2023年宁夏石嘴山市高考物理适应性试卷

2023年宁夏石嘴山市高考物理适应性试卷

1.中国科幻电影H流浪地球》中由“火石”引燃行星发动机内部的燃料发生聚变反应，场

面非常壮观。关于核反应，下列说法正确的是（）

A.核反应中电荷数和质量数守恒

B.链式反应中，热中子更适于引发裂变

C.方程笏UT箭47人+加e表示核裂变反应

D.核反应温度越高，放射性物质的半衰期越短

2.如图1是工人把货物运送到房屋顶端的场景，简化图如图2所示，绳子跨过定滑轮拉动货

物4沿倾角为。的玻璃棚缓慢向上移动，忽略货物所受摩擦阻力，则下列说法正确的是（）

图1图2

A.货物4对玻璃棚的压力不变B.货物力对玻璃棚的压力越来越大

C.绳子的拉力越来越大D.绳子的拉力越来越小

3.2020年7月23日12时41分，中国首次火星探测任务“天问一号”轨道|

探测器发射升空，2021年2月10日19时52分，实施近火捕获制动，轨道H

进入环火轨道，经多次制动变轨，在2021年5月15日7时18分着陆抗逆山一；」

火星。若探测器登陆火星前，除在P点由自身动力作用改变轨道外，

其余过程中仅受火星万有引力作用，经历从椭圆轨道/T椭圆轨道

∏T环火圆轨道ΠI的过程，如图所示，则探测器（）

A.沿轨道/运行过程中，在P点的速度小于在Q点的速度

B.沿轨道/运行过程中，在P点的速度可能大于火星的第一宇宙速度

C.沿轨道/运行的机械能与沿轨道∏运行的机械能相等

D.沿轨道/、n、HI运行的周期相同

4.电子秤主要部件是平行板电容器，其电路如图所示。称重时，把物体放到电子秤的水平

面板上，在压力作用下会导致电容器上层膜片电极下移。则放上物体后（）

A.膜片移动的过程中，R两端的电压始终为O

B.膜片下移过程中，电流表G有从b到a的电流

C.电容器两极板间的电势差变大

D.电容器两极板间的电场强度变小

5.某空间区域有竖直方向的电场（图中只画出了一条电场

线），一个质量为m、电荷量为q的带正电的小球，在电场中

从A点由静止开始沿电场线竖直向下运动，不计一切阻力，

运动过程中小球的机械能E与小球位移X的关系图像如图所

示，由此可以判断（）

A.沿小球运动方向的电场强度不断减小，最后变为零

B.小球所处的电场为匀强电场，场强方向向上

C.小球可能先做加速运动，后做匀速运动

D.小球一定做加速运动，且加速度不断增大，最后不变

6.近几年，宁夏大力新建风力发电站，风力发电是将机械能转

化为电能的电力设备。某旋转磁极式风力发电机原理如图所示，

风吹动风叶，带动磁极旋转，使得水平放置线圈的磁通量发生变

化，产生感应电流。已知发电机的转速与风速成正比，线圈的电

阻不能忽略。下列说法正确的是（）

A.风速越大，交流电压表的有效值越小

B.风速越大，感应电流的周期越小

C.风速一定的情况下，增加线圈的匝数，电压表读数增大

D.风速一定的情况下，发电机的功率等于电阻的电功率

7.质量为Mg的物块M水平向右滑上逆时针转动的传送带，如图甲所示，物块的V-t图像如

图乙所示。在整个运动过程中，以下说法正确的是（）

图甲

A.物块与传送带间的动摩擦因数为0.1

B.物块在传送带上做匀减速运动的时间是3s

C,整个过程中，物块在传送带上的划痕长度为9m

D.2s时，物体向右运动到最远处

8.如图甲所示，两根相距为L的长直光滑导轨，固定在水平桌面上，导轨间连接着阻值为R的

