九年级物理上册同步考点：九年级上册物理期中复习（易错60题25大考点）（解析版）

九年级物理上册同步考点：九年级上册物理期中复习（易错60题25大考点）（解析版）九年级物理上册同步考点：九年级上册物理期中复习（易错60题25大考点）（解析版）PAGEPAGE1九年级物理上册同步考点：九年级上册物理期中复习（易错60题25大考点）（解析版）九年级上册物理期中复习(易错60题25大考点)训练范围：苏科版九年级上册第11~12章.TOC\o"1-3"\h\u【考点1杠杆的平衡条件】 2【考点2探究杠杆的平衡条件】 6【考点3杠杆的平衡分析法及其应用】 8【考点4杠杆的应用】 10【考点5滑轮组中的相关计算】 12【考点6力是否做功的判断】 15【考点7功的计算和公式的应用】 16【考点8功率的计算及公式的应用】 18【考点9动能和势能的转化】 20【考点10机械能的转化】 22【考点11实验测量滑轮组的机械效率】 24【考点12滑轮(组)的机械效率】 27【考点13斜面的机械效率】 30【考点14分子间的作用力】 33【考点15分子动理论的基本观点】 33【考点16温度、热量与内能的关系】 35【考点17热传递的概念与方式】 36【考点18热传递改变物体内能】 37【考点19做功改变物体内能】 38【考点20比热容的概念及其计算】 39【考点21比热容解释简单的自然现象】 40【考点22热量的计算】 41【考点23热平衡方程的应用】 44【考点24燃料的热值及其计算】 45【考点25热机的效率】 47【考点1杠杆的平衡条件】 1．(2023•沙坪坝区校级开学)将甲物体用细绳挂在轻质杠杆的A端,杠杆的B端悬挂乙物体,如图所示,甲物体静止在水平地面上时,对地面的压强为6×105Pa,甲物体的底面积为1.5×10﹣4m2.使杠杆在水平位置平衡,已知乙物体的质量为2kg,AO：OB＝1：3.下列说法中正确的是()A．甲物体的重力为150N B．杠杆B端所挂物体的质量增加1.5kg,甲对地面的压强恰好为0 C．移动支点O的位置,使AO：OB＝2：7时,甲物体恰好被拉离地面 D．若图中甲竖直切割并拿走,其余条件不变,甲对地面的压强变为切割前的0.5倍【答案】A【分析】(1)根据重力公式计算乙物体的重力;根据杠杆平衡条件可得FALOA＝G乙LOB,据此计算细绳对A端的拉力,力的作用是相互的,据此可知细绳对甲的拉力,根据F＝pS计算甲对地面的压力,进一步计算甲的重力;(2)若杠杆B端所挂物体的质量增加至1.5kg,根据重力公式计算此时乙物体的重力;根据杠杆平衡条件可得FA′LOA＝G乙'LOB,据此计算此时细绳对A端的拉力,根据压强公式计算此时甲对地面的压强;(3)甲物体恰好被细绳拉离地面,甲对地面的压力为0,A端受到的拉力等于甲的重力：根据杠杆平衡条件可得G甲LOA′＝G乙LOB′,据此计算;(4)首先计算将图中甲竖直切走时甲的重力,进一步计算此时甲对地面的压力,根据压强公式计算此时甲对地面的压强,进一步计算切割前后甲对地面的压强之比.【解答】解：A、乙物体重力为：G乙＝m乙g＝2kg×10N/kg＝20N,对杠杆AOB,根据杠杆平衡原理知,FALOA＝FBLOB＝G乙LOB,则杠杆A端受到的拉力为：FA＝G乙×＝20N×＝60N,对甲物体,根据F支持＝F压＝pS＝6×105Pa×1.5×10﹣4m2＝90N,甲物体的重力为：G甲＝FA+F支持＝60N+90N＝150N,故A正确;B、杠杆B端所挂物体的质量增加1.5kg时,杠杆B端受到的拉力为：FB'＝G乙'＝m乙'g＝(2kg+1.5kg)×10N/kg＝35N,杠杆A端所受拉力为：FA′＝G乙'×＝35N×＝105N,甲物体对地面的压力等于它受到的支持力,即F压'＝F支持'＝G甲﹣FA'＝150N﹣105N＝45N,甲物体对地面的压强为：p′＝＝＝3×105Pa,故B错误;C、甲物体恰好被细绳拉离地面,甲对地面的压力为0,A端受到的拉力等于甲的重力：根据杠杆平衡条件可得G甲LOA′＝G乙LOB′,则＝＝＝,故C错误;D、若将图中甲竖直切走,此时甲的重力G甲′＝(1﹣)G甲＝×150N＝120N,此时甲对地面的压力F压′'＝G甲′﹣FA＝120N﹣60N＝60N,甲对地面的压强p′'＝＝＝5×105Pa,切割前后甲对地面的压强之比＝＝,故D错误.故选：A.2．(2023春•清城区校级期中)如图甲所示,长1m的粗细均匀的光滑金属杆可绕O点转动,杆上有一光滑滑环,用竖直向上的测力计拉着滑环缓慢向右移动,使杆保持水平状态,测力计示数F与滑环离开O点的距离s的关系如图所示,则杆重100N.【答案】见试题解答内容【分析】杠杆是粗细均匀的一只金属杆,重心在杠杆的中点,当s为1m时,动力臂为阻力臂的2倍,所以阻力就是拉力的二分之一.【解答】解：读图可知,当s＝OA＝1m时,动力臂是阻力臂的二倍,根据杠杆平衡的条件F1L1＝F2L2可知,此时的动力就是阻力的二分之一,即F＝G杆;读图乙可知,此时的动力F＝50N,则杆重G杆＝2F＝2×50N＝100N.故答案为：100.3．(2023秋•九龙坡区校级月考)在轻质杠杆AB的A端悬挂一个质量为2kg的空桶,AO：OB＝2：1.将质量分布均匀,重为240N的正方体工件M通过细线与B端相连,如图所示.此时杠杆在水平位置平衡,且M对地面的压强为5000Pa,不计摩擦,求：(1)此时细线对M的拉力;(2)工件M的密度;(3)若将M沿竖直方向截去部分,并将截取的部分放入空桶中,使M对地面的压强变为原来的五分之三,求截去部分的质量.【答案】：1)此时细线对M的拉力为40N;(2)工件M的密度为3×103kg/m3;(3)截去部分的质量为3.2kg.【分析】(1)根据G＝mg求空桶的重力,根据杠杆平衡条件求出细线对M的拉力;(2)根据力的作用是相互的和力的平衡条件求M对水平地面的压力,根据p＝求M的底面积,根据S＝l2求出M的棱长,根据体积公式求出M的体积,根据G＝mg求出M的质量,根据密度公式求出工件M的密度;(3)根据M对地面的压强变为原来的五分之三,求出截取后M对地面的压强;根据密度公式和体积公式表示出剩余部分的底面积,根据p＝表示出M对地面的压力,根据力的平衡条件表示出工件M受到的拉力,根据杠杆平衡条件列出方程求出截去部分的质量.