2024届云南省三校高三下学期高考备考联考（七）理科综合及答案

{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}2024届云南三校高考备考实用性联考卷（七）理科综合参考答案一、选择题：本题共小题，每小题6分。题号答案12345678910DC12B13DBACCDCCCB二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～题只有一项符合题目要求；第～21题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。题号答案14B15D16C17B18192021ADACBCBD【解析】1．内质网是蛋白质等大分子物质的合成、加工场所和运输通道，是由膜围成的管状、泡状或扁平囊状结构连接的内腔相通的膜性管道系统，A错误。细胞骨架是由蛋白质组成的纤维状网架结构，维持着细胞的形态，锚定并支撑许多细胞器，与细胞的运动、分裂、分化以及物质运输、能量转化、信息传递等生命活动密切相关，B正确。丙酮酸在线粒体基质中被氧化分解，产物是CO和[H]，在线粒体内膜上O和[H]反应生成HO，C错误。细胞222核具有核膜、核仁、核孔、染色质等结构。其中核仁与某种RNA的合成与核糖体的形成有关，D错误。2．藓类、黑藻的叶片很薄，可以直接制片观察，A正确。观察植物细胞有丝分裂不需要洗去浮色，B错误。艾弗里在各组中加入酶水解相应的物质，应用的是减法原理，C错误。猪属于哺乳动物，红细胞无细胞核，没有DNA，D错误。3．真核生物在有性生殖过程形成配子时，发生变异的染色体在减数第一次分裂后期遵循同源染色体分离，非同源染色体自由组合的规律，所以遵循基因分离定律和基因自由组合定律遗传给子代，A正确。如果二倍体的减数分裂出现错误，形成含有两个染色体组的配子，这样的配子与含有一个染色体组的配子结合，发育成的个体的体细胞中就含有三个染色体组，称为三倍体，B正确。水稻的单倍体育种过程包括植物组织培养后用秋水仙素处理获得纯合水稻，体现了染色体变异原理，C错误。杂交育种可使具有不同优良性状的两个亲本杂交，再筛选出所需要的优良品种，如纯种小麦，杂交水稻，D正确。理科综合参考答案·第1页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}4．协调机体平衡的是小脑，不是脑干，A错误。神经递质经过扩散通过突触间隙，B错误。喷嚏反射受低级中枢控制，属于非条件反射，D错误。5．桔小实蝇与按石蝇均寄生于番石榴，可推测二者之间的种间关系为种间竞争，A错误。桔小实蝇与按石蝇是否存在生殖隔离未知，无法判断是否为同一物种，因此不能确定是否为同一种群，B错误。影响实蝇选择果实的挥发性香气属于化学信息，C错误。利用信息素破坏实蝇的性别比例属于生物防治，D正确。6．杂交瘤细胞具有两类细胞的遗传物质，但是不一定能表现出两类细胞的全部遗传性状，A错误。制备过程第一次筛选杂交瘤细胞用选择培养基，第二次用多孔培养板，B错误。抗体检测为阳性的杂交瘤细胞可以在体外培养，也可以在小鼠腹腔中培养，C正确。动物细胞不能吸收蔗糖作为能量来源，D错误。7．鎏金工艺主要是将金和水银混合成“金汞剂”，涂抹在铜或银器表面，然后加热使水银蒸发，使金附着在器面不脱去，用于提高器物的光亮性和色泽度，从而增强金银铜器的观赏效果，该工艺不涉及电解原理。8．聚乳酸是可降解的高分子材料，使用聚乳酸材料有利于减少白色污染，A正确。聚乳酸和*（B正确。1moln1酯基和1mol1molnNaOHC够通过取代反应形成六元环状化合物，D正确。9XYZWX的成键规律，X为氢元素；222基态Y原子的s能级电子数是其pY的核外电子排布为1s2s2pYZ与YZW位于元素周期表的ds区，且为第四周期元素，可能为铜元素或锌元素，基态W原子的价电子中有一WA正确。如图所示的离子中，W的配体数为2，配位数为4，B错误。Y和Z的杂化方式均为sp3杂化，C正确。电负性：N>C>H，D正确。10．葡萄糖中含有醛基和羟基，羟基也能使高锰酸钾溶液褪色，因此向葡萄糖溶液中滴加少ANaOH溶理科综合参考答案·第2页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}液过量，Cu(OH)和Mg(OH)Cu(OH)和Mg(OH)溶度积的大小，B2222错误。