2024年贵州省贵阳市白云区中考物理一模试卷

年贵州省贵阳市白云区中考物理一模试卷一、选择题1．分别拨动古筝的八、十三号弦，如图所示用同一设置的相机拍摄到两弦最左摆到b处，最右摆到c处，静止时在a处。测出每振动880次，八号弦用时2s，十三号弦用时4s，则八号弦（）A．发出声音响度比十三号弦大 B．在空气传播速度比十三号弦小 C．音调比十三号弦高 D．频率为220Hz2．班级游戏活动其中一个项目是“夹球走”。其规则如图所示，两位同学背对背夹一氢气球，朝着图中箭头方向行走。既要防止气球被压爆，又要防止气球飞走。下列分析正确的是（）A．气球受到人背部施加向下的摩擦力 B．右边的同学要比左边同学移动速度稍快 C．防止气球被压爆，必须对气球施加力 D．游戏失败，以飞走的气球为参照物，两同学是静止的3．图为一块玻璃下面放置部分轻质塑料小球，玻璃与丝绸摩擦后带上正电，导致部分塑料球会跳起来粘住玻璃，下列说法正确的是（）A．塑料球一定是带负电的 B．丝绸摩擦玻璃时，玻璃得到了电子 C．塑料球粘在玻璃上说明分子间有引力 D．塑料球被吸引可能是带电体吸引轻小物体4．烙饼是大家喜爱的主要面食之一，其做法是：将发酵好的面团揉一会儿，整形成厚薄均匀的饼胚，再烤制。图所示四个面团变成一张饼胚，对桌面的（）A．压力不变 B．压强不变 C．压力变小 D．饼胚单位面积对桌面压力变大5．在光具座的A点处放置一发光物体，从焦距f甲为5厘米、f乙为10厘米、f丙为20厘米的凸透镜中选择一个放置在如图所示的位置，在BC间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，则选择的凸透镜为（）A．甲 B．乙 C．甲、乙 D．乙、丙6．如图所示是一个三孔插线板，其中插座是否通电由开关控制，并由指示灯显示开关是否闭合，则下面的电路图与该插线板内部电路一致的是（其中L表示火线，N表示零线）（）A． B． C． D．7．将小灯泡L1和L2接入电路，测得电流如图所示，下列说法正确的是（）A．L1两端电压比L2大 B．L1电流做功比L2快 C．L1的实际功率比L2小 D．L1发光时电阻比L2大8．如图所示，导线a、b通电前固定不动，已知通电后左磁体对a的作用力的方向为水平向右（在图甲中已正确标出F1）。判断在图甲和图乙中标注力F2、F3、F4的方向。哪个标注是正确的（）A．只有F2正确 B．只有F3正确 C．F2、F3都不正确 D．F2、F4正确9．质量相同的甲、乙两个小球，自由下落经过如图所示的位置时机械能相等，不考虑空气阻力。下列说法正确的是（）A．此时甲、乙两球的动能相等 B．此时甲、乙两球的重力势能相等 C．两球在落地前的速度相等 D．两球下落的初始位置的高度不同10．两个质量相同的均匀实心小球甲、乙（ρ甲＜ρ乙）放入装有水的烧杯中，已知甲受到的浮力较大，则两球静止在水中时的情形可能是图中的（）A． B． C． D．二、非选择题11．如图所示，水池边有一路灯S，路灯上方有一平面镜MN，S发出的光能经MN反射后射入水中。请画出：（1）S在平面镜中所成的像S'。（2）经MN反射后过A点的反射光线OA。（3）OA照射到水池中的光路图。12．同学们在体育课上做仰卧起坐，前半段是背部由平躺地面变成脊柱弯曲，后半段是上半身完全离开地面。（1）仰卧起坐时，人体可看成杠杆模型，O为支点，肌肉的拉力F为动力。如图所示，请画出杠杆模型的阻力臂l。（2）先将头向前抬起，可以减小力臂。在平躺至坐起的过程中，运动员肌肉所施加的动力变化是（选填“变小”、“不变”或“变大”）。（3）同学们可以改变仰卧起坐的快慢，来控制体育锻炼的效果，从物理学角度分析，其实质是改变的大小（填一最优选项符号）。A.机械效率B.速度C.功率13．如图是为宇航员设计的“太空圆珠笔”，墨水靠密封笔管内的压缩氮气推动活塞向外挤出。