2021届江苏省南通市海安高级中学高考物理调研试卷附答案详解

2021届江苏省南通市海安高级中学高考物理调研试卷一、单选题（本大题共6小题，共18.0分）1. 小河宽为d，河水中各点水流速度与各点到较近河岸边的距离成正比，V水=kx，k=4V0d，xA.小船到达距河岸3d4处，船的渡河速度为B.小船到达距河岸d4处，船的渡河速度为C.小船渡河时的轨迹是直线D.小船渡河时间大于d2. 如图所示电路中，(r为电源内阻)，在滑动变阻器的滑片P由a向右移到b的过程中，以下说法中不正确的是(

)A.电源的总功率增大B.电源内部的电势降落减小C.R1D.消耗的功率一定增大3. 我国的成熟的高铁技术正在不断的走向世界，当今，高铁专家正设想一种“遇站不停式匀速循环运行”列车，如a站→b站→c站→d站→e站→f站→g站→a站，构成7站铁路圈，建两条靠近的铁路环线．列车A以恒定速率以360km/h运行在一条铁路上，另一条铁路上有“伴驳列车”B，如某乘客甲想从a站上车到e站，先在a站登上B车，当A车快到a站且距a站路程为s处时，B车从静止开始做匀加速运动，当速度达到360km/h时恰好遇到A车，两车连锁并打开乘客双向通道，A、B列车交换部分乘客，并连体运动一段时间再解锁分离，B车匀减速运动后停在b站并卸客，A车上的乘客甲可以中途不停站直达e站．则下列说法正确的是(    )A.无论B车匀加速的加速度值为多少，s是相同的B.该乘客节约了五个站的减速、停车、提速时间C.若B车匀加速的时间为1

