计算机等级考试上午考试篇

第1篇上午考试篇

第1章计算机硬件基础（5〜8分）

1.1♦单个磁头（串行方式）硬盘（串一并行方式）

♦整数原码反码补码

47001011110010111100101111（正数的原、反、补码

一致）

—47101011111101000011010001（负数的符号位不变）

（符号位不变，（在反码的基础上加1）

其余按位取反）

♦补码和移码中0的表示法仅有一个。

♦浮点数的表示范围主要是由（阶码）的位数来决定的。

♦浮点数的运算通常包括对阶、尾数计算和（结果规格化）三个步骤。

♦在补码加减法中，如果采用“双符号位判断法”进行溢出判断，若双符号位的值是“10”，则

表示（负溢出）。（高位是符号位，0表示正，1表示负，两位相同无溢出，两位不同是溢出。）

♦一个以补码表示的二进制数10001000,对其进行逻辑左移3位的结果为（01000000）,

对其进行算术右移2位的结果为（11100010）o（逻辑移，直接移，移出的数抛弃掉；算术移，

符号位不动，空缺处补的数得看符号位是啥，若是1就补1,若是。就补0；循环移位，左边出，右

边进，右边出，左边进。）

♦ASCII码用（7）位二进制码表示一个字符。收录汉字最多的编码规范是（GB18030）o

♦直接在指令中给出所需的操作数是（立即）寻址，而给出指向操作数地址的地址则属于（间

接）寻址。（立即寻址——立即给出操作数，直接寻址——直接给出操作数地址，间接寻址——给

出的是操作数地址的地址，变址寻址—给出的地址还需要与特定值累加一下，寄存器寻址——给出

操作数所在的寄存器编号。）

♦指令系统类型指令寻址方式

CISC（复杂）数量多，使用频率差别大，可变长格式支持多种

RISC（精简）数量少，使用频率接近，定长格式支持方式少

♦顺序存取（磁带）；直接存取（磁盘）；随机存取（内存）；相连存取（Cache）。

♦设某流水线计算机主存的读/写时间为200ns,有一个指令和数据合一的Cache,已知该

Cache的读/写时间为15ns,取指令的命中率为96%,取数的命中率为90%。在执行某类程序时，

约有1/4指令需要存/取一个操作数。假设指令流水线在任何时候都不阻塞，则设置Cache后，每条

指令的平均访存时间约为（30.775ns）。

取指令：0.96x15+0.04x200=22.4ns

取数：0.9x15+0.1x200=33.5ns

平均访存时间：22.4+33.5x1/4=30.775ns

♦CPU执行一段程序时，Cache完成存取的次数为3800次，主存完成存取的次数为200次,

已知Cache存取周期为50ns,主存为250ns,则这段时间的平均访问时间是（60ns）0

平均访问时间=Cache命中率xCache存取周期+Cache失效率x主存存取周期

Cache命中率=3800/（3800+200）=0.95Cache失效率=1—0.95=0.05

50nsx0.95+250nsx0.05=60ns

♦若指令流水线把一-条指令分为取指、分析、取数和执行四个部分，所需的时间分别是取指

2ns、分析3ns、取数2ns、执行1ns,则100条指令全部执行完毕需要（305）ns,其流水线加速

比为（2.62）o

（2+3+2+1）+（100-1）X3=305（2+3+2+1）x100-305=2.62

♦若每一条指令都可以分解为取指、分析和执行三步。已知取指时间t取曲=44t,分析时间t分析

=3At,执行时间t执行=5At。如果按串行方式执行完100条指令需要（1200）如果按照流水方

式执行，执行完100条指令需要（50要40

串行执行时，总执行时间=100X（t取指+t分析+t执行）=100X12At=1200Ato

连续两条指令的执行时间差为t执行=5At,

因此100条指令的总执行时间=（t11m+t分析+t执行）+99XtW]-507Ato

♦假设一个有3个盘片的硬盘，共有4个记录面.，转速为7200转/分，盘面有效记录区域

的外直径为30cm,内直径为10cm,记录位密度为250b/mm,磁道密度为8道/mm,每磁道分16

个扇区，每扇区512字节，则该硬盘的非格式化容量和格式化容量约为（30MB、25MB）,数据传

输率为（960KB/S）o若一个文件超出一个磁道容量，剩下的部分（存于其他盘面的同一编号的磁道

上）O

总磁道数=（300-100）/2x8x4=3200

非格式化容量=100x3.14x250x3200=239.56Mb/8=30MB（注意Mb要转为兆字节）

格式化容量=16x3200x512=25MB

数据传输率=16x512x7200/60=960KB/S

总磁道数=记录面数*磁道密度*（外直径-内直径）12

非格式化容量=位密度*3.14*最内圈直径*总磁道数

格式化容量=每道扇区数*扇区容量*总磁道数

平均数据传输速率=每道扇区数*扇区容量*盘片转速

根据硬盘存放数据规则，在向磁盘记录一个文件时，应将文件尽可能记录在同一柱面（不同

记录面的同号磁道构成的一个柱面）上，当一个柱面记录不下时，再记录到相邻柱面上。因此，当一

个文件超出一个磁道容量时，剩下的部分应存于其他盘面的同一编号的磁道上，即同一柱面的其他磁

道上。

♦若某存储器周期为100ns,而每个周期可以访问16位，那么其带宽应该是（160）Mb/So

1/100x16=0.16biVns=0.16xl09=160Mb/s

♦容量为128块的Cache采用组相联方式映射，字块大小为64字，每4块为一组。若主存容

量为8192块，且以字编址，那么主存地址应该是（19）位，主存区号是（6）位。

64x8192=2198192/128=26

♦某系统总线的一个总线周期包含4个时钟周期，每个总线周期中可以传送8B数据。若总线的

时钟频率为1.6GHz,则总线的带宽为（3.2GB/S）。

1.6GHz/4x8B=3.2GB/S

♦若对内存按字编码，每个字为2字节，地址为AOOOH〜E5FFH,则表示有（35840）个字节。

ABCDEFG

10111213141516