电阻，质量为m的金属杆垂直于导轨放置并与两导轨接触良好，不计金属杆和导轨的电阻。

匀强磁场方向垂直于导轨平面，磁感应强度大小为B。金属杆在水平拉力作用下向右做直线

运动，位移大小与速率平方的关系如图乙所示。贝女）

金属杆

图甲图乙

A.金属杆的加速度大小为其

B.金属杆所受安培力的大小与速率成反比

C.金属杆在%。处所受的拉力大小为学+竺逋

D.速率从%增大到2%的过程中，金属杆的位移大小为3xo

9.实验小组用图甲所示的装置测量当地的重力加速度，请完成下列实验步骤中的填空：

(1)实验装置如图甲所示：一根不可伸长的轻绳跨过光滑的滑轮，两端分别与钩码和力传感器

相连，力传感器可测出轻绳的拉力。重物用轻绳挂在动滑轮上，其下端与纸带相连，让纸带

穿过打点计时器的限位孔，所有绳子方向均处于竖直状态；

(2)接通电源，释放钩码后重物上升，打点计时器在纸带上打出一系列的点，如图乙所示，记

下此过程中力传感器的示数为F,已知打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz,相邻两计

数点之间还有四个点未画出，此次实验打。点时重物的速度UD=m∕s,重物的加速度

2

a=m∕si(计算结果均保留两位有效数字)

(3)改变钩码的质量，多次重复实验步骤(2),得到多组%F数据：

(4)实验得到重物的加速度α与力传感器示数尸的关系如图丙所示，当地的重力加速度g=

(用图丙中给出的字母表示)。

(5)本实验中主要的误差来源是。

A.动滑轮的重力

B.钩码M的质量远大于重物Tn质量的一半

C空气阻力和纸带与打点计时器间的阻力

10.某实验小组要测量某金属丝的电阻率，先利用电路测量金属丝阻值RX的准确值，可选用

的实验器材有：

电流表4（0〜0.64内阻约为0.5。）；

电压表U（O〜3V,内阻约为5k。）；

待测电阻％（约80）；

滑动变阻器RI（O〜20。）；

滑动变阻器/?2（。〜2kO）;

干电池2节；

开关一个；

导线若干。

（1）在所给电路中，应选用_（填“图甲”或“图乙”）作为测量电路；为了便于调节，滑

un

动变阻器应选用—（填R1或“/?2”）。

（2）该实验过程中，闭合开关后要求立即读数，避免金属丝温度升高，这样做的原因是—0

（3）现有如图所示的多用电表，电流、电压和电阻的测量都各有两个量程。其中电流的小量程

为07）.64大量程为0〜34;电压的小量程为0〜3U,大量程为0〜15U。上述实验，若用多

用表代替电流表4（07）.64）,则图丙中表笔B应连接—，若用多用表代替电压表y（0〜3V）,

则图丙中表笔B应连接—。(均填“1”“2”“3”“4”“5”或“6”)

11.如图所示，在平面直角坐标系XOy的第一、四象限存在磁感应强度大小相等、方向垂直

坐标平面向里的匀强磁场，第二象限内存在水平向右的匀强电场。有一质量为小、电荷量为

q(q>0)的正粒子从y轴的“点(0,-乙)以与y轴负方向成e=60。、大小为火的初速度垂直磁场

进入第四象限，经磁场偏转从y轴上的N点(0,L)进入第二象限，又经电场作用后垂直打在X轴

上的4点，不计粒子重力，求：

(1)第一、四象限内磁场的磁感应强度的大小B；

(2)第二象限内电场强度的大小E。

片

-------►XX

N''

