.00cm;
(2)⑵相邻计数点间的时间间隔T=0.08s,根据凝=072,所以
2
“45~x23=2aT
得
a=3.125m/s2«3.13m/s2
⑶[3]因为
0.28s=3.57
故0.28s时刻即计数点4、5之间的中间时刻,此时刻的瞬时速度等于计数点4、5之间的平均速度
,v=—=1.25m/s„
T
fU/V
20_________J
L6二二二二一二二二if
12、BEG/
威
00.10.2030.40.5//A
【解析】
⑴口]⑵[3].灯泡的额定电压为2.0V,电压表应选B;灯泡的额定电流为OSA,则电流表应选E;为方便实验操作,
且允许通过的最大电流不能小于0.5A,则滑动变阻器应选Go
(2)[4][5].灯泡正常发光时的电阻
/?=—=—Q=4Q
/0.5
±=里。6.67
RA0.6Q
&1000Q
R40
故
旦〉£
RRA
则电流表应采用外接法,由表中实验数据可知,电压与电流从零开始变化,则滑动变阻器应采用分压式接法,电路图
如图所示;闭合开关前,滑片应置于滑动变阻器最左端。
(3)[6].根据表中实验数据,在坐标系中描出对应的点,然后作出灯泡的U-/曲线如图所示。
四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算
步骤。
13、(1)2;(2)30°
【解析】
(
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