（1）笔管内压缩氮气的气压周围环境的气压（选填“大于”“等于”或“小于”）；（2）墨水向外挤出的过程中，密封压缩氮气的密度（选填“变大”“变小”或“不变”），判断依据是。（3）氮气在一定条件下能（填物态变化名称）成液态氮。当液态氮暴露在30℃的环境中（此时液态氮的沸点为﹣196℃），能观察到液态氮在不断沸腾，一段时间周边气温降至0℃，那么此时液态氟的温度等于℃（填一温度值）。14．温度不同的两物体接触时，低温物体吸热（Q吸），高温物体放热（Q放），忽略热散失，Q吸＝Q放。（1）将质量相等的铜块和铝块放入冰箱，使它们的温度降低到0℃；（2）取出后，将铜块、铝块再分别放入盛有质量相等、温度都是23℃的水中，并将容器用隔热材料密封（如图甲、乙）；（3）一段时间后温度稳定，同时测量甲、乙两容器中水的温度，分别是20℃和17℃；（4）对比数据可判断，（以下两空均选填“铝”或“铜”）的温度变化大。从水中吸收的热量多，判断的依据是。15．食品厂配制了两种不同密度的盐水来挑选榛子果仁。在甲、乙两个完全相同的杯子中倒入体积相等、密度不同的盐水。将四颗棒子果仁（标号为1、2、3、4号，忽略榛子体积变化）先后放入甲、乙两种盐水中，静止后的情形如图所示。（1）两杯盐水的密度关系为ρ甲ρ乙（选填“＜”，“＝”或“＞”）（2）将图甲中的1号榛子受力示意图在图画出。（以“•”代表榛子，在方框中已画出其所受的重力G）（3）3号榛子在甲、乙两种盐水受到的浮力分别为F甲、F乙，则F甲F乙（选填“＜”，“＝”或“＞”）。16．工人用推力F将重为1000N的箱子沿斜面推至水平车厢中，斜面长3m、高1.5m，F始终与箱子运动方向相同。箱子运动路程随时间变化关系如图乙所示，推力F随时间变化关系如图丙所示。（1）0～10s内，求出推力F做多少功？（2）箱子沿斜面底端推至顶端过程，求出斜面的机械效率？（3）在0～10s内和10～20s内，F功率大小P1和P2分别是多少？（4）箱子与水平车厢接触面积0.5m2，对车厢压强是多少？17．如图的电子体温计主要是利用了热敏电阻的电阻值随温度变化显著、反应快这些特性，实现温度的测量。小玲准备用电源、热敏电阻RT、定值电阻R0、电流表、电压表、开关和导线等自制电子体温计。下表为选用的热敏电阻RT阻值随温度t变化的数据。温度t（℃）3536373839404142电阻RT（Ω）680640600560520480440400（1）分析比较上表中的数据，可得的初步结论是：。（2）小玲猜想电子体温计内部电路图如图乙所示，当热敏电阻所处区域的温度升高，电路中的电流将（选填“变大”或“变小”），若将图乙所示电流表的表盘上电流刻度线上标注相对应的温度变成图丙，则温度的刻度值从左至右（选填“升高”或“降低”）；①小玲按照图乙电路连接实物进行验证，其中电源电压保持6V。闭合S，发现热敏电阻所处区域的温度从37℃升高到42℃。分别求出37℃和42℃时电流表示数。②在37℃和42℃时，热敏电阻功率分别为P1、P2，求出的值。③用接0﹣0.6A量程的电流表指针指示温度，这方案（选填“可行”或“不可行”），依据是。18．利用弹性限度内弹簧的伸长规律，加上刻度尺（可不估读）可组合制成各种测量工具。（g＝10N/kg）（1）制作弹簧测力计。把木板竖直放置，在弹簧下端挂钩码（每个钩码的质量为50g）对比甲、乙两图、弹簧的伸长量是cm，此时图乙指针指向的刻度可标注力的数值是N。（2）制作直接测量液体密度的“密度秤”。找来一个质量可忽略不计的塑料小桶，挂在弹簧下面的挂钩上，测量时，在桶中加满待测液体，根据指针指示的刻度，就能直接读出液体的密度。①如图丙所示，桶中加满待测液体，根据指针指示的刻度“3.0cm”，这个数值用密度值标出，还需要进行哪些实验步骤和计算？②当小桶中加满水（已知：水的密度是1.0g/cm3），指针指示的刻度“4.5cm”。则刻度“7.0cm”用密度值标出是g/cm3。