解：E5FFH-A000H+1H=E5FFH+1H-A000H=E600H-A000H=4600H=4xl63+6xl6-

2=17920（字）=17920x2=35840（字节）

♦若内存地址区间为4000H-43FFH,每个存储单位可存储16位二进制数，该内存区域由4片

存储器芯片构成，则构成该内存所用的存储器芯片的容量是（4）。

（4）A.512X16bitB.256X8bitC.256Xl6bitD.1024X8bit

试题解析：

总存储单位=（43FFH-4000H+1H）=400H=1024（H代表16进制）

每个存储器芯片的容量为：1024X16/4=4096。

由于每个存储单位可存储16位二进制数，所以可以采用256X16bit或者512X8bit的芯片。最

好是前者，这样系统控制比较简单。

答案：C

♦页式虚拟存储系统的逻辑地址是由页号和页内地址两部分组成，地址变换过程如下图所示。

假定页面的大小为8K,图中所示的十进制逻辑地址9612经过地址变换后，形成的物理地址a应为

十进制（1。。

（10）A.42380B.25996C.9612D.8192

试题解析：

每页8K（十六进制）=8192（十进制），9612（十进制）=8192（十进制）+1420（十进制）。

从地址映射表可以看到页1对应物理块3,因此地址9612（十进制）的物理存储位置=8192（十

进制）X3+1420（十进制）=25996o

答案：B

•页式存储系统的逻辑地址是由页号和页内地址两部分组成。假定页面的大小为4K,地址变换过

程如下图所示，图中逻辑地址8644用十进制表示。图中有效地址经过变换后，十进制物理地址a应

为（17）。

（17）A.33220B.8644C.4548D.2500

试题解析：

参见05年5月试卷。我的理解：

4K=4x1024=4096因为对应2页，所以4096x2=8192

8644=8192+452

4kx8（对应物理块号8）+452=33220

答案：A

第2章操作系统基础（3分）

♦（进程）是操作系统中可以并行工作的基本单位，也是核心调度及资源分配的最小单位，它由

（程序、数据和进程控制块PCB）组成，它与程序的重要区别之一是：（它有状态，而程序没有）。

在SMP系统中，操作系统还提供了（线程）机制，它是（处理器分配）的最小单位。

♦进程由（执行体）中的（对象管理器）负责创建和删除。每个进程创建时只有一个线程，根

据需要可以创建更多的线程。

♦虚拟存储管理系统的基础是程序的（局部性）理论。这个理论的基本含义是指程序执行时往

往会（不均匀地）访问内存储。程序的（局部性）表现在（时间局部性）和（空间局部性）上。（时

间局部性）是指最近访问的存储单元可能马上又要访问。（空间局部性）是指马上访问的单元，而其

附近的单元也可能马上访问。

♦进程Pa不断地向管道写数据，进程Pb从管道中读数据并加工处理。如果采用PV操作来实

现进程Pa和Pb的管道通信，并且保证这两个进程并发执行的正确性，则至少需要（2个信号量，

信号量的初值是0、1）。

◊控制互斥只需1个信号量，信号量的值是“临界区”的数量（或指可重入的个数）。

◊控制同步需要2个信号量，信号量的值分别用于管理“同步区”的满值和空值；因此如果“同

步区”的个数是1,则可以省去一个信号量。

◊经典的“生产者——消费者”的问题，是“互斥+同步”的控制，通常需要3个信号量。

♦某银行有7个收银柜台，每个收银柜台一次只能够处理1个顾客的银行事务。为了避免顾客

排队等候银行设置了一个集中的休息等候区。如果用PV来描述这类问题，关于信号量设置描述合理

的是（只需要一个信号量，初值为7）。如果还需要控制进入“等候室”的顾客数量，以免人满为患，

则需要（增加1个信号量，初值为等候室顾客的最大容纳量）。

第3章计算机系统开发运行与配置

•结构化开发方法中，数据流图是一（5）阶段产生的成果。

（5）A.需求分析B.总体设计

C.详细设计D.程序编码

答案:A

•关于原型化开发方法的叙述中，不正确的是（6）。

（6）A.原型化方法适应于需求不明确的软件开发

B.在开发过程中，可以废弃不用早期构造的软件原型

C.原型化方法可以直接开发出最终产品

D.原型化方法利于确认各项系统服务的可用性

试题解析：

原型是用于明确用户需求的，并非是提交用户的最终产品。

答案：C

•CMM模型将软件过程的成熟度分为5个等级，在(8)使用定量分析来不断地改进和管理

软件过程。

(8)A.优化级B.管理级C.定义级D.可重复级

试题解析：

CMM反映了软件过程能力的大小，它描述了五个级别的软件过程。

初始级

初始级的特点是软件机构缺乏对软件过程的有效管理，软件过程是无序的，有时甚至是混乱

的，对过程几乎没有定义，其软件项目的成功来源于偶尔的个人英雄主义而非群体行为，因

此它不是可重复的。

可重复级

可重复级的特点是软件机构的项目计划和跟踪稳定，项目过程可控，项目的成功是可重复的。

已定义级

已定义级的特点在于软件过程已被提升成标准化过程，从而更加具有稳定性、可重复性和可

控性。

已定量管理级

已定量管理级的特点是软件机构中软件过程和软件产品都有定量的目标，并被定量地管理，

因而其软件过程能力是可预测的，其生产的软件产品是高质量的。

优化级

优化级的特点是过程的量化反馈和先进的新思想、新技术促进过程不断改进，技术和过程的

改进改进被作为常规的业务活动加以计划和管理。

答案：A

•若某计算机系统由两个部件串联构成，其中一个部件的失效率为7X10-6/小时，若不考虑其

他因素的影响，并要求计算机系统的平均故障间隔时间为小时，则另一个部件的失效率应为(故

/小时。

(1)A.2X10-5B.3X10-5c.4X10-6D.3X10-6

试题解析：

串联时，两个部件其中一个坏了，系统就失效。

平均故障间隔时间MTBF=1/X,X是失效率。

假设部件一的失效率为x,部件二的失效率为y,则串联系统的总失效率z=(1-(1-x)(1-y))。现在

已知1/z=1()5,x=7X10-6,代入公式，得y=3X10-6。

答案：D

串联并联

R：可靠性RXR1-(1-R)X(1-R)