【解答】解：(1)空桶重力为：FA＝GA＝mg＝2kg×10N/kg＝20N,由杠杆平衡原理可知：OA×FA＝OB×FB,细线对M的拉力为：FB＝×GA＝×20N＝40N;(2)地面对M的支持力为：F支＝GM﹣FB＝240N﹣40N＝200N,M对地面的压力与地面对M的支持力是一对相互作用力,大小相等,所以M对地面的压力为：F压＝F支＝200N,M对地面的压强为5000Pa,则M的底面积：S＝＝＝0.04m2,则正方体工件M的棱长l为0.2m,整个正方体工件M的体积为：V＝(0.2m)3＝8×10﹣3m3,由G＝mg可知M的质量：mM＝＝＝24kg,工件M的密度为：ρ＝＝＝3×103kg/m3;(3)设工件M截取部分的质量为m,则截取部分的体积为V切＝,则切去部分的底面积为S切＝＝＝,则工件M切去一部分后与地面的接触面积为S'＝S﹣S切＝S﹣,由题意可知,切割后M对地面的压强：p'＝p＝×5000Pa＝3000Pa,此时地面对M的支持力：F＝p'S'＝p'(S﹣),压力和支持力是一对相互作用力,大小相等,此时的支持力为：F支＝F＝p'S'＝p'(S﹣)……①此时B端绳子的拉力为：FB'＝(GM﹣mg)﹣F支……②由杠杆平衡原理可知：OA×(GA+mg)＝OB×FB',解得：FB'＝×(GA+mg)＝2(GA+mg)……③由①②③解得：m＝＝＝3.2kg.答：(1)此时细线对M的拉力为40N;(2)工件M的密度为3×103kg/m3;(3)截去部分的质量为3.2kg.【考点2探究杠杆的平衡条件】 4．(2022春•卧龙区期末)如图是小明同学做"探究杠杆平衡条件的实验”的装置图.实验中,若在杠杆上的A点挂总重2N的钩码,用调好的弹簧测力计竖直向上拉杠杆上的B点,使杠杆水平平衡,如图所示,弹簧测力计的示数应是1N;如果将弹簧测力计沿图中虚线方向斜拉,仍使杠杆在水平位置平衡,则弹簧测力计的示数将变大(选填"变大”、"不变”或"变小”).【答案】见试题解答内容【分析】(1)根据杠杆的平衡条件可以求出在B点弹簧测力计的示数;(2)拉力的方向是倾斜的,力的方向与杠杆不垂直,力臂不能从杠杆上读出,此时力臂变小,根据杠杆的平衡条件分析弹簧测力计示数变化.【解答】解：(1)设杠杆一个小格代表L,根据杠杆的平衡条件可知,2N×4L＝F×8L,解得F＝1N;(2)弹簧测力计在B处竖直向上拉时,拉力的方向竖直向上与杠杆垂直,动力臂等于支点到力的作用点的距离;当弹簧测力计逐渐向右倾斜时,拉力的方向不再与杠杆垂直,动力臂变小,根据杠杆平衡条件,动力变大,弹簧测力计的示数变大.故答案为：1：变大.5．(2023秋•沭阳县校级月考)在"探究杠杆的平衡条件”实验中：(1)实验前杠杆的位置如图甲所示,若要使杠杆在水平位置平衡,则应将杠杆的平衡螺母向左调节.(2)如图乙所示,在杠杆左边挂上一定数量的钩码,用弹簧测力计在右边某一位置竖直向下拉住杠杆,使杠杆在水平位置平衡.改变力和力臂的大小,重复上述操作,记录实验相关数据如表所示：实验序号动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm10.5101522151.52031.51035①根据实验数据可得出杠杆平衡条件是：F1l1＝F2l2;(用公式表示)②小明多次测量并记录数据的目的是：使结论具有普遍性.(3)如图丙所示,在已经处于水平位置平衡的杠杆的A点悬挂总重为1N的钩码,在B点用弹簧测力计竖直向下拉,使杠杆在水平位置再次平衡,则拉力F应为0.8N.如果测力计的量程为0～5N,在支点不变的情况下,采用图丙中的杠杆,利用杠杆上的刻度线,能测量出悬挂物体的最大重力为25N.(4)如图丁所示,在一个轻质杠杆的中间挂一重物,在杆的另一端施加一个动力F,使杠杆保持静止,然后向右缓慢转动F至水平方向,在这一过程中杠杆始终保持静止.则动力F大小的变化情况是：先变小后变大,F与其力臂的乘积的变化情况是：不变.【答案】(1)左;(2)F1l1＝F2l2;使结论具有普遍性;(3)0.8;25;(4)先变小后变大;不变.【分析】(1)使杠杆在水平位置平衡,平衡螺母向上翘的一端移动;(2)动力×动力臂＝阻力×阻力臂,即F1l1＝F2l2;多次测量的结论才具有普遍性;(3)(4)根据杠杆平衡条件分析.【解答】解：(l)杠杆静止在如图甲所示位置,杠杆处于静止状态,所以此时杠杆处于平衡状态,要使杠杆在水平位置平衡,平衡螺母向上翘的一端移动,即向左端移动.(2)计算每一次实验力与相应力臂的乘积,通过比较发现：动力×动力臂＝阻力×阻力臂,即F1l1＝F2l2.探究性实验数据只测量一次,其结果带有较大的偶然性,多次测量的结论才具有普遍性.(3)设一格为长度为L,已知钩码重为1N,根据杠杆平衡条件可知：1N×4L＝F×5L,解得F＝,弹簧测力计的量程为0～5N,当拉力等于5N,并竖直向下拉,物体A位于距离支点l格,弹簧测力计B位于距离支点5格时,拉起物体的重力最大,即：G′×L＝5N×5L,解得G'＝25N.(4)轻质杠杆在图中所示位置平衡,所以有阻力(重物对杠杆的拉力)及阻力臂大小不变,则F与其力臂的乘积也不变;动力F由图中所示位置转动至水平方向的过程中,由下图可知动力臂先增大后减小,由杠杆平衡条件FL动＝GL阻可知,动力F先变小后变大.故答案为：(1)左;(2)F1l1＝F2l2;使结论具有普遍性;(3)0.8;25;(4)先变小后变大;不变.【考点3杠杆的平衡分析法及其应用】 6．(2022春•鲤城区校级期末)某杠杆在力的作用下已经处于平衡状态,如果在这个杠杆上再施加一个力的作用,则该杠杆将()A．杠杆仍有可能平衡,只要这个力的作用线与杠杆垂直 B．杠杆仍有可能平衡,只要这个力的作用线通过支点 C．杠杆仍有可能平衡,但这个力必须作用在支点上 D．杠杆不可能平衡,因为多了一个力【答案】B【分析】在力的作用下已经平衡,现在对杠杆再施加一个作用力,若该力的作用点在支点或力的作用线通过支点,此时的力臂为0,不会影响杠杆的平衡;否则将破坏原来的平衡.【解答】解：杠杆是否平衡要看两边所受力和力臂的乘积是否相等,施加了力,若力臂为0,也不会影响杠杆的平衡;使力臂为0的力有：力的作用点在支点或力的作用线通过支点,故B正确.故选：B.7．(2021•平原县模拟)如图所示,挂在杠杆B端的铸铁球体积是400cm3,BO＝10cm,OA＝40cm,在杠杆A端挂一重为5N的C物体,当铸铁球体积的浸入水中,杠杆AB恰好在水平位置平衡.求：(1)此时铸铁球作用在杠杆B端竖直向下的力多大?(2)铸铁球此时受到的浮力多大?(3)计算说明铸铁球是实心的还是空心的.若是空心的,其空心的体积多大?(ρ铸铁＝7.0×103kg/m3,g＝10N/kg)【答案】见试题解答内容【分析】(1)知道动力臂、动力、阻力臂,根据杠杆平衡条件求出杠杆B端的动力.(2)知道铁球排开水的体积,求出铁球受到的浮力,分析铁球的受力情况,根据平衡力条件求出铁球的重力,求出铁球的质量.(3)知道铁球的质量和体积求出铁球的密度,与铸铁的密度比较,判断铁球是实心还是空心,利用总体积减去所用铁的体积就等于空心部分体积.【解答】解：(1)当杠杆的施加竖直向下的力时,根据杠杆平衡条件得：GC×OA＝FB×OB,所以,5N×40cm＝FB×10cm,所以,FB＝20N.(2)B和D、铁球处于静止状态,铁球受到重力、浮力和拉力作用,竖直向上的拉力和浮力与竖直向下的重力是平衡力.铁球受到的浮力为：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg××400×10﹣6m3＝1N.