×

—_>XX

^A↑~0~

XX

12.如图所示，一圆心为。、半径R=0.2m、质量M=0.2kg的光滑半圆形轨道竖直放在足

够大的光滑水平面上并锁定，其下端4点与静置于水平面上长L=1.8加、质量m=0.2kg的薄

板右端相切且紧靠。质量Tnl=0∙5kg的物块甲静置于薄板的左端,物块乙静置于薄板的右端。

甲在大小F=2.25N、方向水平向右的恒定拉力作用下由静止开始运动，当甲到达薄板的右端

时撤去拉力，甲与乙发生弹性正碰（碰撞时间极短），碰撞后乙沿半圆形轨道通过最高点C,随

后立即取走乙；甲沿半圆形轨道运动到与。点等高的B点时的速度为零。已知甲与薄板间的动

摩擦因数〃I=0.2,乙与薄板间的动摩擦因数〃2=0-1＞取重力加速度大小g=10m∕s2,最大

静摩擦力均与相应滑动摩擦力相等，甲、乙均视为质点。

（1）求甲与乙碰撞前瞬间甲的速度大小为；

（2）求乙的质量以及乙通过C点时对半圆形轨道的弹力大小N;

（3）若将半圆形轨道解锁，在乙的左侧涂上黏性物质（甲，乙碰撞后黏在一起），在甲、乙碰撞

前瞬间撤去拉力，其他情况不变，求甲最终与薄板左端间的距离X以及甲的最终速度大小。（结

果可以用根式表示）

13.下列说法中正确的是（）

A.具有各向同性的固体一定是非晶体

B.饱和汽压随温度降低而减小，与饱和汽的体积无关

C.干湿泡湿度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远

D.液体表面层分子间的距离比液体内部的小，表面层分子间的作用力表现为引力

E.液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性

14.如图所示，竖直放置的粗细均匀的U形管内有一段水银柱，左、右两

侧管中水银柱液面等高，左侧管中封闭有一段长为10∙00cτn的空气柱，左

侧管中水银柱的高也为10.00cm,此时大气压强Po=75cm∕7g,温度为.

IOcmB

2⅞¾⅞⅞¾¾

Λ

I.若给左侧管中气体加热，使两侧水银面形成15.00Sn的高度差，求此时封闭气体的温度：

∏.若保持管中气体温度不变，往右侧管中慢慢地倒入水银，使两侧水银面仍然形成15.00Cnl的

高度差，求倒入的水银柱的长度（结果保留1位小数）。

15.由两种单色光构成复色光束从水中斜射入空气中的光路图如图所示，关于两种单色光,

下列说法正确的是（）

A.α光的频率小于b光的频率

B.从介质中斜射入空气时，当入射角增加时，在空中最先消失的是a光

C.在同种介质中传播，α光传播速度大于匕光的传播速度

D.同种介质，α光折射率比b光的大

E.相同条件下的双缝干涉实验中，α光的相邻明条纹间距比b光的相邻明条纹间距大

16.一列简谐横波沿X轴传播，t=0.1s时的波形图如图甲所示。图乙为介质中质点A的振动

图象。

（1）求波的传播方向及波速；

（2）t=0.1s时，波刚好传播到坐标原点0,质点B平衡位置的坐标4=-2∙5m（图中未画出）,

求质点B处于波峰位置的时刻。

答案和解析

1.【答案】AB

【解析】解：4、核反应中电荷数和质量数守恒，故A正确；

8、实验证明在链式反应中，速度与热运动速度相当的中子最适于引发裂变，这样的中子就是“热

中子”，故8正确；

C、由方程第8fy-＞品477l+,He可知反应中放出一个氮核，所以是α衰变，不是核裂变反应，核裂

变是生成物为两个质量相当的原子核，故C错误；

D,放射性物质的半衰期由原子核内部因素决定，与温度无关，故。错误。

故选：AB.

根据核反应遵循质量数和电荷数守恒的来判断；重荷的裂变属于链式反应，需要吸收热中子来引

发下一级的反应；半衰期与物理环境以及化学环境无关，是物质的一种固有属性。

本题考查了核反应方程以及半衰期的相关知识，理解各种核反应的本质是解决此类问题的关键。

2.【答案】C

【解析】解：对4受力分析，画力的矢量图如图：

货物缓慢向上移动，则拉力方向与竖直方向上的夹角减小，由图可知，绳子的拉力越来越大。同

时，玻璃棚对货物的支持力变小，则货物4对玻璃棚的压力越来越小。故C正确，ABO错误。

故选：C.