入：失效率入+人”(1+2)(注:并联2

个）

1/入:平均无故障时间

详参书P61页

•内聚性和耦合性是度量软件模块独立性的重要准则，软件设计时应力求（6）。

（6）A.高内聚，高耦合B.高内聚，低耦合

C.低内聚，高耦合D.低内聚，低耦合

试题解析：

对于软件开发来说，要追求模块内部的高内聚，模块之间的低耦合。常识！

答案：B

•关于项目管理甘特图的结构，下列选项中合理的是（70）。

（70）A.任务名称，工期，开始时间，前置任务，后置任务，资源名称

B.任务名称，开始时间，完成时间，彳爰置任务，人力资源，进度线

C.任务名称，工期，开始时间，完成时间，前置任务，资源名称，进度线

D.任务名称，开始时间，完成时间，前置任务，人力资源，进度线

答案：C

第4章标准化与知识产权保护

•我国著作权法中，（12）系指同一概念。

（12）A.出版权与版权B.著作权与版权

C.作者权与专有权D.发行权与版权

试题解析：

广义的著作权，也称为版权，是指文学、艺术和科学作品等创作的作者或传播者对其作品所享有

的人身权和财产权。所以，著作权与版权系指同一概念。

根据《中华人民共和国著作权法》第五十六条的规定，著作权即版权。

答案：B

•由我国信息产业部批准发布，在信息产业部门范围内统一使用的标准，称为（13）。

（13）A.地方标准B.部门标准C.行业标准D.企业标准

试题解析：

我国的国家标准由国务院标准化行政主管部门制定；行业标准由国务院有关行政主管部门制定；

地方标准由省、自治区和直辖市标准化行政主管部门制定；企业标准由企业自己制定。而信息产业部

属于国务院有关行政主管部门范畴，故由其批准发布的标准属于行业标准。

答案：c

•某软件设计师自行将他人使用C程序语言开发的控制程序转换为机器语言形式的控制程序，

并固化在芯片中，该软件设计师的行为（14）。

（14）A.不构成侵权，因为新的控制程序与原控制程序使用的程序设计语言不同

B.不构成侵权，因为对原控制程序进行了转换与固化，其使用和表现形式不同

C.不构成侵权，将一种程序语言编写的源程序转换为另一种程序语言形式，属于一种“翻

译”行为

D.构成侵权，因为他不享有原软件作品的著作权

试题解析：

根据《中华人民共和国计算机软件保护条例》的规定，软件著作权人享有翻译权，即将原软件从--种

自然语言文字转换成另一种自然语言文字的权利。未经软件著作权人许可，发表或者登记其软件的行

为，构成计算机软件侵权。

答案：D

•（9）不需要登记或标注版权标记就能得到保护。

（9）A.专利权B.商标权C.著作权D.财产权

试题解析：

发明者或者设计者作出了发明创造之后，专利局并不是自动地给予专利保护，专利权必须由有权申请

专利的申请者依照法律规定向专利局提出专利申请，经过专利局审查合格后，才能授予专利权。

商标法规定：自然人、法人或者其他组织对其生产、制造、加工、拣选或者经销的商品，需要取得商

标专用权的，应当向商标局申请商品商标注册。自然人、法人或者其他组织对其提供的服务项目，需

要取得商标专用权的，应当向商标局申请服务商标注册。

任何财产要受到法律的保护都必须以经过国家法律的确认为前提。对于有形财产，只要是合法所

得且能被民事主体所控制和掌握，具有一定的经济价值，便可构成民事主体财产的一部分，通常均受

到法律的确认和保护，不需要再明确地加以规定。而无形的智力创造性成果则不同，它不像有形财产

那样直观可见，因此智力创造性成果的财产权需要履行特定的法律手续或者需经国家主管机关依法审

批，依法审查确认。

著作权法中规定：中国公民、法人或者其他组织的作品，不论是否发表，依照本法享有著作权。

答案：C

•若某人持有盗版软件，但他本人确实不知道该软件是盗版的，则（7）承担侵权责任。

（7）A.应由该软件的持有者

B.应由该软件的提供者

C.应由该软件的提供者和持有者共同

D.该软件的提供者和持有者都不

试题解析：

不知者无罪！

答案:B

•（8）不属于知识产权的范围。

（8）A.地理标志权B.物权C.邻接权D.商业秘密权

试题解析：

地理标志权是世界贸易组织确认的一种新型知识产权，具有集合性、法定性、永久性、不可转让

性等特点。

邻接权，又称作品传播者权，是指与著作权相邻近的权利。

商业秘密权是公民、企业、单位、组织享有的知识产权。商业秘密的保护范围包括所有技术信息、

经营信息，以及其他与商业竞争有关的信息。

答案：B

第5章网络体系结构

•在Internet上有许多协议，下面的选项中能正确表示协议层次关系的是（23）.

（23）

SNMPPOP3SNMPPOP3

UDPTCPTCPARP

IPIP

A.B.

C.D.

SMTPTelnetSNMPTelnet

TCPSSLTCPUDP

pUDP■pLLC

•ARPMAC

试题解析:

B：ARP不是传输层协议，POP3是基于TCP进行传输的。

C：UDP不是网络层协议，SSL和Telnet是基于TCP的。

D：IP是位于LLC之上的，LLC是位于MAC之上的，Telnet是基于TCP的。

答案：A

•因特网中的协议应该满足规定的层次关系，下面的选项中能正确表示协议层次和对应关系的

是(22)。

(22)

SNMPTFTPSNMPHTTP

UDPTCPTCPUDP

IPIP

A.B.

HTTPTFTPSNMPTelnet

TCPUDPTCPUDP

IPIP

C.D.

