物理（天津卷）（全解全析）

2024年中考第一次模拟考试（天津卷）物理（考试时间：120分钟试卷满分：100分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。第I卷（客观题）一、单选题（本大题共10题，每题3分，共30分，每题只有一个正确选项）1．使用蓝牙耳机播放音乐时，为了保护听力，需要适当调小声音的（）A．音调 B．响度 C．频率 D．速度【答案】B【解析】为了保护听力，要控制声音不超过90分贝，当声音的响度超过90分贝，会影响听力，所以需要适当调小声音的响度，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。2．下列物态变化中属于凝华现象的是（）A．冰雪消融 B．露珠晶莹C．白雾弥漫 D．霜满枝头【答案】D【详解】A．冰雪消融，固态的雪变成液态的水，是熔化现象，故A不符合题意；B．露的形成，是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，故B不符合题意；C．白雾，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是液化现象，故C不符合题意；D．霜满枝头，是空气中的水蒸气遇冷变成固态的白色冰晶，属于凝华现象，故D符合题意。故选D。3．如图，小明在水中练习潜水，则能反映岸上教练看到水下小明的光路图正确的是（）A． B．C． D．【答案】A【详解】岸上教练看到水下小明，光线应是由水下小明身上“射出”，即光线的传播方向应该是水中射向空气中；根据光的折射规律可知，空气中的角应该大于水中的角，即折射角大于入射角，故A正确，BCD错误。故选A。4．如图是中国羽毛球队的两名队员在2023年苏迪曼杯半决赛中的精彩瞬间，在比分落后的情况下，队员们发扬顽强拼搏的团队精神，实现惊天逆转，闯进决赛。下列说法正确的是（）A．击球时，球拍发生了形变B．击球时，拍对球的力和球对拍的力是一对平衡力C．上升的羽毛球最终落向地面是因为受到空气阻力D．羽毛球下落过程中重力势能不变【答案】A【详解】A．击球时，球拍由于发生了弹性形变，要恢复到原来的形状而对羽毛球产生弹力，羽毛球受到球拍的作用力而改变了运动状态，故A正确；B．击球时，拍对球的力和球对拍的力是一对相互作用力，故B错误；C．上升的羽毛球因为受到重力，最终会落向地面，故C错误；D．羽毛球下落过程中，质量不变，高度变小，则重力势能变小，故D错误。故选A。5．下列图中符合安全用电原则的是（）A．电水壶用三孔插座B．高压线下放风筝C．使用绝缘皮破损的导线D．开关接零线【答案】A【详解】A．有金属外壳和大功率用电器要用三孔插座，故A正确；B．不能在高压线下放风筝，因为存在高压触电的危险，故B错误；C．不能使用绝缘皮破损的导线，容易触电，故C错误；D．开关要接在火线和用电器之间，故D错误。故选A。6．如图的四个电路中，电源电压U相同，R1<R2，电路的总电阻由小到大的顺序是（）A．甲乙丙丁 B．丁丙乙甲 C．丁甲乙丙 D．丙乙甲丁【答案】C【详解】因为两电阻并联相当于增大了电阻的横截面积，所以两电阻并联时阻值最小，即丁图的并联电阻最小。因为两电阻串联时，相当于增加了电阻的长度，所以串联时阻值最大，即丙图的串联电阻最大，且；所以，电路的总电阻由小到大的顺序是：丁、甲、乙、丙。故选C。7．下列关于测量仪器的分析正确的是A．水银温度计利用了液体热胀冷缩的原理B．托盘天平利用了省力杠杆的原理C．电能表利用电流的热效应工作D．液体压强计利用了连通器的原理【答案】A【详解】A．常用温度计是利用液体热胀冷缩的性质制成的，故A正确；B．天平是利用了等臂杠杆的原理工作的，故B错误；C．电能表是测量消耗电能多少的仪器，工作时不是将电能转化为内能，所以，不是利用电流的热效应工作的，故C错误；D．由于液体压强计的上端只有一端开口，不是利用了连通器的原理，故D错误．8．如图所示的现象中，没有利用大气压的是（）A．瓶吞鸡蛋B．盆景水位保持一定C．马德堡半球实验D．潜水员潜水【答案】D【详解】A．当鸡蛋放入瓶口时，瓶内空气被压缩，气压减小，同时鸡蛋外面的大气压力保持不变。在大气压力的作用下，鸡蛋被挤入瓶内，利用了大气压原理，故A不符合题意；B．当把装满水的瓶放入盆景的水中时，由于大气压作用在盆景中的水面，所以瓶中的水不会流出来；当盆景中的水由于蒸发和盆景的吸收，水面下降瓶口露出水面时，一部分空气进入瓶中，瓶中的气压变大，则瓶中的水就要向外流，一旦瓶口再次被水淹没，瓶中的水又停止外流，这样盆景中的水就可以保持一定高度，利用了大气压原理，故B不符合题意；C．马德保半球实验中，将两个半球之间的空气抽出，球内部的压强小于外界压强，在外界大气压的作用下，球很难被拉开，证明了大气压的存在，故C不符合题意；D．潜水员潜水时，深度越深，受到的液体压强越大，与大气压无关，故D符合题意。故选D。9．用下列简单机械提升同一重物，忽略机械自重和摩擦，最省力的是（）A． B．C． D．【答案】A【详解】A．分别用如图四种机械提起同一重物，忽略机械自重和摩擦，则根据杠杆平衡条件可得则B．由图可知，该滑轮组由1股绳子承担物重，拉力等于物重G，即F=G；C．由图可知，该滑轮组由2股绳子承担物重，拉力为物重的二分之一，即；D．由图可知，该滑轮组由2股绳子承担物重，拉力为物重的二分之一，即；综上分析可知，最省力的是A，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。10．小明在做电学实验时，连接电路如图所示。闭合开关，灯不发光，发光，电流表有示数，电压表无示数。电路故障可能是（