2024年贵州省贵阳市白云区中考物理一模试卷参考答案一、选择题1．分别拨动古筝的八、十三号弦，如图所示用同一设置的相机拍摄到两弦最左摆到b处，最右摆到c处，静止时在a处。测出每振动880次，八号弦用时2s，十三号弦用时4s，则八号弦（）A．发出声音响度比十三号弦大 B．在空气传播速度比十三号弦小 C．音调比十三号弦高 D．频率为220Hz【分析】（1）振动物体离开平衡位置的最大距离叫振动的振幅，根据图示分析振幅的大小关系；（2）声音的传播速度与介质种类和温度有关；（3）物体一秒内振动的次数叫做频率；频率越大，音调越高；【解答】解：A、根据图示可知，八号弦振幅比十三号弦小，故A错误；B、八号弦发出的声音在空气中的传播速度与十三号弦在空气中的传播速度相同，故B错误；CD、每振动880次，八号弦用时2s，十三号弦用时4s，则八号弦的频率为f1＝＝440Hz，十三号弦的频率为f2'＝＝220Hz，八号弦音调比十三号弦高，故D错误、C正确；故选：C。【点评】本题考查了频率、振幅的大小，牢记声音的三个特征及影响因素是解决该题的关键。2．班级游戏活动其中一个项目是“夹球走”。其规则如图所示，两位同学背对背夹一氢气球，朝着图中箭头方向行走。既要防止气球被压爆，又要防止气球飞走。下列分析正确的是（）A．气球受到人背部施加向下的摩擦力 B．右边的同学要比左边同学移动速度稍快 C．防止气球被压爆，必须对气球施加力 D．游戏失败，以飞走的气球为参照物，两同学是静止的【分析】（1）气球在竖直方向上受到摩擦力的作用二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；（2）两个人的速度相等时，气球受力平衡，才不会被压爆，也不会飞走；力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；（3）增大受力面积减小压强；（4）一个物体运动还是静止，是相对于参照物来讲的，物体和参照物之间发生了位置的改变，物体是运动的，否则是静止的。【解答】解：A、气球在竖直方向是有向上运动的趋势，所以受到人背部施加的向下摩擦力，故A正确；B、两个人的速度应该尽可能相等，这样才能保证气球受力平衡，故B错误；C、防止气球被压爆，必须对气球在大面积上施加力，故C错误；D、游戏失败，气球与同学之间的位置不断发生变化，以飞走的气球为参照物，两同学是运动的，故D错误。故选：A。【点评】本题以一个“夹气球”游戏为内容，考查了对平衡力的判断、力的作用效果、摩擦力的产生条件等，属力学综合题。3．图为一块玻璃下面放置部分轻质塑料小球，玻璃与丝绸摩擦后带上正电，导致部分塑料球会跳起来粘住玻璃，下列说法正确的是（）A．塑料球一定是带负电的 B．丝绸摩擦玻璃时，玻璃得到了电子 C．塑料球粘在玻璃上说明分子间有引力 D．塑料球被吸引可能是带电体吸引轻小物体【分析】（1）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷；（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；排斥的物体一定是带有同种电荷，吸引的物体可能带有异种电荷，也可能是带电体吸引不带电体；（3）摩擦起电的实质是电子的转移，原子核对电子束缚能力强的会得到电子带负电，原子核对电子束缚能力弱的会失去电子带正电。【解答】解：A、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，把用丝绸摩擦过的玻璃板靠近塑料球时，它们相互吸引，说明塑料球不带电或者带负电，故A错误；B、玻璃棒和丝绸在摩擦的过程中，玻璃棒带的是正电，证明被丝绸吸引了电子，从而说明丝绸的原子核对电子的束缚能力强，丝绸得到了电子，故B错误；CD、塑料球粘在玻璃上说明带电体能够吸引轻小物体，或者异种电荷相互吸引，不是分子间力的作用，故C错误，D正确。故选：D。