试题解析：

SNMP、TFTP是基于UDP的，而HTTP、Telnet是基于TCP的。

答案：D

•IPv6地址以16进制数表示，每4个16进制数为一组，组之间用冒号分隔，下面的IPv6地址

ADBF:OOOO:FEEA:OOOO:OOOO:OOEA:OOAC:DEED的简化写法是(20)。

(20)A.ADBF:0:FEEA:00:EA:AC:DEED

B.ADBF:O:FEEA::EA:AC:DEED

C.ADBF:O:FEEA:EA:AC:DEED

D.ADBF::FEEA::EA:AC:DEED

答案：B

第6章数据通信基础

•8个128kb/s的信道通过统计时分复用到一条主干线路上，如果该线路的利用率为90%,则

其带宽应该是(23)kb/s。

(23)A.922B.1024C.1138D.2276

试题解析：

8X128=1024kb/s,由于线路利用率为90%(统计时分复用需要开销)，因此

总带宽=8X128/90%=1138Kb/So

答案：C

•10个9.6Kb/s的信道按时分多路复用在一条线路上传输，如果忽略控制开销，在同步TDM

情况下，复用线路的带宽应该是(24)；在统计TDM情况下，假定每个子信道具有30%的时间

忙，复用线路的控制开销为10%,那么复用线路的带宽应该是(25)。

(24)A.32Kb/sB.64Kb/sC.72Kb/sD.96Kb/s

(25)A.32Kb/sB.64Kb/sC.72Kb/sD.96Kb/s

试题解析：

时分多路复用将使用信道的时间分成一个个的时间片(时隙)，按一定规则将这些时间片分配给

各路信号，每一路信号只能在自己的时间片内独占信道进行传输，不能占用别人的时间片屋即如果某

个时间片的用户不使用该信道，也只能保持空闲。10个9.6KB/S的信道，合并起来带宽就是96Kb/s。

统计TDM是一种改进的时分复用，其特征在于每一路信号不是固定分配时间片、而是根据用户

的实际需要动态分配，也就是当用户有需要时才分配。当用户暂停发送数据时，信道空闲，则分配给

其他用户使用。采用统计TDM可以提高信道的利用率，使得每个用户的数据传输速率可以高于平均

速率，最高可达到线路总的传输速率。题中传输数据需要带宽为10x9.6kb/sx30%=28.8Kb/s。10%

的控制开销意味着只有90%的带宽用于传输数据，因此所需的线路带宽=28.8Kb/s/0.9=32Kb/s0

我在冲刺指南一书中看到的解题公式为10X9.6kb/sX(30%+30%Xl0%)=31.68Kb/s感觉这个

公式比较好记！

答案：(24)D(25)A

•假设模拟信号的最高频率为5MHz,采样频率必须大于(14),才能使得到的样本信号

不失真，如果每个样本量化为256个等级，则传输的数据速率是(15)。

(14)A.5MHzB.10MHzC.15MHzD.20MHz

(15)A.10Mb/sB.50Mb/sC.80Mb/sD.100Mb/s

答案：(14)B,(15)C

•在异步通信中，每个字符包含1位起始位、7位数据位、1位奇偶位和2位终止位，若每秒钟

传送100个字符，采用4相位调制，则码元速率为(16),有效数据速率为(17)。

(16)A.50波特B.500波特C.550波特D.1100波特

(17)A.500b/sB.700b/sC.770b/sD.1100b/s

答案：(16)C,(17)B

•设信道带宽为3400Hz,调制为4种不同的码元，根据Nyquist定理，理想信道的数据速率

为(18),

(18)A.3.4Kb/sB.6.8Kb/sC.13.6Kb/sD.34Kb/s

答案：C

•以太网的最大帧长为1518字节，每个数据帧前面有8个字节的前导字段，帧间隔为9.6口s,

对于10BASE-5网络来说，发送这样的帧需要多少时间？于4)

(64)A.1.23sB.12.3ms

C.1.23msD.1.23us

试题解析：

9.6+(8+1518)*8/10M^1.23mSo

答案：C

•T1载波每个信道的数据速率为(16),T1信道的总数据速率为(17)。

(16)A.32kb/sB.56kb/sC.64kb/sD.96kb/s

(17)A.1.544Mb/sB.6.312Mb/sC.2.048Mb/sD.4.096Mb/s

试题解析：

在电信数字通信系统中，广泛使用了PCM(PulsecodeModulation,脉冲编码调制)技术。模

拟电话的带宽为4kHz,根据尼奎斯特定理，编码解码器(coder-decoder,codec)采样频率需要达

到每秒8000次。编码解码器每次采样，就生成一个8比特的数字信息。因此，一个模拟电话信道在

数字化后对应一个64Kbps的数字信道。一个64Kbps的数字信道被称为DS0(DigitalSignal0,数

字信号0)。

T1是T-载波通信系统的基础，也称一次群。T1由24个DS0信道多路复用组成，每秒8000帧。

在一个帧中，为每个信道依次分配8个比特。另外每个帧还需要1个比特用于分帧控制。因此T1的

帧大小为24X8+1=193比特，T1的速率为193X8000=1.544Mbps。

答案：(16)C(17)A

注意与ISDN的区别，详参p136页。

•E1载波把32个信道按(11)方式复用在一条2.048Mb/s的高速信道上，每条话音信道

的数据速率是(12)。

(11)A.时分多路B.空分多路

C.波分多路D.频分多路

(12)A.56kb/sB.64kb/s

C.128kb/sD.512kb/s

答案：(11)A,(12)B

•使用海明码进行前向纠错，如果冗余位为4位，那么信息位最多可以用到(26)位,假定

码字为a6a5a4a3a2a©o，并且有下面的监督关系式：

S2=a2+a4+a5+a6

Si=ai+a3+a5+a6

So=ao+a3+a4+a6

若S2S1So=110,则表示出错位是(27)<.

