2024年福建省福州市高新区、泉州市台商区等中考物理质检联考试卷（4月份）附解析

第1页（共1页）2024年福建省福州市高新区、泉州市台商区等中考物理质检联考试卷（4月份）附解析一、选择题：本题共14小题，每小题2分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．（2分）下列科学家的名字被命名为能量单位的是（）A．欧姆 B．牛顿 C．安培 D．焦耳2．（2分）我国境内有多种类型的发电站，其中利用不可再生能源发电的是（）A．燃煤发电站 B．水力发电站 C．光伏发电站 D．风力发电站3．（2分）科学家研发出一种可折叠钻石玻璃，可以用来制造超轻的屏幕，同时能保持良好散热。则这种材料所不具有的特性是（）A．韧性好 B．隔热性好 C．密度小 D．透光性好4．（2分）如图中属于光的反射现象的是（）A．水中的倒影 B．雨后的彩虹 C．日食的形成 D．潭清疑水浅5．（2分）“池塘一夜秋分冷，吹散芰荷红玉影；蓼花菱叶不胜愁，重露繁霜压纤梗”，该诗出自《红楼梦》，诗中“重露”“繁霜”的形成过程（）A．都要吸热 B．都要放热 C．都是凝华 D．都是液化6．（2分）我国春节习俗很多，下列习俗对应的现象能用分子动理论解释的是（）A．大扫除清理家具上灰尘的时候尘土飞扬 B．烟花爆竹燃放后冒出浓浓白烟 C．蒸馒头的时候掀开锅盖冒出浓浓白雾 D．除夕夜家家户户做年夜饭，到处都是酒肉飘香7．（2分）下列估测的数据与实际最接近的是（）A．中学生100m跑的成绩约为8s B．新2B铅笔长约18cm C．人的正常体温约为39℃ D．一支新粉笔的质量约为100g8．（2分）诗词是中国传统文化的重要组成部分，阅读古诗词可以感受诗词之美、之趣，从中汲取营养，涵养心灵。下列诗句中加点字部分所描述的现象从力的作用效果方面看，不同的一项是（）A．北风卷地白草折，胡天八月即飞雪 B．水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香 C．八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅 D．无边落木萧萧下，不尽长江滚滚来9．（2分）今年小科家造了新房，电工师傅安装完成家庭电路，部分线路如图。检测时，首先只闭合开关S，发现灯不亮，她用测电笔插进插座的两孔，氖管均发光。造成这一现象的原因可能是（）A．插座发生短路 B．进户的火线断路 C．cd间断路 D．ab间断路10．（2分）2023年5月30日，神舟十六号载人飞船采用自主快速交会对接模式与空间站成功对接，飞船与空间站的组合体在地球附近轨道上绕地球运动，如图所示。下列说法正确的是（）A．飞船与空间站成功对接后，组合体受到平衡力的作用 B．与在地面上相比，航天员在空间站内时，其质量变小 C．空间站内的航天员处于“漂浮”状态，其惯性消失了 D．地面指挥中心与空间站间是利用电磁波来传递信息的11．（2分）为测定风速的大小，小华设计了一种测定风速的装置，其简化电路如图所示。R1为定值电阻，探头、金属杆和滑动变阻器R2的滑片P相连，可上下移动。风下列分析正确的是（）A．当有风吹过探头时，探头带动滑片P向上移动 B．当有风吹过探头时，电压表示数变大 C．风速越大，电压表示数越小 D．当风速增大时，电路的总功率变大12．（2分）2023年10月26日，搭载神舟十七号载人飞船的长征二号F遥十七运载火箭成功发射。飞船在加速升空的过程中，下列理解错误的是（）A．飞船的内能增加的方式主要是热传递 B．以航天员为参照物，飞船是静止的 C．飞船的动能和重力势能都增加 D．火箭燃料燃烧释放的内能转化为机械能13．（2分）如图所示是净水器的水龙头，水龙头的下方有个显示水质好坏的指示灯。当打开水龙头，开关S闭合，有水流流出指示灯和水质检测元件开始工作。当水质达标，感应开关S1闭合，蓝色指示灯亮起；当水质不达标，感应开关S2闭合，橙色指示灯亮起，以警示用水人。下列电路设计能实现该功能的是（）A． B． C． D．14．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻。当滑动变阻器R2的滑片P从某点a点移到b点时，滑动变阻器的U﹣I线如图乙所示。则电源电压和定值电阻R1的阻值分别是（）A．9V、10Ω B．9V、30Ω C．18V、30Ω D．18V、10Ω二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12分。15．（2分）在深夜小明正欲入睡时，从邻居家传来了悠扬的二胡独奏曲《二泉映月》，二胡独奏曲声是由二胡琴弦的产生的；此时二胡独奏曲声对小明来说属于（选填“噪声”或“乐音”）。16．（2分）“低碳环保”是当今世界的主题，太阳能已被人们广泛利用。太阳能来自于太阳内部的（选填“核裂变”或“核聚变”），太阳发出的光以km/s的速度向周围空间传播（不计空气的影响）。17．（2分）如图所示，是装有静电除尘纸的拖把，拖地时除尘纸与地板摩擦后带电，具有的性质，可以轻松地将灰尘和头发清扫干净。若摩擦过程中电子从地面转移到除尘纸，则摩擦后除尘纸带电。18．（2分）如图甲所示是一款人脸识别门禁一体机，通过摄像镜头来捕捉人脸信息，该摄像镜头相当于凸透镜，所成的是（选填“放大”“缩小”或“等大”）的实像；如图乙所示是某小区自动售水机的广告投影灯及其内部结构示意图，为了使投到地面上的广告图像更大些，应将投影灯远离地面，同时适当（选填“增大”或“减小”）广告片到凸透镜的距离。19．（2分）用如图甲所示的滑轮组匀速提升货物，每件货物重100N，每次提升货物的件数不定。图乙是整个过程中滑轮组的机械效率随货物所受重力增加而变化的图像，则动滑轮重为N；由图乙可知，当提升货物的件数增多，滑轮组的机械效率（选填“增大”或“减小”）。（不考虑绳重和摩擦）20．（2分）如图所示，电源电压恒为6V，小灯泡L上标有“3V1.5W”字样。闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P，使小灯泡L正常发光，此时电流表的示数为A，此时滑动变阻器R接入电路的阻值为Ω。三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分。21．（2分）冰壶运动是冬奥会比赛项目之一，如图所示是正在水平向左滑行的冰壶。请画出冰壶所受重力G和摩擦力f的示意图（作用点均画在“O”点）。22．（2分）置于通电螺线管附近的小磁针静止时，如图所示，标出电源的正、负极（用“+”“﹣”表示）。四、简答题：本题共1小题，共4分。