湖南长沙北雅中学2024年中考物理最后一模试卷含解析_第1页
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文档简介

湖南长沙北雅中学2024年中考物理最后一模试卷考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)1.下列说法正确的是A.0℃的冰比0℃的水冷一些

B.灯丝用钨丝而不用铁丝是因为钨的熔点高C.物质在熔化过程中,温度保持不变

D.物质吸热后温度一定升高2.关于能源、信息和材料,下列说法正确的是()A.太阳能、风能、核能都是可再生能源B.超导材料可以应用于电饭锅的电热丝C.光纤通信是利用超声波来传递信息的D.电磁波可以在真空中传播3.如图所示的液态金属,常温下是液体,拥有金属的特点,具有低熔点、熔融后塑形强、高硬度、耐腐蚀、高耐磨等特点,其导热和比热容远远高于水等传统导热剂,下列关于液态金属说法错误的是A.该材料可以制作电子元器件B.利用该金属可以做成各种形状的加热装置C.采用这种材料可以制造更加结实耐用的手机外壳D.一定质量该液态金属和水,吸收相等热量,该金属温度变化量较小4.下列有关声音的叙述正确的是A.“不敢高声语,恐惊天上人”一句中“高”指的是音调高B.市区内某些路段“禁鸣喇叭”,这是在声源处减弱噪声C.频率超过2000Hz的声音为超声波D.“闻其声而知其人”,是根据声音的音调来判断的5.如图所示,两个底面积不同的圆柱形容器内分别盛有深度不同的液体,已知距容器底部均为h的A、B两点的压强相等.现将实心金属球甲、乙分别浸没在左右两液体中,均无液体溢出,此时A点的压强大于B点的压强,则一定成立的是()A.甲球的质量小于乙球的质量 B.甲球的质量大于乙球的质量C.甲球的体积小于乙球的体积 D.甲球的体积大于乙球的体积6.如图所示,分别用定滑轮和动滑轮将重为G的物体提升相同的高度.不计滑轮重、绳重及摩擦,下列说法正确的是()A.F1大于F2 B.F1小于F2C.F1等于F2 D.F1大小随方向改变7.如图所示的电路,电源电压均不变,R0为定值电阻,R为最大阻值已知的滑动变阻器,利用下列电路图能够测出待测电阻Rx阻值的是A. B.C. D.二、填空题(本大题7小题,共21分)8.我国首艘自主建造的国产航母﹣﹣OOIA型航空母舰可搭载不少于36架歼﹣15舰载机,与之前的“辽宁舰”相比更具战斗力.若在海上试验中某舰载机飞离OOIA型航空母舰时,该航空母舰所受浮力将_____(选填“变大”、“变小”或“不变”);此时相对于航空母舰,该飞离的舰载机是_____(选填“运动”或“静止”)的.9.如图所示,若开关S闭合后,灯L1、L2都能发光,则甲是_______(选填“电压表”或“电流表”),此时L1、L2的连接方式是______联(选填“串”或“并”),若开关S断开后,两灯都能发光,甲、乙两表的示数之比为4:3,则灯L1、L2电阻之比为_____.10.太阳是人类能源的宝库。太阳能电池板,将太阳能转化为电能,并能给蓄电池充电,将电能转化为__________能储存起来;太阳能集热器给水箱中的水加热,如果水箱中有100kg水,经过一段时间照射后,温度由20℃升高到56℃,水吸收的热量是__________J;如果改用燃烧天然气提供热量,且天然气完全燃烧放出热量的50%被水吸收,则需燃烧天然气__________m3(c水=4.2×103J/(kg·℃),q天然气=7.2×107J/m3)。11.小敏同学利用如图所示的电能表测量家中一只容积为1L的电热杯的电功率.他只将该电热杯接入家庭电路,杯中装满30℃的水,用13min将水加热至沸腾,此过程中水吸收的热量是__________J;烧水时观察到电能表在1min时间内转盘转动108转,该电热杯的电功率是__________W.[在标准大气压下,c水=4.2×103J/(kg·℃)]12.如图是某同学家中的电能表,现用它测量一只灯泡的实际功率.