）A．电流表断路 B．灯断路 C．电压表短路 D．灯短路【答案】C【详解】由图可知，灯泡L1、L2串联，电压表测量L1两端的电压，电流表测量电路中的电流。A．如果电流表断路，电路断路，两个灯泡都不发光，电流表和电压表都没有示数，故A不符合题意；B．如果灯L1断路，电路断路，两个灯泡都不发光，电流表没有示数，电压表有示数，故B不符合题意；C．如果电压表短路，电压表没有示数，灯被不发光，发光，电流表有示数，故C符合题意；D．如果灯L2短路，灯L2不发光，L1发光，电压表和电流表都有示数，故D不符合题意。故选C。二、多选题（本大题共3小题，每小题3分，共9分。每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合题意，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得0分）11．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示时，光屏上得到了清晰的像（未画出）。下列说法中正确的是（）A．光屏上成的是倒立、放大的像B．凸透镜的焦距一定在10cm至15cm之间C．把蜡烛向右移动少许，光屏适当向右移动，可得到小一些的实像D．若仅把蜡烛和光屏的位置互换，则光屏上成倒立、缩小的像【答案】ABD【详解】AB．由图可知，物距u=20.0cm，像距v=30.0cm，u<v，成倒立、放大的实像，此时物距在一倍和二倍焦距之间，像距在二倍焦距以外，即解得故AB正确；C．把蜡烛向右移动少许，此时物距变小，像距变大，像变大，所以光屏适当向右移动，可得到大一些的实像，故C错误；D．如果凸透镜不动，将光屏和蜡烛的位置对调，根据光路可逆可知，可以成倒立、缩小的实像，故D正确。故选ABD。12．如图甲所示，电源电压保持不变，R1=10Ω。闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从b端移动到a端的过程中，电流表示数随滑动变阻器R2连入电路的阻值的变化关系如图乙所示。下列说法正确的是（）

