2024届黑龙江省大庆市林甸县中考物理考前最后一卷含解析

2024届黑龙江省大庆市林甸县中考物理考前最后一卷注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑动变阻器的滑片向右移动时，三个电表的示数变化情况是（）A．A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变小B．A的示数变大，V1的示数变大，V2的示数变小C．A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变大D．A的示数变大，V1的示数变小，V2的示数变大2．下列光现象中属于光的折射的是A．日偏食 B．照镜子C．汽车观后 D．水中筷子变弯3．为测量某种液体的密度，小明利用天平和量杯测量了液体和量杯的总质量m及液体的体积V，得到几组数据并绘出了m﹣V图象，如图所示．下列说法正确的是A．该液体密度为2g/cm3 B．该液体密度为1.25g/cm3C．量杯质量为40g D．60cm3该液体质量为60g4．下图为某同学设计的部分家庭电路示意图，其中电器元件连接错误的是()A．空气开关 B．双孔插座 C．带开关的灯泡 D．三孔插座5．用轻质的细线将4N的物体系在标有“3V0.5W”的小电动机上，当小电动机接在3V的电源上时，恰好正常工作，10s内将物体匀速提升了1m，关于该过程下列说法错误的是A．电流做了5J的功B．消耗了5J的电能C．有4J的电能转化为机械能D．有4J的电能转化为内能6．下列选项中符合安全用电常识的是A．把洗衣机的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用B．在手机充电过程中接打电话C．家庭电路中，电灯开关应串联在火线与电灯之间D．当空气开关自动断开后，不做任何检查就立即闭合开关7．下列过程中，将内能转化为机械能的是A．汽油机的压缩冲程