他关掉其他电器只让该灯泡工作,电能表转盘转过30转用时10min,这段时间灯泡消耗的电能是___KW•h,灯泡的实际功率是___W.13.气象部门用火箭将碘化银洒向云层,碘化银吸附水汽,加速水蒸气_____成小水滴,或加速水蒸气_____成冰晶(均填物态变化名称).水蒸气变成冰晶的过程中_____热量.14.从冰箱冷冻室里拿出的冰糕包装纸表面很快形成一些“白粉”,即小冰晶,这是空气中的水蒸气_____形成的(选填物态变化名称),它与自然界中的_____(选填“雾”、“露水”、“霜”或“河面上的冰”)成因相同.三、作图题(共7分)15.如图,一根木棒斜靠在墙上,请在图中画出木棒受到的重力以及支持力示意图.16.如图甲为探究电流做功与电流大小的关系的装置,请用笔画线代替导线,将图甲中的实物连接图补充完整.17.如图中ABO是轻质硬杆可看成杠杆,用F力通过定滑轮拉住杠杆的A端使得ABO杠杆在水平位置平衡.其中0为支点,请在图中画出该杠杆的动力臂和所受阻力的示意图.(____)四、实验题(本大题共5小题,共20分)18.在探究“滑动摩擦力大小和哪些因素有关”的实验中:此实验是根据_____原理测出摩擦力大小的.小明刚开始拉木块时,他的水平拉力逐渐增大,但木块仍静止,木块所受的摩擦力_____(选填“变大”“变小”或“不变”);木块被拉动,且越来越快,小明读出某一时刻弹簧测力计的示数为2N,他认为这时摩擦力的大小为2N,他操作中的错误是_____.改正错误后,小明完成了探究过程,比较甲、丙两次实验可得出的结论是:_____.小明把木块沿竖直方向截掉一部分后,继续图甲的操作,测得摩擦力减小,由此得出结论:滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小.你认为他探究过程中存在的问题是_____,改进方法是_____.(木块各表面粗糙程度相同)19.利用如图甲所示的实验装置探究“沙子和水的温度变化与吸热的关系”.操作如下:(1)在两烧杯中分别装入初温___________且_________相等的沙子和水.(2)用相同的酒精灯火焰加热,并用玻璃棒不断搅拌,每隔相同的时间记录一次温度,其中某时刻的温度如图乙所示,其示数为________℃.(3)根据实验数据绘制成温度与时间的关系图像,如图丙所示;实验中,是通过比较_________来间接反映沙子和水吸收的热量;(4)分析丙图像可知,对于质量相等的沙子和水,升温较快的是___________;若使两者升高相同的温度,则______吸收的热量较多,由此可见,______的比热容较大.20.甲和乙两个小球(小球大小可忽略)在平直路面从左到右运动,从计时开始记录,每隔0.1s记录一次,纪录得小球的位置如图所示.由图可知,甲小球做_______运动.从计时开始,乙小球前0.5s的平均速度是____________m/s.根据如图的记录,在如图的坐标系中画出甲小球的s﹣t图线_________.21.现有器材:两只铭牌模糊的小灯泡L1、L2,仅能看清分别标有“2.5V”和“0.5A”字样,电源(电压恒为6V)、开关、电压表、电流表各一个,导线若干,L1小灯泡电阻约为,滑动变阻器两个(R1“5Ω2A”;R2“20Ω0.5A”).图甲是小明测量小灯泡L1额定功率时连接的实物图.(1)图中有一根线连接错误,请在这根线上打“”,并在图中改正.(______________)(2)闭合开关前,滑动变阻器的滑片P应位于_________(选填“”或“”)端,实验中,应选用的滑动变阻器是_________(选填“”或“”).(3)确认电路连接无误后闭合开关,无论怎样移动滑动变阻器的滑片,小灯泡始终不发光且电压表的示数都接近电源电压,则电路的故障是________.(4)排除故障后,移动滑动变阻器的滑片,并绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图像如图乙所示,则该小灯泡的额定功率为_________W.22.