对4受力分析，画力的矢量图如图，根据边长变化判断力的变化。

本题考查学生对受力平衡问题的掌握，其中画力的矢量图，是常见的解题方法之一。

3.【答案】B

【解析】解：4、假设在沿轨道/运行过程中，从P向Q运动，则如下图所示,

探测器的速度方向和万有引力方向明显呈钝角，由图可得，万有引力做负功，探测器的速度在减

小，P点的速度大于在Q点的速度，故A错误；

8、探测器在轨道DI上是做圆周运动，而在椭圆轨道/的P点之后做离心运动，在轨道DI上:F=rn唳,

r

在轨道I上：F<zn唳，故沿轨道/运行过程中，在P点的速度大于探测器在轨道m上的速度，也

r

可能大于火星的第一宇宙速度，故B正确；

C、在卫星变轨问题中，轨道/运行的P点只有经过制动减速才能到达轨道II运行，沿轨道/运行的

机械能大于沿轨道口运行的机械能，故C错误；

D、根据开普勒第三定律：*=k,由于三个轨道的半长轴（或半径）的关系为：a1>a2>r3,所

以周期有：T1>T2>T3,故。错误。

故选：B。

在轨道I上从P点到Q点的过程中，只有万有引力负做功，速度减小；

根据离心运动的原理说明两个轨道在P点的速度的大小；

在同一轨道上运行时只有万有引力做功，探测器机械能不变。但变轨时机械能要发生变化；

根据开普勒第三定律确定周期间的关系。

此题考查了万有引力定律及其应用，要熟记万有引力的公式和圆周运动的一些关系变换式，注意

只有围绕同一中心天体运动时，才能用开普勒第三定律解题。

4.【答案】B

【解析】解：AB,放上物体后，电容器上层膜片电极下移，两极板间的距离d减小，根据电容器

的定义式C=ς⅛,可知电容器的电容将增大，又根据C=E可知电容器的带电量增多，因此在膜

片下移过程中，电流表G有从b到a的电流，贝IJR两端的电压不为零，故4错误，B正确;

CD、稳定后电容器两板间的电压不变，根据公式E=J可得稳定后电容器内部的电场强度增大，

a

故C。错误；

故选：Bo

先根据电容的决定式得出电容的变化趋势，结合电容的比值定义式和场强的计算公式得出电荷量

的变化趋势，从而得出电流的方向。

本题主要考查了电容器的动态分析,熟悉电容的计算公式,结合电场强度的定义式即可完成分析，

整体难度不大。

5.【答案】AD

【解析】解：4B.物体的机械能不断减小，电场力做负功，故电场强度方向向上。根据功能关系得

ΔE—qEΔx

可知图线的斜率等于电场力，斜率不断减小到零，故电场强度不断减小到零，因此电场是非匀强

电场，故A正确，B错误；

CD在运动过程中，物体受重力与电场力。物体由静止开始下落，故刚开始时重力大于电场力，下

落过程中，电场力越来越小，故加速度越来越大，当电场力减小到0时，加速度达到最大值g,故

物体做加速度越来越大的加速运动，最后做匀加速直线运动，故C错误，。正确。

故选：AD.