(3)铁球对杠杆的拉力是20N,所以杠杆对铁球的拉力也是20N.所以铁球的重力为：G＝20N+1N＝21N.所以铁球的质量为：m＝＝＝2.1kg.铁球的密度：ρ＝＝＝5.25×103kg/m3＜7.0×103kg/m3,所以铁球是空心的.其空心部分体积为：V空＝V﹣V铁＝400cm3﹣＝100cm3.答：(1)此时铸铁球作用在杠杆B端竖直向下的力20N;(2)铸铁球此时受到的浮力1N;(3)铸铁球是空心的,其空心的体积100cm3.【考点4杠杆的应用】 8．(2023春•商水县期末)社会实践活动中,小明用如图所示的剪刀与园艺工人一起修剪树枝.下列说法正确的是()A．剪刀的刀口磨得锋利是为了增大压力 B．剪树枝时剪刀相当于一个费力杠杆 C．剪硬树枝时将手握住靠近支点O处时更省力 D．剪硬树枝时将树枝靠近支点O时更容易剪断【答案】D【分析】(1)增大压强的方法是：压力一定时,受力面积越小,压强越大.受力面积一定时,压力越大,压强越大;(2)比较动力臂和阻力臂的大小关系,判断杠杆的类型;(3)利用杠杆的平衡条件,分析实际杠使用的问题.【解答】解：A、剪刀的刀口磨得锋利,即在压力一定时减小了受力面积,增大了压强,故A错误;B、剪刀使用时动力臂大于阻力臂,属于省力杠杆,故B错误;C、剪硬树枝时将手握住靠近支点O处,减小了动力臂,而阻力和阻力臂不变,由F1L1＝F2L2可知,动力会变大,因此不一定费力,故C错误D、用剪刀修剪树枝时,树枝尽量靠近剪刀支点O,减小了阻力臂,而阻力和动力臂不变,由F1L1＝F2L2可知,动力会变小,因此可以省力,故D正确.故选：D.9．(2022•宜兴市模拟)杆秤是一种称量质量的常用工具,小明找到一把带有秤砣的杆秤,向爷爷请教了杆秤的几个部件名称(如图甲所示),初步掌握了使用方法并进行了尝试：不挂重物,提住秤钮,当秤砣移动至定盘星处时,秤杆恰能处于平衡状态;将被称重物挂在秤钩上,移动秤砣悬线位置直至秤杆平衡,通过杆身刻度直接读出重物质量.(1)分析可知,杆秤属于杠杆这种简单机械,它主要利用了杠杆平衡条件这一物理原理来工作的;(2)小明发现系秤砣的绳子较长且有一段磨损严重,他把这部分剪去,将剩余部分绳子接好挂在秤杆上使用,这会导致测量的结果偏大(偏大/不变/偏小);(3)小明找来一把刻度尺,想不借助其它器材测量出秤砣的质量,请帮他写出必要的测量步骤,并用所测得的物理量符号表示出秤砣质量的表达式;必要的步骤：①在称钩上挂一个重物;②调节秤砣,使称杆平衡;③读出杆身刻度示数为m;④测出秤纽到秤钩所在线的距离L2,测出秤纽到秤砣所在线的距离L1秤砣质量表达式：m砣＝;(4)小明发现市面上多数杆秤有两个秤钮及两个量程(如图乙所示),使用秤纽B(A/B)时的量程较大.【答案】(1)杠杆;杠杆平衡条件;(2)偏大;(3)①在称钩上挂一个重物;②调节秤砣,使称杆平衡;③读出杆身刻度示数为m;④测出秤纽到秤钩所在线的距离L2,测出秤纽到秤砣所在线的距离L1;;(4)B【分析】(1)杆秤利用的是杠杆的平衡条件,通过力臂的大小关系得出物体重和秤砣重之间的关系,进而得出物体的质量与秤砣的质量之间的关系,测量的是物体的质量;(2)根据绳子和秤砣的总质量的变化,利用杠杆的平衡条件分析;(3)根据杠杆的平衡条件设计实验步骤,并求出秤砣的质量;(4)根据力臂的变化,利用杠杆的平衡条件分析量程的大小.【解答】解：(1)杆秤属于杠杆这种简单机械,它主要利用了杠杆平衡条件这一物理原理来工作的.(2)小明发现系秤砣的绳子较长且有一段磨损严重,他把这部分剪去,剩余绳子和秤砣的总质量变小,因为没有改变阻力、阻力臂,根据杠杆平衡条件,动力变小,动力臂变大,故导致测量结果偏大.(3)①在称钩上挂一个重物;②调节秤砣,使称杆平衡;③读出杆身刻度示数为m;④测出秤纽到秤钩所在线的距离L2,测出秤纽到秤砣所在线的距离L1;根据杠杆平衡条件得：m砣gL1＝mgL2;则秤砣质量表达式为：m秤砣＝;(4)把秤砣对杆秤的力看作动力,秤砣在同一位置时,A处的动力臂比B处的动力臂小,A处的阴力臂比B处的阴力臂大,根据杠杆的平衡条件可知,B处所挂物体的重力大,即B处所挂物体的质量大,所以使用秤钮B时杆秤的量程较大.故答案为：(1)杠杆;杠杆平衡条件;(2)偏大;(3)①在称钩上挂一个重物;②调节秤砣,使称杆平衡;③读出杆身刻度示数为m;④测出秤纽到秤钩所在线的距离L2,测出秤纽到秤砣所在线的距离L1;;(4)B.【考点5滑轮组中的相关计算】 10．(2023秋•金堂县校级月考)用一个定滑轮和一个动滑轮组成滑轮组匀速提升900N重物时,向下拉时手需提供的最小拉力应该是()(滑轮重和绳与滑轮的摩擦不计)A．900N B．450N C．300N D．绳子绕法不确定,无法判断【答案】B【分析】滑轮组绳子的绕法,有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上,绕过下面的动滑轮,再绕过上面的定滑轮;二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上,绕过定滑轮,然后再绕过动滑轮;根据拉力方向向下确定滑轮组绕线方法,滑轮重和绳与滑轮的摩擦不计,利用F＝G求出最小拉力.【解答】解：用一个定滑轮和一个动滑轮组成滑轮组,向下拉时,则绳子的股数为2股,如下图所示：,当不计滑轮重和绳与滑轮的摩擦时,F＝G＝×900N＝450N,故ACD错误,B正确.故选：B.11．(2023春•荆州区期末)如图,物体A是边长为20cm的一个正方体,密度为2.5g/cm3,A对水平桌面的压强是5000Pa,B的重力为100N,滑轮和绳子重忽略不计,此时A在水平面上向右做匀速直线运动,若用力F向左拉物体A,使物体A向左做匀速直线运动,则F＝100N.【答案】5000;100.【分析】(1)求出A的体积,然后利用密度公式和重力公式计算A的重力;A对地面的压力等于A的重力,利用压强公式求出A对地面的压强;(2)由图知,此滑轮组由2段绳子承担物重,滑轮重和滑轮与绳子之间的摩擦忽略不计,则绳端的拉力F＝GB,物体A在水平面上向右做匀速直线运动时,根据二力平衡条件求出摩擦力的大小;当拉动A向左匀速运动时,摩擦力的方向水平向右,根据影响滑动摩擦力大小的因素和力的平衡条件求出拉力F的大小.【解答】解：A的体积：VA＝(20cm)3＝8000cm3,根据ρ＝可得,A的质量：mA＝ρAVA＝2.5g/cm3×8000cm3＝20000g＝20kg,则A的重力：GA＝mAg＝20kg×10N/kg＝200N;因物体A在水平桌面上,则A对桌面的压力：F压＝GA＝200N,A对桌面的压强：p＝＝＝5000Pa;由图知,此滑轮组由2段绳子承担物重,滑轮重和滑轮与绳子之间的摩擦忽略不计,则绳端的拉力FA＝GB＝×100N＝50N;物体A在水平面上向右做匀速直线运动时,A受到的摩擦力和绳对A的拉力平衡,所以f＝FA＝50N,方向水平向左;若使物体A向左做匀速直线运动,由于压力大小和接触面的粗糙程度均不变,因此A受到的滑动摩擦力大小不变,且此时A受到摩擦力的方向水平向右,由力的平衡条件可得,此时对物体A施加的拉力：F＝FA+f＝50N+50N＝100N.