小明在郊游时发现了一块坚硬的矿石,他想用弹簧测力计(量程为5N)、烧杯、细线等简单器材测量这块矿石的密度.实验过程如下:(ρ水=1.0×101kg/m1,g取10N/kg)(1)小明用弹簧测力计直接测量矿石的重力,发现测力计的示数仍不能将矿石提起,因此他改用图甲所示的装置进行了测量;当杠杆水平静止时,弹簧测力计的示数为______N,矿石的质量为______g.(2)将该矿石浸没在水中静止时,如图乙所示,仍使杠杆水平静止,记录测力计的示数,根据阿基米德原理可算出该矿石的体积V=_________m1;(1)矿石的密度ρ矿=_________kg/m1.五、计算题(本大题共2小题,共13分)23.如图甲所示的九阳豆浆机,由打浆和电热两部分装置构成.中间部位的打浆装置是电动机工作带动打浆刀头,将原料进行粉碎打浆;外部是一个金属圆环形状的电热装置,电热装置的简化电路图如图乙所示,开关S可切换加热和保温两种状态,R1、R2是发热电阻,豆浆机的主要参数如下表.请解答下列问题:型号额定电压打浆装置电热装置JYD—P11S220V电机功率加热功率保温功率60W484W121W(1)某次向豆浆机中加入黄豆和清水,打浆完成后浆的质量共400g,初温为40℃,加热该浆使其温度升高60℃,需要吸收多少热量?[设该浆的比热容为4.0×103J/(kg•℃)]电阻R1和R2的阻值分别为多大?24.水平地面上的圆桶装有体积为0.01m3的水,圆桶与地面接触面积为0.2m2,g取10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3,桶自重忽略不计.求:这桶水的质量.这桶水对地面的压强.如图,若用动滑轮将此桶水匀速提升lm,所用拉力60N.求动滑轮的机械效率.六、综合能力题(本大题共3小题,共18分)25.让流体在管道中流动,流体也可以看作是许多片液(气)层组成的,各片层之间也存在摩擦,产生流体内部的阻力,这就是流体的粘滞性.不同流体的粘滞性不同,我们用流体的粘滞系数η表示.由于流体的粘滞性,使得在流体中运动的物体要受到流体阻力.在一般情况下,若液体的粘滞系数为η,半径为R的小球在流体中以速度v运动时,所受的流体阻力f可用公式f=6πηRv表示由上述公式可知,流体的粘滞系数在国际单位制中主单位_______________下表是几种流体的粘滞系数表温度/℃蓖麻籽油的η水的η/×10﹣3空气的η/×10﹣605.3001.79217.1200.9861.00518.1400.2310.65619.0600.0800.46920.0可见,一般情况下.液体的端滞系数随温度的升高而__________________.密度为ρ、半径为R的小球在密度为ρ0、粘滞系数为η的液体中由静止开始下落时的v﹣t图象如图所示,下落一定时间后速度达到最大值v1,并保持不变.球的体积是V=πR3,试推导图中v1=________26.“十一”期间,小明一家开车外出旅游途中看到如图所示的限速牌.小明用了10min的时间通过了这段10km长的限速路段请你通过计算说明他超速了吗?近期,我国又加大了对超速和酒后驾车的查处力度.请你写一句相关的警示语,以提醒司机朋友一定要按交通法规驾车.27.如图甲所示为一款多功能烘干机,该机有干衣、烘物、取暖等功能,图乙为主机内部简化电路图,R1、R2为电热丝,R1<R2,其主要参数如表丙所示,求:烘干机能迅速除去潮气,提高水分的温度及加快空气流速从而加快水的_______(填写一种物态变化名称),当S2拨至______时(选填“1、2”或“2、3”或“3、4”),该烘干机处于高热挡。烘干机处于高热挡时,求通过R1的电流____和电阻R2的阻值。_______(结果保留一位小数)某次家中只有该烘干机单独工作时,10min内电能表(图丁)的转盘正好转过600圈,则它使用的是那个挡位______?该烘干机工作的这10min内,电热丝产生的热量是多少?_______