23．（4分）洗碗时往往会在水中放入洗洁精去除油污，但沾有洗洁精的碗很容易从手中滑落，带来危险。请用学过的物理知识回答：（1）沾有洗洁精的碗容易滑落的原因；（2）提出一条防止碗从手中滑落的方法。五、实验题：本题共5小题，共30分。24．（4分）如图所示，这是探究杠杆平衡条件的几个实验情景（杠杆自重不计）。（1）实验开始，杠杆静止时如图甲所示，此时应向（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，便于测量。（2）如图乙所示，在调平的杠杆A点挂2个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，应在B点挂个质量均为50g的钩码。（3）将杠杆的支点移到如图丙所示的位置，用弹簧测力计分别在C、D、E点沿竖直方向拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，在点的拉力最小。25．（5分）小聪在探究光的折射规律实验中，让光从空气分别射入水和玻璃中，测出相应的入射角、折射角，记录在表格中，分析数据，可以得出：空气中的入射角i/°0304560水中的折射角r/°0223240玻璃中的折射角o/°0192835（1）光从一种介质垂直射入另一种介质时，传播方向；（2）光从空气斜射入其他介质时，折射角随入射角的增大而；（3）光以28°的入射角从玻璃射向空气时，折射角大小为°；（4）分析表中数据猜想，光从水中射入空气中，逐渐增大入射角，（选填“入射角”或“折射角”）先达到90°；（5）小芳对实验进行拓展，如图所示，保证入射光传播方向不变，把容器的右侧略微抬高，折射角（选填“变大”、“变小”或“不变”）。26．（6分）茶圣陆羽在《茶经》中，形容沸腾的水“势如奔涛”。小明用如下的装置探究水沸腾的特点。（1）在安装如图甲的装置时，要用酒精灯的外焰加热，应先固定（选填“a”、“b”或“c”）位置；（2）实验过程中某时刻温度计的示数如图甲所示，其温度是℃；（3）持续加热直至观察到“势如奔涛”的景象，并记录实验数据如下表所示，发现水在沸腾过程中，温度，需要热量；时间/min01234567温度/℃9495969798989898（4）如图乙，将刚停止沸腾的水迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，使瓶内气压，水的沸点，水重新沸腾起来。27．（6分）经过一段时间的学习，同学们想把弹簧测力计改装成测量液体密度的密度秤（水的密度，铁的密度。（1）第一小组用同一小桶分别盛满不同的液体（如图甲所示），用弹簧测力计测出空小桶所受的重力为1N，装满水后总重为3N，倒掉水再装满另一液体时总重为4N，则该液体密度为kg/m3，用这样的方法分别在弹簧测力计的示数处标注对应其他液体的密度。（2）第二小组用弹簧测力计挂同一重为5N的重物分别浸没在不同液体中（如图乙所示），将物体浸没在水中时示数为3N，则该密度秤能测量的最大密度为kg/m3；用这样的方法分别在弹簧测力计的示数处标注对应其他液体的密度。（3）第三小组利用弹簧测力计和一铁块进行下列的探究活动（如图丙所示）。①首先，他们称得此铁块所受的重力（G＝7.9N），然后将铁块浸没在待测液体中，设此时弹簧测力计的示数为F，则待测液体的密度表达式为ρ＝（用G、F、ρ铁表示）。依据此规律，他们在弹簧测力计的示数处标注对应其他液体的密度值，做成了一支密度秤；②当利用该此密度秤测某液体密度时，指针在7.1N的位置，则该刻度应标记为kg/m3；③下列能正确反映液体的密度ρ与测力计示数F之间关系的是（选填选项）。④水银的密度是水的十几倍，利用该密度秤能否测出水银的密度并说明理由：。28．（9分）某小组同学利用如图甲所示的电路测量小灯泡正常发光时的电阻，选用的小灯泡标有“2.5V”字样，电源电压恒为4.5V。（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实验电路连接完整。（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示数变大）（2）连接电路的过程中，应将开关。（3）连接好电路，闭合开关时，发现电流表有示数，电压表无示数，小灯泡不亮，则电路故障可能是。（4）排除故障后进行实验，调节滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，为A，则小灯泡正常发光时的电阻为Ω（保留一位小数）。（5）为了顺利完成（4）的实验，甲电路中所选的滑动变阻器最合适的规格为（选填选项）。A.10Ω0.5AB.20Ω1AC.25Ω0.5AD.30Ω1A（6）实验结束后，老师布置了一个设计性作业：如果在实验过程中电流表损坏不能使用，要求利用电压表和一个阻值已知为R0的定值电阻测量小灯泡正常发光时的电阻。小丽设计了如图丙所示的电路，请将以下实验步骤补充完整。①闭合开关S1，将开关S2拨到“2”，调节滑动变阻器，使电压表示数为V；②保持滑片位置不变，将开关S2拨到“1”，电压表示数为U；③则小灯泡正常发光时的电阻RL＝（用已知量和测量量表示）。六、计算题：本题共3小题，共22分。29．（6分）如图甲是一款养生壶，图乙是其原理电路图，部分参数如表所示，R1、R2是电热丝（阻值不随温度的变化而变化）。[粥的比热容取4.0×103J/（kg•℃）]求：额定电压/V220加热挡功率/W880保温挡功率/W176（1）保温挡正常工作时，电路中的电流；（2）电热丝R1的阻值；（3）将1.1kg的粥从20℃加热到100℃，需要的时间为500s，此养生壶的加热效率。30．（8分）如图所示，这是我国自主研制的新型气垫两栖登陆艇，其质量为1.0×105kg，底面积为500m2。（1）求登陆艇静止在水平海滩上时，对海滩的压强；（2）若登陆艇用3.0×105N的推进力，以20m/s的航速行驶10min，求登陆艇的功率；（3）登陆艇在某次行驶过程中消耗燃油20L，求燃油完全燃烧释放的热量。（燃油的密度是0.8×103kg/m3，热值为4.6×107J/kg）31．（8分）如图甲所示是模拟高速公路入口“超限超载”检测站升降检测设备的工作原理图。已知电源电压为12V，R1是120Ω的定值电阻，起保护作用，R2是压敏电阻，其阻值随压力F变化的关系如图乙所示，压力表是由电压表改装而成，当检测物质量超过规定质量时电路中电流为40mA，会触动另一电路报警器开始报警（图中未画出）。（1）闭合开关后，当不放检测物时，电压表的示数；（2）报警器开始报警时，压敏电阻R2在10s消耗的电能；（3）该模拟电路中的电池使用一段时间后，电源电压会降低，则检测的超载质量将如何变化，说明理由。