故答案为：5000;100.12．(2023秋•宿城区校级月考)如图甲所示,小明将空吊篮提升到高处,拉力F随时间t变化的图象如图乙所示,空吊篮上升的v﹣t图象如图丙所示,空吊篮重30N,绳子能承受的最大拉力为120N,忽略绳重、摩擦和空气阻力,在0～1s内空吊篮处于非平衡(选填"平衡”或"非平衡”)状态,动滑轮重为20N,吊篮最多能装货物的质量为19kg.(g取10N/kg)【答案】非平衡;20;19.【分析】(1)平衡状态是指物体处于静止状态或匀速直线运动状态;(2)由图甲知,吊起动滑轮绳子的股数,由图丙可知,1～2s时,吊篮匀速运动;忽略绳重、摩擦和空气阻力,利用公式F＝(GA+G动)求动滑轮重;(3)忽略绳重、摩擦、空气阻力,根据F＝(G+GA+G动)求出吊篮最多能装货物的重力,利用G＝mg求出货物的质量.【解答】解：由图丙可知,在0～1s内空吊篮的速度在变大,所以在0～1s内空吊篮处于非平衡状态;由图甲知,吊起动滑轮绳子的股数n＝2,由图丙可知,1～2s时,吊篮匀速运动,此时绳子的拉力F＝25N;忽略绳重、摩擦和空气阻力,由公式F＝(GA+G动)可知,动滑轮重力为G动＝nF﹣GA＝2×25N﹣30N＝20N;忽略绳重、摩擦和空气阻力,当F大＝120N时,由公式F＝(G+GA+G动)可知,吊篮最多能装货物的重力G＝nF大﹣GA﹣G动＝2×120﹣30N﹣20N＝190N;由G＝mg可知,货物的质量m＝＝＝19kg.故答案为：非平衡;20;19.【考点6力是否做功的判断】 13．(2023春•伊州区期末)下列四种情境中,力F对物体做功的是()A．用竖直向上的力F搬石头但没有搬动 B．用竖直向上的力F举着杠铃不动 C．用竖直向上的力F提着水桶在水平路面上匀速前进 D．用水平向右的力F推着小车在水平路面上向右前进【答案】D【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：1．作用在物体上的力;2．物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致);二者缺一不可.【解答】解：A、用竖直向上的力F搬石头但没有搬动,对石头有作用力,但在力的方向上没有移动距离,故力没有做功,故A错误.B、用竖直向上的力F举着杠铃不动,对杠铃有作用力,但在力的方向上没有距离,故力没有做功,故B错误.C、用竖直向上的力F提着水桶在水平路面上匀速前进,力的方向竖直向上,距离的方向是水平方向,故力没有做功,故C错误.D、用水平向右的力F推着小车在水平路面上向右前进,力的方向与距离一致,故力做功,故D正确.故选：D.14．(2022春•巴南区期末)中国女足在2022年亚洲杯比赛中荣获冠军.在中国对战韩国的决赛中,张琳艳一脚将足球踢出,足球离开脚前,张琳艳对足球做了(选填"做了”或"没有做”)功,足球离开脚后在草坪上向前滚动过程中,足球所受摩擦力的方向向后(选填"向前”或"向后”).【答案】做了;向后.【分析】(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力,物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致),二者缺一不可.(2)当一个物体在另一个物体表面滚动时,产生的摩擦力叫滚动摩擦力,摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反.【解答】解：张琳艳一脚将足球踢出,足球离开脚前,张琳艳对足球做了功,因为足球受到踢力且在踢力方向上移动了距离.足球离开脚后在草坪上向前滚动过程中,足球所受摩擦力的方向向后.故答案为：做了;向后.【考点7功的计算和公式的应用】 15．(2023•保山二模)在"探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中,如图甲所示,用同一弹簧测力计两次水平拉动同一木块,使它在同一水平木板上做匀速直线运动,图乙是它运动的路程随时间变化的图象,则下列说法正确的是()A．木块第一次和第二次运动的速度之比为1：2 B．木块两次受到的滑动摩擦力大小之比为2：1 C．相同时间内拉力两次对木块做功之比为4：1 D．木块两次所受拉力之比为1：1【答案】D【分析】(1)根据图像得出某一时间内两次运动的路程,利用速度公式得出速度之比;(2)影响摩擦力的因素：压力和接触面的粗糙程度;(3)根据二力平衡分析拉力大小关系,根据W＝Fs进行分析做功大小关系.【解答】解：A、从图乙可知,木块两次都做匀速直线运动,第一次10s运动路程为50m,第二次10s运动路程为25m;因为时间一定,速度与路程成正比,即木块第一次和第二次速度之比为50m：25m＝2：1,故A错误;B、两次水平拉动同一木块,使它在同一水平木板上运动,两次接触面的粗糙程度相同、压力相同,则滑动摩擦力相同,即木块两次受到滑动摩擦力之比为1：1,故B错误;CD、从图乙可知,木块两次都做匀速直线运动,而做匀速直线运动的物体受平衡力作用,所以两次木块受到的拉力和摩擦力相等,因为摩擦力相同,故拉力也相同;相同时间内的路程之比为s1：s2＝2：1,根据W＝Fs可得W1：W2＝2：1,故C错误,D正确.故选：D.16．(2023秋•金安区校级月考)如图所示,将质量为m的小球从A点由静止释放,使其向右侧摆动.已知B点是小球摆动过程中的最低点,C点是小球摆到右侧的最高点.小球从A点摆动到B点的过程中,重力对小球做功为mghA(选用已知物理量m、g、hA、hC表示).【答案】mghA.【分析】根据W＝Gh＝mgh求出重力对小球做的功.【解答】解：小球从A点摆动到B点的过程中,在重力方向移动的距离为hA,故重力对小球做的功为：W＝GhA＝mghA.故答案为：mghA.17．(2023秋•淮南月考)如图是某商场营业大厅自动扶梯的示意图.大厅两层之间的距离为BC＝6m,自动扶梯的横向距离为AC＝8m.当重为600N的人站在匀速运行的自动扶梯上,从A点运动到B点时,扶梯对人的支持力做的功为3600J.【答案】3600.【分析】扶梯对人的支持力和人的重力是一对平衡力,根据W＝Fs计算扶梯对人的支持力做的功.【解答】解：扶梯对人的支持力和人的重力是一对平衡力,所以支持力F＝G＝600N,支持力移动的距离s＝h＝BC＝6m,扶梯对人的支持力做的功为W＝Fs＝600N×6m＝3600J.故答案为：3600.【考点8功率的计算及公式的应用】 18．(2023•汨罗市模拟)铁路提速要解决许多具体的技术问题,其中提高机车牵引力的功率是一个重要问题.已知匀速行驶时,列车所受阻力与速度的平方成正比,即f＝kV2．