【点评】本题考查电荷间的相互作用规律，难度不大。4．烙饼是大家喜爱的主要面食之一，其做法是：将发酵好的面团揉一会儿，整形成厚薄均匀的饼胚，再烤制。图所示四个面团变成一张饼胚，对桌面的（）A．压力不变 B．压强不变 C．压力变小 D．饼胚单位面积对桌面压力变大【分析】比较烙饼制作从揉团到压扁过程中饼胚对桌面的压力和受力面积的变化，根据p＝分析解答。【解答】解：从揉团到压扁过程中，饼胚的质量不变，重力不变，则对桌面的压力不变，但受力面积变大，根据p＝可知，对桌面的压强变小，饼胚单位面积对桌面压力变小，故A正确。故选：A。【点评】此题考查压力及重力与压力的区别、压强的大小比较，关键是知道质量是物质的一种属性，不随物体形状的变化而变化，同时要知道饼胚对桌面的压力等于其重力。5．在光具座的A点处放置一发光物体，从焦距f甲为5厘米、f乙为10厘米、f丙为20厘米的凸透镜中选择一个放置在如图所示的位置，在BC间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，则选择的凸透镜为（）A．甲 B．乙 C．甲、乙 D．乙、丙【分析】根据物距和像距的大小，判断成像的性质，然后根据像距和焦距的关系判断焦距的大小。【解答】解：由图可知，此时的像距在5cm﹣﹣20cm之间，此时的物距为25cm，物距大于像距，所以在光屏上成的是倒立、缩小的实像，像距应在一倍焦距和二倍焦距之间：当像距为5cm时：f＜5cm＜2f，则2.5cm＜f＜5cm；当像距为20cm时：f＜20cm＜2f，则10cm＜f＜20cm；由此可知，凸透镜的焦距应在2.5cm﹣20cm之间。故选：C。【点评】此题通过实验探究了凸透镜成像的规律及特点，并考查了对凸透镜成像规律的应用。要解决此类题目，需要熟记凸透镜成像的规律并做到灵活应用，此题有一定的拔高难度，属于难题。6．如图所示是一个三孔插线板，其中插座是否通电由开关控制，并由指示灯显示开关是否闭合，则下面的电路图与该插线板内部电路一致的是（其中L表示火线，N表示零线）（）A． B． C． D．【分析】在家庭电路中，灯泡与插座是并联的；插座的接法：左零右火上接地；开关接在用电器与火线之间。【解答】解：根据题意可知，插座是否通电由开关控制，并由指示灯显示开关是否闭合，这说明开关控制整个电路，插座和灯泡工作时互不影响，是并联的；在家庭电路中，开关接在用电器与火线之间，故A正确；B中的三孔插座的左右两孔的接法错误；C中闭合开关后插座被断路；D中闭合开关后插座被短路、且插孔接法错误。故选：A。【点评】本题考查了家庭电路的连接方式，属于基础题。7．将小灯泡L1和L2接入电路，测得电流如图所示，下列说法正确的是（）A．L1两端电压比L2大 B．L1电流做功比L2快 C．L1的实际功率比L2小 D．L1发光时电阻比L2大【分析】（1）并联电路中各支路电压相等，都等于电源电压；（2）根据P＝UI可得出L1、L2的电功率，电功率越大，做功越快；（3）已知两灯电压和电流关系，由I＝判断L1、L2的电阻关系。【解答】解：A、由图可知，两灯泡并联，并联电路中各支路电压都相等，则L1两端电压和L2两端电压相等，故A错误；BC、根据P＝UI可知，P1＞P2，即L1的实际功率比L2大，由于功率表示电流做功的快慢，功率越大，做功越快，所以L1做功比L2做功快，故B正确，C错误；D、已知图中灯泡发光时的电流分别为I1＝0.4A，I2＝0.3A，两灯泡并联，并联电路中各支路电压都相等，由R＝可知，L1发光时电阻比L2小，故D错误。故选：B。【点评】本题考查并联电路的电压规律和电功率公式的应用，难度不大。8．如图所示，导线a、b通电前固定不动，已知通电后左磁体对a的作用力的方向为水平向右（在图甲中已正确标出F1）。判断在图甲和图乙中标注力F2、F3、F4的方向。哪个标注是正确的（）A．只有F2正确 B．只有F3正确 C．F2、F3都不正确 D．