min，则s为4

kmD.若B车匀减速的加速度大小为5

m/s2则当B车停下时A车已距b站路程为14. 如图所示，xOy坐标平面在竖直面内，y轴正方向竖直向上，空间有垂直于xOy平面的匀强磁场(图中未画出)一带电小球从O点由静止释放，运动轨迹如图中曲线所示，下列说法正确的是(    )A.轨迹OAB可能为圆弧B.小球在整个运动过程中机械能不守恒C.小球在A点时受到的洛仑兹力与重力大小相等D.行为运动至最低点A时速度最大，且沿水平方向5. 工程师驾驶同一辆汽车以额定功率在A、B两种不同的路面上进行性能测试．汽车在路面A、B受到的阻力分别为fA、fB(fA>fB)，最大速度分别为vAA.vA>vB B.vA<6. 科学家在“哥伦比亚”号航天飞机上进行了一次在微重力条件(即失重状态)下制造泡沫金属的实验．把锂、镁、铝、钛等轻金属放在一个石英瓶内，用太阳能将这些金属融化成液体，然后在融化的金属中冲进氢气，使金属内产生大量气泡，金属冷凝后就形成到处是微孔的泡沫金属．下列说法正确的是(    )A.失重条件下液态金属呈现球状是由于液体表面分子间只存在引力B.在失重条件下充入金属液体内的气体气泡不能无限地膨胀是因为液体表面张力的约束C.在金属冷凝过程中，气泡收缩变小，外界对气体做功，气体内能增加D.泡沫金属物理性质各向异性，说明它是非晶体二、多选题（本大题共5小题，共19.0分）7. 2016年8月16溶凌晨1时40分，全球首颗量子卫星-墨子号，在酒泉卫星发射中心成功发射，凭借此次发射，中国将在防黑客通讯技术方面远远领先于其全球竞争对手，如图所示，卫星最后定轨在离地面500km的预定圆周轨道，已知地球半径约6400km，同步卫星距地面约36000km，下列说法正确的是(    )A.墨子号卫星的发射速度有可能为7.8km/sB.在相等时间内，墨子号卫星通过的弧长约为同步卫星通过弧长的8.5倍C.墨子号卫星的向心加速度约为同步卫星的向心加速度的37.8倍D.同步卫星绕地球转动周期，大于墨子号卫星绕地球转动周期8. 如图所示，一闭合的小金属环用一根绝缘细杆挂在固定点O处，使金属圆环在坚直线OO'的两侧来回摆动的过程中穿过水平方向的有界匀强磁场区域，若悬点摩擦和空气阻力均不计．则(    )A.金属环每次进入和离开磁场区都有感应电流，而且感应电流的方向相反B.金属环进入磁场区域后越靠近OO'线时速度越大，而且产生的感应电流越大C.金属环开始摆动后，摆角会越来越小，摆角小到某一值后不再减小D.金属环在摆动一段时间后将停在最低点9. 关于静电场的电场强度和电势，下列说法不正确的是(    )A.任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向B.电场强度为零的地方，电势也为零C.随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D.电场强度的方向处处与等电势面垂直10. 如图1所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的轻质弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h=0.1m处，滑块与弹簧不拴接．现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h并作出滑块的Ek-h图象(如图2)，其中高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零重力势能面，取g=10m/s2A.小滑块的质量为0.2kgB.弹簧最大弹性势能为0.5JC.滑块上升过程中机械能守恒D.小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.4J11. 下列说法正确的是(    )A.采用物理或化学方法可以有效地改变放射性元素的半衰期B.查德威克发现了中子C.现在的很多手表指针上涂有一种新型发光材料，白天吸收光子外层电子跃迁到高能轨道，晚上向低能级跃迁放出光子，其发光的波长一定跟吸收的光的波长完全一致D.质子和中子结合成新原子核一定有质量亏损，释放出能量三、填空题（本大题共1小题，共4.0分）12. 氢原子能级图如图所示，巴尔末线系是氢原子从n≥3的各个能级跃迁至n=2能级时辐射光的谱线，则巴尔末线系中波长最长的谱线对应光子的能量为______eV；氢原子从n=4能级跃迁至n=2能级时，辐射光照射金属钾为阴极的光电管，钾的逸出功为2.25eV，则遏止电压Uc=______V。四、实验题（本大题共3小题，共23.0分）13. (1)一渔船向鱼群发出超声波，若鱼群正向渔船靠近，则被鱼群反射回来的超声波与发出的超声波相比________．A.波速变大B.波速不变C.频率变高D.频率不变(2)“探究动能定理”的实验装置如图所示，当小车在两条橡皮筋作用下弹出时，橡皮筋对小车做的功为W0.当用4条、6条、8条……完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次、第4次……实验时，橡皮筋对小车做的功记为2W0、①关于该实验，下列说法正确的是A.打点计时器可以用直流电源供电，电压为4B.实验中使用的若干根橡皮筋的原长可以不相等C.每次实验中应使小车从同一位置由静止弹出D.利用每次测出的小车最大速度vm和橡皮筋做的功W：依次做出W-vm、W-vm2、②下图给出了某次在正确操作情况下打出的纸带，从中截取了测量物体最大速度所用的一段纸带，测得O点到A、B、C、D、E各点的距离分别为OA=5.65cm，OB=7.12cm，OC=8.78cm，OD=10.40cm，OE=11.91cm.己知相邻两点时间间隔为0.02s，则小车获得的最大速度vm=________(3)要测绘一个标有“3V，0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作．已选用的器材有：电池组(电动势为4.5V，内阻约1Ω)电流表(量程为250mA，内阻约5Ω)电压表(量程为3V，内阻约3kΩ)电键一个、导线若干．①实验中所用的滑动变阻器应选下列中的________(填字母代号)．A.滑动变阻器(最大阻值20Ω，额定电流1A)B.滑动变阻器(最大阻值1750Ω，额定电流0.3A)②实验的电路图应选用下列的图________(填字母代号)．③实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示．如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V，内阻为5Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是________W．14. 利用螺旋测微器测量铜丝的直径(图甲)和用游标卡尺测量圆管的内径(图乙)，由图可知铜丝直径是______mm；圆管内径是______mm．15. (1)测量分子大小的方法有很多，如油膜法、显微法。在“用油膜法估测分子大小”的实验中，用滴管吸取浓度为11000的溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面达到量筒中1mL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有痱子粉的盛水浅盘中滴下两滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜。如图所示，坐标格的正方形大小为20mm×20mm。图可以估算出油膜的面积是______m2，2滴油酸溶液中纯油酸的体积为______m3，由此估算出油酸分子的直径是______m(所有结果保留二位有效数字)(2)某同学在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，计算结果明显偏小，可能是由于______。A.油酸未完全散开B.使用了纯油酸溶液C.计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格D.求每滴溶液体积时，1mL的溶液的滴数多计了10滴五、计算题（本大题共5小题，共56.0分）16. 如图所示，A、B两球放在光滑的水平面上，水平面的右侧与竖直平面内一光滑曲面相切，现给A一向右的速度，让A与B发生对心弹性碰撞，小球沿曲面上升到最高点后又能再沿曲面滑回到水平面．若要B返回水平面时能再与么发生碰撞，A、B的质量应满足什么关系？17. U形管压强计是专门用来研究液体压强的仪器。没有按压金属盒上的橡皮膜时，U形管两管内液体的液面位于同一水平高度，管内液体的密度为ρ。当用手指按压橡皮膜时，U形管内液体的液面如图所示。(1)若手指与橡皮膜的接触面积为S，求手指作用在橡皮膜上的压力F；(2)若橡皮管内壁上有一个较薄的小圆斑，其面积为S'，求管内气体对它的压力F'。(设当时的大气压强为p0，手指与橡皮膜的接触面和小圆斑的面近似看作平面，不要求代单位计算)18. 如图所示，电路中的伏特计V1示数为100V，V2示数为80V，电阻R=5Ω，电源的内阻为r1=0.5Ω，电动机内电阻(1)电源的电动势为多少，(2)电动机的效率为多少．19. 如图所示，ABC为一绝缘轨道，其中AB段是位于竖直平面的14圆弧形光滑轨道，半径(R=0.45m)，BC段是粗糙的水平轨道，且处于竖直向下的匀强电场中，场强E=4×104N/C.现有一质量，m=0.1kg，电荷量为q=+5.0×10-6C的小物块从轨道(1)小物块到达B点时速度的大小．(2)小物块进入水平轨道BC后，受到电场力和支持力的大小各是多少？(3)小物块进入水平轨道BC滑行，若经t=1.0s停下，则小物块与BC间的动摩擦因数为多少？20. 如图所示，A、B、C为三块水平放置的金属板，板的厚度不计，间距均为d，A、B板中央有小孔．电路中三只电阻的阻值相等均为R，电源内阻也为R.现有一质量为m的带电液滴在距A板小孔正上方为d处静止开始下落，不计空气阻力，当它到达C板时速度恰为零．忽略极板外电场．求：(1)液滴通过B板中央小孔时的速度大小．(2)液滴从静止的位置到B板的运动过程中其电势能是增加还是减少？变化了多少？