2024年福建省福州市高新区、泉州市台商区等中考物理质检联考试卷（4月份）参考答案与试题解析一、选择题：本题共14小题，每小题2分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．（2分）下列科学家的名字被命名为能量单位的是（）A．欧姆 B．牛顿 C．安培 D．焦耳【答案】D【分析】在国际单位制中，为了纪念科学家在物理学研究中的杰出贡献，好多单位以他们的名字来命名的，例如：电压﹣伏特、电流﹣安培、电阻﹣欧姆、功和能﹣焦耳、电功率﹣瓦特、力﹣牛顿、压强﹣帕斯卡等。【解答】解：A、电阻的单位是以欧姆的名字命名的，故A错误；B、力的单位是以牛顿的名字命名的，故B错误；C、电流的单位是以安培的名字命名的，故C错误；D、功和能的单位是以焦耳的名字命名的，故D正确。故选：D。【点评】物理学中的物理量多、符号多，区分并记住各物理量的单位，是学好物理的基础。2．（2分）我国境内有多种类型的发电站，其中利用不可再生能源发电的是（）A．燃煤发电站 B．水力发电站 C．光伏发电站 D．风力发电站【答案】A【分析】能源从是否可再生角度划分可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。【解答】解：A、燃煤发电站需要燃烧煤炭，煤炭是不可再生能源，故A符合题意；BCD、水力发电站、光伏发电站、风力发电站的水能、光能、风能都是利用的可再生能源，故BCD不符合题意。故选：A。【点评】本题考查的是能源的分类，属于基础性题目。3．（2分）科学家研发出一种可折叠钻石玻璃，可以用来制造超轻的屏幕，同时能保持良好散热。则这种材料所不具有的特性是（）A．韧性好 B．隔热性好 C．密度小 D．透光性好【答案】B【分析】从文中有关键信息如“可折叠”、“超轻”、“良好散热中提取物理知识，这是分析选项的关键。【解答】解：A、对钻石玻璃施加力能够折叠，说明钻石玻璃韧性好，故A正确；B、钻石玻璃同时能保持散热，让手机保持较低的温度，说明其导热性较好，故B错误；C、钻石玻璃超轻表明其在同等体积小质量更小，即密度较小，故C正确；D、用来制造超轻的屏幕，屏幕对透光性要求较高，故D正确。故选：B。【点评】这道题主要考查从文字中挖掘信息的能力，属于简单题。4．（2分）如图中属于光的反射现象的是（）A．水中的倒影 B．雨后的彩虹 C．日食的形成 D．潭清疑水浅【答案】A【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。【解答】解：A、水中的倒影相当于平面镜成像，是光的反射原理，故A正确。B、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的折射形成的。故B错误，C、日食是由光的直线传播形成的，故C错误；D、池底反射的光线由水中斜射入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得池底变浅了，故D错误。故选：A。【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。5．（2分）“池塘一夜秋分冷，吹散芰荷红玉影；蓼花菱叶不胜愁，重露繁霜压纤梗”，该诗出自《红楼梦》，诗中“重露”“繁霜”的形成过程（）A．都要吸热 B．都要放热 C．都是凝华 D．都是液化【答案】B【分析】需要吸热的现象有：熔化、汽化、升华，然后判断四个选项所给出的现象中符合上述三种情况中的哪一个即可。【解答】解：草地上的露，是空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴所致，属于放热过程；瓦片上的霜，是空气中的水蒸气直接凝华成小冰晶所致，属于放热过程。故选：B。【点评】此题实际考查的是学生对日常生活有关水的三态变化现象的认识，因此在平时的学习中，要注意活学活用。6．（2分）我国春节习俗很多，下列习俗对应的现象能用分子动理论解释的是（）A．大扫除清理家具上灰尘的时候尘土飞扬 B．烟花爆竹燃放后冒出浓浓白烟 C．蒸馒头的时候掀开锅盖冒出浓浓白雾 D．除夕夜家家户户做年夜饭，到处都是酒肉飘香【答案】D【分析】分子动理论的内容主要有三方面：一是分子之间存在空隙，二是分子在永不停息地做无规则运动，三是分子之间存在引力和斥力。对各个选项，分别作出判断。【解答】解：A．尘土飞扬是固体小颗粒发生的机械运动，不属于分子的运动，故A错误；B．浓浓白烟，白烟为固体小颗粒，属于机械运动，不属于分子的运动，故B错误；C．浓浓白雾，白雾为液体小液滴，属于机械运动，不属于分子的运动，故C错误；D．除夕夜家家户户做年夜饭，到处都是酒肉飘香，是扩散现象，是由于分子在不停地做无规则运动，故D正确。故选：D。【点评】本题主要考查学生对宏观物体的运动和分子运动的区别、理解和掌握，是一道基础题。7．（2分）下列估测的数据与实际最接近的是（）A．中学生100m跑的成绩约为8s B．新2B铅笔长约18cm C．人的正常体温约为39℃ D．一支新粉笔的质量约为100g【答案】B【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。【解答】解：A、中学生100m跑的成绩约为15s，故A错误；B、新2B铅笔长约18cm，故B正确；C、人的正常体温约为37℃，变化幅度不大，故C错误；D、一支新粉笔的质量约为10g，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了对时间、长度、温度、质量的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。8．（2分）诗词是中国传统文化的重要组成部分，阅读古诗词可以感受诗词之美、之趣，从中汲取营养，涵养心灵。下列诗句中加点字部分所描述的现象从力的作用效果方面看，不同的一项是（）A．北风卷地白草折，胡天八月即飞雪 B．水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香 C．八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅 D．无边落木萧萧下，不尽长江滚滚来【答案】A【分析】力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态。物体运动状态的改变包括：速度大小的改变和运动方向的改变。