F2、F4正确【分析】通电导体在磁场中受到力的作用，其受力的方向与磁场方向和电流方向这两个因素都有关；如果只改变一个因素，则导体受力的方向改变；如果同时改变两个因素，则导体受力的方向不变。【解答】解：通电导体在磁场中受到磁场力的方向与电流方向和磁场方向都有关，如果只改变一个因素，则导体受力的方向改变；如果同时改变两个因素，则导体受力的方向不变；由题知，图甲中左磁体对a的作用力F1的方向为水平向右，且图甲中两导线所在位置的磁场方向相同（磁体都是“上N下S”），而a、b两导线的电流方向相反（一个是垂直于纸面向外，另一个是垂直于纸面向里），则两导线受到磁场力的方向相反，所以图甲中右磁体对b的作用力F2的方向应为水平向左；根据两图中电源的正负极可知，图乙中导线a的电流方向与图甲中a的相反，且磁场的方向也相反（注意观察磁体的两个磁极），则两导线受到磁场力的方向相同，所以图乙中左磁体对a的作用力F3的方向也为水平向右；F3的方向水平向右，且图乙中两导线所在位置的磁场方向相同，但图乙中a、b两导线的电流方向相反，则两导线受到磁场力的方向相反，所以图乙中右磁体对b的作用力F4的方向应为水平向左；综上可知，只有F3正确，F2、F4都不正确。故选：B。【点评】本题考查了磁场对电流的作用，注意磁场力的方向与电流方向和磁场方向都有关。9．质量相同的甲、乙两个小球，自由下落经过如图所示的位置时机械能相等，不考虑空气阻力。下列说法正确的是（）A．此时甲、乙两球的动能相等 B．此时甲、乙两球的重力势能相等 C．两球在落地前的速度相等 D．两球下落的初始位置的高度不同【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。（2）不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。（3）重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。【解答】解：AB、甲、乙两个小球，自由下落经过如图所示的位置时机械能相等，由题图可知，两小球质量相等，乙球的高度大于甲球，则乙球的重力势能大于甲球，机械能等于动能和势能之和，故此时甲球的动能大于乙球，故AB错误。C、甲、乙两个小球，自由下落经过如图所示的位置时机械能相等，不计空气阻力，小球在下落过程中机械能守恒，故只有重力势能转化为动能，在两球在落地前，两球的重力势能全部转化为动能，则两球在落地前的动能相等，动能的大小与质量和速度有关，故两球在落地前的速度相等，故C正确。D、两球在落地前的动能相等，重力势能都为零，则机械能相等，所以在高处时开始下落时的重力势能是相同的，即高度相同，故D错误。故选：C。【点评】此题考查动能和势能的大小变化、机械能的守恒，难度不大，要掌握。10．两个质量相同的均匀实心小球甲、乙（ρ甲＜ρ乙）放入装有水的烧杯中，已知甲受到的浮力较大，则两球静止在水中时的情形可能是图中的（）A． B． C． D．【分析】根据液体密度与物体密度的大小判断物体在液体中的浮沉；根据浮沉条件判断浮力与重力的关系。【解答】解：A、由图可知，甲沉底，ρ甲＞ρ水，乙漂浮，ρ乙＜ρ水，所以ρ甲＞ρ乙，故A不合题意；B、题目要求甲受到的浮力较大，图中甲、乙漂浮浮力等于重力，因为甲、乙质量相同，重力相同，所受浮力相同，故B不合题意；C、由图可知甲所受的浮力等于重力，乙所受的浮力小于重力，甲、乙重力相同，所以甲所受的浮力大于乙所受的浮力，故C符合题意；D、图中甲漂浮，浮力等于重力，乙悬浮，浮力等于重力，故甲、乙所受浮力相同，故D不合题意。故选：C。【点评】本题考查物体的浮沉条件，难度不大。二、非选择题11．如图所示，水池边有一路灯S，路灯上方有一平面镜MN，S发出的光能经MN反射后射入水中。请画出：（1）S在平面镜中所成的像S'。（2）经MN反射后过A点的反射光线OA。