参考答案一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)1、B【解析】

A、0℃的任何物质的温度都一样,冷热程度一样,故A错误。B、灯丝用钨丝就是因为它的熔点高,不容易烧断,故B正确。C、晶体的熔化过程中,温度不变,但非晶体的熔化过程中,温度升高,故C错误。D、晶体的熔化过程,虽然吸热,但温度不变,所以物质吸热后温度不一定升高,故D错误。故选B。【点睛】牢记晶体熔化时吸热,温度不变的特征,是考试中非常容易考试到的知识之一,一定要能利用此特点解决实际问题。2、D【解析】

太阳能、风能、水能可以从自然界源源不断的直接获得,是可再生能源;超导体的电阻为零,不会放热,所以电能无法转化为内能;光纤通信是利用电磁波来传递信息;电磁波可以在真空中传播。【详解】A.太阳能、风能是可再生能源,核能不是可再生能源,故A错误;B.超导材料不能用于电饭锅,因为电流通过超导材料时不能发热,故B错误;C.光线通信是利用光波来传递信息的,故C错误;D.电磁波可以在真空中传播,故D正确。故选D。3、B【解析】

A、该材料拥有金属的特点,有较好的导电性,可以制作电子元器件,故A正确,不符合题意;B、该金属的熔点低,故低熔点不能做成各种形状的加热装置,故B错误,符合题意;C、该金属高硬度,故可以制造更加结实耐用的手机外壳,故C正确,不符合题意;D、该金属比热容大于水的比热容,故吸收相等热量,该金属温度变化量较小,故D正确,不符合题意。4、B【解析】

A.“不敢高声语,恐惊天上人”一句中“高”指的是响度大,故A错误;B.市区内某些路段“禁鸣喇叭”,这是切断声音的产生,因此是在声源处减弱噪声的,故B正确;C.频率超过20000Hz的声音为超声波,故C错误;D.“闻其声而知其人”,是根据声音的音色来判断的,故D错误.5、D【解析】

设A点到液面的距离是hA,B点到液面的距离是hB,由图知:hA>hB,因为A、B两点的压强相等,由P=ρgh,得:ρAghA=ρBghB,ρAhA=ρBhB,因为hA>hB,所以ρA<ρB.金属球甲、乙分别浸没在A、B两液体中,设液面上升的高度分别为:△hA、△hB,A点的压强大于B点的压强,即:ρAg(hA+△hA)>ρBg(h'B+△hB),因为ρAhA=ρBhB,ρA<ρB,所以△hA>△hB,由图知两容器的底面积SA>SB,两球浸没在液体中,液面上升的体积,即两球排开液体的体积SA△hA>SB△hB,因为两球排开液体的体积等于它们自身的体积,所以V甲>V乙,故C错误,D正确.球的质量m=ρV,因为不知道两球的密度关系,所以不能判断两球的质量关系,故AB错误.答案为D.6、A【解析】

由图可知,图1是定滑轮,定滑轮是一个等臂杠杆,它不省力但可以改变力的方向,不计滑轮重、绳重及摩擦F1=G;图2是动滑轮,动滑轮是省力杠杆,不计滑轮重、绳重及摩擦F2=G;所以F1大于F2,故A正确.7、D【解析】

要测量电阻阻值,需要测出电阻两端电压与通过电阻的电流,然后应用欧姆定律求出电阻阻值;分析图示电路图,应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题.【详解】A、滑动变阻器滑片移动时,电压表能测出电路中的电压值,且始终为电源电压,但无法求出通过未知电阻的电流,无法求出电阻,故A错误;B、由于无法知道R0的电流,故无法求出待测电阻的电流和电压,无法求出电阻,故B错误;C、根据图可知,利用电流表无法求出电压,故无法求出待测电阻两端的电压,无法求出电阻,故C错误;D、由电路图可知,先把滑片移到最左端,滑动变阻器阻值全部接入电路,滑动变阻器与待测电阻串联,测出电路电流I,则电源电压U=I(R0+RX)①;再把滑动变阻器滑片移到最右端,时RP=0,即只有RX接入电路,由电流表测出电路电流I',则电源电压U=I'RX,②,由①②联合可以求出RX,故D正确.故选D.二、填空题(本大题7小题,共21分)8、变小运动【解析】