列车要提速,就必须研制出更大功率的机车.那么当列车分别以150km/h和30km/h的速度在水平轨道上匀速行驶时,机车牵引力的功率之比为()A．5：1 B．25：1 C．36：1 D．125：1【答案】D【分析】当机车匀速前进时,机车的牵引力等于机车所受的阻力,机车牵引力功率可以用公式P＝Fv,进行求解.【解答】解：已知列车匀速行驶时所受阻力与速度平方成正比,即f＝kv2,当列车在水平轨道上匀速行驶时,牵引力等于阻力,即F＝f＝kv2,所以由功率公式P＝Fv＝kv3,所以当列车分别以150km/h和30km/h的速度在水平轨道上匀速行驶时,P1：P2＝k(150km/h)3：k(30km/h)3＝125：1故选：D.19．(2023春•魏县期末)体育课上同学们进行爬杆比赛,质量为50kg的小明以0.8m/s的速度匀速爬直立的杆,在爬杆过程中,他受到的摩擦力为500N,爬杆的功率是400W．(g＝10N/kg)某汽车发动机输出功率为30kW,恰能以54km/h匀速行驶5.4km,其间发动机共做功1.08×107J,汽车行驶时受到的阻力为2000N．当汽车上坡时,只能保持36km/h的速度匀速行驶时,此时汽车发动机牵引力为3000N.【答案】见试题解答内容【分析】(1)由二力平衡可求得摩擦力;(2)由功率公式P＝Fv可得爬杆的功率.(3)已知速度与路程,由速度公式的变形公式可以求出汽车的行驶时间,然后由W＝Pt可以求出汽车做的功;(4)汽车的功率P＝＝＝Fv;由P＝Fv的变形公式可以求出汽车的牵引力,然后由平衡条件可以求出汽车受到的阻力;(5)利用P＝Fv计算上坡时牵引力.【解答】解：(1)小明匀速爬杆,则受力平衡,即向上的摩擦力等于向下的重力,即F＝mg＝50kg×10N/Kg＝500N;(2)爬杆的功率为：P＝Fv＝500N×0.8m/s＝400W;(3)汽车功率P＝30kW＝3×104W,速度v1＝54km/h＝15m/s,由v＝得汽车行驶时间：t＝＝＝3600s,汽车发动机做功：W＝Pt＝3×104W×3600s＝1.08×107J,(4)由P＝＝＝Fv得汽车的牵引力：F1＝＝＝2000N,汽车做匀速运动,处于平衡状态,阻力等于牵引力,则阻力f＝F1＝2000N,(5)汽车上坡速度：v2＝36km/h＝10m/s;由P＝Fv得汽车的牵引力：F2＝＝＝3000N.故答案为：500;400;1.08×107;2000;3000.20．(2023春•安溪县期末)北京冬奥会通过"数字科技+美学创新”首次实现火矩水下接力.若水下机器人携带火矩以恒定的功率沿水平方向直线运动,其v﹣t图象如图所示.若机器人所受的阻力保持不变,它在10～20s做了200J的功.求：​(1)机器人的功率.(2)机器人受到的阻力.(3)机器人在0～10s所做的功.【答案】(1)机器人的功率为20W;(2)机器人受到的阻力为10N;(3)机器人在0～10s所做的功为200J.【分析】(1)由P＝得到机器人的功率;(2)由图可知机器人在10s～20s的速度,根据P＝＝Fv得到机器人在10s～20s的牵引力,根据二力平衡条件可知机器人在10s～20s受到的阻力;(3)知道机器人的功率和运动时间,利用W＝Pt得到机器人在0～10s所做的功.【解答】解：(1)10～20s的时间：t2＝20s﹣10s＝10s,机器人的功率：P＝＝20W;(2)由图可知10～20s时,机器人的速度为v2＝2m/s,根据P＝＝Fv得到机器人在10s～20s的牵引力：F2＝＝10N,机器人匀速运动,牵引力和阻力是一对平衡力,阻力：f＝F2＝10N;(3)机器人在0～10s所做的功：W1＝Pt1＝20W×10s＝200J答：(1)机器人的功率为20W;(2)机器人受到的阻力为10N;(3)机器人在0～10s所做的功为200J.【考点9动能和势能的转化】 21．(2023•海南)4月26日我省举行了首届中学生自制水火箭比赛.参赛选手对水火箭打气,拉开气阀,水向下喷出,水火箭一飞冲天.在水火箭上升过程中,下列说法正确的是()A．水火箭能起飞是受到水对它向上的推力 B．水火箭受到的重力不变 C．水火箭的动能一直增大 D．水火箭的重力势能一直增大【答案】A【分析】力的作用是相互的;物体受到的重力的大小跟物体的质量成正比;动能与物体的速度及质量有关;重力势能与物体的高度及质量有关.【解答】解：A、拉开气阀,水向下喷出时,水会对火箭产生一个反作用力,故水火箭能一飞冲天,故A正确.B、水不断向下喷,故水火箭受到的重力会改变,故B错误;CD、水火箭向上升的时候,它的质量及高度、速度都会发生变化,故无法确定它的动能、重力势能的变化情况,故CD错误.故选：A.22．(2023•浠水县校级二模)如图是投掷实心球的场景.若不计空气阻力,实心球自脱手至落地的过程中,下列关于其动能、势能和机械能的大小分别随时间变化的曲线中,正确的是()A．①④ B．③④ C．①③④ D．②③④【答案】D【分析】影响动能的因素是物体的质量和速度,质量越大、速度越大,动能越大;影响重力势能的因素是物体的质量和高度,质量越大、高度越大,重力势能越大.【解答】解：(1)小球上升的过程中,速度越来越小,动能越来越小,当上升到最高点时,速度最小(但不为零,仍有向右的速度),动能最小(不为零),下落的过程中,速度越来越大,则动能越来越大;所以,动能是先减小,上升到最高点速度最小,动能最小(不为零),后又增大,故图①错误,图②正确.(2)小球上升的过程中,高度越来越大,重力势能越来越大,当上升到最高点时,高度最高,重力势能最大,下落的过程中,高度越来越小,最后落地,重力势能越来越小,直到为零.所以重力势能是先增大,上升到最高点重力势能最大,后又减小,最后为零,故图③正确,由于此时不计空气阻力,所以机械能是守恒的,故机械能不变,图④正确.故选：D.23．(2023春•孝感期末)如图所示为游乐园过山车的轨道示意图,过山车从高处加速滑下的过程中,轨道对车的支持力不(选填"不”或"要”)做功.下滑过程中,过山车动能增大,重力势能减小(选填"增大”"减小”或"不变”).【答案】不;增大;减小.【分析】(1)物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力,二是物体在力的方向上移动一段距离,二者缺一不可;(2)动能与质量和速度有关,质量越大、速度越大则动能越大;重力势能与质量和高度有关,质量越大、高度越大则重力势能越大.【解答】解：过山车从高处加速滑下的过程中,轨道对车有支持力作用,但支持力方向与物体运动方向垂直,即车没有在支持力的方向上移动距离,所以轨道对车的支持力不做功;过山车从高处下滑过程中,质量不变,速度变大,动能增大;高度变小,重力势能减少.故答案为：不;增大;减小.【考点10机械能的转化】 24．