B．水蒸气顶起水壶盖的过程C．小孩沿滑梯下滑的过程

D．流星在大气层中穿行的过程二、填空题（本大题7小题，共21分）8．（2017•威海卷）如图所示，电源电压12V保持不变，小灯泡L的规格为”6V3W”，滑动变阻器的最大阻值为12Ω，电流表的量程为0～3A．当开关S1、S2都断开时，小灯泡L恰能正常发光，R1的阻值为______Ω，当开关S1、S2都闭合时，要保证电路各元件安全，整个电路电功率的变化范围是________W．9．如图表示白炽电灯将电能转化为光能和内能的大致比例，由此可以计算出白炽电灯的发光效率为_______，若节能灯的发光效率为30%，它只要有_______W的功率就可以达到60W的白炽灯的亮度。10．某兴趣小组设计了如图甲所示的电路进行实验探究，电源为电压可调的学生电源，小灯泡L标有“6V1.2W”字样，R为20Ω的定值电阻．小组根据记录的电流表和电压表的示数变化，描绘出如图乙所示的I﹣U关系图．当电压表的示数为2V时，通过小灯泡L的电流为___A，调节电源电压，当电路消耗的总功率为1.35W时，小灯泡的实际功率为____W．11．我们家庭中的电视机正常工作的电压为_____V，它与家中其它用电器是_____连接的（选填“并联”或“串联”）．12．家庭电路中，用来测量消耗电能的仪表是_____表；电能是通过_____输电线路从发电站输向远处的（选填“高压”或“低压”）；标有“220V15W”字样的节能灯正常工作时，其两端的电压为____伏．13．为了纪念物理科学家对科学的贡献，许多物理量的单位用科学家的名字命名，请按照示例填写．科学家的名字物理量单位符号主要发明与贡献牛顿力N__________能量J发现电流热效应的定量规律帕斯卡_____Pa发现帕斯卡原理14．如图所示，“马踏飞燕”是汉代艺术家高度智慧、丰富想象、浪漫主义精神和高超艺术的结晶。有一“马踏飞燕”工艺品其质量为8kg，若飞燕与水平桌面的接触面积为20cm2，则对水平桌面的压强为___________Pa．三、作图题（共7分）15．完成光路图，根据图中的入射光线或折射光线作出相应的折射光线或入射光线．（______）16．如图所示，一个靠在竖直墙角的足球，请画出足球所受到力的示意图。（_____）17．将一平面镜斜放在装有水的水槽中，有一束光线垂直射向水面如图乙所示，请画出这束光线在水中行进最后射出水面的光路图。四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．用如图所示的装置探究“电流做功与电压的大小之间的关系”．两瓶煤油中都浸泡着一段材料、横截面积均相同的电阻丝，瓶中温度计显示煤油的温度．（1）实验中电流做功的多少是根据煤油_____变化的大小来判断的，为比较两电阻做功的多少，两瓶煤油的质量应_____．（2）“水比较容易获得，为什么不用水代替煤油？”对此合理的解释是_____（填字母）A．煤油有颜色便于观察B．煤油密度较小C．煤油比热容较小（3）两瓶中电阻_____联使得通过它们的电流和通电时间相等，甲瓶中的电阻丝较长，电阻较_____，电压较高．（4）实验发现，甲瓶温度升高较多．表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体两端的电压越高，电流做功越_____．19．为了测量椰奶的密度,丽丽从实验室找来了天平和量筒进行以下实验:(1)如图甲,将待测椰奶倒入烧杯中,将天平放在____台面上,用已调好的天平测量烧杯和椰奶的总质量___g；(2)将烧杯中的椰奶倒入一部分到量筒中,如图乙,量筒中椰奶的体积是_____cm3；(3)用天平测量剩余椰奶和烧杯的总质量,如图丙,则倒出的椰奶的质量为__g,由此可知椰奶的密度是__kg/m3；(4)若在步(2)中,量筒内整上沾了几滴椰奶,则丽丽测得椰奶的密度将_______(选填“偏大”、“偏小”、“不变”)；(5)同桌小敏看到实验室有溢水杯,她想利用溢水杯和量筒,泡沫,还有某复合材料做成的物块A(密度为ρ)来测量椰奶的密度．步骤如图：a、在溢水杯中装满椰奶;b、把一泡沫块轻轻放入溢水杯中使之漂浮在液面上,收集排开的液体,用量筒测出溢出的椰奶的体积为V1；c、继续进行实验,用细线拴住复合材料物块轻轻放入溢水杯中,直至物块下沉至杯底,继续收集溢出的椰奶,全部倒入量筒中,量筒内椰奶的体积增大至V2；d、取出物块A并轻轻放置在泡沫块上方,泡沫块和物块A漂浮在液面上,继续收集溢出的椰奶,并全部倒入量筒中,量筒内椰奶的体积增大至V3,根据上述实验过程,请完成下列问题：①椰奶的密度为_______________(用题目给出的字母表示)；②在步骤d中,将复合材料物块A从椰奶中取出,放在泡沫上方时,若该物块A沾上了一些椰奶,则会导致测得的椰奶密度_______（选填“偏大”“偏小”或“不变”)．20．小明同学探究“串联电路电压规律”主要实验步骤如下：串联电路总电压等于各用电器两端的电压之和①按图所示的电路图连接电路；②闭合开关，用电压表测L1两端的电压记为U1，并将U1记录在数据表格中；③仿照②分别测L2两端的电压记为U2，测AC两点间的电压记为U总，并将U2和U总记录在数据表格中；本实验的自变量是：_____．为了让探究结论更具有普遍性，实验中的两个小灯泡应选择规格____．（选填“相同”或“不同”）同组同学指出小明同学的实验设计存在一些问题，他认真思考改进了实验设计并进行了实验．请画出改进后的实验记录表格_________．21．在认识到杠杆转动跟力、力臂有关后，某实验小组通过实验进一步探究杠杆的平衡条件。以下是他们的部分实验过程：（1）首先，将杠杆放在水平桌面上，在不挂钩码的情况下，调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆_________。（2）接下来挂上钩码并调节它们的位置，也要使杠杆在如图位置静止，这样做的目的是________。（3）一实验小组得到的两组数据如下表所示：实验序号动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm122011021824这两组数据中，实验序号为_______的一组肯定有错误。经检查，发现是测量动力臂时读错了，动力臂的实际值比记录值_______（选填“大”或“小”）。（4）另一实验小组的同学获得的数据如下表所示：动力F1/N动力臂l1/cm阻力F1/N阻力臂l1/cm4554他们分析数据得出的结论是：“动力＋动力臂＝阻力＋阻力臂”，他们总结的杠杆平衡条件是_____（选填“正确的”或“错误的”），你判断的理由是_______，造成这种结论的原因是_________。22．在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小明测出物块A的重力后，再将物块A缓慢匀速地浸没在液体中，测力计的示数如图乙、丙所示(g取10N/kg)。分析甲、乙丙三图，说明浮力的大小与___________有关。在图乙中，把物块A浸没在水中后，水对烧杯底部的压力增大了___________N。在实验过程中，小明想到，如果在测力计1.6N刻度线的位置上标上水的密度，在图丙中测力计指针所在的位置处标上盐水的密度，再把该物块分别浸没到密度不同的液体中，按照上述方法分别标上密度值，就可以把测力计改装成一个密度秤。该密度秤的量程应该是___________kg/m3。用该密度秤测量液体的密度时，若物块A没有完全浸没，而是有一部分体积露出液面，则所测出的液体的密度值会___________(选填“偏大”或“偏小”)。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．小明想测量电磁炉的效率，首先小明观察了家中的电能表，看到电能表的表盘如图所示，并且关闭了家中其他用电器，只把电磁炉接入电路中工作，把质量为3kg、初温为25℃