A．电源电压为8VB．R1的最小电功率为1.6WC．滑动变阻器R2的最大阻值为30ΩD．当滑片P位于中点时，R1与R2的电功率之比为2∶3【答案】ACD【详解】A．由图甲可知，当滑动变阻器的滑片位于a端时，电路为R1的简单电路，此时电路中的电流最大，为0.8A，则电源电压U=I最大R1=0.8A×10Ω=8V故A正确；BC．由图甲可知，当滑动变阻器的滑片位于b端时，两电阻串联，滑动变阻器全部接入电路，阻值为30Ω，此时电路中电流最小为0.2A，R1的电功率最小，R1的最小电功率P1最小=I2最小R1=(0.2A)2×10Ω=0.4W故B错误，C正确；D．当滑片P位于中点时，变阻器接入电路的阻值为15Ω，R1与R2的电功率之比为故D正确。故选ACD。13．甲、乙两个相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，则（）A．A的体积大于B的体积B．A受的浮力大于B受到的浮力C．甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度D．甲杯和乙杯的底部受到的压强相等【答案】AB【详解】A．甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，将实心物体A、B分别放入两容器中，则甲液体与A排开液体的体积之和等于乙液体与B排开液体的体积之和，由图可知，A漂浮，B悬浮，所以A的体积大于B的体积，故A符合题意；B．实心物体A、B由同种材料制作，根据可知，A的质量大于B的质量，根据G＝mg可知，A的重力大于B的重力；由图可知，A受到的浮力等于其重力，B受到的浮力等于其重力，因为A的重力大于B的重力，所以A受的浮力大于B受到的浮力；故B符合题意；CD．由图可知，A的密度小于甲液体的密度，B的密度等于乙液体的密度，实心物体A、B由同种材料制作，所以，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度；静止时液面等高，根据p＝ρ液gh可知，甲容器底部所受液体压强大于乙容器底部所受液体压强，故CD不符合题意。故选AB。第Ⅱ卷注意事项：1.用黑色字迹的签字笔将答案写在“答题卡”上（作图可用2B铅笔）。2.本卷共两大题，共61分。三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）14．美丽的城市广场中，有美妙的音乐喷泉。喷泉会伴随着动听的音乐左右摇摆。有时还能看见漂亮的“彩虹喷泉”，如图所示，我们听到的音乐是通过传播到人耳的；看到的“彩虹”是一种光的现象。【答案】空气色散【详解】[1]声音的传播需要介质，固、液、气都可以传声。我们听到的音乐是通过空气传播到人耳的。[2]牛顿利用三棱镜将太阳光进行了色散，发现太阳光是由七种色光组成的，彩虹是由于光的色散而形成的一种现象。15．用图所示的钢丝钳剪金属丝时，它是杠杆（选填“省力”或“费力”）；钢丝钳的刀口通常磨得很薄，是为了（选填“增大”或“减小”）压强.【答案】省力增大【分析】根据题中“它是……杠杆”可知，本题考查杠杆的类型，根据动力臂与阻力臂的大小关系进行判断；根据题中“钢丝钳的刀口通常磨得很薄，是为了……压强”可知，本题考查增大压强的方法，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，据此解答；【详解】从图中可以看出，钢丝钳的动力臂大于阻力臂，因此它是省力杠杆；压强的大小与压力和受力面积有关，刀口做的很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积增大压强；16．春节期间，珊珊乘坐汽车回老家探亲，如图所示是她用手擦拭玻璃上的“白雾”的情景，她的手感觉较冷，这是通过方式改变了手的内能；于是，开起除雾功能，吹出的热风加快了“白雾”（填物态变化名称）。【答案】热传递汽化【详解】[1]玻璃上的“白雾”吸收手上的热量，使手的内能减少，温度降低，这是通过热传递的方式改变手的内能。[2]“白雾”是小水珠，吹出的热风加快了小水珠的汽化。17．冰壶比赛中，冰壶对冰面的压力是150N，与冰面的接触面积是0.03m2，则冰壶对冰面的压强为Pa。冰壶被掷出后仍会运动一会才停下来，原因是冰壶具有。【答案】5000惯性【详解】[1]冰壶对冰面的压强为[2]冰壶被掷出后仍会运动一会才停下来，是由于冰壶具有惯性要保持原来的运动状态。18．如图所示，重为5N的铁块紧紧吸附在磁性平板的下表面，若用2N的水平力向右拉铁块时，铁块匀速运动。若用3N的水平力拉铁块前进了0.5m，铁块受到的摩擦力大小为N，拉力对铁块做的功为J。【答案】21.5【详解】[1]如图所示，重为5N的铁块紧紧吸附在磁性平板的下表面，若用2N的水平力向右拉铁块时，铁块匀速运动，此时平板对铁块的摩擦力与拉力二力平衡，大小相等，摩擦力为2N，用3N的水平力拉铁块前进了0.5m，滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，压力的大小不变，接触面粗糙程度不变，故铁块受到的摩擦力大小不变，为2N。[2]拉力对铁块做的功W=Fs=3N×0.5m=1.5J拉力对铁块做的功为1.5J。19．在如图所示的电路中，电源电压恒为12V，定值电阻R为50Ω，滑动变阻器的最大值为50Ω，小灯泡上标有“6V”字样，不考虑灯丝电阻变化。若开关S、S1、S2都闭合，当滑片P在b端时，电流表示数为A。若开关S闭合，S1、S2都断开，当滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω时，电流表的示数为0.4A，则小灯泡的额定电功率是W。【答案】0.483.6【详解】[1]若开关S、S1、S2都闭合，定值电阻R0与滑动变阻器R并联，当滑片P在b端时，滑动变阻器R接入阻值最大为50Ω，则通过R的电流通过R0的电流所以，电流表示数为I=I0+IR=0.24A+0.24A=0.48A[2]若开关S闭合，S1、S2都断开，L和滑动变阻器R串联，由可得此时滑动变阻器两端的电压UR=I′R′=0.4A×20Ω=8V因串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和，所以，灯泡两端的电压UL=U-UR=12V-8V=4V由可得灯泡的电阻则灯泡的额定功率为四、综合题（本大题共6小题，共37分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位）20．燃气灶烧水时，把质星为3kg、初温为20℃的水加热到100℃，燃气灶烧水的效率为40%（假设天然气完全燃烧），已知水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），天然气的热值为8.4×107J/m3，求：（1）水吸收的热量？（2）烧开这壶水消耗了多少的天然气？【答案】（1）；（2）【详解】解：（1）由题意可知，水吸收的热量为（2）由得，天然气放出的热量为由得，烧开这壶水消耗的天然气的体积是答：（1）水吸收的热量是；（2）烧开这壶水消耗了的天然气。21．天平和杆秤在古籍中常被称为“权衡器”，《墨经》最早对权衡器的杠杆原理做了理论上的探讨。关于杠杆的平衡条件，小海用图甲所示装置进行探究，其中杠杆的刻度均匀，每个钩码的重力均为0.5N。（1）实验中，杠杆在位置平衡最便于测量力臂；（2）如图乙所示，杠杆已经平衡。如果在左侧钩码下增加一个钩码或者将左侧钩码向右移动5cm，杠杆都将失去平衡。由此可以猜想：杠杆的平衡可能与力的和力臂有关；