参考答案及解析1.答案：B解析：解：A、小船到达距河岸3d4处时，到对岸的距离为d4，水流速度为：V水=kx=4V0B、小船到达距河岸d4处，水流速度为：V水=kx=4V0dC、小船的速度为沿船头指向和顺水流方向的两个分运动的分速度的矢量和，而两个分速度垂直，故当顺水流方向的分速度最大时，合速度最大，合速度的方向随顺水流方向的分速度的变化而变化，故小船到达河中心时速度最大，且运动轨迹为曲线，故C错误，D、因小河宽为d，且小船船头垂直河岸渡河，则小船渡河的时间即为t=dv0故选：B由水流速度的大小与各点到较近河岸边的距离成正比，来确定水流的速度，再由小船在静水中的运动速度．将小船的运动分解为沿船头指向和顺水流方向的两个分运动，两个分运动同时发生，互不干扰，与合运动相等效．根据运动的合成来确定初速度与加速度的方向关系，从而确定来小船的运动轨迹；小船垂直河岸渡河时间最短，由位移与速度的比值来确定运动的时间．本题关键是当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，同时合速度与分速度遵循平行四边形定则，同时注意v=kx公式中的x的含义．2.答案：B解析：试题分析：P从a向b运动过程中，滑动变阻器连入电路的电阻减小，所以电路总电阻减小，故电路总电流增大，电源的总功率增大，A正确，电源内部的电势降落增大，B错误；电阻消耗的功率在一直增大，D正确；将和r绑定在一起，根据闭合回路欧姆定律可得，当的电阻等于时，消耗的功率达到最大，故P从a向b运动过程中，消耗的功率先是增大，后减小，C正确；让选错误的，故选B考点：考查了闭合回路欧姆定律，电功率的计算3.答案：D解析：解：A、B加速度越大，加速度到360km/h的时间越短，相应A的运动时间越短，由于A是匀速运动，故时间越短s越小，故A错误．B、从襄阳到潜江间一共间隔四个站，故一共节约4个站的减速、停车、提速时间，故B错误．C、若B车匀加速的时间为1min，则此时间内A的运动位移为：s=vt=100×60m=6000m，故C错误．D、B由360km/h=100m/s减速到0的时间为：t=1005s=20s，位移x=v2t=1002×20m=1000m，A运动的位移x=vt=100×20m=2000m，A的运动位移为：x=vt=100×20=2000m，故则当故选：D．B加速度越大，加速度到360km/h的时间越短，相应A的运动时间越短．从襄阳到潜江间隔四个站．由匀变速规律可得B的减速时间，进而可得A的运动位移．由匀速运动可算出s．该题的关键是要抓住AB的运动状态，A一直是匀速直线运动，B经历匀加速，匀速，匀减速三个阶段，完成乘客的上车下车．4.答案：D解析：解：A、因为重力改变速度的大小，而洛伦兹力仅改变速度的方向，又洛伦兹力大小随随速度的变化而变化，故电荷运动的轨迹不可能是圆，故A错误；B、整个过程中由于洛伦兹力不做功，即只有重力做功，故系统机械能守恒，故B错误；C、小球在A点时受到的洛伦兹力与重力的作用，合力提供向上的向心力，所以洛伦兹力大于重力，故C错误；D、因为系统只有重力做功，小球运动至最低点A时重力势能最小，则动能最大，速度最大。曲线运动的速度方向为该点的切线方向，是低点的切线方向在水平方向，故D正确。故选：D。电荷在重力和洛伦兹力共同作用下做曲线运动，重力恒为mg，洛伦兹力大小F=qvB，与物体的速度有关，重力改变电荷运动速度的大小，洛伦兹力改变电荷运动速度的方向，因洛伦兹力大小随速度的变化而变化，故电荷不可能做圆周运动；在整个运动过程中，由于洛伦兹力不做功，系统只有重力做功，故系统的机械能守恒．该题考查小球在重力和洛伦兹力的作用下的运动，注意洛伦兹力的方向始终与速度方向垂直，在运动过程中洛伦兹力不做功．5.答案：B解析：汽车以额定功率行驶时，当速度达到最大时，牵引力等于阻力，由P=Fv=fv，求解最大速度．本题主要考查了机车启动，要明确当以额定功率启动时，牵引力等于阻力时，汽车的速度最大．解：汽车以额定功率行驶时，匀速运动时速度最大，此时牵引力等于阻力，则有：FA因为fA>f由P=Fv=fvm得：最大速度vm=Pf，故选：B．