（3）OA照射到水池中的光路图。【分析】（1）利用平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出发光点S的像点S′；（2）根据反射光线反向延长通过像点，可以由像点和A点确定反射光线所在的直线，从而画出反射光线；（3）根据光的折射规律画出OA照射到水池底的光路图。【解答】解：（1）作出发光点S关于平面镜的对称点，即为像点S′；（2）连接S′A点交平面镜于点O，沿OA画出反射光线，连接SO画出入射光线；（3）首先过入射点画出法线，然后根据折射光线和入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角，在法线的水中画出折射光线，如图所示：【点评】此题考查光的反射、折射和平面镜成像光路图的画法，具有一定的综合性，看似复杂，其实都属于常考的作图题，难度不大。12．同学们在体育课上做仰卧起坐，前半段是背部由平躺地面变成脊柱弯曲，后半段是上半身完全离开地面。（1）仰卧起坐时，人体可看成杠杆模型，O为支点，肌肉的拉力F为动力。如图所示，请画出杠杆模型的阻力臂l。（2）先将头向前抬起，可以减小阻力臂。在平躺至坐起的过程中，运动员肌肉所施加的动力变化是变小（选填“变小”、“不变”或“变大”）。（3）同学们可以改变仰卧起坐的快慢，来控制体育锻炼的效果，从物理学角度分析，其实质是改变C的大小（填一最优选项符号）。A.机械效率B.速度C.功率【分析】（1）从支点到力的作用线的距离叫做力臂；（2）根据杠杆的平衡条件分析；（3）根据功率的定义分析。【解答】解：（1）过支点O作阻力G的作用线的垂线，该垂线段为阻力臂l，如图所示：；（2）先将头向前抬起，人的重心向右移动，可以减小阻力臂；在平躺至坐起的过程中，动力臂不变，阻力不变，阻力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，动力会变小；（3）做仰卧起坐时，每次所做的功相同，同学们可以改变仰卧起坐的快慢，则做功的功率发生了改变，所以其实质是改变功率的大小，故C正确。故答案为：（1）见解析；（2）阻；变小；（3）C。【点评】本题考查了杠杆的平衡条件的应用、力臂的画法、功率的概念等知识，难度不大。13．如图是为宇航员设计的“太空圆珠笔”，墨水靠密封笔管内的压缩氮气推动活塞向外挤出。（1）笔管内压缩氮气的气压大于周围环境的气压（选填“大于”“等于”或“小于”）；（2）墨水向外挤出的过程中，密封压缩氮气的密度变小（选填“变大”“变小”或“不变”），判断依据是密封压缩氮气的质量不变，而体积变大。（3）氮气在一定条件下能液化（填物态变化名称）成液态氮。当液态氮暴露在30℃的环境中（此时液态氮的沸点为﹣196℃），能观察到液态氮在不断沸腾，一段时间周边气温降至0℃，那么此时液态氟的温度等于﹣196℃（填一温度值）。【分析】（1）活塞在较大压强的作用下向较小压强处移动；（2）一定质量的气体体积变大，由密度公式可知其密度变化；（3）物质由气体变为液态叫做液化，沸腾的条件是温度达到沸点，液体沸腾时吸收热量，温度保持不变。【解答】解：（1）墨水靠密封笔管内的压缩氮气推动活塞向外挤出，说明笔管内压缩氮气的气压大于周围环境的气压；（2）墨水向外挤出的过程中，密封压缩氮气的质量不变，而体积变大，根据ρ＝可知，氮气的密度变小；（3）氮气在一定条件下能液化为液态氮。当液态氮暴露在30℃的环境中（此时液态氮的沸点为﹣196℃），能观察到液态氮在不断沸腾，液体沸腾的条件是温度达到沸点，且沸腾时，吸收热量，温度保持不变，所以此时液态氮的温度等于﹣196℃。故答案为：（1）大于；（2）变小；密封压缩氮气的质量不变，而体积变大；（3）液化；﹣196。【点评】本题以太空圆珠笔为载体，考查多个知识点，属于综合题，有一定的难度。14．温度不同的两物体接触时，低温物体吸热（Q吸），高温物体放热（Q放），忽略热散失，Q吸＝Q放。