2024年四川省广元市苍溪县中考物理二模试卷

第1页（共1页）2024年四川省广元市苍溪县中考物理二模试卷附解析一、选择题（本题共12个小题，每小题只有一个答案最符合题意。每小题3分，本题共36分）1．（3分）下列说法不正确的是（）A．两个鸡蛋所受的重力约为1kg B．做一遍眼保健操的时间约为5min C．手机电池电压约为3.7V D．家用节能灯正常工作时电流约为0.1A2．（3分）教室里有各种各样的声音，下列说法正确的是（）A．同学们在认真听老师讲课，说明声音可以传递能量 B．学生“入室即静”是在传播过程中控制噪声 C．小明回答问题时声音洪亮，说明他的音调高 D．坐在前排的同学通过声音就知道身后是哪位同学在说话，利用了声音的音色不同3．（3分）下列关于物态变化的说法正确的是（）A．水烧开时冒的“白气”属于汽化现象 B．衣柜中的樟脑丸变小，属于升华现象 C．冬天玻璃窗上形成的冰花，属于凝固现象 D．开灯的瞬间灯丝烧断了，属于液化现象4．（3分）某校举行足球比赛，运动员们在足球场上奋力拼搏，下列说法正确的是（）A．运动员踢足球时，脚对足球的力大于足球对脚的力 B．足球在草地上越滚越慢，是因为足球的惯性越来越小 C．守门员接住了飞来的足球，说明力能改变物体的运动状态 D．踢出的足球最终会停下来，说明物体的运动需要力来维持5．（3分）同学们学习了大气压强的知识后，知道了测量大气压强的方法，如图所示，下列说法正确的是（）A．用该实验装置最早测出大气压数值的科学家是帕斯卡 B．将玻璃管倾斜，管内外水银面的高度差将减小 C．如果管中混入少量空气，管内外水银面的高度差将变小 D．利用该装置测任何地方的大气压时，管内外水银面的高度差始终是760mm6．（3分）天气转凉，小明将一盒凉牛奶放在一盆热水里加热一段时间后，不计热量损失，下列说法一定正确的是（）A．牛奶的内能比水的内能大 B．热水温度高，含有的热量多 C．热量由热水传递给牛奶 D．若牛奶的温度比水的温度变化得多，说明牛奶的比热容大7．（3分）如图所示，工人用与水平方向成30°角的拉力F，将水平地面上重为G的物体以速度v匀速拉到仓库，在这一过程中，物体水平运动距离为s，受到的摩擦力大小为f。下列说法正确的是（）A．摩擦力与F的大小相等 B．拉力做的功为Fs C．拉力的功率为Fv D．重力做的功为08．（3分）如图所示的电路中，定值电阻R1与滑动变阻器R2的规格均为“20Ω1A”。闭合开关S，滑片P在b端时，电流表示数为0.6A；当滑片P从b端移到a端的过程中，下列说法正确的是（）A．电源电压为20V B．电压表与电流表示数的比值变小 C．电流表示数的变化量为0.1A D．当滑片P在ab中点时，电压表示数为4V9．（3分）如图所示，图甲是萘的熔化图象，图乙是塑料的凝固图象。下列说法正确的是（）A．萘和塑料都是晶体 B．萘的熔化过程用了5min C．萘在B点时为固液共存态 D．与塑料具有相似凝固图象的物质有松香、石蜡、海波10．（3分）小张将手机充电器的插头插入插座时，家里空气开关突然跳闸，你认为小张家出现的电路故障可能是（）A．充电器的插头短路 B．充电器的功率过大 C．插座短路 D．插座开关短路11．（3分）带盖子的空玻璃瓶容积为100mL，挂在弹簧测力计下静止时如图甲所示，空瓶放到水中静止时处于漂浮状态，将一合金块装入玻璃瓶内并盖紧盖子，放入水中后下沉；将其挂在弹簧测力计上，并保持玻璃瓶竖直，然后从图乙所示位置缓慢浸入水中，弹簧测力计的示数F与玻璃瓶下表面浸入水中深度h的关系图象如图丙所示。玻璃瓶装满水后其总重如图丁所示，此时弹簧测力计的示数为3.1N。关于上述情况，下列分析不正确的是（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（）A．合金块重0.8N B．空玻璃瓶放入水中静止时受到的浮力为1.4N C．玻璃瓶下表面到达C处时，其上表面受到水的压强为4000Pa D．合金块密度为8g/cm312．（3分）物理兴趣小组设计了如图所示电路测量小灯泡的功率。电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”，灯泡L上标有“4.5V1.35W”的字样，不考虑灯丝电阻的变化。闭合开关S，为了保障电路的安全，当滑动变阻器的滑片移动到距左端一处时，灯泡恰好正常发光，下列说法正确的是（）A．电源电压为9V B．电路中最小电流约为0.17A C．电路的最大功率为2.7W D．滑动变阻器的阻值调节范围是5～15Ω二、填空题（每空2分，本题共28分）13．（4分）某智能手机支持卫星通话功能，可以在无地面网络的情况下通过与卫星连接拨打和接听卫星电话。大多数科技产品需要有芯片的支持才能发展，芯片是利用材料制成的，利用这种材料做成的二极管具有单向导电性。14．（4分）随着城市的建设，人们对安全问题愈来愈重视，广元市很多小区在大门口都装备了人脸识别系统。其中的摄像机可以自动将镜头前0.6m处的人脸拍摄成数码照片，则摄像机镜头的焦距应小于cm，该镜头与（选填“近视镜”或“远视镜”）镜片属同一类透镜。15．（4分）随着世界经济的不断发展，能源的消耗持续增长，特别是近几十年来，能源消耗增长速度明显加快。作为人类主要能源的化石能源储量并不丰富，为缓解资源紧张问题，在某些方面我们已经利用了太阳能和核能，如太阳能热水器。太阳能是太阳内部氢原子核发生（选填“聚变”或“裂变”）时释放的能量；核能属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源。16．