6.答案：B解析：解：A、分子之间同时存在引力和斥力，当r>r0时，分子力表现为引力，r<rB、失重条件下液态金属呈球状是由于液体表面分子间存在表面张力的结果，故B正确；C、在金属液体冷凝过程中，气泡收缩变小，外界对气体做功，同时温度降低，放出热量，气体内能降低，故C错误；D、若泡沫金属物理性质各向异性，说明它是晶体，不是非晶体，故D错误。故选：B。正确解答本题需要掌握：表面张力的理解和应用；气体分子之间距离较大，分子力为零，一定质量的理想气体内能只要温度有关；正确理解晶体与非晶体区别．本题考查了分子力、内能、晶体与非晶体等知识点，注意平时多加记忆和积累．明确分子间作用力及表面张力的关系．7.答案：CD解析：解：A、墨子号卫星的发射速度不可能为7.8km/s，它会落向地面，不可能成为地球的卫星，故A错误；B、墨子号卫星的轨道半径为r同步卫星的轨道半径r根据线速度公式v=GMr弧长△s=v⋅△t，相同时间内墨子号通过的弧长与同步卫星通过的弧长之比为：△sC、根据向心加速度公式a=GMr 2，D、根据周期公式T=4π 故选：CD根据万有引力提供向心力GMm本题要掌握万有引力提供向心力这个关系，要能根据题意选择恰当的向心力的表达式．8.答案：AC解析：解：A、当金属环进入或离开磁场区域时磁通量发生变化，会产生电流．环进入和离开磁场区域，磁通量分别是增大和减小，根据楞次定律得感应电流的方向相反，故A正确．B、金属环进入磁场后，由于没有磁通量的变化，因而圆环中没有感应电流，不受磁场力作用，只在重力作用下，离平衡位置越近，则速度越大，故B错误．C、由于从左侧摆到右侧的过程中，线框中磁通量发生变化，因而产生感应电流，由于电阻的存在，线框中将产生焦耳热，根据能量守恒知线框的机械能将不守恒，故在左侧线框的高度将高于起始时右侧的高度，所以摆角会越来越小，当完全在磁场中来回摆动时，则没有感应电流，圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，故C正确．D、圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，机械能守恒，金属环在摆动过程中，机械能不可能将完全转化为环中的电能，故D错误故选：AC．楞次定律的内容为：闭合回路中产生的感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化；判断感应电流的方向首先要确定原磁场的方向及磁通量的变化，然后根据楞次定律进行判断感应电流的方向．本题考查楞次定律的应用和能量守恒相合．注意楞次定律判断感应电流方向的过程，先确认原磁场方向，再判断磁通量的变化，感应电流产生的磁场总是阻碍原磁通量的变化．9.答案：ABC解析：解：A、任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向，故A错误；B、电场强度为零的地方，电势不一定为零，例如等量同种电荷连线的中点处场强为零，但是电势不为零，故B错误；C、随着电场强度的大小逐渐减小，电势不一定降低，例如离负的点电荷电场越远的地方，场强逐渐减小，但是电势升高，故C错误；D、根据电场线和等势面的关系，可知电场强度的方向处处与等电势面垂直，故D正确；