HClO不是氯元素的最高价含氧酸，同时HClO溶液具有漂白性，无法比较N和Cl的非金属性的强弱，C错误。HCo(CO)HO和生成的HO422用，不需要补充HCo(CO)和HO，只需要补充CHOH，A错误。步骤Ⅲ中加入的HO4232分子不带电，故Co元素的化合价没有发生变化，B错误。该循环的总反应方程式为CO+CH3OHHI，所以HI是催化剂，不是中间产物，D错误。12．由图示可知，化学自充电时，正极的电极反应式为O+4e+2HOCH3COOH，C正确。HI需要引发步骤Ⅰ，反应开始前就需要加入=4OH，c(OH)增−−−22大，溶液pH增大，A正确。该电池放电时，化学能转化为电能，但化学“自充电”时，在O2存在条件下，可以快速恢复到初始状态，无需外接电源，没有电能转化为化学能，B错误。由图示可知，放电时正极的电极反应式为，C正确。放电时，正极材料中增加了K+1mol39gDc(H)c(HAc(H2A))−c(H)，同理，在2.013．在点(2.0，0.5)时，cA)=c(HA)，K(HA)2a2c(H+)c(A2)−2−c(H)A点(8.80.5)c(HA)=c(A)，K(HA)ac(HA)酚蓝(H2A)所以溶液由红色变为黄色原因是磺酸基发生了变化，溶液由黄色变为蓝色原因是酚羟基发生了变化，B0.1mol·L−1NaHA溶液中，(Na)>c(HA)K)=10，+−−8.8aKW−−12.0−−2−K(HA)==10K(HA)>K(HA)，所以电离产生的A浓度大于水解产生的ahhKa2H2A，C错误。14α故A错误。原子核衰变过程中，电荷数和质量数都守恒，故B正确。半衰期是大量粒子的统计规律，对少数粒子不适用，故C错误。原子核的比结合能越大，表示核子结合得越牢固，原子核就越稳定，故D错误。理科综合参考答案·第3页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}15．布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，反映的是液体分子的无规则运动，故A错误。温度低的物体分子运动的平均速率小，故B错误。内能与物体的温度有关，与速度无关，物体做减速运动时，物体的内能不会越来越小，故C错误。只要一定量的理想气体温度保持不变，其内能也保持不变，故D正确。16．垃圾卫星在太空中处于完全失重状态，仍受重力作用，正是引力提供向心力而做圆周运动，故A错误。同一轨道高度的太空垃圾，由于质量关系不确定，因此机械能不一定相同，故B错误。轨道高的垃圾卫星所在位置，处于大气层之外，没有因为大气阻力损耗机械能，因此更容易成为“长寿”垃圾，故C正确。地球同步静止轨道卫星的轨道平面与赤道共平面，因此不能发射一颗定位在昆明上空的同步静止轨道卫星，故D错误。17．甲、乙两正方形线圈的材料相同，则它们的密度和电阻率相同，设材料的电阻率为，密度为LSm4nLS4nLS，由题意可知，两线圈的质量相等，则4甲甲=4乙乙，则nSnS乙，两线圈在竖直平面内从同一高度同时由静止开始下落，设线圈下边到磁场甲甲乙v的高度为hvv2，由于下落高度h相同，则线圈下边刚进入磁场时的速度相等。设线圈匝数为nBEnBLvERv44RI，SnBLSv2FnSnSv，B、L、、都相同，则线线圈受到的安培力，由于4甲甲乙乙v圈进入磁场时受到的安培力F相同，甲的下边开始进入磁场时以速度做匀速运动，则Fmgv，所以乙的上边进入磁场前也做匀速运动，则速度大小为错误。线圈进AEΦΦSqIttnnSnS乙得乙RR4L甲甲甲乙乙甲12，所以甲和乙进入磁场的过程中，通过导线的电荷量之比为1∶2B正nB2LSv4F也相同，线圈离开磁场的加速度相同，所以甲、乙同时离开磁场，故C错误。线圈完全0理科综合参考答案·第4页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}场中做加速运动；线圈开始离开磁场时，速度比进入磁场时大，安培力也比重力大，所以甲、乙下边开始离开磁场时，一定都做减速运动，故D错误。