（4分）广元市某社区志愿者发现某户电能表表盘如图所示，志愿者仔细观察了一段时间，电能表表盘转过360转，则这段时间该用户家用电器一共消耗电能J，该户居民家中有额定功率分别为700W的电饭锅、150W的电视机和1500W的电热水壶，现得知该户居民准备添加空调和洗碗机两种电器，那么志愿者（选填“应该”或者“不应该”）建议该用户更换电能表。17．（4分）新能源汽车能量回收时的状态如图所示，这时汽车正处于制动后滑行过程，车轮带动电动机转化为发电机，在这个过程中将汽车的能转化为能，从而向电池充电，并储存起来，同时达到减速的目的。18．（4分）如图甲所示，闭合开关S后，小磁针在通电螺线管磁场的作用下最终静止，则b端为（选填“N”或“S”）极。当只将滑片P向右移动时，图乙中小车受到通电螺线管的力将（选填“增大”或“减小”）。19．（4分）图甲是某加热水壶，其容积为1L，部分参数见表。简化电路如图乙所示，S2为挡位开关，R1、R2均为发热电阻（阻值不随温度变化），则发热电阻R1阻值为Ω。加热水壶中装满初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，用时s。[不计热量损失，水的密度是1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]额定电压220V加热挡功率1000W保温挡功率220W三、作图与实验题（第20、21题各2分，其余各题每空2分，本题共24分）20．（2分）如图所示，在水面上方有一点光源S，经水面反射后有一条反射光线恰好经过凸透镜左侧的焦点F并经过透镜发生折射。请完成上述光路图。21．（2分）现有一物体放入水中，有部分露出水面，请作出该物体所受浮力的示意图。22．（6分）学习了光现象后，科学小组一起完成了以下光学实验。（1）图甲是第一组同学在研究光的直线传播时的画面，将一个光源放在〇点照亮一个不透明的物体AB，此时右侧的墙壁上会出现物体AB的影子，如果光源靠近AB，影子的范围将会（选填“变大”“不变”或“变小”）；如果将光源竖直向上移动，影子将向（选填“上”或“下”）移动。（2）第二组同学使用如图乙所示的实验装置。先用加湿器使整个玻璃罩内充满水雾，将平面镜放在一个能转动的水平圆台上，用固定的红色激光笔发出一束垂直射向平面镜的光NO，然后用另一个绿色激光笔向O点发出一束光AO，经平面镜反射后沿OB方向射出。缓慢转动圆台，从反射光那一侧观察，看到三束光相互，说明在反射现象中，反射光线、入射光线与法线在同一平面内。23．（6分）五一假期，小明跟父母一起去广元翠云廊景区游玩，小明拾到一小段“皇柏”的枯枝，想知道“皇柏”枯枝的密度是多少，于是小明进行了如下探究。利用天平、烧杯、细铁丝、塑料薄膜等器材测量“皇柏”的密度，实验操作如下。（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（1）调节天平水平平衡后，在天平左盘放置装有水的烧杯，将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，指针位置如图甲所示，接下来的操作是；测得烧杯和水的总质量如图乙所示。（2）将“皇柏”用塑料薄膜包好，轻轻放入装水的烧杯中，天平平衡时，砝码和游码位置如图丙所示。（3）（请补充具体实验操作，实验中水均未溢出），天平再次平衡时示数如图丁所示。（4）通过计算得出“皇柏”的密度是g/cm3（保留到小数点后两位）。24．（8分）在“探究电流与电阻关系”的实验中，实验电路如图甲所示。已知电源电压恒为3V，滑动变阻器规格为“10Ω1A”，定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、30Ω。小明根据实验中记录的数据，绘制成如图乙所示的图象。（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到（选填“A”或“B”）端。（2）研究发现，由图线上的任一点和坐标轴围成的矩形“面积”大小都相等，由此可以得出的实验结论是。（3）小红为了继续探究，用30Ω的定值电阻代替原来的电阻进行实验，发现无论怎样移动滑片都不能使电压表示数为2V，原因是。（4）若要30Ω的定值电阻也能完成实验，不改变电路元件的情况下，设定的电压表示数应不低于V，才能保证实验顺利进行，得出正确结论。四、解答题（解答应写出必要的文字说明、公式、演算步骤、数值和单位。每小题6分，共12分）25．（6分）学习了简单机械后，元元设计了如图所示的实验装置，通过滑轮组匀速拉动立方物体。已知物体的体积为1m3，密度为0.8×103kg/m3，动滑轮重400N，不计绳重、摩擦和水的阻力，求：（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（1）物体自由漂浮时受到的浮力；（2）物体在水中时动滑轮对其的最大拉力；（3）物体向下运动过程中滑轮组机械效率的最大值（保留到小数点后一位）。26．（6分）如图甲所示，电源电压恒定不变，灯泡L的规格为“12V9W”，灯丝电阻不受温度的影响。当只闭合开关S、S1时，移动滑动变阻器.R2的滑片，R2的电功率P与电流表示数I的图象如图乙所示，求：（1）灯泡正常发光时的电流。（2）电源电压和R1的阻值。（3）电路总电功率的最小值与最大值。