本题选不正确的，故选：ABC电场强度总是指向该点电势降落最快的方向．电场强度与电势没有直接关系；电场强度的方向与等势面垂直；根据这些知识进行解答．明确电场强度与电势无直接关系，关键要知道电场强度的方向是电势降低最快的方向．10.答案：AB解析：解：A.在从0.2m上升到0.35m范围内，△Ek=△EP=mg△h，图线的斜率绝对值为：B.根据能量守恒定律可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧最大弹性势能，所以Epm=mg△h=0.2×10×(0.35-0.1)=0.5JC.滑块未脱离弹簧前，滑块和弹簧组成的系统机械能守恒，滑块脱离弹簧后，滑块的机械能守恒，故C错误；D.由图可知，当h=0.18m时的动能最大；在滑块整个运动过程中，系统的动能、重力势能和弹性势能之间相互转化，因此动能最大时，滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小，根据能的转化和守恒可知，EPmin=E-E故选：AB．根据Ek-h图象的斜率表示滑块所受的合外力，高度从0.2m上升到本题考查了能量守恒定律和图象的理解与应用问题，根据该图象的形状得出滑块从0.2m上升到0.35m范围内所受作用力为恒力，说明物体不再受到弹簧的弹力的作用是解题的关键．11.答案：BD解析：解：A、元素的半衰期是由元素本身决定的与外部环境无关，故A错误B、1932年，查德威克发现了中子。故B正确；C、由玻尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子，若发光材料白天吸收光子外层电子跃迁到n>2的高能轨道，晚上向低能级跃迁放出光子，其发射光的能量可能与吸收的光的能量相等，也可能小于吸收的光的能量，波长不一定跟吸收的光的波长完全一致。故C错误；D、质子和中子结合成原子核一定有质量亏损，根据质能方程知，有能量放出。故D正确；故选：BD。元素的半衰期是由元素本身决定的与外部环境无关，由玻尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子，核子结合为原子核时存在质量亏损，由质能方程可以解释。本题考查了近代物理中的基本知识，对于这部分基本知识要注意加强理解和应用。该题中，一大群氢原子在吸收了光子的能量后，可能跃迁至n>2的能级，所以释放出的光子的种类可能有多种，这是容易被忽略和犯错误的地方。12.答案：1.89