18Asin60n30Bsincvstdscos30mmDn19．由图甲可知波长4m，由图乙可知波的周期T，则波速v2m/s，故A正确。T由图乙可知t时，P点向上运动，对比图甲，可知P点后续跟随左侧质点运动，则波沿xB错误。根据图甲可知时t时，x1于tTTt20sC2可知波的振幅A为，P点运动的路程s34A，故D错误。20P点减速运动到Q点，也可以自Q点加速运动到P点，故A错误，B正确。从P到Q，电场力做负功，电势能增加，故带电粒子在P点处的电势能比在Q点处小，故C故场强的方向指向轨迹凸侧，沿场强方向电势降低，故D错误。L21．由几何关系可得R，故A错误。由洛伦兹力提供向心力可得33v2πm2πLq0T，TmBq0知粒子第一次到达Q点共经历两次圆周运动和一次匀速直线运动，13L5(2π3)LtT，t，tTtB123v3Q13v0660子第二次经过Q点时，速度垂直于ac边，故C错误。粒子第二次到达Q点共经历三次13L523圆周运动和三次匀速直线运动，由图可知tT，ttt，tT，tT，12463v35660π93)L故Q2，故D正确。9v0理科综合参考答案·第5页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}三、非选择题共题，共174分。222分，共6（1）DF（2）1.8(mm)(hh)2f2（3）(mm)2131122200【解析】（DF中根据测量结果计算得出重物甲下落过程中甲、乙两重物减少的重力势能等于重物甲、乙增加的动能。故错误的步骤是DF。1（2）依题意，相邻计数点的时间间隔为T5，B点时的速度为fxACT3hT148.0112.02vB102。20.1(mm)(hh)2f2（3O运动到B(mm)2131。122200232分，共（1）6.01.0（2）V1（3）3.7（3.5~3.9均可）【解析】（1）设电压表示数为U，干路电流为I，由闭合电路的欧姆定律可得1如图所示EUI0r，整理可得UI0rEUI图像的纵轴截距等于电动势，，则6.03.0则有E6.0V，UI图像的斜率绝对值为0r，可得电源内阻为1.0r1.0。（26VV与R'10为了描绘完整的伏安特性曲线，电压、电流要从零开始测量，滑动变阻器采用分压式接VLLA法，故滑动变阻器选择R1；根据，可知电流表应采用外接法。理科综合参考答案·第6页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}（3UIEU2I(Rr)电路欧姆定律得，化简整理得U10I6，在图乙中作出对应的图线，如图所示，可知交点坐标约为（0.35A，2.5V），故电源的输出功率为P2(2I)2R20.352.5W(224W3.7W。24分）1）喷壶导热性良好，壶内气体发生等温变化，不再喷水时压强变为pV由玻意耳定律得2ppV①②14VVVV水12（2）设打入气体后的压强为p2，体积为V1V由玻意耳定律得2③222p壶内气体：pVpV23④⑤1V打入气体：pN4⑥VVV1⑦34解得N=10评分标准：本题共分。正确得出①、式各给2分，其余各式各给1分。25分）1）在水平传送带上，纸箱受到的加速度⑧①②解得a2va0.48加速度到与传送带速度相等的时间1s③1x12加速到与传送带速度相等时的位移④⑤12速度相等后一起匀速运动的位移2213.2m理科综合参考答案·第7页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}xv匀速运动的时间t22⑥⑦纸箱被传送到分拣员处经过的时间t1t2v（2）设装卸工人甲推纸箱的速度为，纸箱从推入传送带到与传送带速度相同所需时间1t，由于vv，纸箱做减速运动，加速度大小为31cos37sin3710.4m/s2⑧m1v110.4则减速到与传送带速度相等的时间3减速到与传送带速度相等时的位移31s⑨v21v2v210.2m⑩2120.4当速度相等后与传送带一起做匀速运动，匀速运动的位移4L13⑪⑫x4匀速运动的时间t4v根据t3t4⑬⑭⑮210.8vv0.480整理得1v11.2m/s解得故纸箱被推入传送带时的速度大小为1.2m/s评分标准：本题共分。正确得出②、⑥式各给0.5分，其余各式各给1分。