2024年四川省广元市苍溪县中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12个小题，每小题只有一个答案最符合题意。每小题3分，本题共36分）1．（3分）下列说法不正确的是（）A．两个鸡蛋所受的重力约为1kg B．做一遍眼保健操的时间约为5min C．手机电池电压约为3.7V D．家用节能灯正常工作时电流约为0.1A【答案】A【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，找出符合题意的答案。【解答】解：A.两个鸡蛋所受的重力约为1N，故A不正确；B.做一遍眼保健操的时间约为5min，故B正确；C.手机电池电压约为3.7V，故C正确；D.家用节能灯正常工作时电流约为0.1A，故D正确。故选：A。【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。2．（3分）教室里有各种各样的声音，下列说法正确的是（）A．同学们在认真听老师讲课，说明声音可以传递能量 B．学生“入室即静”是在传播过程中控制噪声 C．小明回答问题时声音洪亮，说明他的音调高 D．坐在前排的同学通过声音就知道身后是哪位同学在说话，利用了声音的音色不同【答案】D【分析】（1）声音可以传递信息和能量；（2）减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；（3）声音的大小叫响度，影响因素是振幅和距离发声体的距离；（4）声音的特点和品质叫音色，影响因素是发声体的材料和结构。【解答】解：A、同学们在认真听老师讲课，说明声音可以传递信息，故A错误；B、学生“入室即静”是在声源处减弱噪声，故B错误；C、小明回答问题时声音洪亮，说明他的响度大，故C错误；D、坐在前排的同学通过声音就知道身后是哪位同学在说话，利用了声音的音色不同，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了噪声的防治、声音能够传递信息和能量、声音三要素的判断，难度不大。3．（3分）下列关于物态变化的说法正确的是（）A．水烧开时冒的“白气”属于汽化现象 B．衣柜中的樟脑丸变小，属于升华现象 C．冬天玻璃窗上形成的冰花，属于凝固现象 D．开灯的瞬间灯丝烧断了，属于液化现象【答案】B【分析】物质从固态变为液态的过程是熔化。物质从液态变为固态的过程是凝固。物质从液态变为气态的过程是汽化。物质从气态变为液态的过程是液化。物质从固态直接变为气态的过程是升华。物质从气态直接变为固态的过程是凝华，【解答】解：A、“白气”是水蒸气液化形成的，是液化现象，故A错误；B、樟脑丸变小就是变为了气态，消散在空气中，属于升华现象，故B正确；C、冰花是固态的，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，属于凝华现象，故C错误；D、开灯的瞬间，灯丝烧断了，属于熔化现象，故D错误。故选：B。【点评】判断物态变化现象主要看物体是由什么状态变为什么状态；物态变化知识是中考必考的知识点，需要掌握。4．（3分）某校举行足球比赛，运动员们在足球场上奋力拼搏，下列说法正确的是（）A．运动员踢足球时，脚对足球的力大于足球对脚的力 B．足球在草地上越滚越慢，是因为足球的惯性越来越小 C．守门员接住了飞来的足球，说明力能改变物体的运动状态 D．踢出的足球最终会停下来，说明物体的运动需要力来维持【答案】C【分析】（1）一对相互作用力的大小始终相等；（2）物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，一切物体都有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；（3）力的作用效果：改变物体的形状，改变物体的运动状态；（4）力是改变物体运动状态的原因。【解答】解：A、踢足球时，脚对足球的力与足球对脚的力是一对相互作用力，二者的大小相等，故A错误；B、足球在草地上越滚越慢，是因为足球受到阻力的作用，而足球本身的惯性不会改变，故B错误；C、飞来的足球被守门员接住了，球由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态，故C正确；D、踢出去的足球最终会停下来，是因为物体受到阻力的作用，阻力改变了足球的运动状态，物体的运动不需要力来维持，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了力的作用的相互性、力的作用效果、惯性、力与运动的关系等，深入理解基本规律，是正确解答的关键。5．（3分）同学们学习了大气压强的知识后，知道了测量大气压强的方法，如图所示，下列说法正确的是（）A．用该实验装置最早测出大气压数值的科学家是帕斯卡 B．将玻璃管倾斜，管内外水银面的高度差将减小 C．如果管中混入少量空气，管内外水银面的高度差将变小 D．利用该装置测任何地方的大气压时，管内外水银面的高度差始终是760mm【答案】C【分析】（1）在托里拆利实验中，大气压所能支持的水银柱的高度是指玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，标准高度为760mm；（2）玻璃管的粗细，倾斜，以及上提，下按对实验结果无影响；（3）管上方混入空气，因为空气也会产生一定的压强，从而抵消了一部分外界气压，从而使水银柱变短；（4）不同地方的大气压不同。【解答】解：A、用该实验装置最早测出大气压数值的科学家是托里拆利，故A错误；B、实验时如果将玻璃管倾斜，测得水银柱的高度不变，故B错误；C、如果管中混入少量空气，空气也会产生一定的压强，从而抵消了一部分外界气压，从而使水银柱变短，管内外水银面的高度差将变小，故C正确；D、不同地方的大气压不同，利用该装置测任何地方的大气压时，管内外水银面的高度差会有变化，故D错误。故选：C。【点评】本题考查在托里拆利实验的实验依据和实验中注意的事项，以及哪些因素会对测量结果产生影响。6．（3分）天气转凉，小明将一盒凉牛奶放在一盆热水里加热一段时间后，不计热量损失，下列说法一定正确的是（）A．