0.30解析：解：根据玻尔理论可知，巴尔末线系中波长最长的谱线对应光子的能量为从n=3的能级跃迁到n=2的能级发出的，大小为：E=E氢原子从n=4能级跃迁至n=2能级时，辐射的光子的能量：E'=E4-E2═-0.85eV-(-3.4eV)=2.55eV；该光照射金属钾为阴极的光电管，光电子的最大初动能：故答案为：1.89，0.30根据能级间跃迁辐射的光子能量与能级差的关系以及频率与波长的关系求解；根据光电效应方程，结合动能定理即可求出。本题的突破口是知道能级间跃迁辐射的光子能量与能级差的关系。13.答案：(1)BC(2)①CD

②0.83(3) ①A

②B

③0.1解析：(1)根据声音的多普勒效应分析回答，声源移向观察者时接收频率变高，即距离声源越远，频率越低，距离声源越近，频率越高。对于多普勒效应，要知道在波源与观察者靠近时观察者接收到的波的频率变高，而在波源与观察者远离时接收频率变低；即高亢表示远离，低沉表示靠近。AB.渔船向鱼群发出超声波，若鱼群正向渔船靠近，波速由介质决定，所以被鱼群反射回来的超声波与发出的超声波相比波速不变，故A错误，B正确；CD.根据声音的多普勒效应，声源移向观察者时接收频率变高，所以被鱼群反射回来的超声波与发出的超声波相比频率变高，故C正确，D误。(2)①实验原理：橡皮筋的弹性势能转化为小车的动能，实验中用到多条橡皮筋，就要求每次橡皮筋相同且被拉长的一样多，这样橡皮筋对小车做的功才有倍数关系；②橡皮筋对小车做的功和小车获得的动能满足：W=12mv2实验原理是：W=12mv2①A.打点计时器使用的交流电源，故A错误；B.实验中用到多条橡皮筋，就要求每次橡皮筋相同且被拉长的一样多，这样橡皮筋对小车做的功才有倍数关系，故B错误；C.小车获得的动能应该等于橡皮筋对其做的功，所以小车必须从同一位置由静止弹出，故C正确；D.橡皮筋对小车做的功和小车获得的动能满足：W=12mv2的关系，所以当小车质量一定时：w与v2成正比，所以最好做②从纸带上我们可判断出打C点时，小车具有最大的速度vC可由B到D的平均速度求出：v(3)①根据滑动变阻器的接法可选择对应的滑动变阻器；②根据实验的要求可以选择滑动变阻器的接法；根据灯泡及电表的电阻关系可以选择电流表的接法；③结合曲线算出小灯泡的电阻，然后根据功率的公式计算小灯泡的实际功率。要熟记电学实验基本要求：伏安法测电阻时注意电流表内外接法的选择方法，当待测电阻值远小于电压表内阻时，电流表用外接法；当待测电阻值远大于电流表内阻时，电流表用内接法；在要求电流或电压值从零调时，滑动变阻器应用分压式，此时应选阻值小的变阻器。①因实验中采用分压接法，故滑动变阻器应选择小电阻，故选A；②实验中要求电压从零开始变化，则必须采用滑动变阻器分压接法，而由于灯泡内阻较小，故应采用电流表外接法，故选B；③电源与小灯泡直接串联，那么路端电压等于小灯泡两端的电压，画出内阻为5Ω，电动势为1.5V的电源的路端电压与干路电流的关系图线和小灯泡的伏安特性曲线的交点即表示小灯泡与该电源直接串联；根据交点坐标(1.0V,0.1A)可以计算出小灯泡消耗的功率为：P=UI=1×0.1=0.1W。故答案为：(1)BC；(2)①CD；②0.83；(3) ①A；②B；③0.1。