26分）1）外壳受向下的重力和向上的弹力，当弹力等于重力时，速度最大kx4①②4解得xk4故当弹簧的压缩量为时，外壳的速度达到最大k1v设外壳的最大速度为，根据机械能守恒：E4mv24mgh③p22222164mg12256mg16mg1k4mv4mg2即k2k22kk理科综合参考答案·第8页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}mkv6g解得④mk故外壳的最大速度为6gI44mv（2）设弹簧对外壳的冲量为I，对外壳，由动量定理：⑤⑥m解得I244mgtkmk故外壳与内芯碰撞前，弹簧对外壳的冲量为24mg4mgt4m(4mm)v=v（3）外壳和内芯碰撞过程，由动量守恒定律得⑦⑧1(4mm)v2(4mm)gh碰后过程，对圆珠笔由机械能守恒定律得2164hh⑨⑩圆珠笔外壳下端离开桌面的最大高度kk588联立解得h25k58825k故圆珠笔外壳下端离开桌面的最大高度是评分标准：本题共分。正确得出①~⑩式各给2分。272分，共分）21（1）4s（1分）43=2Ga36Fe312H2OCaSO（分）1（2）Ca(FeO)24H422（3）6.2（4）2.31分）=GaO22H2OGa(OH)3=4（5）Ga(OH)3OH（或）（6）（1分）4NA(a1010（7）4(其他化简形式只要正确都可))3【解析】矿渣中主要含铁酸镓、铁酸锌、SiO，矿渣中加入稀硫酸，SiO不溶于稀硫酸，22浸出渣为SiO2CaO调节pHZn(OH)2K相对Ga(OH)和Fe(OH)3sp3较大，因此调节pH可使Ga3、Fe3完全沉淀而Zn2不沉淀，滤液为硫酸锌。再加入稀理科综合参考答案·第9页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}硫酸酸溶，沉淀溶解为Ga3和Fe3，加入萃取剂萃取，然后加入amol/L盐酸进行脱铁，再加入bmol/L的盐酸进行反萃取，根据表中数据可知，脱铁时盐酸浓度较高，促使Fe3更多地进入水相被除去，盐酸浓度为6.2mol/L，反萃取中要保证Ga3更可能多地进入水相，则此时盐酸浓度为2.3mol/L，随后加入NaOH沉镓生成Ga(OH)，Ga(OH)经过热33分解生成GaO，最后经过CVD得到GaN。23（1）Ga位于第四周期第ⅢA族，价层电子是24p1。（2）Ga(FeO)与稀硫酸反应生成Ga3、Fe3和H2O，反应的离子方程式为2243=2Ga36Fe312H2O；酸溶前调节pH时加入了CaO，加入Ca(FeO)24H2243稀硫酸钙离子和硫酸根离子反应生成硫酸钙，硫酸钙微溶于水，故酸溶滤渣中为CaSO4。（3Ga3、Zn20.21g/L和6.5g/LK[Zn(OH)]1016.6，开始沉淀时c(OH−)=107.8，即0.003mol/L和0.1mol/L，根据2sp2开始沉淀的为6.2，因此调节pH应小于6.2。（4）根据分析可知脱铁时盐酸浓度较高，促使Fe3更多地进入水相被除去，反萃取中要保证Ga3更可能多地进入水相，则此时盐酸浓度为2.3mol/L。（5）Ga与同主族，化学性质相似，沉镓时加入NaOH过多，则生成的Ga(OH)重新3溶解生成，离子方程式为2Ga(OH)3=2HO2或Ga(OH)OH=Ga(OH)23。4（6）O与高温下反应生成GaN和另一种物质，根据原子守恒，可得另一种物质233为H2O，则水分子的电子式为。（7）每个晶胞中与氮原子距离最近的镓原子为44GaN晶胞中原子个数比Ga:N=1:14N原子个数为，114NA(a1010原子个数为864，则晶胞密度为g/cm3。382)282分，共分）（1）①V形（1分）=+SO+HO②SO+2NH·HO4232322（2）①吸收尾气SO2并防止倒吸球形冷凝管（1分）②4.6理科综合参考答案·第10页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}（3）①NaHSO3HCHOH2ONaHSO2Zn(OH)2②真空蒸发浓缩，冷却结晶（未提到真空扣一分）（4）96.25％【解析】将SO与浓HSO反应生成SO23242钠，向三颈烧瓶中加入稍过量的锌粉和一定量甲醛溶液，在8090℃下，反应约3h，冷却至室温，抽滤；将滤液真空蒸发浓缩，冷却结晶得到NaHSO2。