的水刚好烧开，用时10min。电能表的示数变为已知水的比热容是4.2×103J/（kg·℃），当时气压为标准大气压。求：这些水吸收的热量；电磁炉在烧水过程中的效率。24．小明想测量电磁炉的效率，首先小明观察了家中的电能表，看到电能表的表盘如图所示，并且关闭了家中其他用电器，只把电磁炉接入电路中工作，把质量为3kg、初温为25℃

的水刚好烧开，用时10min。电能表的示数变为已知水的比热容是4.2×103J/（kg·℃），当时气压为标准大气压。求：（1）这些水吸收的热量；（2）电磁炉在烧水过程中的效率。六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．未成年人的道路交通安全已成为全社会高度关注的问题，今年3月28日国务院公布施行了我国《校车安全条例》。条例中的部分规定如下：外部容易接触到的部位不得有锐边、尖角、毛刺；指导学生安全落座、系好安全带；制止学生在校车行驶过程中离开座位等危险行为；校车载人不得超过核定的人数，不得以任何理由超员；校车驾驶人不得在校车载有学生时给车辆加油请你任选其中两条，根据所学物理知识阐述制定此规定的理由。26．小星在超市看见白炽灯和节能灯后，想到一个问题：白炽灯和节能灯谁的寿命更长，使用时哪个更经济？为此他查阅了资料，摘出部分信息如下.资料一：白炽灯在白炽状态下发光时，有微粒不断地从灯丝上跑出来，温度越高，微粒跑得越厉害，使灯丝逐渐变细.资料二：60W白炽灯灯与某种11W的节能灯正常工作时照明效果相同（数据如表一）.资料三：白炽灯和节能灯都不宜频繁开关。表一电灯种类额定电压额定功率寿命单价白炽灯220V60W1000h1.5元节能灯220V11W3000h18元表二工作状态电功率刚开始工作正常工作（1）以上资料蕴藏着一些物理知识.请写出一点：____________已知“220V60W”的白炽灯，在常温下灯丝的电阻约80Ω，请通过计算将该白炽灯的有关数据填在表二的空格中。_______，________。（要保留计算过程）根据以上的数据分析，可知白炽灯不宜频繁开关的原因是________________________.根据资料，若使节能灯从买回来开始正常工作到寿命结束，消耗的电能为多少kW·h？__________________________。27．边长为10cm的正方体木块放入水中，有1/4的体积浸没在水中，在木块上面放一重物，木块浸入水中的深度增加2cm．（g取10N/kg，水的密度ρ=1.0×103kg/m3）求：此重物所受的重力；在此过程中重物对木块所做的功；有人根据上述问题得到启示，制做了一个称量物体重量的“秤”，如图所示．容器缸内盛有水，把活塞置于缸中，在轻活塞的底部放一物块P，活塞的顶部放上托盘，在再活塞的表面上刻上相应的刻度．①活塞底部固定的物体P，它的作用是能让活塞竖直立在水中，重物P的密度特点是_____．②怎么确定秤的零刻度线_____．③如果要增大秤的测量范围，请给制作者提出你的两个建议A．_____B．_____．