(26)A.6B.8C.11D.16

(27)A.a3B.a4C.a5D.a6

试题解析：

2r^k+r+l将r=4代入计算，可得K=11

由于S2slSo=11O,则说明S2和Si出错，得出as或者a6可能出错，但是S。没有出错，所以a6不

可能出错，因此只能是as出错。

答案：(26)C(27)C

・使用海明码进行纠错，7位码长(X7X6X5X4X3X2X1),其中4位数据，监督关系式为：

Co=X1+X3+X5+X7

Ci=X2+X3+X6+X7

C2=X4+X5+X6+X7

如果接收的码字为1000101,那么纠正后的码字是(58)。

(58)A.1000001B.1000101

C.1001101D.1010101

试题解析：

Co=X1+X3+X5+X7=1+1+0+1=1(+是异或)

G=X2+X3+X6+X7=0+1+0+1=0

C2=X4+X5+X6+X7=0+0+0+1=1

Co和C2的计算结果不为0,表示错误的码位在Co和C2中出现，但在Ci中不会出现。因此，出

错的是X5,将其由0改为1即可。记住:XiX3X7这三个位置是1,其余位是0。

答案：D

•若采用后退N帧ARQ协议进行流量控制，帧编号字段为1位，则发送窗口的最大长度为

(17)A.7B.8C.127D.128

试题解析:

本题考查后退N帧ARQ协议知识。

后退N帧ARQ协议的发送窗口卬＜=编号个数一1,编号个数为7位即为128个，所以发送窗

口的最大长度为W=128-1=127o

答案：C

•我国自行研制的移动通信3G标准是（64）。

（64）A.TD-SCDMAB.WCDMA

C.CDMA2000D.GPRS

试题解析：

记住TD-SCDMA吧，这是IT领域内中国难得的荣耀。

答案：A

第7章广域网技术

•在ATM网络中，AAL5用于LAN仿真，以下有关AAL5的描述中不正确的是上空

(30)A.AAL5提供面向连接的服务B.AAL5提供无连接的服务

C.AAL5提供可变比特率的服务D.AAL5提供固定比特率的服务

试题解析：

服务类型A类B类C类D类

端到端定时要求（那么A、B就要定时啰）不要求（CD不要求定时播放哦）

比特率恒定（只有A类特别恒定）

连接模式无连接（只有D类无脸连接）

适配层协议AAL1AAL2AAL3/4和AAL5

答案：D

♦用户A与用户B通过卫星链路通信时，传播延迟为270ms,假设数据速率是64Kb/s,帧长

4000bit,若采用停等流控协议通信，则最大链路利用率为0.104；若采用后退N帧ARQ协议通信,

发送窗口为8,则最大链路利用率可以达到0.832。

停等流控:E=1/（2a+1）@=数据速率X传播延迟/帧长=64000X0.27/4000=4.32

E=1/（2X4.32+1）=0.104

后退N帧：E=W/（2a+1）W=8

E=8X0.104=0.832

•N-ISDN有两种接口：基本速率接口（2B+D）和基群速率接口（30B+D）,有关这两种接口

的描述中，正确的是正9）。

（29）A.基群速率接口中，B信道的带宽为16Kb/s,用于发送用户信息

B.基群速率接口中，D信道的带宽为16Kb/s,用于发送信令信息

C.基本速率接口中，B信道的带宽为64Kb/s,用于发送用户信息

D.基本速率接口中，D信道的带宽为64Kb/s,用于发送信令信息

试题解析：

30B+D（2D?）的ISDN的B信道速率是64kb/s,D信道速率是64kb/s。

2B+D的ISDN的B信道速率是64kb/s,D信道速率是16kb/so

B信道用于传输用户数据，D信道用于传输信令。

答案：C

第8章局域网与城域网技术

•802.11标准定义了3种物理层通信技术，这3种技术不包括（27）。

（27）A.直接序列扩频B.跳频扩频

C.窄带微波D.漫反射红外线

试题解析：

IEEE802.11标准颁布于1997年，它运行在2.4GHZ的ISM（IndustrialScientificandMedical）

频段，采用扩频通信技术，支持1Mbps和2Mbps数据速率。IEEE802.11标准在物理层上定义了两

类物理层规范：红外线（IR,InfraredRay）和扩频（SS,SpreadSpectrum）。红外线方式使用了

与电视遥控相同的技术，基本传输率是1Mbps,有散射和直射两种方式；扩频技术包括FHSS（跳

频扩频）和DSSS（直接序列扩频），它们使用了短距离的无线电波。

答案：C

•WLAN采用扩频技术传输数据，下面哪一项不是扩频技术的优点？（65）

（65）A.对无线噪声不敏感B.占用的带宽小

C.产生的干扰小D.有利于安全保密

试题解析：

既然是扩频，当然不会减小带宽占用。

答案：B

•建立一个家庭无线局域网，使得计算机不但能够连接因特网，而且WLAN内部还可以直接通

信，正确的组网方案是（66）、

（66）A.AP+无线网卡B.无线天线+无线MODEM

C.无线路由器+无线网卡D.AP+无线路由器

答案：C

・802.11标准定义的分布式协调功能采用了（28）协议。

(28)A.CSMA/CDB.CSMA/CAC.CDMA/CDD.CDMA/CA

试题解析：

在MAC子层上，IEEE802.11标准定义了两种工作模式，分别为DCF（DistributedCoordination

Function,分布协调功能）和PCF（PointCoordinationFunction,点协调功能）。其中，CSMA/CA

（CarrierSenseMultipleAccesswithCollisionAvoidance,载波侦听多路访问/冲突避免）协议工作

于DCF模式下，该协议采用ACK（确认）应答机制处理因冲突或其它原因造成的帧传输失败情况，