舰载机从航母上起飞后,航母的总重力减小,根据漂浮物体的重力等于自身重力可知:此时航母受到的浮力将变小;当舰载机飞离航空母舰时,相对于航空母舰,舰载机是运动的.9、电压表串联3:1【解析】

开关S闭合后,甲乙表必须是相当于开路的电压表,这样电流才能依次通过灯泡L1、L2,灯L1、L2都能发光,此时两电灯串联.当S断开时,甲乙表必须是相当于导线的电流表,两灯泡才能发光,并且两电灯并联,甲表测总电流,乙表测流过L2的电流,已知甲、乙两表的示数之比为4:3,设甲表中电流为I甲=4I,则乙表中电流为I2=I乙=3I,则由并联电路的电流特点可知,流过R1中的电流I1=I甲−I乙=4I−3I=I;由欧姆定律I=可得:====.10、化学1.512×1070.42【解析】太阳是人类能源的宝库。太阳能电池板,将太阳能转化为电能,并能给蓄电池充电,充电时将电能转化为化学能储存起来;太阳能集热器给水箱中的水加热,如果水箱中有100kg水,经过一段时间照射后,温度由20℃升高到56℃,水吸收的热量是:Q吸天然气完全燃烧放出热量的50%被水吸收,天然气放出的热量为:Q放需要燃烧的天然气为:V=Q点睛:重点是吸热公式和热值公式的应用,注意公式应用时单位要统一,一般都使用主单位,特别是热值公式应用时,有时要用到体积,有进要用到质量,要统一单位后再计算。11、2.94×1052160【解析】

水的质量:水吸收的热量:1min内消耗的电能:电热杯的功率:12、0.0160【解析】

∵每消耗1kw•h的电能,电能表的转盘就转过3000r,∴电能表的转盘转过30r消耗的电能为:W==0.01kw•h=3.6×104J,而t=10min=600s,∴灯泡的实际功率为:P实际==60W.13、液化凝华放出【解析】试题分析:(1)人工降雨时,将碘化银洒向云层,碘化银吸附水汽,加速水蒸气发生液化现象,形成小水滴,就是雨;也可加速水蒸气发生凝华现象,形成小冰晶;(2)水蒸气变成冰晶的过程中(即凝华过程),要放出热量;考点:液化及液化现象;升华和凝华的定义和特点.点评:分析生活中的热现象属于哪种物态变化,关键要看清物态变化前后,物质各处于什么状态;另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识.14、凝华霜【解析】

从冰箱冷冻室里拿出的冰糕包装纸表面很快形成一些“白粉”,即小冰晶,这是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶.它与自然界中的霜成因相同.三、作图题(共7分)15、【解析】木棒受到三个力的作用,分别是重力、墙壁对木棒的支持力和地面对木棒的支持力.重力作用在重心,方向竖直向下,用G表示;墙壁对木棒的支持力作用在接触点,方向水平向右,用F1表示,地面对木棒的支持力作用在接触点,方向是垂直于地面向上的,用F2表示,如图所示:16、【解析】

探究电流做功跟电流的大小之间的关系时,要保持电压相同、通电时间相同,即要将两电阻并联,用两只电流表测出通过两电阻的电流,电流表可选用小量程,开关应接在干路上,如图所示:17、【解析】

解答:在图中,动力指的是作用在杠杆上的力,而不是通过定滑轮的力为动力.过支点O作动力作用线的垂线段;过B点做竖直向下的阻力.如图所示【点睛】明确图中杠杆的支点、动力以及阻力是画图的关键.力臂是从支点到力的作用线的距离.示意图是表示出力的三要素.四、实验题(本大题共5小题,共20分)18、二力平衡变大木块没有做匀速直线运动压力一定时,接触面越粗糙,滑动摩擦力越大没有控制压力相等将木块的各个面放在木板上,做匀速直线运动,读出弹簧测力计的示数.【解析】