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、C【解析】

从图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测量的是电源电压，所以电压表V1的示数保持不变；∵当滑动变阻器的滑片向右移动时，其连入电路中的电阻P滑变大，而灯泡的电阻不变，∴电路中的总电阻R变大，又∵电源电压保持不变，∴由公式I=可知，电路中的电流I变小；由公式UL=IRL可知，灯泡两端的电压UL变小，因此滑动变阻器两端的电压U滑=U﹣UL变大，所以电流表的示数变小，电压表V2的示数变大．故选C2、D【解析】

A.日偏食是光沿直线传播形成的现象，故A不符合题意；B.照镜子是平面镜成像现象，是光的反射形成的，故B不符合题意；C.汽车的观后镜是一个凸面镜，起扩大视野的作用，是光的反射现象，故C不符合题意；D.插在盛有水的碗中的筷子变“弯了”，是光由水中斜射入空气中时发生了折射，折射光线远离法线向水面偏折造成的，是光的折射现象，故D符合题意。3、D【解析】

AB.设量杯的质量为m杯，液体的密度为ρ，读图可知，当液体体积为V1＝20cm3时，液体和杯的总质量m总1＝m1+m杯＝40g可得：ρ×20cm3+m杯＝40g①，当液体体积为V2＝80cm3时，液体和杯的总质量m总2＝m2+m杯＝100g，可得：ρ×80cm3+m杯＝100gC.把量杯质量为40g代入①得m杯＝20g，故错误；D.当液体的体积V3＝60cm3时，液体质量：m3=ρ×4、C【解析】空气开关相当于保险丝，应串联在干路中，由图知道连接正确，故A不合题意；两孔插座，与其他用电器并联，接线时左零右火，由图知道连接正确，故B不合题意；开关接在火线和接在零线上都能控制灯泡，但是接在火线上，当开关断开时，能切断火线；开关接在零线上，开关断开时，灯泡连接着火线，不安全，由图可知，这位同学连接的电路中的错误是开关接在零线上了，故C符合题意；三孔插座与其他用电器并联，接线左零右火上地线，由图知道连接正确，故D不合题意，选C．5、D【解析】

电动机工作过程中电流做功为W=Pt=0.5W×10s=5J，则消耗电能为5J；其中转化为机械能的电能为W=Gh=4N×1m=4J，所以ABC选项正确，D选项错误符合题意。6、C【解析】

A、把洗衣机的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故A错误；

B、手机在充电过程中接打电话，不仅对手机电池寿命有所损害，而且有一定几率发生手机爆炸的可能性，故B错误；

C、在家庭电路中，控制电灯的开关应该接在火线和灯泡之间．只有开关接在火线与电灯之间，当开关断开时，电路中不但没有电流通过，而且电灯与火线断开连接，防止人触及灯泡与火线构成通路，发生触电事故，故C正确；

D、当空气开关自动断开后，说明电路中电流超过额定电流，这时应考虑电路中的总功率过大引起的，还是某用电器接通时发生了短路，应检查电路中是否存在安全隐患，所以不能不做任何检查就立即闭合开关，故D错误．7、B【解析】