（1）将质量相等的铜块和铝块放入冰箱，使它们的温度降低到0℃；（2）取出后，将铜块、铝块再分别放入盛有质量相等、温度都是23℃的水中，并将容器用隔热材料密封（如图甲、乙）；（3）一段时间后温度稳定，同时测量甲、乙两容器中水的温度，分别是20℃和17℃；（4）对比数据可判断，（以下两空均选填“铝”或“铜”）铜的温度变化大。铝从水中吸收的热量多，判断的依据是两个容器中水的质量相等，比热容相同，根据Q放＝cmΔt可知，放入铝块的容器中的水放出的热量多，忽略热散失，Q吸＝Q放，所以铝块从水中吸收的热量多。【分析】（1）根据题意可知分别求出铜块和铝块升高的温度，据此判断温度变化的大小；（2）根据水放出的热量判断物块吸收的热量。【解答】解：铜块升高的温度Δt铜＝20℃﹣0℃＝20℃，铝块升高的温度Δt铝＝17℃﹣0℃＝17℃，所以铜块的温度变化大；放入铜块的容器中水降低的温度Δt1＝23℃﹣20℃＝3℃，放入铝块的容器中的水降低的温度Δt2＝23℃﹣17℃＝6℃，两个容器中水的质量相等，比热容相同，根据Q放＝cmΔt可知，放入铝块的容器中的水放出的热量多，忽略热散失，Q吸＝Q放，所以铝块从水中吸收的热量多。故答案为：铜；铝；两个容器中水的质量相等，比热容相同，根据Q放＝cmΔt可知，放入铝块的容器中的水放出的热量多，忽略热散失，Q吸＝Q放，所以铝块从水中吸收的热量多。【点评】本题考查比热容公式的应用，能根据题意求出温度的变化是解题的关键。15．食品厂配制了两种不同密度的盐水来挑选榛子果仁。在甲、乙两个完全相同的杯子中倒入体积相等、密度不同的盐水。将四颗棒子果仁（标号为1、2、3、4号，忽略榛子体积变化）先后放入甲、乙两种盐水中，静止后的情形如图所示。（1）两杯盐水的密度关系为ρ甲＞ρ乙（选填“＜”，“＝”或“＞”）（2）将图甲中的1号榛子受力示意图在图画出。（以“•”代表榛子，在方框中已画出其所受的重力G）（3）3号榛子在甲、乙两种盐水受到的浮力分别为F甲、F乙，则F甲＝F乙（选填“＜”，“＝”或“＞”）。【分析】（1）由甲、乙两图知2号榛子在甲、乙图中的浮沉情况，根据浮力与重力的关系判断出2号榛子在甲、乙图中受到浮力的关系；根据2号榛子排开甲、乙液体体积的关系和F浮＝ρ液gV排判断出甲、乙杯中盐水的密度关系；（2）根据重力方向竖直向下，可画出重力的示意图；（3）根据物体的浮沉条件判断浮力大小。【解答】解：（1）由甲、乙两图知2号榛子在甲图中悬浮，浮力等于其自身的重力，在乙图中沉底，浮力小于其自身的重力，所以2号榛子在乙图中受到的浮力小；由于2号榛子排开甲、乙盐水的体积相同，由F浮＝ρ液gV排知乙杯中盐水的密度小于甲杯中盐水的密度，即ρ甲＞ρ乙；（2）1号榛子受重力方向竖直向下，示意图如下：（3）由图知3、4号榛子在甲、乙盐水中处于漂浮或悬浮状态，受到的浮力都等于其自身的重力，由于重力不变，所以它们受到的浮力不变，由于ρ甲＞ρ乙，由F浮＝ρ液gV排知它们排开盐水的体积变大，由于图甲中3号榛子排开盐水的体积大于4号榛子排开盐水的体积，所以在乙杯中漂浮的榛子为4号榛子，悬浮的榛子为3号榛子，3号榛子在甲中漂浮，在乙中悬浮，所受的浮力都等于3号榛子的重力，故F甲＝F乙。故答案为：（1）＞；（2）如题图示；（3）＝。【点评】本题考查物体的浮沉条件以及重力的方向，难度不大。16．工人用推力F将重为1000N的箱子沿斜面推至水平车厢中，斜面长3m、高1.5m，F始终与箱子运动方向相同。箱子运动路程随时间变化关系如图乙所示，推力F随时间变化关系如图丙所示。（1）0～10s内，求出推力F做多少功？（2）箱子沿斜面底端推至顶端过程，求出斜面的机械效率？（3）在0～10s内和10～20s内，F功率大小P1和P2分别是多少？（4）箱子与水平车厢接触面积0.5m2，对车厢压强是多少？