从图象中能找出电场力的做功情况,根据电场力的做功情况判断出受力，继而判断出电场的特点，

在利用牛顿第二定律分析加速度，从而判定小球运动性质。

此题考查了电场力与电场强度的相关知识，掌握电场力做功与物体机械能的变化关系，明确电场

力做正功，电势能增加，电场力做负功，电场力减小。

6.【答案】B

【解析】解：4风速越大，转速越大，角速度3=2ττn越大，感应电动势的峰值为Eni=∏BS3

则感应电动势的峰值越大，有效值E=胃越大，故4错误；

B、风速越大，转速越大，角速度3=2τrn越大，感应电动势的峰值为Em="BSs

则感应电动势的峰值越大，有效值E=鸨越大，交流电压表的示数为路端电压的有效值，示数越

V2

大，故B正确；

C、由B得，风速一定的情况下，减少线圈的匝数，感应电动势的峰值减小，有效值减小，交流电

压表的示数减小，故C错误；

。、风速一定的情况下，发电机的功率等于电阻的电功率与线圈的电功率之和，故。错误。

故选：Bo

根据周期与转速的关系判断周期和角速度的变化；根据/=∏BSa判断感应电动势的变化，进而

判断交流电压表示数的变化；发电机的功率等于电阻的电功率与线圈的电功率之和。

本题考查正弦式交变电流，解题关键是掌握求解感应电动势峰值的公式，知道电压表的示数为有

效值。

7.【答案】CD

【解析】解：4、由图乙所示-t图像可知，物块加速度大小α=坐=+2m∕s2=2τn∕s2

对物块，根据牛顿第二定律得：μmg=ma

代入数据解得：〃=0.2,故A错误；

8、哟图乙所示图象可知，物块在O〜2s内做匀减速直线运动，在2〜3s内反向做初速度为零的匀

加速直线运动，3s后做匀速直线运动，故B错误；

C、在0~3s时间内，传动带的位移为：x1=vt=2×3m=6m,方向水平向左，

此过程中，物块的位移为：x2=ɪ(v0+v)t=ɪ×(-4+2)×3m=-3m,方向水平向右，

则整个过程中物体在传送带上留下的划痕长度为：L=x1-X2=6m+3m=9m,故C正确；

D、当t=2s时，物块的速度为零，2s后，物块开始向左运动，所以2s时物块运动到最右端，故D

正确。

故选：CD.

D-t图像的斜率表示加速度，根据图像求解变速运动过程的加速度，根据牛顿第二定律求解动摩

擦因数；由图像判断物块的运动情况，求出物块的减速时间；根据位移一时间公式求解0〜3s内物

块与传送带的位移，两者的相对位移即为划痕长度；2s后，物块的速度反向，则2s时，物块向右

到达最远处。

本题考查传送带问题，解题关键是根据图像分析好物块的运动情况，根据牛顿第二定律分析其受

力情况，结合运动学公式和牛顿第二定律列式求解即可。

8.【答案】AD

【解析】解：4由题图可知金属杆的位移与速度的平方成线性关系，满足匀变速直线运动规律，

由X=巴逋=Q一逋

2a2a2a

图2图线斜率为k=/=/

解得α=真，故4正确；

2阳)

8.根据安培力公式和闭合电路欧姆定律

F安=BIL

解得F彩=或包

女R

知安培力大小与速率成正比，故B错误；

C.由牛顿第二定律F-F=ma

可得金属杆在%。处所受的拉力大小为F=华£+骐，故C错误；

。.根据速度一位移关系。2-诏=2ax

则有X=3X(),故。正确。

故选：AD.