(2023•绵阳模拟)针对如图三种现象,①甲图是一个无摩擦的、不在同一平面上连续的轨道,小球从A点经B、C能滑到D;②乙图是一个无摩擦的滚摆,将细绳绕轴转到A点,放手后,能在上下来回转动;③丙图是一个单摆,从A点放手,能摆到B点,若在O点放一小棒,抵住细绳,小球能摆到C点;④丁图AOB是光滑轨道,A点的高度H大于B点的高度,让小球由A点静止开始自由落下,沿轨道AOB到达B点后离开(不计空气阻力),则小球离开B点后的运动轨迹最符合实际的是b;其中不能成立的是()A．①②③ B．②④ C．③④ D．③【答案】C【分析】在只有动能和势能进行转化时,机械能的总量是守恒的,据此结合图中的实验现象进行分析.【解答】解：①甲图中无摩擦,机械能是守恒的,因此,小球从A点经B、C能滑到D;故正确;②乙图中无摩擦,将细绳绕轴转到A点,放手后,滚摆能在上下来回转动,故正确;③丙图中,将单摆从A点放手,能摆到B点,若在0点放一小棒,抵住细绳,小球仍只能摆到B点,而不可能上升到更高的C点.故错误.④由题知,AOB为完全光滑轨道,所以,小球运动时其机械能守恒;小球从A点由静止滑下,则小球的机械能等于A点时的重力势能;整个过程中,机械能守恒,a虚线的最高点超过了A点的高度,这是不可能的;b虚线的最高点与A点的高度相同,而在b虚线的最高点时,小球仍具有向右运动的速度,所以b虚线表示小球的机械能大于A点的机械能,也是不可能的;c虚线的最高点低于A点,由于在最高点时小球仍运动,其总机械能可能与开始时的机械能相等,符合实际;d虚线中小球离开轨道时,由于惯性,应具有沿轨道方向向上运动的速度,则d虚线不可能.所以符合实际的是c;故错误;故正确的是①②,错误的是③④;故选：C.25．(2022•岳麓区校级模拟)如图所示,将一小钢球从a点竖直向上抛出(不计空气阻力),经过b点到达最高点c时速度为零,图中hab＝hbc,下列判断正确的是()A．小钢球运动到最高点c时受到平衡力的作用 B．小钢球在ac段重力势能的增加量与动能的减小量相等 C．小钢球在ab段克服重力的做功小于在bc段克服重力的做功 D．就a、b、c三点而言,小钢球在a点具有的机械能最大【答案】B【分析】(1)小球到达最高点时,只受到重力的作用;(2)动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度,重力势能的影响因素是物体的质量和物体的高度,不计空气阻力,整个系统中机械能守恒;(3)功等于力和距离的乘积,分析ab段和bc段距离的关系,用W＝Gh比较功的大小.【解答】解：A、小钢球运动到最高点c时,只受重力的作用,没有受平衡力的作用,故A错误;BD、小钢球从a点到c点的过程中,质量不变,速度不断变小,动能不断变小,同时高度不断增大,重力势能不断变大,动能转化为重力势能;不计空气阻力,小钢球的机械能守恒,所以,小钢球在ac段重力势能的增加量与动能的减小量相等,小钢球在a、b、c三点时具有的机械能相等,故B正确,D错误.C、小钢球在ab段和bc段重力不变,hab＝hbc,根据W＝Gh可知,小钢球在ab段和bc段克服重力做功相等,故C错误.故选：B.26．(2023•增城区一模)如图,忽略空气阻力,球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动,到达P点时离开轨道;然后球上升至最高点N后开始下落经过Q点.O、P处在同一水平高度.(1)球在O、P两点的速度分别为vO和vp,则vO＞vp(选填"＞”、"＝”或"＜”).(2)最高点N与M点对比,N可能比M高(选填"可能”或"不可能”),现在N点的机械能等于Q点的机械能(选填"大于”、"等于”或"小于”).【答案】(1)＞;(2)可能;(3)等于.【分析】(1)机械能包括动能与重力势能;它们之间能相互转化,如果没有摩擦等阻力,机械能的总量保持不变.【解答】解：(1)由于球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动,在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功,有部分机机能转化为内能,因此球到达P点的机械能一定小于在O点的机械能,O、P处在同一水平高度,球的重力势能相等,则球在P点的动能一定小于在O点动能,因此球在OP两点的速度vo＞VP;(2)球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动,球在M点既有动能又有重力势能,球上升至最高点N时,也既有动能又有重力势能,球在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功,有部分机机能转化为内能,球在N点的机机能一定小于在M点的机械能,但由于球在M、N点的动能大小不确定,因此球在M、N两点的重力势能大小也不确定,即N点重力势能有可能比M点重力势能大,则最高点N与M点对比,N点可能M高,忽略空气阻力,球从N点到O点机械能守恒,因此球在N点的机械能等于Q点的机械能.故答案为：(1)＞;(2)可能;(3)等于.【考点11实验测量滑轮组的机械效率】 27．(2023•南通)如图所示,在"测定滑轮组的机械效率”实验中,小明匀速向下拉动绳子,2s内物体上升20cm,G物＝10N,F＝6N,不计绳重和摩擦.(1)重物上升的速度v物＝0.1m/s;(2)动滑轮的重G动＝2N,滑轮组的机械效率η＝83.3%;(3)小明想更省力,他只改变了滑轮组的绕线方法,滑轮组的机械效率将不变.【答案】(1)0.1;(2)2;83.3;(3)不变.【分析】(1)根据速度公式求出重物上升的速度;(2)根据滑轮组装置确定绳子股数,不计绳重和摩擦,利用F＝(G+G动)求出动滑轮的重力;根据η＝＝＝＝求出该滑轮组的机械效率;(3)不计摩擦及绳重,额定功的来源是克服动滑轮重做的功,根据有用功、额外功、总功的定义和η＝分析机械效率的变化.【解答】解：(1)2s内物体上升20cm,则物体上升的速度为：v物＝＝＝0.1m/s;(2)由图可知,n＝2,不计绳重和摩擦,根据F＝(G+G动)可知,动滑轮的重力为：G动＝nF﹣G＝2×6N﹣10N＝2N;该滑轮组的机械效率为：η＝＝＝＝＝×100%≈83.3%;(3)不计摩擦及绳重,额定功的来源是克服动滑轮重力做的功,改变图中滑轮组的绕线方法,提起同一重物时,有用功W有＝Gh,额外功W额＝G动h,总功W总＝Gh+G动h,根据η＝＝＝＝可知,滑轮组的机械效率不变.故答案为：(1)0.1;(2)2;83.3;(3)不变.28．(2023秋•无为市校级月考)小海同学做"测量滑轮组机械效率”的实验,如图所示,用同一滑轮组缓慢提升不同数量的钩码,记录数据如表所示.实验次数钩码的重力/N钩码提升高度/m拉力/F绳端移动的距离/m机械效率120.10.90.374%260.1①0.380%(1)表格中处的数值是①2.5.