（3）小海在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，进行了4次实验。杠杆平衡时的部分数据已填入表中，其中图丙是第4次杠杆平衡时的情景，请将杠杆右侧的阻力数值填入表中；

实验次数动力F1/N动力臂l1/m阻力F2/N阻力臂l2/m11.00.202.00.1022.00.152.00.1532.00.151.50.2041.50.10()0.15分析实验数据，可归纳出杠杆的平衡条件是F1l1F2l2；（4）小海与小兰对实验过程进行交流，产生了一个新的问题：若支点不在杠杆的中点，并用弹簧测力计代替一侧的钩码施力，会出现什么现象？于是他们共同进行了如图丁的探究。①画出图丁中F1的动力臂l1；()②多次改变拉力F1的作用点在杠杆上的位置进行实验，发现杠杆平衡时，F1l1都是大于F2l2，其原因可能是。

【答案】水平大小1.0=

见详解【详解】（1）[1]实验中，由于作用力是竖直方向上的，如果杠杆在水平位置平衡则力臂刚好在杠杆上，最便于测量力臂。（2）[2]杠杆已经平衡，如果在左侧钩码下增加一个钩码会改变杠杆受力的大小，杠杆失去平衡，表明与力的大小有关，如果将左侧钩码向右移动5cm，力臂会变小，杠杆失去平衡，表明杠杆平衡与力臂大小有关。由此可以猜想：杠杆的平衡可能与力的大小和力臂有关。（3）[3]如图所示，阻力相当2个钩码重力，每个钩码重0.5N，所以阻力为1N。[4]分析第1次实验数据可得可知，同理计算其它3次实验的数据，获得相同的结论，可归纳出杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂，即F1l1=F2l2。（4）[5]①力臂是支点到力的作用线的垂线段，如图所示

②[6]由于支点不在中点处，杠杆自重会产生一个向下的作用力，则F1需要比原来更大才能使杠杆平衡，故其它条件不变，杠杆平衡时，F1l1都是大于F2l2。22．如图是某物理兴趣小组，设计的简易坐位体前屈测试仪的测试示意图、简化原理图。在测试中，测试的同学向前推动测试仪的滑块实际上是移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数用来反映被测试者的成绩。电源电压恒为6V，电压表量程0~3V，电流表量程0~0.6A，滑动变阻器标有“151A”，滑片P每移动1cm，的电阻变化0.5，定值电阻。求：（1）当滑片P位于最左端时，电流表的示数；（2）某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，此时电压表的示数；【答案】（1）0.3A；（2）2V；【详解】解：（1）当滑片P位于最左端时，只有R2接入电路，电流表的示数（2）某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，滑动变阻器的接入的阻值为此时总电阻为电路中的电流为电压表的示数为答：（1）当滑片P位于最左端时，电流表的示数为0.3A；（2）某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，此时电压表的示数为2V；23．如图1所示是“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验，将小钢球从高度为的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一木块在水平面向前移动一段距离后停下。先后完成甲、乙、丙所示的三组实验。（1）小钢球在滚下斜面的过程中，其动能大小是通过（选填“高度”或“距离”）大小来反映的；（2）分析比较甲和乙两组实验可得，物体质量相同时，速度越大，动能越；（3）分析比较两组实验可得，物体速度相同时，质量越大，动能越大；（4）综合上述可知，如图2所示的交通标志牌是交通管理部门对不同车型设定不同的最高；（5）在实验中，若增大水平面的粗糙程度，则木块移动的距离将（选填“增大”、“不变”或“减小”）。【答案】距离s大甲、丙速度减小【详解】（1）[1]小钢球从斜面滚下过程中，其动能大小是通过小木块移动距离s的大小来反映的，小木块移动距离越大，说明小钢球的动能越大。（2）[2]分析比较