【解答】解：A、“北风卷地白草折，胡天八月即飞雪”中，白草折说明力可以改变物体的形状；B、“水晶帘动微风起”是指水晶帘在微风（力）的作用下动了起来，这说明力可以改变物体的运动状态；C、“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”中，风刮过屋顶，屋顶上的茅草被卷走，这说明力可以改变物体的运动状态；D、“无边落木萧萧下”，木头重力作用下向下运动，说明力可以改变物体的运动状态。综上所述，选项A与其它三个选项中力的作用效果不同。故选：A。【点评】本题考查了力的作用效果，力的这两个作用效果有明显的不同，比较容易辨别。9．（2分）今年小科家造了新房，电工师傅安装完成家庭电路，部分线路如图。检测时，首先只闭合开关S，发现灯不亮，她用测电笔插进插座的两孔，氖管均发光。造成这一现象的原因可能是（）A．插座发生短路 B．进户的火线断路 C．cd间断路 D．ab间断路【答案】C【分析】试电笔接触插座的两个孔，氖管都发光，说明接触火线，找出通路部分，其它部分有可能是断路。【解答】解：闭合开关，灯泡不亮，说明可能是断路或短路，又因为保险丝完好，说明不是短路，应该是断路，用测电笔插进插座，两氖管均发光，插入插座的右孔氖管发光，说明插座是通路，与火线是相连的，所以故障是零线断路，即cd间断路。故选：C。【点评】对于家庭电路故障问题，试电笔接触时，氖管发光的都是直接或间接接触火线，把这条通路找出来，断路在其它部分。10．（2分）2023年5月30日，神舟十六号载人飞船采用自主快速交会对接模式与空间站成功对接，飞船与空间站的组合体在地球附近轨道上绕地球运动，如图所示。下列说法正确的是（）A．飞船与空间站成功对接后，组合体受到平衡力的作用 B．与在地面上相比，航天员在空间站内时，其质量变小 C．空间站内的航天员处于“漂浮”状态，其惯性消失了 D．地面指挥中心与空间站间是利用电磁波来传递信息的【答案】D【分析】（1）飞船和空间站受到的力不平衡。（2）质量是物体本身的一种属性，与位置、形状、状态和温度无关。（3）物体保持运动状态不变的性质叫惯性。（4）电磁波可以传递信息。【解答】解：A、飞船与空间站成功对接后，组合体受到的力不平衡，因为它们绕着地球做圆周运动，故A错误；B、航天员在空间站内时质量不变，故B错误；C、空间站内的航天员处于“漂浮”状态，惯性仍然存在，故C错误；D、地面指挥中心与空间站间是利用电磁波来传递信息的，故D正确。故选：D。【点评】本题考查的是电磁波的特点及应用；知道质量、惯性、平衡力的基本概念。11．（2分）为测定风速的大小，小华设计了一种测定风速的装置，其简化电路如图所示。R1为定值电阻，探头、金属杆和滑动变阻器R2的滑片P相连，可上下移动。风下列分析正确的是（）A．当有风吹过探头时，探头带动滑片P向上移动 B．当有风吹过探头时，电压表示数变大 C．风速越大，电压表示数越小 D．当风速增大时，电路的总功率变大【答案】B【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据流体压强与流速的关系（流速越快的地方压强越小）判断产生压力的方向，然后判断滑片移动的方向确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律和串联电路的分压特点可知变阻器两端的电压变化，根据P＝即可判断总功率的变化。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；A、当有风吹过探头时，探头下表面空气流速快、压强小，上表面空气流速慢、压强大，所以探头向下移动，同时滑片P向下移动，故A错误；B、当有风吹过探头时，滑片P向下移动，变阻器连入电路的电阻变大，根据串联电路的分压特点可知，其两端的电压也会变大，即电压表示数变大，故B正确；C、由前面的分析可知，风速越大，滑片越向下，变阻器连入电路的电阻越大，其两端的电压也会越大，即电压表示数越大，故C错误；D、当风速增大时，变阻器连入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据P＝可知电路消耗的总功率变小，故D错误。故选：B。【点评】解本题的关键是掌握流体压强跟流速的关系，能据此判断电路的变化，再根据欧姆定律判断对电电路的影响，并能根据电功的变形公式判断消耗电能的情况。12．（2分）2023年10月26日，搭载神舟十七号载人飞船的长征二号F遥十七运载火箭成功发射。飞船在加速升空的过程中，下列理解错误的是（）A．飞船的内能增加的方式主要是热传递 B．以航天员为参照物，飞船是静止的 C．飞船的动能和重力势能都增加 D．火箭燃料燃烧释放的内能转化为机械能【答案】A【分析】（1）改变物体内能的方法：做功和热传递；（2）物体的运动和静止是相对的，关键看选取的参照物，相对于参照物位置发生了改变，就是运动的；位置如果没有发生改变，就是静止的；（3）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；（4）燃料燃烧释放的内能部分转化成火箭的机械能。【解答】解：A、飞船的内能增加的方式主要是做功，故A错误；B、以宇航员为参照物，飞船的位置不发生变化，是静止的，故B正确；C、飞船在加速升空过程中，飞船的质量不变，速度增大，所以动能增加；升空过程中高度增大，所以重力势能增加；故C正确；D、燃料燃烧的过程是化学能转化为内能，推动火箭升空，把内能转化为机械能，故D正确。故选：A。【点评】本题考查了改变内能的方法、参照物的选择、动能和势能的转化等知识，属于基础综合题。13．（2分）如图所示是净水器的水龙头，水龙头的下方有个显示水质好坏的指示灯。当打开水龙头，开关S闭合，有水流流出指示灯和水质检测元件开始工作。当水质达标，感应开关S1闭合，蓝色指示灯亮起；当水质不达标，感应开关S2闭合，橙色指示灯亮起，以警示用水人。下列电路设计能实现该功能的是（）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据题意分析三个开关的作用、蓝色灯和橙色灯的连接方式，然后选出正确的电路图。【解答】解：根据题意可知，当打开水龙头，开关S闭合，有水流流出指示灯和水质检测元件开始工作，说明开关S在干路；S1闭合，蓝色指示灯亮起，说明开关S1控制蓝色指示灯；当S2闭合，橙色指示灯亮起，说明S2只控制橙色指示灯，故B正确。故选：B。【点评】本题考查了电路图的设计，属于基础题。14．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻。当滑动变阻器R2的滑片P从某点a点移到b点时，滑动变阻器的U﹣I线如图乙所示。则电源电压和定值电阻R1的阻值分别是（）A．9V、10Ω B．9V、30Ω C．18V、30Ω D．18V、10Ω【答案】C【分析】闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，由乙图可知电流表示数为0.3A时，电压表示数为9V，当电流表示数为0.4A时，电压表示数为6V，根据串联电路电压规律结合欧姆定律得出电源电压的表达式，代入数据解方程可得定值电阻的阻值和电源电压。【解答】解：闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，由乙图可知电流表示数为0.3A时，电压表示数为9V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，根据I＝可得电源电压：U＝IR1+U2＝0.3A×R1+9V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，由乙图可知当电流表示数为0.4A时，电压表示数为6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，根据I＝可得电源电压：U＝I′R1+U2′＝R1＝0.4A×R1+6V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②解①②得：R1＝30Ω，U＝18V。故选：C。【点评】本题考查欧姆定律及串联电路规律的灵活运用，解题的关键是明确图象表示的点与滑片移动位置对应的关系。体现了数学知识在物理中的运用。二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12分。15．（2分）在深夜小明正欲入睡时，从邻居家传来了悠扬的二胡独奏曲《二泉映月》，二胡独奏曲声是由二胡琴弦的振动产生的；此时二胡独奏曲声对小明来说属于噪声（选填“噪声”或“乐音”）。【答案】振动；噪声。【分析】声音是物体振动产生的；从环保的角度来看，凡是影响人们正常休息、工作、学习的声音，以及对人们要听的声音造成干扰的声音，都属于噪声。【解答】解：独奏“二泉映月”时发声体的振动产生的；但由于是在夜深人静正欲入睡时演奏，因此从环保的角度来看属于噪声。故答案为：振动；噪声。【点评】考查了噪声的区分，属基础题目。16．（2分）“低碳环保”是当今世界的主题，太阳能已被人们广泛利用。太阳能来自于太阳内部的核聚变（选填“核裂变”或“核聚变”），太阳发出的光以3×105km/s的速度向周围空间传播（不计空气的影响）。【答案】见试题解答内容【分析】太阳的能量来自于它内部发生的核聚变；光在真空中的传播速度为3×105km/s。【解答】解：由较轻的原子核聚合成较重的原子核时，会释放出巨大的能量，这是太阳内部每时每刻进行的核聚变反应；光在真空中的传播速度为3×105km/s。故答案为：核聚变；3×105。【点评】本题考查了太阳的能量来自于核聚变以及光速，知识点较简单。17．（2分）如图所示，是装有静电除尘纸的拖把，拖地时除尘纸与地板摩擦后带电，具有吸引轻小物体的性质，可以轻松地将灰尘和头发清扫干净。若摩擦过程中电子从地面转移到除尘纸，则摩擦后除尘纸带负电。【答案】吸引轻小物体；负。【分析】用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电，带电体有吸引轻小物体的性质；摩擦起电过程中得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。【解答】解：装有静电除尘纸的拖把，拖地时除尘纸与地板摩擦后带电，具有吸引轻小物体的性质，可以轻松地将灰尘和头发清扫干净。若摩擦过程中电子从地面转移到除尘纸，则摩擦后除尘纸带负电。故答案为：吸引轻小物体；负。【点评】本题考查有关摩擦起电现象及带电体的性质。18．（2分）如图甲所示是一款人脸识别门禁一体机，通过摄像镜头来捕捉人脸信息，该摄像镜头相当于凸透镜，所成的是缩小（选填“放大”“缩小”或“等大”）的实像；如图乙所示是某小区自动售水机的广告投影灯及其内部结构示意图，为了使投到地面上的广告图像更大些，应将投影灯远离地面，同时适当减小（选填“增大”或“减小”）广告片到凸透镜的距离。【答案】缩小；减小。【分析】摄像镜头相当于凸透镜，与照相机的原理相似；投影仪是利用凸透镜成倒立、放大的实像原理工作的，此时物距2f＞u＞f，像距v＞2f；凸透镜成实像时，物近像远像变大、物远像近像变小。【解答】解：摄像镜头相当于凸透镜，所成的是倒立缩小的实像；投影灯工作时，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，所以广告片位于镜头一倍焦距和二倍焦距之间；为了在地面上得到更大的、清晰的广告图像，像变大，像距变大，物距变小，应当使投影灯远离地面，同时适当减小到广告片距离。故答案为：缩小；减小。【点评】本题主要考查了凸透镜成像规律的应用，要能够应用所学知识解释有关现象。19．（2分）用如图甲所示的滑轮组匀速提升货物，每件货物重100N，每次提升货物的件数不定。图乙是整个过程中滑轮组的机械效率随货物所受重力增加而变化的图像，则动滑轮重为100N；由图乙可知，当提升货物的件数增多，滑轮组的机械效率增大（选填“增大”或“减小”）。（不考虑绳重和摩擦）【答案】100；增大。【分析】不考虑绳重和摩擦时，克服动滑轮重做的功为额外功，由图乙可知，货物重100N的机械效率，根据η＝＝＝＝求动滑轮的重，进一步分析滑轮组的机械效率变化情况。【解答】解：（1）由图乙可知，货物重100N的机械效率为50%，根据η＝＝＝＝可得，动滑轮的重为：G动＝＝＝100N；（2）当提升货物的件数增多，根据η＝＝＝＝＝可得滑轮组的机械效率增加。故答案为：100；增大。【点评】本题考查滑轮组中功和机械效率公式的应用，在不考虑绳重和摩擦时，能推导并应用η＝是关键之一。20．（2分）如图所示，电源电压恒为6V，小灯泡L上标有“3V1.5W”字样。闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P，使小灯泡L正常发光，此时电流表的示数为0.5A，此时滑动变阻器R接入电路的阻值为6Ω。【答案】0.5；6。【分析】闭合开关S，滑动变阻器与灯串联，灯正常发光时，由P＝UI算出灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电压的规律算出滑动变阻器两端的电压，由欧姆定律算出滑动变阻器的电阻。