14.答案：0.500；53.85解析：解：1、螺旋测微器的固定刻度为0mm，可动刻度为50.0×0.01mm=0.500mm，所以最终读数为0mm+0.500mm=0.500mm．2、游标卡尺的主尺读数为53mm，游标尺上第17个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为17×0.05mm=0.85mm，所以最终读数为：53mm+0.85mm=53.85mm．故答案为：0.500；53.85。解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．15.答案：3.0×10-2

2.0×10-11解析：解：(1)由题目中图示油膜可知，油膜的面积为：S=75×2cm×2cm=3.0×两滴油酸溶液含纯油的体积：V=1油酸分子的直径为：d=V(2)计算油酸分子直径的公式是d=VS，V是纯油酸的体积，A.油酸未完全散开，S偏小，故得到的分子直径d将偏大，故A错误；B.计算时利用的是纯油酸的体积，将油酸酒精溶液的体积误当成纯油酸的体积，导致得到的分子直径d将偏大，故B错误；C.计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格，S将偏小，故得到的分子直径将偏大，故C错误；D.求每滴体积时，lmL的溶液的滴数误多记了10滴，由V0=V故答案为：(1)3.0×10-2；

2.0×10-11

6.7×(1)由图示油膜求出油膜的面积，根据题意求出两滴油酸溶液含纯油的体积，然后求出油膜的厚度，即油酸分子的直径；(2)用油膜法估测分子直径实验原理是：让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，估算出油膜面积，从而求出分子直径。根据此原理分析误差。解答本题关键要理解并掌握单分子油膜法估测分子直径的原理d=V16.答案：解：设A、B的质量分别为mA和mB，设A的初速度为当A与B发生碰撞时，由动量守恒定律得：mA由于A与B发生对心弹性碰撞，根据机械能守恒得，12解得：vAvB显然，如果二者碰撞后都向右运动或A停止运动，是一定能发生二次碰撞的，在碰撞后A向左运动时，要能发生二次碰撞，需有：vB解得：mA答：若要B返回水平面时能再与么发生碰撞，A、B的质量应满足m解析：当A与B发生碰撞时，由动量守恒定律列出等式，由于A与B发生对心弹性碰撞，根据机械能守恒列出等式，根据B返回水平面时能再与么发生碰撞得出A、B两球速度关系求解．解决该题关键要掌握碰撞过程中动量守恒及机械能守恒定律，即可正确解题，难度适中．17.答案：解：(1)U形管两侧的液面高度差来反映橡皮膜受到的压强大小，所以p=ρgh，根据压强公式p=FS(2)U形管内的气体压强p'=管内气体对它的压力F'=p'S'=(答：(1)手指作用在橡皮膜上的压力F为ρ