由运动学公式M-诏=2ax,结合题图2可求得加速度表达式；由闭合电路欧姆定律结合F=BlL

求安培力大小；由牛顿第二定律求金属杆在X。处所受的拉力大小；根据速度一位移关系B-诏=

2ax,求速率从%增大到2%的过程中，金属杆的位移大小。

本题主要考查了金属杆在导轨上切割磁感线的相关加速度、安培力等物理量的求解，解题的关键

点是理清金属杆做什么运动，同时理解在整个过程中的能量转化特点。

9.【答案】0.612.0bC

【解析】解：(2)根据题意，连续相邻计数点的时间间隔7=5X%=总s=0.1s

根据匀变速运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，打点计时器打下。点时的速度

XCr)+X∏F(5.12+7.10)×10,Cy,λ/

VD=8DE=1———2-----m∕s=0.61m∕s

Lt14ʌU.X

根据逐差法可得重物的加速度为α=也中=(7W9.13+11.O9T10y9T.12)xl0-22=

9Tz9×0.r

2.0m∕s2

(4)对重物和滑轮为研究对象，根据牛顿第二定律，有2尸一(m+τ∏o)g=(m+z∏o)Q

2

可得加速度Q=痛而*F-g

由此可知，&一尸图线的纵截距为一/7=-9

所以重力加速度为g=b

(5)4把动滑轮和重物作为整体可消除动滑轮重力的影响，故4错误；

8只要保证重物和动滑轮向上做匀加速运动即可，不要求钩码M的质量远大于重物Tn质量的一半，

故B错误；

C.该实验误差的主要来源是空气阻力，打点计时器振针与纸带之间的摩擦阻力，故C正确。

故选：Co

故答案为:(2)0.61；2.0；(4)h；(5)Co

(2)根据匀变速运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度求。点速度；根据逐差法求加

速度；

(4)根据牛顿第二定律求解加速度与拉力的关系，结合函数图像斜率与纵截距的含义求重力加速度

和质量；

(5)误差的主要来源是打点计时器振针与纸带之间的摩擦阻力。

本题考查了用纸带求瞬时速度和加速度；关键是要理解实验原理，然后根据牛顿第二定律求解α-

F函数表达式，要注意作用在动滑轮上的拉力的大小。

10∙【答案】图甲R1金属丝温度升高，金分属丝的电阻率会增大25

【解析［解：(1)因电流表内阻约为O∙50,图乙接法电压表测得的电压误差较大，电压表内阻约为

5kΩ,图甲接法电流表测得的电流误差较小，故选图甲；

由于选择限流电路，所以滑动变阻器选择与待测电阻阻值相当的，所以选择飞；

(2)该实验过程中，闭合开关后要求立即读数，避免金属丝温度升高，这样做的原因是金属丝温度

升高，金属丝的电阻率会增大；

(3)如图所示的多用电表，图丙中表笔8链接“2”为电流的小量程0-0.64图丙中表笔B链接“5”

为电压表的小量程。〜31/。

故答案为：(1)图甲，Rli(2)金属丝温度升高，金分属丝的电阻率会增大；(3)2,5。

(1)比较电流表分压和电压表分流的误差大小选择实验电路，根据方便调节选择滑动变阻器；

(2)根据温度对电阻率有影响分析；

(3)根据多用电表的构造分析判断。

本题考查测量某金属丝的电阻率实验，要求掌握实验原理、实验器材和电路选择，多用电表的内

部结构O

11.【答案】解：(1)带电粒子运动的轨迹如图所示:

设带电粒子做圆周运动的半径为R,根据数学知识，粒子做圆周运动的半径R=—、

sιn60

洛伦兹力提供向心力qvB=mg

R

磁感应强度B=墨γnv

解得B=辱

ZqL

(2)带电粒子在电场中做类斜抛运动，粒子从N到4的运动可看作类平抛运动的逆运动，设运动时

间为七，根据运动的合成与分解，粒子沿y轴方向的分速度

Vy=vcos60°=ɪV

带电粒子在y轴方向做匀速运动，运动时间

L2L

t=-=—

2VyV

根据运动的合成与分解，粒子沿X轴方向的分速度

vx=vsin60°=ʃV

带电粒子在X轴方向做匀变速运动，加速度

α=囱

m

根据匀变速运动公式ι⅛=at2

代入数据联立解得E=翳=等

答：⑴第一、四象限内磁场的磁感应强度的大小B为零;