【解答】解：闭合开关S，滑动变阻器与灯串联，灯正常发光时，由P＝UI得，灯泡正常发光时的电流：I＝＝＝0.5A，根据串联电路电压的规律知，滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U﹣UL＝6V﹣3V＝3V，滑动变阻器的电阻为：R滑＝＝＝6Ω。故答案为：0.5；6。【点评】本题考查串并联电路的规律运用以及欧姆定律的应用等知识，掌握不同开关闭合时电路的连接是解题的关键，属于常考题。三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分。21．（2分）冰壶运动是冬奥会比赛项目之一，如图所示是正在水平向左滑行的冰壶。请画出冰壶所受重力G和摩擦力f的示意图（作用点均画在“O”点）。【答案】见解答【分析】重力的方向竖直向下，滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，O点是重力G摩擦力f和的作用点，据此作图。【解答】解：冰壶受到的重力的方向竖直向下；冰壶正在水平向左运动，则冰壶受到水平向右的摩擦力，力作用点在O点，从O点沿竖直向下、水平向左的方向画出冰壶所受重力G和摩擦力f，如图所示：【点评】此题考查了力的示意图的画法，要注意先分析出力的方向、作用点等。22．（2分）置于通电螺线管附近的小磁针静止时，如图所示，标出电源的正、负极（用“+”“﹣”表示）。【答案】【分析】先由小磁针的指向根据磁极间的相互作用规律判断出螺线管两端的极性，再根据安培定则：“右手弯曲的四指与大拇指垂直，四指指向与螺线管电流方向一致，大拇指所指的方向为螺线管的N极”，找出电流的方向，再标出电源的正负极。【解答】解：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，由于小磁针S极靠近通电螺线管的左端，所以通电螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则，电流从通电螺线管的右端流入，左端流出，所以电源右端为正极，左端为负极。如图所示：【点评】安培定则建立了螺线管中电流与两端磁极极性的关系，要做到能根据电流判断出磁极极性，也要能根据磁极极性判断出电流方向或电源正负极。四、简答题：本题共1小题，共4分。23．（4分）洗碗时往往会在水中放入洗洁精去除油污，但沾有洗洁精的碗很容易从手中滑落，带来危险。请用学过的物理知识回答：（1）沾有洗洁精的碗容易滑落的原因；（2）提出一条防止碗从手中滑落的方法。【答案】（1）沾有洗洁精的碗相当于在表面涂了一层润滑剂，使得接触面分离减小了摩擦，碗容易滑落；（2）根据增大摩擦的方法，可以捏紧碗增大压力来增大摩擦或戴上粗糙程度较大手套增大摩擦。【分析】（1）接触面分离可以减小摩擦力，据此分析；（2）根据增大摩擦的方法结合实际分析解答。【解答】答：（1）沾有洗洁精的碗相当于在表面涂了一层润滑剂，使得接触面分离减小了摩擦，碗容易滑落；（2）根据增大摩擦的方法，可以捏紧碗增大压力来增大摩擦或戴上粗糙程度较大手套增大摩擦。【点评】本题考查增大和减小摩擦的方法，属于中档题。五、实验题：本题共5小题，共30分。24．（4分）如图所示，这是探究杠杆平衡条件的几个实验情景（杠杆自重不计）。（1）实验开始，杠杆静止时如图甲所示，此时应向左（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂。（2）如图乙所示，在调平的杠杆A点挂2个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，应在B点挂3个质量均为50g的钩码。（3）将杠杆的支点移到如图丙所示的位置，用弹簧测力计分别在C、D、E点沿竖直方向拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，在C点的拉力最小。【答案】（1）左；力臂；（2）3；（3）C。【分析】（1）杠杆右端下沉，可知杠杆的重心在支点右侧，据此分析；根据力臂的定义分析回答；（2）根据杠杆的平衡条件分析；（3）杠杆的平衡条件，在因阻力和阻力臂一定，故当动力臂最长时，动力最小，据此回答。【解答】解：（1）实验开始，杠杆静止时如图甲所示，即右端下沉，可知杠杆的重心在支点右侧，此时应向左调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，因重力的方向竖直向下，根据力臂的定义，此时力的作用点和支点的之间的距离即为力臂的大小，便于测量力臂大小；（2）设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，因为，F1l1＝F2l2，所以，2G×3L＝nG×2L，所以，n＝3，所以在B处挂3个钩码。（3）杠杆的平衡条件FL动＝F阻L阻；因阻力和阻力臂一定，故当动力臂最长时，动力最小，即最省力，用弹簧测力计分别在C、D、E点沿竖直方向拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，在C点的拉力最小。故答案为：（1）左；力臂；（2）3；（3）C。【点评】本题研究杠杆平衡条件及杠杆平衡条件的运用，要掌握。25．（5分）小聪在探究光的折射规律实验中，让光从空气分别射入水和玻璃中，测出相应的入射角、折射角，记录在表格中，分析数据，可以得出：空气中的入射角i/°0304560水中的折射角r/°0223240玻璃中的折射角o/°0192835（1）光从一种介质垂直射入另一种介质时，传播方向不变；（2）光从空气斜射入其他介质时，折射角随入射角的增大而增大；（3）光以28°的入射角从玻璃射向空气时，折射角大小为45°；（4）分析表中数据猜想，光从水中射入空气中，逐渐增大入射角，折射角（选填“入射角”或“折射角”）先达到90°；（5）小芳对实验进行拓展，如图所示，保证入射光传播方向不变，把容器的右侧略微抬高，折射角不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】（1）不变；（2）增大；（3）45；（4）折射角；（5）不变【分析】（1）根据表格中入射角i为0°的情况进行分析；（2）根据表格中入射角和折射角的大小分析；（3）在光的折射中，光路是可逆的；（4）光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角；（5）首先分析入射角是如何变化的，然后根据反射规律和折射规律判断反射角和折射角的变化情况。