牛奶的内能比水的内能大 B．热水温度高，含有的热量多 C．热量由热水传递给牛奶 D．若牛奶的温度比水的温度变化得多，说明牛奶的比热容大【答案】C【分析】（1）物体内能的大小由物质的种类、质量、温度、状态等因素决定，不同种类的物体通常难以比较内能大小；（2）热量是热传递过程中转移内能的多少，是一个过程量，不能说物体含有多少热量；（3）热传递过程中，热量从高温物体传递给低温物体；（4）由c＝可知，仅根据温度的变化量不能得到物质比热容的大小关系。【解答】解：A、物体内能大小由物质的种类、质量、温度等因素决定，通常不同种类的物体难以进行内能大小的比较，通常在忽略牛奶和水的种类差异的情况下，由于水的质量大、温度高，应该是水的内能大，故A错误；B、热量是一个过程量，不能说物体具有或含有热量，故B错误；C、在热传递过程中，热量从高温物体传递给低温物体，故C正确；D、由c＝可知，仅根据温度的变化量不能得到牛奶和水的比热容的大小关系，故D错误。故选：C。【点评】本题考查内能大小的决定因素、热量的概念、比热容的概念，难度不大。7．（3分）如图所示，工人用与水平方向成30°角的拉力F，将水平地面上重为G的物体以速度v匀速拉到仓库，在这一过程中，物体水平运动距离为s，受到的摩擦力大小为f。下列说法正确的是（）A．摩擦力与F的大小相等 B．拉力做的功为Fs C．拉力的功率为Fv D．重力做的功为0【答案】D【分析】A、根据平衡力的知识可知摩擦力大小；B、根据W＝Fs可知拉力F做功；C、根据P＝Fv可知拉力的功率；D、物体在重力的方向上移动的距离为0m，据此得出重力。【解答】解：A、根据平衡力的知识可知，摩擦力大小f＝Fcos30°＝F，故A错误；B、根据W＝Fs可知，拉力F做功W＝Fcos30°s＝Fs，故B错误；C、根据P＝Fv可知，拉力的功率为P＝Fcos30°v＝Fv，故C错误；D、物体在重力的方向上移动的距离为0m，故重力做功0J，故D正确；故选：D。【点评】本题考查功和功率的有关知识，是一道综合题。8．（3分）如图所示的电路中，定值电阻R1与滑动变阻器R2的规格均为“20Ω1A”。闭合开关S，滑片P在b端时，电流表示数为0.6A；当滑片P从b端移到a端的过程中，下列说法正确的是（）A．电源电压为20V B．电压表与电流表示数的比值变小 C．电流表示数的变化量为0.1A D．当滑片P在ab中点时，电压表示数为4V【答案】B【分析】A、闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电流电阻规律结合欧姆定律计算电源电压；BC、滑片P从b端移到a端的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电压表与电流表示数的比值变化；滑片在a端时，滑动变阻器接入电流的电阻为0，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，进一步计算电流表示数的变化量；D、当滑片P在ab中点时，根据串联电路电阻规律、欧姆定律计算滑动变阻器两端的电压可知电压表示数。【解答】解：A、闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得电源电压U＝I1（R2+R1）＝0.6A×（20Ω+20Ω）＝24V，故A错误；BC、滑片P从b端移到a端的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知电压表与电流表示数的比值变小，故B正确；滑片在a端时，滑动变阻器接入电流的电阻为0，此时通过电路的电流：I＝＝＝1.2A，电流表示数的变化量为ΔI＝I﹣I1＝1.2A﹣0.6A＝0.6A，故C错误；D、当滑片P在ab中点时，电压表示数为：UP＝×＝×＝8V，故D错误。故选：B。【点评】本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用。9．（3分）如图所示，图甲是萘的熔化图象，图乙是塑料的凝固图象。下列说法正确的是（）A．萘和塑料都是晶体 B．萘的熔化过程用了5min C．萘在B点时为固液共存态 D．与塑料具有相似凝固图象的物质有松香、石蜡、海波【答案】B【分析】（1）晶体在熔化过程中温度保持不变；根据晶体熔化的特点（温度保持不变）来判断出熔化过程，从而可以从图中读出熔化所需的时间；晶体在熔化前为固态，熔化过程中为固液共存态，熔化结束后为液态；（2）晶体在凝固过程中保持不变的温度即为凝固点，晶体在熔化过程中，保持不变的温度即为晶体的熔点，对于同种晶体来说，其凝固点等于熔点；（3）根据课本相关内容的描述可知，属于晶体的有：冰、食盐、萘、铁、海波；属于非晶体的有：玻璃、沥青、蜡、塑料，蜂蜡、沥青。【解答】解：A、图中奈熔化时温度不变，是晶体，塑料凝固时温度改变，是非晶体；故A错误；B、萘的熔化从5min开始，10min结束，熔化过程用了10min﹣5min＝5min，故B正确；C、萘在B点时该到达熔点，是固态，故C错误；D、塑料是非晶体，与塑料具有相似凝固图象的物质有松香、石蜡，而海波是晶体，故D错误。故选：B。【点评】本题考查晶体与非晶体的区分，属于中档题。10．（3分）小张将手机充电器的插头插入插座时，家里空气开关突然跳闸，你认为小张家出现的电路故障可能是（）A．充电器的插头短路 B．充电器的功率过大 C．插座短路 D．插座开关短路【答案】A【分析】室内用电器全部停止工作，说明干路上的保险丝被熔断（或空气开关跳闸）了，保险丝被熔断（或空气开关跳闸）是由于电路中的电流过大。