A．汽油机的压缩冲程，是机械能转化为汽油和空气的内能，不符合题意．B．水蒸气顶起水壶盖，是水蒸气的内能转化为壶盖的机械能．符合题意．C．小孩沿滑梯下滑的过程，需克服摩擦做功，机械能转化为内能．不符合题意．D．流星在大气层中穿行的过程中与空气摩擦，是摩擦生热，是机械能转化为内能．不符合题意．二、填空题（本大题7小题，共21分）8、1224W～36【解析】

(1)当S1、S2都断开时,R1与L串联,灯正常发光时的电压UL6V,功率PL3W，因串联电路中各处的电流相等，所以，由PUI可得，电路中的电流：IIL，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以,R1两端的电压：U1UUL12V6V6V，由I可得,R1的阻值：R1；(2)当S1、S2均闭合时,L短路,R1、R2并联，电流表测量的是干路中的电流，因电流表的量程为0∼3A，所以，电路中的最大电流为3A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，整个电路的最大电功率：P大UI大12V3A36W；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，因并联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻：R，电路消耗的最小总功率：P小，所以，整个电路电功率的变化范围是24W∼36W．9、10%20【解析】

白炽灯的总功是消耗的100J的电能，有用功是10J的光能，发光效率η==10%，节能灯的发光亮度要和白炽灯相同，就需要让两者的有用功相同，W白炽灯有用功=W节能灯有用功，W白炽灯总功η白炽灯=W节能灯总功η节能灯，P白炽灯tη白炽灯=P节能灯tη节能灯，60W×10%=P节能灯×30%，P节能灯=20W。10、0.30.9【解析】

从甲图知道，电阻和灯泡是并联电路，电流表测量干路电流，电压表测量各支路电压也就是电源电压，当电压表的示数为2V时，通过干路电流为0.4A,电阻R电流为I=2V/20Ω=0.1A,小灯泡L的电流为I=0.4A-0.1A=0.3A；当电路消耗的总功率为1.35W时，从乙图知道，电路中电压为3V，电流为0.45A，灯泡两端电压为3V，电流为I=0.45A-3V/20Ω=0.3A，灯泡的实际功率P=UI=3V×0.3A=0.9W．11、220并联【解析】家庭用电器正常工作的电压是220V；家庭电路中，各用电器之间是并联的．12、电能高压220【解析】

电能表是家庭电路中常用来测量电能的仪表，又称电度表；发电厂发出的电要输送到远处，把电压升高，用高压输电线把电能输送到远处的．标有“220V15W”字样的节能灯正常工作时，说明此灯的额定电压是220V，即此灯的额定两端的电压是220V．13、牛顿第一定律焦耳压强【解析】

牛顿是著名的物理学家，他对力学的贡献是非常大的，他发现了万有引力定律、牛顿第一定律、牛顿第二定律和牛顿第三定律为力学奠定了坚实的基础．同时光的色散也是牛顿发现的；力的单位是牛；英国物理学家焦耳做了大量实验，于1840年最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，得出Q＝I2Rt．为了纪念他做出的贡献，人们将他的名字命名为热量（能量）的单位；加在密闭液体上的压强能大小不变的被液体向各个方向传递，这就是著名的帕斯卡原理，是由法国物理学家帕斯卡发现的，人们将他的名字命名为压强的单位．14、4.0×104【解析】

工艺品的重力：；工艺品放在水平桌面上，对水平地面的压力等于工艺品的重力：；工艺品对水平地面的压强：。三、作图题（共7分）15、【解析】

凸透镜三条特殊光线的作图：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴．②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点．③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变．过二倍焦距处的入射光线的特点，根据凸透镜的光学特点作图；根据凸透镜成像时，物体在二倍焦距处，所成的像是等大倒立的实像，像在二倍焦距处，所以过二倍焦距处的入射光线经凸透镜折射后一定过另一侧二倍焦距处，画出折射光线．【详解】平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不变；过二倍焦距处的折射光线的入射光线通过凸透镜另一侧二倍焦距处，如图所示：16、【解析】