（1SO与浓HSO反应生成SO，SO空间结构为V232422亚硫酸铵。（2）①装置E为尾气处理装置，倒扣漏斗可以防倒吸；装置X的名称为球形冷凝管。②常温下，n(HSO):n(HSO)等于时，溶液的31pH为，溶液体积相等则浓度比也等2232233于1∶1，K=1×10，n):n(HSO)等于1时，溶液的pH为7.2，溶液体积相等则a17.223+2浓度比也等于1∶1K=1×10，当溶液中c)c(HSO)时，K×K=c(H)=a2a1a2239.2+4.61×10c(H)=1×10pH=4.6。（3）①生成NaHSO2［副产物为Zn(OH)］时发生反应的化学方程式为2NaHSOHCHOHOZn(OH)；3222②真空容器蒸发浓缩，冷却结晶的原因是ⅰ．次硫酸氢钠甲醛在空气中易被氧化，防止氧气将产物氧化在真空容器中蒸发浓缩，ⅱ．防止温度过高使产物分解；（4）设样品中NaHSO2HCHO2HO的质量为，xx=0.01mol×5×154g/mol=7.7g，28.0g×100%=96.25％。292分，共分）（1）−89.7kJ/mol（2）C0.10.2（3）①0.84.63②减小（1i260℃正向移动的理科综合参考答案·第页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}程度大于反应i逆向移动的程度④在该条件下，反应i的速率大于反应ii，单位时间内生成甲醇的量比生成CO的量多=S2O2H2O0.02（4）2HSO2e2H243【解析】（）根据盖斯定律ⅰ−ⅱ=iii，故答案为89.7kJ/mol。（2）绝热恒容容器，反应未达平衡时能量的变化使得体系温度变化，只有达到平衡时体系温度不变，平衡常数不变。绝热恒容容器，当反应ⅰ的平衡常数K保持不变说明反应Ai是气体体积减小的反应，反应ii是气体体积不变的反应，则气体的总物质的量随着反应进行减小，气体的平均相对分子质量增大，当气体的平均相对分子质量保持不变，说明反应体系已达平衡，B正确。体系达平衡后，若压缩体积，相当于增大压强，则反应i平衡正向移动，会使反应i中CO和H量减小，HO量增大，反应C222用合适的催化剂可以加快反应速率，从而提高CH3D答案为C。（31L的密闭容器中通入1molCO(g)和5molH(g)10后体22CO的转化率为20%n(CO)20%0.2molCHOH232转化的CH的n(CO)的选择性为50%，已知CH3的选择性=32100%，则转化为消耗的n(CO2)CH的n(CO)0.2mol50%。平衡时n(CO)0.2mol0.8mol，322n(H)，n(CHOH)，n(HO)0.2mol1L，232c(CO)，c(H)4.6mol/L，c(CHOH)，c(HO)0.2mol/L反应i2232c(CHOH)c(HO)0.10.2的平衡常数K32；c(CO)c(H2)0.84.6332②反应ii是吸热反应，降低温度，速率常数均减小，化学平衡逆向移动，则逆减小的幅度小于v，所以k减小的幅度大于k，故kk减小；正正逆正逆260程度大于反应ⅰ逆向移动的程度，故CO2的平衡转化率发生变化。④在该反应条件下反应ⅰ的速率大于反应ⅱ，单位时间内生成甲醇的量比生成的量多，故温度相同时CH3的选择性：实验值略高于平衡值。理科综合参考答案·第12页（共15页）{#{QQABIQoEggAIAJIAARhCQQFSCAKQkBCAAIoGgBAAoAAASRFABAA=}#}（4）由图可知，电解池中阴极的亚硫酸氢根离子得到电子发生还原反应，反应式为2HSO32e2H=SO22HO，阳极反应为2HO=4HO2；根=24N24HSO322NO4e2O224mLO时据2HO2NOO242222(标况)，n(O2)，则可处理的物质的量为0.02mol。302分，共分）（1）对羟基苯甲醛（4羟基苯甲醛）（2）CHOP1815（3）加成（或还原）反应、氧化反应（答对一个得1分）（4）21（5）2（1分）（6）（3分）【解析】（）根据有机物的结构，有机物A名称为对羟基苯甲醛。（2ABC的分子式和质量守恒定律可知，反应前与反应后的原子个数相同，则反应后另一产物的分子式为C18H15OP。