【解答】解：（1）当空气中的入射角为0°时，水中的折射角r和玻璃中的折射角都为0°，故当光从一种介质垂直射入到另一种介质时，传播方向不变；（2）由表格中的数据可知：当空气中的入射角逐渐增大时，折射角也随之增大；（3）光的折射中，光路是可逆的，由表格可知，当光线以28°入射角从玻璃中射向空气时，则折射角是45°；（4）由表中数据可知，光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角，逐渐增大入射角，则折射角先达到90°；（5）当把容器的右端垫高些时，水面仍然是水平的，即法线方向仍然是竖直方向，故入射角不变，所以反射角和折射角也不变化。故答案为：（1）不变；（2）增大；（3）45；（4）折射角；（5）不变。【点评】此题主要考查了学生根据现象和数据总结的能力，同时还考查了对新知识的应用，要解决此题最基本的要掌握光的折射定律的内容。26．（6分）茶圣陆羽在《茶经》中，形容沸腾的水“势如奔涛”。小明用如下的装置探究水沸腾的特点。（1）在安装如图甲的装置时，要用酒精灯的外焰加热，应先固定a（选填“a”、“b”或“c”）位置；（2）实验过程中某时刻温度计的示数如图甲所示，其温度是96℃；（3）持续加热直至观察到“势如奔涛”的景象，并记录实验数据如下表所示，发现水在沸腾过程中，温度不变，需要吸收热量；时间/min01234567温度/℃9495969798989898（4）如图乙，将刚停止沸腾的水迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，使瓶内气压降低，水的沸点降低，水重新沸腾起来。【答案】（1）a；（2）96；（3）不变；吸收；（4）降低；降低。【分析】（1）组装实验器材时应按照自下而上的顺序，酒精灯放置好后，根据外焰的高度确定石棉网的位置，然后放置烧杯，最后温度计的高度要确保温度计的液泡不碰到烧杯底部和侧壁，且液泡完全放入被测物质中；（2）温度计在读数时一定看清分度值，然后读数；（3）沸腾时的特点：吸热但温度保持不变；（4）气体温度降低，气压减小，水的沸点降低。【解答】解：（1）组装实验器材时应按照自下而上的顺序，酒精灯放置好后，根据外焰的高度确定石棉网的位置，然后放置烧杯，最后温度计的高度要确保温度计的液泡不碰到烧杯底部和侧壁，且液泡完全放入被测物质中，应先固定a的位置；（2）由图甲可知，温度计的分度值是1℃，所以温度计的示数是96℃；（3）水沸腾时吸热但温度保持不变；（5）水停止沸腾后，迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，会看到烧瓶中的水重新沸腾。因为当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，瓶内的水蒸气遇冷液化，瓶内液面上方气压降低，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来。故答案为：（1）a；（2）96；（3）不变；吸收；（4）降低；降低。【点评】本题考查结合图象分析液体沸腾的特点，会看液体沸腾的图象，考查学生的分析归纳能力。27．（6分）经过一段时间的学习，同学们想把弹簧测力计改装成测量液体密度的密度秤（水的密度，铁的密度。（1）第一小组用同一小桶分别盛满不同的液体（如图甲所示），用弹簧测力计测出空小桶所受的重力为1N，装满水后总重为3N，倒掉水再装满另一液体时总重为4N，则该液体密度为1.5×103kg/m3，用这样的方法分别在弹簧测力计的示数处标注对应其他液体的密度。（2）第二小组用弹簧测力计挂同一重为5N的重物分别浸没在不同液体中（如图乙所示），将物体浸没在水中时示数为3N，则该密度秤能测量的最大密度为2.5×103kg/m3；用这样的方法分别在弹簧测力计的示数处标注对应其他液体的密度。（3）第三小组利用弹簧测力计和一铁块进行下列的探究活动（如图丙所示）。①首先，他们称得此铁块所受的重力（G＝7.9N），然后将铁块浸没在待测液体中，设此时弹簧测力计的示数为F，则待测液体的密度表达式为ρ＝ρ铁（用G、F、ρ铁表示）。依据此规律，他们在弹簧测力计的示数处标注对应其他液体的密度值，做成了一支密度秤；②当利用该此密度秤测某液体密度时，指针在7.1N的位置，则该刻度应标记为1×103kg/m3；③下列能正确反映液体的密度ρ与测力计示数F之间关系的是C（选填选项）。④水银的密度是水的十几倍，利用该密度秤能否测出水银的密度并说明理由：不能，ρ水银＞ρ铁铁块无法浸没在水银中。【答案】（1）1.5×103；（2）2.5×103；（3）①ρ铁；②1×103；③C；④不能，ρ水银＞ρ铁铁块无法浸没在水银中。【分析】（1）求出装满水水的重力和装满液体的重力，因小桶的容积不变求出ρ液；（2）根据同一重物分别浸没在不同液体中可知，排开液体的体积等于排开水的体积，首先根据浸没在水中弹簧测力计示数变化求得在水中的浮力，再根据阿基米德原理求得排开水的体积，即排开液体的体积，根据浸没在液体中弹簧测力计示数变化求得在液体中的浮力，再根据阿基米德原理求得液体的密度；（3）①知道铁块重G，利用G＝mg＝ρVg求铁块的体积；知道金属块浸没液体中弹簧测力计的示数，利用称重法求金属块受到的浮力，再根据阿基米德原理求液体的密度；②将F＝7.1N代入密度表达式即可求得该液体的密度；③A图中F随ρ的增大而增大，B图中F先随ρ的增大而增大，后不变；C图中F随ρ的增大而减小；D图F先随ρ的增大不变，后减小；据此可对四个图象做出判断；④利用此方法的前提条件是：铁块必须浸没在液体中，即所测液体的密度必须小于铁块。【解答】解：（1）装满水水的重力为：G水＝3N﹣1N＝2N，装满液体的重力为：G液＝4N﹣1N＝3N，因桶的容积不变，故有：，故ρ液＝＝×1.0×103kg/m3＝1.5×103kg/m3；（2）该密度秤能测量的最大密度，也就是当重物完全浸没在液体中时，测力计没有拉力，浮力大小等于重力，由题意可知，这个浮力大小为：F浮′＝G重＝5N，题中还说了，用弹簧测力计挂一重5N的重物后，将物体浸没在水中时示数为3N，这个浮力大小：F浮＝G重﹣F拉＝5N﹣3N＝2N，水的密度为1.0×103kg/m3，根据阿基米德原理可知，排开水的体积为：V排＝＝2×10﹣4m3；该重物的体积为：V重＝V排＝2×10﹣4m3；因F浮′＝5N，由阿基米德原理可知，液体的最大密度为：ρ重′＝＝2.5×103kg/m3，该密度秤能测量的最大密度为2.5×103kg/m3；（3）①由于G＝mg＝ρgV可知：铁块的体积V＝＝1×10﹣4m3；将金属块浸没在待测液体中，根据称重法可知：F浮＝G﹣F，V＝V排；则液体的密度为：ρ液＝＝ρ铁；②当利用该密度计测某液体密度时，指针在7.1N的位置，则：ρ液＝ρ铁＝×7.9×103kg/m3＝1×103kg/m3；③根据中ρ液＝ρ铁可以看出，弹簧测力计的示数F随液体的密度ρ的增大而减小，故初步判断只有C可选；④利用该密度计不能测水银的密度，因此：ρ水银＞ρ铁，铁块无法浸没在水银中。