并引入超帧结构来支持实时业务。

答案：B

•在以太网中，最大传输单元（MTU）是—（57）字节。

(57)A.46B.64C.1500D.1518

试题解析：

以太网的帧结构如下：

716620-15000-464byte

LLC

PreambleSFDDASALengthPADFCS

PDU

以太网最大帧长为1518字节，其中负载数据段的最大长度是1500字节，负载数据段的最大长

度就是MTUo

答案：C

•TCP段头的最小长度是（27）字节。

（27）A.16B.20C.24D.32

试题解析：

TCP数据段为两部分，前面是头标（即段头），后面是数据。TCP头标的前20个字节格式是

固定的，后面是可能的选项。因此TCP头标的最小长度是20个字节。

答案：B

•在下面关于以太网与令牌环网性能的比较中，正确的是（58）。

（58）A.在重负载时，以太网比令牌环网的响应速度快

B.在轻负载时，令牌环网比以太网的利用率高

C.在重负载时，令牌环网比以太网的利用率高

D.在轻负载时，以太网比令牌环网的响应速度慢

试题解析：

以太网采用的是CSMA/CD技术，当负载比较轻、站点数比较少的时候，网络传输的响应速度比

较快；但当负载比较重、站点数量多的时候，冲突发生概率将急剧上升，造成响应速度下降，线路利

用率降低。

在令牌环中，无论网络负载如何，令牌都是沿着环网依次通过各个工作站的。在轻负载的情况下,

令牌大部分时间在环内空转，传输效率比较低。而当重负载时，每个站都有大量数据要发送，当某个

站发送完数据后释放令牌，则该站的后继站便可抓住令牌发送数据，这样，令牌便在站中缓慢移动,

每个站都有机会发送数据，因此传输效率比较高。

答案:c

•以太网协议中使用了二进制指数后退算法，这个算法的特点是(62)。

(62)A.容易实现，工作效率高

B.在轻负载下能提高网络的利用率

C.在重负载下能有效分解冲突

D.在任何情况下不会发生阻塞

试题解析：

“容易实现，工作效率高”，可以算是吧，不过这不能算是核心特点。

“在轻负载下能提高网络的利用率”，这句话说得似是而非，二进制指数后退算法在轻负载下可

以有效地解决冲突问题，但不能提高网络的利用率。

“在重负载下能有效分解冲突”，是。

“在任何情况下不会发生阻塞”，胡扯。以太网的思想就是允许冲突，只是采用二进制指数后退

算法来处理冲突。但二进制指数后退算法不是万能的，负载过重网络冲突会造成阻塞。

答案：C

•采用以太网链路聚合技术将(67)。

(67)A.多个逻辑链路组成一个物理链路

B.多个逻辑链路组成一个逻辑链路

C.多个物理链路组成一个物理链路

D.多个物理链路组成一个逻辑链路

试题解析：

在局域网应用中，由于数据通信量的快速增长，交换机带宽往往不够用，于是出现了将多条物理

链路当作一条逻辑链路使用的链路聚合技术,这时网络通信由聚合到逻辑链路中的所有物理链路共同

承担。

答案：D

第9章网络互联与因特网技术

•内部网关协议RIP是一种广泛使用的基于(35)的协议。RIP规定一条通路上最多可包含

的路由器数量是(36)o

(35)A.链路状态算法B.距离矢量算法C.集中式路由算法D.固定路由算法

（36）A.1个B.16个C.15个D.无数个

试题解析：

路由选择协议可以分为三个不同层次：

1、主干网上的核心网关协议：GGP

2、自治系统AS间的外部网关协议：BGP（BGP报文封装在TCP中进行传输）。

3、自治系统AS间的内部网关协议：RIP、IGRP、OSPF、EIGRP,IS-IS

距离矢量路由选择协议：RIP（30秒，支持CIDR、VLSM及连续子网（只有RIPV2支持），

最大跳数为15,故只适合小型网络）；IGRP（90秒，不支持VLSM和不连续子网）。

链路状态路由选择协议：OSPF（hello包，Dijkstra算法，支持VLSM及路由汇聚，迅速、

无环路的收敛性、支持精确度量，但路由开销大。）

混合路由选择协议：EIGRP（啥都支持，果然是混合的好）；IS-IS（能够应用于内部网关，

也可用于外部网关。）

答案：（35）B（36）C

•关于OSPF拓扑数据库，下面选项中正确的是（38）o

（38）A.每一个路由器都包含了拓扑数据库的所有选项

B.在同一区域中的所有路由器包含同样的拓扑数据库

C.使用Dijkstra算法来生成拓扑数据库