而产生电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路。由生活常识可知，手机充电器的功率比较小，因此造成保险丝熔断的原因不会是因干路的总功率过大。由手机充电器插头插入插座，室内用电器全部停止工作可知，是手机充电器的两个接头短路了。【解答】解：A、将一个手机充电器的插头插入插座时，家里所有的用电器全部停止了工作，说明干路上的保险丝被熔断了，保险丝被熔断是由于电路中的电流过大。而产生电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路。由生活常识可知，手机充电器的功率比较小，因此造成保险丝熔断的原因不会是因干路的总功率过大，而是短路引起的，故A正确；B、手机充电器的功率很小，使用后不会导致干路中总电流过大而使空气开关跳闸，故B错误。C、若是插座处原来有短路，则在没有插入手机充电器之前，电路就已经出现了短路，室内用电器不会正常工作，故C错误；D、插座开关短路相当于闭合开关，不能起到控制作用，不会引起电流过大，故D错误。故选：A。【点评】本题考查对家庭电路故障的分析判断能力，要结合家庭电路的特点熟练掌握。11．（3分）带盖子的空玻璃瓶容积为100mL，挂在弹簧测力计下静止时如图甲所示，空瓶放到水中静止时处于漂浮状态，将一合金块装入玻璃瓶内并盖紧盖子，放入水中后下沉；将其挂在弹簧测力计上，并保持玻璃瓶竖直，然后从图乙所示位置缓慢浸入水中，弹簧测力计的示数F与玻璃瓶下表面浸入水中深度h的关系图象如图丙所示。玻璃瓶装满水后其总重如图丁所示，此时弹簧测力计的示数为3.1N。关于上述情况，下列分析不正确的是（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（）A．合金块重0.8N B．空玻璃瓶放入水中静止时受到的浮力为1.4N C．玻璃瓶下表面到达C处时，其上表面受到水的压强为4000Pa D．合金块密度为8g/cm3【答案】C【分析】（1）由图甲、丙计算合金块的重力；（2）根据漂浮条件判断出空玻璃瓶放入水中静止时受到的浮力；（3）由图算出玻璃瓶下表面到达C处时其上表面的深度，由p＝ρgh算出其上表面受到水的压强；（4）由图计算出瓶中加入水的重力，由密度公式可得加入水的体积，从而得到合金块体积，由密度公式计算合金块的密度大小。【解答】解：A、弹簧测力计的分度值为0.2N，故测力计读数为：F拉＝1.4N，弹簧测力计示数为空瓶子重力，即G瓶＝1.4N，由丙图知，瓶子和合金块的总重力G＝2.2N，合金块重力：G合金＝G﹣G瓶＝2.2N﹣1.4N＝0.8N，故A正确；B、空瓶漂浮在水面上，受到的浮力等于瓶子的重力为1.4N，故B正确；C、玻璃瓶下表面到达C处时，其上表面所处的深度为h＝10cm﹣6cm＝4cm＝0.04m，其上表面受到水的压强为：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m＝400Pa，故C错误；D、图丁中时弹簧测力计示数，即瓶子、水和合金块的总重力：G总＝3.1N，所以装入水的重力：G水＝G总﹣G＝3.1N﹣2.2N＝0.9N，加入水的体积：V水＝＝＝9×10﹣5m3＝90cm3，合金块的体积：V＝V容积﹣V水＝100cm3﹣90cm3＝10cm3，所以合金块密度：ρ＝＝＝8×103kg/m3＝8g/cm3，故D正确。故选：C。【点评】本题通过实验考查了弹簧测力计的读数、浮力的计算、液体压强以及物体密度的计算等，考查知识点多，综合性强，是一道好题。12．（3分）物理兴趣小组设计了如图所示电路测量小灯泡的功率。电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”，灯泡L上标有“4.5V1.35W”的字样，不考虑灯丝电阻的变化。闭合开关S，为了保障电路的安全，当滑动变阻器的滑片移动到距左端一处时，灯泡恰好正常发光，下列说法正确的是（）A．电源电压为9V B．电路中最小电流约为0.17A C．电路的最大功率为2.7W D．滑动变阻器的阻值调节范围是5～15Ω【答案】D【分析】根据电路图知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的电压，（1）根据灯泡规格计算最大电流，根据串联电路的特点结合欧姆定律得出电源电压；根据P＝UI计算最大电功率；（2）根据电压表量程确定灯泡的最小电压，根据欧姆定律计算最小电流，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值，据此分析。【解答】解：AC、根据电路图知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的电压，灯泡正常发光时的电压为4.5V，功率为1.35W，因串联电路中各处的电流相等，所以，由P＝UI可得，灯泡正常发光时电路中的电流：I＝IL＝＝＝0.3A，此时当滑动变阻器的滑片移动到距左端一处时，灯泡恰好正常发光，滑动变阻器接入电路的电阻Rp＝（1﹣）×20Ω＝5Ω；电源电压U＝IRp+UL＝0.3A×5Ω+4.5V＝6V；故A错误；此时电路的最大功率P＝UI＝6V×0.3A＝1.8W，故C错误。BD、灯泡电阻RL＝＝＝15Ω，当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时灯泡两端的电压：UL′＝U﹣UR大＝6V﹣3V＝3V，电路中的最小电流：I小＝＝＝0.2A，故B错误；滑动变阻器的最大阻值为D、RP＝＝＝10Ω，灯泡正常发光时，滑动变阻器的电阻最小，为5Ω，滑动变阻器的阻值调节范围是5～15Ω，故D正确。故选：D。