(2)小海在实验过程中,应当在竖直方向上匀速缓慢拉动弹簧测力计,才能准确读出拉力的大小,如果静止时读出弹簧测力计的示数,则计算出的机械效率偏大(选填"偏大”、"偏小”或"不变”).(3)小海发现绳端移动的距离始终与钩码提升高度有固定的倍数关系,于是他认为钩码数量一定时,无论将钩码提升多高,都不影响该滑轮组的机械效率.小芳则认为：钩码提升的高度不同,有用功就不同,机械效率就变化了,你认为小海的看法是正确.(选填"小海”或"小芳”)【答案】(1)2.5;(2)偏大;(3)小海.【分析】(1)根据W＝Gh算出第二次的有用功,由η＝×100%算出总功,由W＝Fs算出拉力F;(2)在测力计静止时,不会克服轮与轴、绳与轮之间的摩擦做功;(4)根据η＝＝＝分析解答.【解答】解：(1)第二次的有用功为：W有用＝Gh＝6N×0.1m＝0.6J,由η＝×100%得总功为：W总＝＝＝0.75J,由W＝Fs得拉力F为：F＝＝＝2.5N;(2)在弹簧测力计静止时读出了数据,由于不会克服轮与轴、绳与轮之间的摩擦做功,所以机械效率应该偏大;(3)因η＝＝＝知机械效率与高度无关,故小海的正确.故答案为：(1)2.5;(2)偏大;(3)小海.【考点12滑轮(组)的机械效率】 29．(2023春•运城期末)建筑工地上常用的吊装工具如图所示,M为重5000N的配重,杠杆AB的支点为O,已知OA：OB＝1：2,滑轮下面挂有建筑材料P,每个滑轮重为60N,工人重为600N,杠杆与绳的自重、滑轮组摩擦均不计.下列说法正确的是()A．建筑材料P的上升速度为绳自由移动速度的 B．当工人拉绳的力为300N时,建筑材料P重为840N C．当工人拉绳的力为300N时,M对地面的压力为4100N D．当建筑材料的重为1140N时,滑轮组的机械效率最大为95%【答案】D【分析】(1)根据滑轮组装置确定绳子股数,利用v绳＝nv物进行判断;(2)杠杆与绳的自重、滑轮组摩擦均不计,根据F＝(G+G动)进行判断;(3)对定滑轮进行受力分析,定滑轮受向下的重力、3段绳子向下的拉力、杠杆对定滑轮向上的拉力,从而可求出A点受到的拉力;分析A点受到的力和杠杆的平衡条件分析出B点的拉力,对M受力分析,可得地面对物体的支持力,根据力的相互性可得物体M对地面的压力;(4)根据η＝＝＝＝求出该滑轮组的机械效率.【解答】解：A、由图可知,n＝2,根据v绳＝nv物可知,v物＝v绳＝v绳,故A错误;B、若建筑材料P重为840N,杠杆与绳的自重、滑轮组摩擦均不计,根据F＝(G+G动)可知,F＝(G+G动)＝(840N+60N)＝450N≠300N,故B错误;C、由于定滑轮受向下的重力、3段绳子向下的拉力、杠杆对定滑轮向上的拉力,由力的平衡条件可得：FA＝3F+G定＝3×300N+60N＝960N;杠杆对定滑轮的拉力和定滑轮对杠杆的拉力是一对相互作用力,大小相等,即FA′＝FA＝960N;根据杠杆的平衡条件：FA′×OA＝FB×OB,且OA：OB＝1：2,所以,FB＝FA′×＝960N×＝480N;因为物体间力的作用是相互的,所以杠杆对物体M的拉力等于物体M对杠杆的拉力,即FB′＝FB＝480N;物体M受竖直向下的重力、竖直向上的支持力、竖直向上的拉力,则物体M受到的支持力为：FM支持＝GM﹣FB′＝5000N﹣480N＝4520N,因为物体间力的作用是相互的,所以物体M对地面的压力：FM压＝FM支持＝4520N,故C错误;D、滑轮组的机械效率最大为：η＝＝＝＝＝×100%＝95%,故D正确.故选：D.30．(2023秋•蒙城县月考)如图所示,利用轻质滑轮匀速拉动水平地面上重300N的A物体,使A物体在10s内向右移动了2m,若A物体受到的摩擦力大小为20N,拉力F大小为50N,则滑轮的机械效率为80%.【答案】80%.【分析】(1)A物体受到的摩擦力大小为20N,且A匀速运动,根据FA＝f得出A右侧的绳子对A的拉力,进而得出弹簧测力计的示数;根据W有用＝FAsA得出有用功(2)A物体在10s内向右移动了2m,根据s＝得出拉力F移动的距离,根据W＝Fs得出水平拉力F所做的功,(3)根据η＝得出滑轮的机械效率.【解答】解：A物体受到的摩擦力大小为20N,且A匀速运动,故A右侧的绳子对A的拉力FA＝f＝20N,则弹簧测力计的示数为20N;有用功W有用＝FAsA＝20N×2m＝40J,使A物体在10s内向右移动了2m,则拉力F移动的距离s＝＝1m,水平拉力F所做的功W总＝Fs＝50N×1m＝50J,滑轮的机械效率η＝＝＝80%.故答案为：80%.31．(2023秋•金安区校级月考)用如图所示的滑轮组提升货物,已知动滑轮重60N,货物重500N,货物在2s内上升了60cm,拉力F为300N(不计绳重).求：(1)本次活动中,需要克服绳和滑轮间的摩擦做多少功;(2)滑轮组的机械效率η.【答案】(1)本次活动中,需要克服绳和滑轮间的摩擦做的功为24J;(2)滑轮组的机械效率为83.3%.【分析】(1)根据滑轮组装置确定绳子股数,利用W有＝Gh求出有用功,W总＝Fs＝Fnh求出总功,W动＝G动h求出克服动滑轮重力做的功,不计绳重,根据W总＝W有+W动+W摩求出克服绳和滑轮间的摩擦做的功;(2)根据η＝求出滑轮组的机械效率.【解答】解：(1)由图可知,n＝2,有用功为：W有＝Gh＝500N×0.6m＝300J,总功为：W总＝Fs＝Fnh＝300N×2×0.6m＝360J,克服动滑轮重力做的功为：W动＝G动h＝60N×0.6m＝36J,不计绳重,则克服绳和滑轮间的摩擦做的功为：W摩＝W总﹣W有﹣W动＝360J﹣300J﹣36J＝24J;(2)滑轮组的机械效率为：η＝＝×100%≈83.3%.答：(1)本次活动中,需要克服绳和滑轮间的摩擦做的功为24J;(2)滑轮组的机械效率为83.3%.【考点13斜面的机械效率】 32．(2023春•和平区校级期末)(多选)如图所示,在斜面上将一个重为G的物体从斜面底端匀速拉到顶端,用时t,已知沿斜面向上的拉力F.斜面长s、斜面高h.下列说法正确的是()A．有用功为Gh B．拉力的功率为 C．斜面的机械效率为 D．物体受到的摩擦力为【答案】ABD【分析】(1)使用斜面的目的是提升重物,因此克服物体重力所做的功为有用功,即W有＝Gh;(2)利用W＝Fs可求出拉力做的功,即总功;再利用P＝计算拉力做功的功率;(3)利用机械效率的计算公式可求出斜面的效率η;(4)根据总功与有用功的差得出额外功,再根据W额＝fs,变形后可求摩擦力f.【解答】解：A、使用斜面的目的是提升重物,因此克服物体重力所做的功为有用功,即W有＝Gh,故A正确;B、由题意可知,拉力为F,斜面长为s,故拉力所做的功为：W总＝Fs,则拉力的功率为：P＝＝,故B正确;C、斜面的机械效率为：η＝＝,故C错误;D、由题意可知,所做的额外功为：W额＝W总﹣W有＝Fs﹣Gh,克服斜面摩擦力所做的功为额外功,即：W额＝fs,则物体受到斜面的摩擦力为：f＝＝,故D正确.故选：ABD.33．