D.使用LSA分组来更新和维护拓扑数据库

答案：B

•关于OSPF协议，下面的描述中不正确的是（26）o

（26）A.OSPF是一种路由状态协议

B.OSPF使用链路状态公告（LSA）扩散路由信息

C.OSPF网络中用区域1来表示主干网段

D.OSPF路由器中可以配置多个路由进程

试题解析：

此题主要考查了OSPF协议的知识。

OSPF是一个性能优越的开放的适合大型网络规模的基于L-S算法的路由协议。

LSA（LinkStateAdvertisements,链路状态通告）是一种OSPF数据报，包含有可在OSPF

路由器间共享的链路状态和路由信息。OSPF使用LSA来扩散路由信息。

区域是OSPF进行路由的划分单位。每个AS都有若干个区域，但是有且仅有一个骨干区域，

称为Area。(0号区域)。所有的区域都要连接到Area0,并且区域之间的路由信息交换也要通过

Area0。

答案：C

•下面有关边界网关协议BGP4的描述中，不正确的是(40)o

(40)A.BGP4网关向对等实体(Peer)发布可以到达的AS列表

B.BGP4网关采用逐跳路由(hop-by-hop)模式发布自己使用的路由信息

C.BGP4可以通过路由汇聚功能形成超级网络(Supemet)

D.BGP4报文直接封装在IP数据报中传送

试题解析：

BGP4是封装在TCP中进行传输的。

答案：D

•多协议标记交换(MPLS)是IETF提出的第三层交换标准，下面有关MPLS的描述中，正确

的是(41)o

(41)A.MPLS支持各种网络层协议，带有MPLS标记的分组必须封装在PPP帧中传送

B.MPLS标记在各个子网中是特定分组的唯一标识

C.路由器可以根据转发目标把多个IP流聚合在一起，组成一个转发等价类(FEC)

D.传送带有MPLS标记的分组之前先要建立对应的网络连接

试题解析：

有MPLS标记的分组不但可以封装在PPP帧中传送，还可以封装在以太网、ATM和帧中继。

MPLS标记具有局部性，一个标记只是在一定的传输域中有效。

以太网传输数据帧，可没有什么建立连接的概念。

答案：C

•下给出的地址中，属于子网9/28的主机地址是(42)。

(42)A.7B.4

C.6D.1

试题解析：

首先将19转为二进制数等于00010011,因28位网络段，所以左四位为网络号16,右四位主

机位可表示2的4次方=16注意要减2以后得到实际可用主机数14。

9/28的网络范围是6（主机位全为0,代表网络段）〜1

（主机位全为1,代表广播，这个31也可用16网络号+14实际主机数+1算出来）,可分配的主机

地址为7〜0（就是要扣除网络号及广播地址啦）。

我是这样快速计算二进制与十进制的对应关系的，就是牢记以下对应关系，都是成倍放大的，好

记。

11111111

1286432168421

还要记住2的8次方=256然后2的7次方=128然后2的6次方=64以此类推下去。

还要记住那网络分成4段中的全1代表255,那么11111110代表255-1=254,11111100代表

255-1-2=252,11111000代表255-124=248以此类推下去。当然，如果是11000000应用

128+64=192比较好算。总之，可用加法也可用减法，如果0少可用减法，如果1少可用加法，这在

计算子网掩码时较快。

答案：A

•通常路由器不进行转发的网络地址是（46）o

（46）A.B.

C.D.44

试题解析：

本题是对私有地址知识的考查。

私有地址无需向IANA（InternetAssignedNumbersAuthority,Internet地址分配机构）申请，

可以自行分配。由于私有地址不能保证全局的唯一性，因此Internet中的路由器不会转发私有地址的

数据报。私有地址表如表7-19所示：

表7-1私有IP地址表

类RFC1918规定的地址范围网每个网络主机数

J@L

别络数'I'-.

A-551224-2

B-5516216-2

C-5525528-2

由表可知，是属于私有地址。

答案：C

•下面的地址中，属于单播地址的是（44）o

（44）A.55/18B.55

C.9/30D.11

试题解析：

本题是对IP地址知识点的考查。

55为A类地址，而主机位是全“1”，代表网内广播，为广播地址；

9/30为C类地址，而主机位是全"1”,