【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率，属于中档题。二、填空题（每空2分，本题共28分）13．（4分）某智能手机支持卫星通话功能，可以在无地面网络的情况下通过电磁波与卫星连接拨打和接听卫星电话。大多数科技产品需要有芯片的支持才能发展，芯片是利用半导体材料制成的，利用这种材料做成的二极管具有单向导电性。【答案】电磁波；半导体。【分析】电磁波能在真空中传播，芯片是利用半导体材料制成。【解答】解：移动通信、卫星通信都是利用电磁波中的微波来传递信息的，因为微波传递信息量大，芯片是利用半导体材料制成；故答案为：电磁波；半导体。【点评】本题考查了的知识点较多，是一道学科综合题，但难度不大，熟练掌握基础知识即可正确解题14．（4分）随着城市的建设，人们对安全问题愈来愈重视，广元市很多小区在大门口都装备了人脸识别系统。其中的摄像机可以自动将镜头前0.6m处的人脸拍摄成数码照片，则摄像机镜头的焦距应小于30cm，该镜头与远视镜（选填“近视镜”或“远视镜”）镜片属同一类透镜。【答案】30；远视镜。【分析】人脸在摄像机镜头前0.6m处被拍摄成数码照片，则物距为0.6m，由于摄像机镜头属于凸透镜，根据凸透镜成倒立、缩小实像的条件，可判断凸透镜焦距的大小，近视眼镜是凹透镜，远视眼镜是凸透镜。【解答】解：摄像机的镜头相当于凸透镜，凸透镜可以矫正远视眼；当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像；已知物距u＝0.6m，因为u＞2f，所以它的焦距f＜u＝×0.6m＝0.3m＝30cm；凸透镜可以矫正远视眼。故答案为：30；远视镜。【点评】本题主要考查对凸透镜在物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像的应用，知道摄像机是根据凸透镜成像的原理制成的，其镜头相当于凸透镜。15．（4分）随着世界经济的不断发展，能源的消耗持续增长，特别是近几十年来，能源消耗增长速度明显加快。作为人类主要能源的化石能源储量并不丰富，为缓解资源紧张问题，在某些方面我们已经利用了太阳能和核能，如太阳能热水器。太阳能是太阳内部氢原子核发生聚变（选填“聚变”或“裂变”）时释放的能量；核能属于不可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源。【答案】聚变；不可再生【分析】（1）太阳能是太阳内部发生核聚变产生的。（2）可再生能源是指可以从自然界源源不断地获取的能源；不可再生能源是指消耗后，无法在短时间内获得补充的能源。【解答】解：太阳能是太阳内部的氢原子核发生聚变反应时产生的能量；核能利用后，不能从自然界中源源不断地直接获取，所以核能属于不可再生能源。故答案为：聚变；不可再生。【点评】太阳能自古以来就是人类的主要能源之一，随着科技的发展，人类对太阳能的利用方法、利用效率都有很大提高，这些新技术也成为了考查热点。16．（4分）广元市某社区志愿者发现某户电能表表盘如图所示，志愿者仔细观察了一段时间，电能表表盘转过360转，则这段时间该用户家用电器一共消耗电能1.8×106J，该户居民家中有额定功率分别为700W的电饭锅、150W的电视机和1500W的电热水壶，现得知该户居民准备添加空调和洗碗机两种电器，那么志愿者应该（选填“应该”或者“不应该”）建议该用户更换电能表。【答案】1.8×106；应该。【分析】720r/（kW•h）表示电路中的用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过720r，据此可以计算出电能表的表盘转过360转，家用电器消耗的电能；已知电能表允许通过的最大电流和额定电压，可以得到电能表允许的最大功率；已知用电器的额定功率、种类，可以得到同时工作的用电器的总功率，两个总功率比较确定是否需要更换电能表。【解答】解：720r/（kW•h）表示电路中的用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过720转；当电能表的表盘转过360转，空调消耗的电能：W＝＝0.5kW•h＝1.8×106J；P最大＝UI＝220V×15A＝3300W；空调和洗碗机的电功率均约为1000W，当题中所述用电器同时工作时，P总＝700W+150W+1500W+1000W+1000W＝4350W；P最大＝3300W＜P总＝4350W，因此应该建议该用户更换电能表。故答案为：1.8×106；应该。【点评】此题考查了电能表的参数、消耗电能的计算、电功率公式的应用，难度不大，属基础题。17．（4分）新能源汽车能量回收时的状态如图所示，这时汽车正处于制动后滑行过程，车轮带动电动机转化为发电机，在这个过程中将汽车的机械能转化为电能，从而向电池充电，并储存起来，同时达到减速的目的。【答案】机械；电【分析】发电机工作时，将其它形式的能转化为电能，据此判断。【解答】解：由题意可知，汽车正处于制动后滑行过程，车轮带动电动机转化为发电机，发电机原理是：发电机将车轮转动时的机械能转化为电能，从而给电池充电。故答案为：机械；电。【点评】本题考查了发电机工作时的原理和能量的转化，难度不大。18．（4分）如图甲所示，闭合开关S后，小磁针在通电螺线管磁场的作用下最终静止，则b端为S（选填“N”或“S”）极。当只将滑片P向右移动时，图乙中小车受到通电螺线管的力将减小（选填“增大”或“减小”）。【答案】S；减小。【分析】根据安培定则确定通电螺线管的磁极，根据磁极间的作用规律分析小磁针磁极，通电螺线管的磁性强弱与电流大小有关。