(2)第二象限内电场强度的大小E为白亚

4qL

【解析】(1)根据几何关系求解做圆周运动的半径，根据洛伦兹力提供向心力求解磁感应强度；

(2)带电粒子做类平抛运动，根据运动学公式、电场力公式和牛顿第二定律即可求解。

本题属于学科内的综合题，主要考查了带电粒子在组合场中的运动，分清带电粒子分别在匀强磁

场和匀强电场的运动情况是解题的关键，要充分利用好带电粒子在N点的合速度与分速度的关系。

12.【答案】解：(1)设在拉力作用的过程中甲的加速度大小为的,根据牛顿第二定律得：

F—μ-lm1g=m1α1

代入数据解得：ɑɪ=2.5m∕s2

根据匀变速直线运动的规律有

vθ—2a】L

解得：v0=3m∕s

(2)设甲与乙发生碰撞后瞬间的速度大小分别为打、v2,则由动量守恒定律得：

m1v0=m1v1+m2v2

根据机械能守恒定律得：

对甲从4点运动到B点的过程，根据机械能守恒定律得：

∖τnrvl=m1gR

联立解得：m2=Qakg

设乙通过C点时的速度大小为"c，对乙从4点运动到C点的过程，根据机械能守恒定律得：

1917

2m2^2=2m2v+m29∙2R

设乙通过C点时所受半圆形轨道的弹力大小为N',则有

N'+mg=m⅛

22π

根据牛顿第三定律有N'=N

联立解得：N=7.5N

(3)假设撤去拉力前甲，乙均在薄板上滑行，薄板的加速度大小为a,乙的加速度大小为(⅛,则有

μιm1g-μ2m2g=(M+m)a

μ2m2g-m2a2

22

解得：a=2.25τn∕s,a2=lm∕s

因为的>a>a2

所以假设成立，设经时间3甲与乙发生碰撞，根据匀变速直线运动的规律有

22

^a1t-^a2t=L

解得：t=12

当甲与乙发生碰撞时，甲与薄板左端间的距离

1.2ɪ4.2

X=EaIt--αtz

解得：X=0.3m

碰撞前瞬间甲、乙的速度大小分别为:

U甲=d]t,—a2t

设甲与乙碰撞后瞬间的共同速度大小为火,根据动量守恒定律有

mlv∕∕7÷m2v^=(Jnl+m2)v2

解得：v3=ʒɪɪm/s

因为此时薄板的速度大小

V板=成

代入数据得：富τ∏∕s

所以碰撞后甲，乙、薄板的速度相同，故有

9√^l5.

V=-^~m∕s

答：(1)甲与乙碰撞前瞬间甲的速度%大小为3τn∕s

(2)乙的质量r∏2为：O」kg，乙通过C点时对半圆形轨道的弹力N大小为7.5N；

(3)甲最终与薄板左端间的距离X为：0.3m,甲的最终速度大小为)喑僧/s。

【解析】(1)根据牛顿第二定律结合速度一位移公式求出碰撞前瞬间甲的速度;

(2)根据动量守恒定律、能量守恒定律、牛顿第二定律结合解答。

(3)根据动量守恒定律、能量守恒定律、牛顿第二定律结合运动学公式解答。

此题涉及了多物体多个运动过程，涉及板块模型等问题需要综合应用力学知识分析求解，难度偏

大。

13.【答案】BCE

【解析】解：(1)4、多晶体和非晶体均具有各向同性，故A错误；

8、饱和汽压与温度有关，其大小随温度降低而减小，与饱和汽的体积无关，故8正确；

C、干湿泡湿度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，是因为湿泡外纱布中的水蒸发吸热，

干湿泡湿度计的两个温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远，故C正确；

D、根据液体表面张力的性质可知，液体表面层分子间的距离比液体内部的大，表面层分子间的

作用力表现为引力，故。错误；

E、液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性，故E正确。

故选：BCE.

多晶体具有各向同性；饱和汽压与温度有关，与饱和汽的体积无关；干湿泡湿度计的示数差越大，

表示空气中水蒸气离饱和状态越远；液体表面层分子间的距离比液体内部的大，表面层分子间的

作用力表现为引力；液晶具有晶体的光学各向异性。

本题考查了晶体和非晶体、液体的表面张力、饱和汽压、相对湿度等知识点。这种题型知识点广，

多以基础为主，只要平时多加积累，难度不大。

14.【答案】解：I.加热后气体的压强为p2=7ScmHg+15CmHg=90cmHg,Pl=p0

根据理想气体状态方程有空=*

解得R=卷A=9。黑黑譬)×S+27)K=63。K

口.若保持温度不变，往右侧管中倒入水银，当两侧水银面形成15Sn的高度差时，管中气体的压

强p，2=P2=90cmHg

1

根据玻意耳定律得Pl匕=P2V2

7500

即PiZiiS=p'2h2S,解得电==^ʃcm=ycm

加入的水银柱的长度为H=15cm+2×(