故答案为：（1）1.5×103；（2）2.5×103；（3）①ρ铁；②1×103；③C；④不能，ρ水银＞ρ铁铁块无法浸没在水银中。【点评】本题考查了密度公式的应用，阿基米德原理，浮力大小的计算。28．（9分）某小组同学利用如图甲所示的电路测量小灯泡正常发光时的电阻，选用的小灯泡标有“2.5V”字样，电源电压恒为4.5V。（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实验电路连接完整。（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示数变大）（2）连接电路的过程中，应将开关断开。（3）连接好电路，闭合开关时，发现电流表有示数，电压表无示数，小灯泡不亮，则电路故障可能是小灯泡短路。（4）排除故障后进行实验，调节滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，为0.32A，则小灯泡正常发光时的电阻为7.8Ω（保留一位小数）。（5）为了顺利完成（4）的实验，甲电路中所选的滑动变阻器最合适的规格为A（选填选项）。A.10Ω0.5AB.20Ω1AC.25Ω0.5AD.30Ω1A（6）实验结束后，老师布置了一个设计性作业：如果在实验过程中电流表损坏不能使用，要求利用电压表和一个阻值已知为R0的定值电阻测量小灯泡正常发光时的电阻。小丽设计了如图丙所示的电路，请将以下实验步骤补充完整。①闭合开关S1，将开关S2拨到“2”，调节滑动变阻器，使电压表示数为2.5V；②保持滑片位置不变，将开关S2拨到“1”，电压表示数为U；③则小灯泡正常发光时的电阻RL＝（用已知量和测量量表示）。【答案】（1）见解答图；（2）断开；（3）小灯泡短路；（4）0.32；7.8；（5）A；（6）①2.5；③。【分析】（1）在测量小灯泡正常发光时的电阻实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；（2）为了保护电路，连接电路的过程中，应将开关断开；（3）闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，发现小灯泡都不亮，电压表无示数，即灯泡两端无电压，则故障原因可能是小灯泡短路；（4）根据电流表选用量程确定分度值读数，利用欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻；（5）由丙图可知：没有电流表的情况下，利用定值电阻和电压表代替电流表与灯泡串联，首先使灯泡两端的电压等于2.5V，然后根据串联电路电压规律求出定值电阻两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，根据R＝计算出小灯泡正常发光时的电阻。【解答】解：（1）在测量小灯泡正常发光时的电阻实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：；（2）为了保护电路，连接电路的过程中，应将开关断开；（3）闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，发现小灯泡都不亮，电压表无示数，即灯泡两端无电压，则故障原因可能是小灯泡短路；（4）调节滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.32A，则小灯泡正常发光时的电阻为：RL'＝≈7.8Ω；（5）为了顺利完成（4）的实验，应使小灯泡的电压达到其额定电压2.5V，I＝IL＝0.32A，根据串联分压原理，滑动变阻器两端的电压U滑＝4.5V﹣2.5V＝2V，根据欧姆定律得，滑动变阻器阻值至少为：R滑＝＝6.25Ω，甲电路中所选的滑动变阻器最合适的规格为10Ω0.5A，故选：A；（6）实验步骤：①闭合开关S1，将开关S2拨到“2”，调节滑动变阻器，使电压表示数为2.5V；②保持滑片位置不变，将开关S2拨到“1”，电压表示数为U；③在步骤①中，灯泡、定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，调节滑动变阻器，使电压表示数为2.5V，此时灯泡正常发光；在步骤②中，灯泡、定值电阻和滑动变阻器仍串联，电压表测灯泡和定值电阻两端电压，保持滑动变阻器滑片位置不变，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光；根据串联电路电压规律，R0两端电压为U0＝U﹣2.5V，根据串联电路电流特点，通过灯泡的电流：I'＝I0＝，由欧姆定律可得灯泡的电阻：RL＝＝。故答案为：（1）见解答图；（2）断开；（3）小灯泡短路；（4）0.32；7.8；（5）A；（6）①2.5；③。【点评】本题测量小灯泡正常发光时的电阻实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、电流表读数、电阻的计算及设计实验方案测电阻的能力。六、计算题：本题共3小题，共22分。29．（6分）如图甲是一款养生壶，图乙是其原理电路图，部分参数如表所示，R1、R2是电热丝（阻值不随温度的变化而变化）。[粥的比热容取4.0×103J/（kg•℃）]求：额定电压/V220加热挡功率/W880保温挡功率/W176（1）保温挡正常工作时，电路中的电流；（2）电热丝R1的阻值；（3）将1.1kg的粥从20℃加热到100℃，需要的时间为500s，此养生壶的加热效率。【答案】（1）保温挡正常工作时，电路中的电流为0.8A；（2）电热丝R1的阻值为55Ω；（3）将1.1kg的粥从20℃加热到100℃，需要的时间为500s，此养生壶的加热效率为80%。【分析】（1）由表格参数可知保温挡的功率，根据P＝UI求出保温挡正常工作时电路中的电流；（2）由图乙可知，当开关接a时，R1、R2串联，当开关接b时，只有R1工作，根据串联电路的电阻特点和P＝可知养生壶处于加热挡和保温挡时的电路连接方式；根据加热挡的功率和P