【解答】解：电流从左侧后方流入通电螺线管，根据安培定则知，右侧为N，左侧为S极，吸引小磁针的N极，故则b端为S极，当只将滑片P向右移动时，电阻变大，根据欧姆定律知，电流中的电流减小，通电螺线管的磁性减弱，图乙中小车受到通电螺线管的力将减小。故答案为：S；减小。【点评】本题考查安培定则、磁极间的作用规律以及通电螺线管的磁性强弱有关因素，属于中档题。19．（4分）图甲是某加热水壶，其容积为1L，部分参数见表。简化电路如图乙所示，S2为挡位开关，R1、R2均为发热电阻（阻值不随温度变化），则发热电阻R1阻值为171.6Ω。加热水壶中装满初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，用时336s。[不计热量损失，水的密度是1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]额定电压220V加热挡功率1000W保温挡功率220W【答案】171.6；336。【分析】（1）由电路图可知，闭合开关S1、S2时，电路为R2的简单电路，总电阻较小，根据P＝可知总功率较大，加热水壶处于加热挡；只闭合开关S1时，两电阻串联，此时电路中的总电阻较大，根据P＝可知总功率较小，加热水壶处于保温挡；根据P＝可知R2的电阻：根据P＝可知两电阻串联的总电阻，根据电阻串联的特点可知R1的阻值；（2）根据m＝ρV得出水的质量；标准大气压下水的沸点为100℃，根据Q吸＝cmΔt得出加热过程水吸收的热量，不计热量损失，根据W＝Q吸得出消耗的电能，根据t＝得出所需的时间。【解答】解：由电路图可知，闭合开关S1、S2时，电路为R2的简单电路，总电阻较小，根据P＝可知总功率较大，加热水壶处于加热挡；只闭合开关S1时，两电阻串联，此时电路中的总电阻较大，根据P＝可知总功率较小，加热水壶处于保温挡；根据P＝可知R2的电阻：R串＝＝＝220Ω；R2＝＝＝48.4Ω，根据电阻串联的特点可知R1＝R串﹣R2＝220Ω﹣48.4Ω＝171.6Ω；水的质量m＝ρV＝1×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg；标准大气压下水的沸点为100℃，加热过程水吸收的热量为：Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃−20℃）＝3.36×105J；不计热量损失，消耗的电能W＝Q吸＝3.36×105J；所需的时间：t＝＝＝336s；故答案为：171.6；336。【点评】本题考查电功和热量的综合计算，有一定难度。三、作图与实验题（第20、21题各2分，其余各题每空2分，本题共24分）20．（2分）如图所示，在水面上方有一点光源S，经水面反射后有一条反射光线恰好经过凸透镜左侧的焦点F并经过透镜发生折射。请完成上述光路图。【答案】【分析】物像关于平面镜对称，据此确定像的位置；而反射光线好像是从虚像上发出的，据此连接像点与F确定入射点的位置，画出反射光线，再根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴作出折射光线。【解答】解：（1）平静的水面相当于平面镜，先根据平面镜成像特点（物像关于平面镜对称）画出像S的对称点，可得像的位置，连接像与焦点延长与凸透镜相交即反射光线的位置，与水面的交点为入射点；（2）通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：【点评】本题考查了平面镜成像的特点和凸透镜的三条特殊光线，利用好：经水面后的反射光线好像是从虚像上发出的。21．（2分）现有一物体放入水中，有部分露出水面，请作出该物体所受浮力的示意图。【答案】【分析】浮力的方向总是竖直向上，浮力可以画在物体重心位置。【解答】解：现有一物体放入水中，有部分露出水面，受到浮力作用，浮力的方向竖直向上，画在物体的重心位置，如图所示：【点评】本题考查浮力方向的记忆情况，并且会用力的示意图表示力的三要素。22．（6分）学习了光现象后，科学小组一起完成了以下光学实验。（1）图甲是第一组同学在研究光的直线传播时的画面，将一个光源放在〇点照亮一个不透明的物体AB，此时右侧的墙壁上会出现物体AB的影子，如果光源靠近AB，影子的范围将会变大（选填“变大”“不变”或“变小”）；如果将光源竖直向上移动，影子将向下（选填“上”或“下”）移动。（2）第二组同学使用如图乙所示的实验装置。先用加湿器使整个玻璃罩内充满水雾，将平面镜放在一个能转动的水平圆台上，用固定的红色激光笔发出一束垂直射向平面镜的光NO，然后用另一个绿色激光笔向O点发出一束光AO，经平面镜反射后沿OB方向射出。缓慢转动圆台，从反射光那一侧观察，看到三束光相互重合，说明在反射现象中，反射光线、入射光线与法线在同一平面内。【答案】（1）变大；下；（2）重合。【分析】（1）光在同种均匀介质中沿直线传播；影子是由于物体遮住了光线的传播，不能穿过不透明物体而形成的较暗区域；改变光源的位置，物体的影子会向反方向发生变化；影子的大小与物体和光源之间的距离有关：即距离大影子小，距离小影子大。（2）反射定律：入射光线、反射光线、法线位于同一平面内，入射光线和反射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角，光路可逆。总结：三线共面、两线分居、两角相等。【解答】解：（1）由图可知，如果使光源靠近AB，光源和AB间的距离变小，影子的范围将会变大；如果将光源向上移动，物体的影子会向反方向发生变化，影子将向下移动；（2）反射光线、入射光线与法线在同一平面内，从侧面看相当于在同一直线，三线重合。故答案为：（1）变大；下；（2）重合。