根据题中“探究滑动摩擦力大小和哪些因素有关”可知,本题考查“滑动摩擦力大小的影响因素”实验原理、实验操作及实验结论.根据实验现象进行分析解答.【详解】(1)实验中,用弹簧测力计在水平方向上匀速拉动木块,此时拉力与摩擦力是一对平衡力,根据二力平衡原理,摩擦力和拉力大小相等,弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小.(2)刚开始拉木块时,水平拉力逐渐增大,但木块仍静止,木块处于平衡状态,所受摩擦力和拉力是一对平衡力,摩擦力等于拉力的大小,所以在这个过程中木块所受摩擦力变大;只有当木块做匀速直线运动时,木块处于平衡状态,摩擦力才等于拉力的大小,因此小泽在实验中没有使木块做匀速直线运动是错误的.(3)比较甲、丙两次实验:压力大小相同,接触面粗糙程度不同,摩擦力大小不同.可得出结论:压力一定时,接触面越粗糙,滑动摩擦力越大.(4)实验过程中,他没有控制压力相等,所以结论是错误的;改进方法是:将木块的各个面放在木板上,做匀速直线运动,读出弹簧测力计的示数,比较实验数据得出结论.19、相同质量39加热时间长短沙子水水【解析】试题分析:(1)为了研究水与沙子比热的大小,实验时,要控制水与沙子的初始温度、质量相等;(2)温度计的分度值是1℃,此时的温度是39℃;(3)实验中,是通过比较加热时间来间接反映沙子和水吸收热量的多少;(4)分析表中数据可知,对于质量相等的沙子和水:吸收相等热量,升温较快的是沙子;若使两者升高相同的温度,水加热时间较长,说明吸收的热量较多;由此可见水的比热容较大.【考点定位】探究比热容的实验20、匀速直线3【解析】

(1)由于随着时间的推移,甲在相等的时间间隔内通过的路程仍然相等,所以甲做的是匀速直线运动;(2)甲小球0.5s经过的路程和乙小球0.5s经过的路程是相等的,所以图中所示乙小球0.5s经过的路程s=0.3m×5=1.5m,所以乙小球前0.5s的平均速度v===3m/s;(3)s﹣t图象如图所示:21、AR2灯泡断路0.75【解析】

(1);(2)闭合开关前,为了保护电路,滑动变阻器接入最大值,滑动变阻器的滑片P应位于A;灯泡L1的额定电压是2.5V,由图乙可知,额定电流是0.3A,此时滑动变阻器接入的阻值:,故滑动变阻器选R2;(3)无论怎样移动滑动变阻器的滑片,小灯泡始终不发光且电压表的示数都接近电源电压,则电路的故障是与电压表并联的灯泡断路了;(4)由图乙可知,额定电流是0.3A,则灯泡的额定功率是:P=ULI=2.5V×0.3A=0.75W.22、2.26601×10-42.2×101【解析】

(1)由图甲可以知道弹簧测力计的量程为0-5N,分度值为0.2N,因此示数为2.2N,l1:l2=1:1,又知F1=2.2N,,并且F1l1=Gl2,所以G===6.6N,矿石的质量m===0.66kg=660g;

(2)由图丙可以知道,此时弹簧测力计的示数为1.2N,据杠杆平衡条件可得,F2==1.6N,因此矿石受到的浮力为:F浮=GF2=6.6N1.6N=1.0N;由F浮=水gV排得矿石的体积:V===110-4m1;矿石的密度:===2.2×101kg/m1.五、计算题(本大题共2小题,共13分)23、(1)9.6×104J(2)100Ω300Ω【解析】

(1)加热该浆需要吸收的热量:Q吸=cm(t−t0)=4.0×103J/(kg⋅℃)×0.4kg×60℃=9.6×104J,(2)由图知,当S接a时,电路中只有R1,电阻较小,由P=U2R可知,此时电功率较大,为加热档;当S接b时,电路中R1、R2串联,电阻较大,由P=由P=U2R可得RR1=U2P加热=由P=U2R串=U2P保温=则R2的阻值:R2=R串−R1=400Ω−100Ω=300Ω;24、(1)10kg(2)500Pa(3)83.3%【解析】试题分析:(1)已知水的体积,由密度公式的变形公式可以求出水的质量.(2)根据G=mg可求得这桶水所受的重力,桶自重忽略不计,水桶对地面的压力和水的重力相等,根据G=mg求出其大小,再根据压强公式求出对地面的压强.(3)由图知,

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