足球受到了两个力，重力和支持力；足球受到这两个力，处于静止状态即平衡状态；这两个力就是平衡力，大小相等、方向相反。如图所示：17、【解析】

光垂直射到空气和水的界面时，传播方向不变，再射到平面镜上，根据光的反射定律，反射角等于入射角，作反射光线，光又射到水和空气的界面时，发生折射，折射角大于入射角，即折射光线向界面偏折。如图：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、温度相等C串大多【解析】

(1)电流通过电阻丝会产生热量,瓶中的煤油吸热温度会升高,利用转化法,根据煤油温度变化的大小来判断电流做功的多少,并且在此利用控制变量法,从公式△t＝可知应控制两瓶中煤油的质量相等．(2)借助煤油温度变化的大小来判断电流做功的多少，因此温度的变化越明显越好，质量相同的水和煤油，吸收相同的热量，由于煤油的比热容较小，所以温度变化较大．(3)从串联和并联电路的电路的特点可知，要想使通过两瓶中电阻丝的电流和通电时间相等，应让两电阻丝串联，而两电阻丝的材料、横截面积均相同，但甲瓶中的电阻丝较长，所以其电阻较大，分担的电压较大．(4)从(3)题中可知甲瓶中电阻丝的阻值大于乙瓶中电阻丝的阻值，根据串联分压的特点，甲瓶中电阻丝两端的电压大于乙瓶中电阻丝两端的电压，而甲瓶温度升高较多，所以在电流和通电时间相同的情况下，导体两端的电压越高，电流做功越多．电流通过电阻丝做功，并且产生热量，在此应用了转换法，把电流做功的多少表现出来，并且利用控制变量法，在相同的条件下进行研究．为了便于观察实验现象，温度变化越明显越好，应从两者的物理特性进行选择．应该从串联电路和并联电路的特点进行分析，并且从影响电阻大小的因素来判断电阻的大小．首先判断两瓶中电阻丝的大小关系，再利用串联电路的特点判断导体两端电压的关系，最后由甲瓶温度升高较多，得出电流做功与电压的大小之间有什么关系．19、水平72.440451.125×101偏大ρ椰奶=偏小【解析】

(1)天平应置于水平台面上使用，且使用前应先将游码归零再调平．图甲天平游码标尺分度值为0.2g，则所测量烧杯和椰奶的总质量为m总=20g+50g+2.4g=72.4g．(2)量筒分度值为2mL，则量筒中椰奶的体积是V=40mL=40cm1．(1)丙图天平读数为20g+5g+2.2g=27.2g，即剩余椰奶和烧杯的总质量为m剩=27.2g，则倒出的椰奶的质量为m=m总-m剩=72.4g-27.2g=45.2g，则椰奶的密度为ρ===1.11g/cm1=1.11×101kg/m1．(4)若在步(2)中量筒内壁上沾了几滴椰奶，则这几滴椰奶没有被测到体积，所以导致体积偏小，根据ρ=可知，所测密度将偏大．(5)①由图b可知，泡沫漂浮在椰奶中，其受到的浮力等于其重力，而浮力又等于其排开椰奶的重力，则G泡沫=F浮泡沫=G排泡沫=m排泡沫g=ρ椰奶V1g；由c图可知，物块A的体积为VA=V2-V1，则物块A的重力为GA=mAg=ρAVAg=ρA(V2-V1)g；图d中，将泡沫和物块A看为一个整体，其漂浮在椰奶中，所以其受到的总浮力等于其总重力，而浮力又等于其排开椰奶的重力，则G泡沫+GA=F浮总=G排总=m排总g=ρ椰奶V1g．将G泡和GA代入得：ρ椰奶V1g+ρA(V2-V1)g=ρ椰奶V1g，得ρ椰奶=．②在步骤d中，若该物块A沾上了一些椰奶，则会导致GA增大，从而G泡沫+GA也增大，最终使得排开椰奶是总体积V1增大．由ρ椰奶=可知，V1增大会导致测得的椰奶密度偏小．20、各用电器两端电压之和不同实验次数123456U1/VU2/VU1+U2/VU总/V【解析】