【分析】（1）由图乙可知，箱子在0～10s内运动的路程；由图丙可知，在0～10s内的推力大小，利用W＝Fs求使用斜面时推力做的功（总功）；（2）箱子运动3m，提升高度h＝1.5m，即箱子沿斜面从底端被推至顶端，利用W＝Gh求推力克服箱子重力做的有用功，斜面的机械效率等于有用功与总功的比值；（3）在0～10s内，利用P＝求推力做功功率；由图乙可知，箱子在10～20s内路程和时间成正比，箱子做匀速运动，利用速度公式求速度大小；由图丙知10～20s内的推力大小，利用P＝＝＝Fv求推力的功率；（4）箱子对水平车厢的压力等于箱子重力，利用p＝求对车厢压强。【解答】解：（1）由图乙可知，箱子在0～10s内运动路程s＝3m；由图丙可知，在0～10s内，推力F1＝600N，推力做的功（总功）：W总＝F1s＝600N×3m＝1800J；（2）箱子运动3m，提升高度h＝1.5m，即箱子沿斜面从底端被推至顶端，推力克服箱子重力做的有用功：W有用＝Gh＝1000N×1.5m＝1500J，斜面的机械效率：η＝＝×100%≈83.3%；（3）在0～10s内，推力做功功率P1＝＝＝180W；由图乙可知，箱子在10～20s内路程和时间成正比，箱子做匀速运动，速度为v2＝＝＝0.5m/s；由图丙知10～20s内，推力F2＝200N，推力的功率：P2＝F2v2＝200N×0.5m/s＝100W；（4）箱子对水平车厢的压力F＝G＝1000N，受力面积S＝0.5m2，对车厢压强：p＝＝＝2000Pa。答：（1）0～10s内，求出推力F做1800J的功；（2）箱子沿斜面底端推至顶端过程，斜面的机械效率约为83.3%；（3）在0～10s内和10～20s内，F功率大小P1和P2分别是180W、100W；（4）箱子与水平车厢接触面积0.5m2，对车厢压强是2000Pa。【点评】本题考查了功、功率、机械效率、压强的计算，能从图象中得出相关的信息是解题的关键，是中考的热点考题。17．如图的电子体温计主要是利用了热敏电阻的电阻值随温度变化显著、反应快这些特性，实现温度的测量。小玲准备用电源、热敏电阻RT、定值电阻R0、电流表、电压表、开关和导线等自制电子体温计。下表为选用的热敏电阻RT阻值随温度t变化的数据。温度t（℃）3536373839404142电阻RT（Ω）680640600560520480440400（1）分析比较上表中的数据，可得的初步结论是：热敏电阻随温度的升高而减小。（2）小玲猜想电子体温计内部电路图如图乙所示，当热敏电阻所处区域的温度升高，电路中的电流将变大（选填“变大”或“变小”），若将图乙所示电流表的表盘上电流刻度线上标注相对应的温度变成图丙，则温度的刻度值从左至右升高（选填“升高”或“降低”）；①小玲按照图乙电路连接实物进行验证，其中电源电压保持6V。闭合S，发现热敏电阻所处区域的温度从37℃升高到42℃。分别求出37℃和42℃时电流表示数。②在37℃和42℃时，热敏电阻功率分别为P1、P2，求出的值。③用接0﹣0.6A量程的电流表指针指示温度，这方案不可行（选填“可行”或“不可行”），依据是电流表分度值太大。【分析】（1）由表格数据可知热敏电阻的阻值随温度的升高而减小；（2）根据欧姆定律判断当热敏电阻所处区域的温度升高时电路中电流的变化，据此判断流表的表盘上电流刻度线上标注相对应的温度的变化；①根据欧姆定律可得温度为37℃和温度为42℃时通过热敏电阻的电流；②根据分别电功率公式计算热敏电阻在37℃和42℃时的功率之比；③结合电流中电流大小和电流表的分度值分析。【解答】解：（1）分析比较上表中的数据RT、t的变化情况，可得的初步结论是热敏电阻的阻值随温度的升高而减小；（2）小玲猜想电子体温计内部电路图如图（b）所示，当热敏电阻所处区域的温度升高，热敏电阻的阻值变小，根据欧姆定律可得通过电路的电流变大，所以若将图（c）所示电流表的表盘上电流刻度线上标注相对应的温度，则温度的刻度值从左至右升高；①由表格可知温度为37℃时