【点评】本题考查了光源的位置对影子的位置和大小影响，以及反射定律的内容，理解和掌握光的直线传播是解题的关键。23．（6分）五一假期，小明跟父母一起去广元翠云廊景区游玩，小明拾到一小段“皇柏”的枯枝，想知道“皇柏”枯枝的密度是多少，于是小明进行了如下探究。利用天平、烧杯、细铁丝、塑料薄膜等器材测量“皇柏”的密度，实验操作如下。（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（1）调节天平水平平衡后，在天平左盘放置装有水的烧杯，将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，指针位置如图甲所示，接下来的操作是取下最小砝码，向右移动游码；测得烧杯和水的总质量如图乙所示。（2）将“皇柏”用塑料薄膜包好，轻轻放入装水的烧杯中，天平平衡时，砝码和游码位置如图丙所示。（3）用细铁丝将“皇柏”全部压入水中（请补充具体实验操作，实验中水均未溢出），天平再次平衡时示数如图丁所示。（4）通过计算得出“皇柏”的密度是0.56g/cm3（保留到小数点后两位）。【答案】（1）取下最小砝码，向右移动游码；（3）用细铁丝将“皇柏”全部压入水中；（4）0.56。【分析】（1）在称量过程中，应通过加减砝码或移动游码的方法来使天平平衡；（2）根据乙丙图中的示数求出“皇柏”的质量；根据乙丙图中的示数求出“皇柏”排开的水的质量，从而求出“皇柏”排开水的体积，即“皇柏”的体积；根据密度公式求出“皇柏”的密度。【解答】解：（1）当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针偏向分度盘的右侧，说明右盘中砝码的总质量略大于左盘中物体的质量，此时应该取下最小的砝码后向右移动游码，使天平水平平衡；（3）用细铁丝将“皇柏”全部压入水中，水均未溢出，天平再次平衡时示数如图丁所示；（4）如图乙所示，游码标尺的分度值是0.2g，烧杯和水的总质量为：m0＝100g+2g＝102g；如图丙所示，m1＝100g+10g+2g＝112g；如图丁所示，m2＝100g+20g＝120g；则“皇柏”的质量m＝m2﹣m0＝112g﹣102g＝10g；“皇柏”排开的水的质量为：m'＝m3﹣m0＝120g﹣102g＝18g，根据ρ＝可知，“皇柏”排开的水的体积即“皇柏”的体积为：V＝V排水＝＝＝18cm3；则“皇柏”的密度为：ρ＝＝≈0.56g/cm3。故答案为：（1）取下最小砝码，向右移动游码；（3）用细铁丝将“皇柏”全部压入水中；（4）0.56。【点评】本题考查了固体密度的测量，以及密度的计算，知道天平增大的示数为“皇柏”排开的水的质量是解题的关键。24．（8分）在“探究电流与电阻关系”的实验中，实验电路如图甲所示。已知电源电压恒为3V，滑动变阻器规格为“10Ω1A”，定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、30Ω。小明根据实验中记录的数据，绘制成如图乙所示的图象。（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到B（选填“A”或“B”）端。（2）研究发现，由图线上的任一点和坐标轴围成的矩形“面积”大小都相等，由此可以得出的实验结论是电压不变时，电流与电阻成反比。（3）小红为了继续探究，用30Ω的定值电阻代替原来的电阻进行实验，发现无论怎样移动滑片都不能使电压表示数为2V，原因是滑动变阻器的最大电阻太小。（4）若要30Ω的定值电阻也能完成实验，不改变电路元件的情况下，设定的电压表示数应不低于2.25V，才能保证实验顺利进行，得出正确结论。【答案】（1）B；（2）电压不变时，电流与电阻成反比；（3）滑动变阻器的最大电阻太小；（4）2.25。【分析】（1）为保护电路，实验前滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处；（2）由如图乙所示的图象，得出电流与电阻之积，据此分析；（3）根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻，故闭合开关，无论怎样移动滑片，电压表都不能达到所控制的电压值，是因为滑动变阻器的最大电阻太小；（4）滑动变阻器与定值电阻串联，串联电路电流相等，可得到定值电阻与滑动变阻器电压和电阻比值关系，从而得出定值电阻两端电压的最小值。【解答】解：（1）如甲图所示，实验前滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处的B端；（2）由如图丙所示的图象，电阻两端的电压始终保持：UV＝IR＝0.4A×5Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣＝0.1A×20Ω＝2V，为一定值，故得出的结论：电压不变时，电流与电阻成反比；（3）根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻，故闭合开关，无论怎样移动滑片，电压表都不能达到所控制的电压值，是因为滑动变阻器的最大电阻太小；（4）滑动变阻器与定值电阻串联，串联电路电流相等，故，当电阻R阻值最大时，滑动变阻器连入电路中的阻值也最大，可得，即UR＝3U滑，电源电压U＝3V，则可得UR＝2.25V，定值电阻两端电压最低为2.25V，故电压表示数应不低于2.25V。故答案为：（1）B；（2）电压不变时，电流与电阻成反比；（3）滑动变阻器的最大电阻太小；（4）2.25。【点评】本题探究电流与电压和电阻的关系，考查电路连接、数据分析等问题，综合性较强。四、解答题（解答应写出必要的文字说明、公式、演算步骤