（1）串联电路中，各用电器两端电压之和改变，则电路两端的总电压随之改变，所以该实验的自变量是各用电器两端电压之和．（2）实验中，若选择连个规格相同的灯泡做实验，由于两灯泡的电阻相同，则两灯泡两端的电压是相同的，这样得出的结论不具有普遍性．所以应选择两个规格不同的小灯泡来进行实验，不管哪个灯泡电压是多少，反正两灯泡电压之和都等于总电压，这样的结论更有普遍性，说服力较强．（3）本次实验只测了一组U1、U2和U总，这样得出的结论具有偶然性，为了排除偶然性，应选择不同规格的小灯泡重复实验，并将每一组的U1、U2和U总记录，比较U1、U2之和是否都等于U总．所以实验数据记录表格应改为：实验次数123456U1/VU2/VU1+U2/VU总/V21、在水平位置平衡便于力臂的测量1小错误的不同的物理量不能相加实验次数太少【解析】

（1）首先，将杠杆放在水平桌面上，在不挂钩码的情况下，调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；（2）接下来挂上钩码并调节它们的位置，也要使杠杆在如图位置静止，当在水平位置平衡时，力臂在杠杆上，所以，这样做的目的是便于力臂的测量；（3）根据杠杆平衡的条件F1×L1=F2×L2知道，2×20＞1×10，所以1组数据错误，此时动力臂的实际值应比比记录值小；（4）他们分析数据得出的结论是：“动力+动力臂=阻力+阻力臂”，是错误的；因为力和力臂是两个不同的物理量，单位不同，不能相加。造成这种结论的原因是该组的同学只用一组数据得到结论，偶然性太大，所以应获取多组实验数据归纳出物理规律。22、液体的密度10-2600偏小【解析】

(1)分析甲、乙、丙三图可知，物块A排开液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，由可知，物块受到的浮力不同，说明浮力的大小与液体的密度有关；

由图甲可知，物块A的重力，由图乙可知弹簧测力计的示数，当物块浸没在水中后，水给物块一向上的浮力，根据力的作用是相互的可知，物块也会给水一向下的压力，所以烧杯中的水对烧杯底部增大的压力；

(2)因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以由可得，物块A的体积，物体的重力为2.6N，则当物体受到的浮力恰好为2.6N时，该密度秤的称量值达到最大，由可得，所测液体密度的最大值：，则该密度秤的量程应该是0～2600kg/m3；若物块没有完全浸没，根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力偏小，弹簧测力计示数偏大，测得液体密度值将偏小。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）9.45×105J（2）87.5%【解析】

根据题中“只把电磁炉接入电路中工作，把质量为3kg、初温为25℃的水刚好烧开，以及烧水前后电能表的示数”可知，本题考查热量的计算和电磁炉的效率。根据吸热公式和热效率公式列式计算。【详解】（1）这些水吸收的热量。（2）电磁炉10min内消耗的电能W=W2-W1=123.7kW·h-123.4kW·h=0.3kW·h=1.08×106J，电磁炉在烧水过程中的效率。答：（1）这些水需要吸收的热量是9.45×105J；（2）电磁炉的效率是87.5%；24、（1）9.45×105J（2）87.5%【解析】

根据题中“只把电磁炉接入电路中工作，把质量为3kg、初温为25℃的水刚好烧开，以及烧水前后电能表的示数”可知，本题考查热量的计算和电磁炉的效率。根据吸热公式和热效率公式列式计算。【详解】（1）这些水吸收的热量。（2）电磁炉10m