(2023春•临潼区期末)如图所示,工人师傅用平行于斜面的推拉力,将质量为80kg的物体从斜面底端匀速拉上斜面,物体移动的距离为10m,上升的高度为3m,在此过程斜面的机械效率是80%,则在斜面上匀速运动过程中推力做的功为3000J,物体所受摩擦力为60N.若斜面倾斜程度不变,只将斜面长度改为15m,仍以同样的方式将此木箱匀速推到斜面顶端,此时斜面的机械效率将不变.(选填"增大”"不变”或"减小”)(g＝10N/kg)【答案】3000;60;不变.【分析】(1)根据W有＝Gh＝mgh求出有用功,利用η＝求出总功,即推力做的功;(2)摩擦力所做的功为额外功,根据W额＝W总﹣W有求出额外功,利用W＝fL求出摩擦力;(3)斜面的效率与斜面的倾斜角度有关,倾斜角度不变,斜面的机械效率不变.【解答】解：将质量为80kg的物体从斜面底端匀速拉上斜面,工人师傅做的有用功为：W有＝Gh＝mgh＝80kg×10N/kg×3m＝2400J,根据η＝可知,在斜面上匀速运动过程中推做的功为：W总＝＝＝3000J;摩擦力所做的功为额外功,根据W额＝W总﹣W有可知,额外功为：W额＝W总﹣W有＝3000J﹣2400J＝600J,则摩擦力为：f＝＝＝60N;斜面的机械效率与斜面的倾斜角度有关,若斜面倾斜程度不变,以同样的方式将此木箱匀速拉到斜面顶端,此时斜面的机械效率不变.故答案为：3000;60;不变.34．(2023春•呼和浩特期末)斜面是一种简单机械,在我国战国时期,墨子所作的《墨经》一书中就记载了利用斜面来提升重物的方法.在日常生活中经常会使用斜面,例如卡车装载大型货物时,常会在车尾斜搭一块木板,工人将货物沿木板推入车厢,如图甲.将这一情景简化为图乙,斜面长s＝5m,高h＝2m.用平行于斜面F＝500N的推力,将重力为1000N的物体,由斜面的底端匀速推到顶端,所用时间t＝10s.求：(1)推力做功的功率;(2)该斜面的机械效率;(3)物体受到斜面的摩擦力大小.【答案】(1)推力做功的功率为250W;(2)该斜面的机械效率为80%;(3)物体受到斜面的摩擦力大小为100N.【分析】(1)根据W总＝Fs求出推力做的总功,利用P＝求出推力做功的功率;(2)根据W有＝Gh求出有用功,利用η＝求出斜面的机械效率;(3)根据W总＝W有+W额求出额外功,利用f＝求出物体受到斜面的摩擦力.【解答】解：(1)推力做的总功为：W总＝Fs＝500N×5m＝2500J,推力做功的功率为：P＝＝＝250W;(2)推力做的有用功为：W有＝Gh＝1000N×2m＝2000J,则斜面的机械效率为：η＝＝×100%＝80%;(3)根据W总＝W有+W额可知,额外功为：W额＝W总﹣W有＝2500J﹣2000J＝500J,则物体受到斜面的摩擦力为：f＝＝＝100N.答：(1)推力做功的功率为250W;(2)该斜面的机械效率为80%;(3)物体受到斜面的摩擦力大小为100N.【考点14分子间的作用力】 35．(2022秋•绵阳期末)向配有活塞的厚玻璃筒注入一些水,用力压活塞,发现水的体积没有明显变小,这是由于水分子之间()A．有间隙 B．没有间隙 C．存在引力 D．存在斥力【答案】D【分析】分子间存在着引力和斥力.【解答】解：用力压活塞,把分子的距离变小了,分子会表现出斥力,故水的体积没有明显变小.故选：D.36．(2023春•安阳期末)饺子是中国的传统美食.包饺子时,用力捏面皮,面皮会粘在一起,说明分子间存在引力;煮饺子时,可以闻到饺子扑鼻的香气,感受到家的"味道",这是由于分子在不停地做无规则运动.【答案】引力;无规则运动.【分析】(1)构成物质的分子间存在引和斥力.(2)构成物质的分子总在不停地做无规则运动.【解答】解：包饺子时,用力捏面皮,面皮会粘在一起,说明分子间存在引力;煮饺子时,可以闻到饺子扑鼻的香气,感受到家的"味道",这是由于分子在不停地做无规则运动.故答案为：引力;无规则运动.【考点15分子动理论的基本观点】 37．(2023春•肥西县期末)关于分子动理论初步知识,下列认识中正确的是()A．温度越低,分子运动的越剧烈 B．0℃的冰块分子不会停止运动 C．吸盘能牢牢吸在玻璃上,说明分子间存在引力 D．尘土飞扬,说明分子在不停地运动【答案】B【分析】物质是由分子组成的,分子在永不停息地做无规则运动,分子无规则运动与温度有关,温度越高,分子无规则运动速度越快;分子间存在间隙,分子间存在相互的作用力.【解答】解：A、组成物质的分子在永不停息地做无规则运动,温度越高,分子的热运动越剧烈,故A错误;B、分子在永不停息地做无规则运动,0℃的冰分子也在运动,故B正确;C、吸盘能牢牢吸在玻璃上,是因为大气压强,不能说明分子间存在引力,故C错误;D、尘土飞扬属于宏观物体的运动,是机械运动,不属于分子运动,故D错误.故选：B.38．(2023春•南京期末)取两块表面磨平、干净的铅柱,使它们紧密接触并压紧后,居然可以在它们下面吊起一盏台灯而不分开,说明分子之间存在引力;往盛有一半水的长玻璃管中注满酒精,封闭管口,反复翻转几次,发现水和酒精的总体积减小,说明分子之间存在空隙;如图将两个分别装有空气和红棕色二氧化氮气体(ρ二氧化氮＞ρ空气)的玻璃瓶口对口对接,中间用玻璃板隔开,抽开隔板后,两瓶中气体都变成红棕色,此现象说明分子处在不停地做无规则运动的状态;对于玻璃瓶的三种放置方法(如图所示),你认为乙图放置最不合理.【答案】引力;空隙;不停地做无规则运动的状态;乙.【分析】(1)一切分子都在不停地做无规则运动;(2)分子之间存在着相互作用的引力和斥力.【解答】解：(1)铅块紧密接触压紧后,不会分开,说明分子间存在引力;(2)水和酒精混合体积减小,说明分子之间存在空隙;(3)一瓶子空气与一瓶子二氧化氮,最终两瓶子都变成红棕色,说明分子一直在不停地做无规则运动;(4)二氧化氮密度大于空气密度,因此乙最不合适,因为若用乙图装置来实验,二氧化氮就会因为密度大而下沉,因此无法证明分子热运动;故答案为：引力;空隙;不停地做无规则运动的状态;乙.【考点16温度、热量与内能的关系】 39．(2022秋•南召县期末)关于温度、热量和内能,下列说法中正确的是()A．物体内能增加时,温度一定升高 B．物体温度不变时,物体的内能就一定不变 C．物体的温度越高,所含热量越多 D．内能小的物体也可能将热量传给内能大的物体【答案】D【分析】(1)晶体熔化过程,吸热内能增加,但温度不变;(2)热量是一个过程量,不能说物体含有多少热量;(3)发出热传递的条件是存在温度差;【解答】解：A、晶体熔化过程,吸热内能增加,但温度不变,故A错误;B、晶体熔化过程,温度不变,但吸热,内能增加,故B错误;C、热量是一个过程量,不能说物体含有多少热量,故C错误;D、内能小的物体温度可能比内能大的物体的温度高,所以他们之间也可能发生热传递,故D正确;故选：D.40．(2022秋•鄯善县校级期中)下列说法中正确的是()A．温度高的物体内能大 B．夏天,教室地面洒水感到凉快,是因为水的比热容大 C．物体在熔化时内能增大 D．液体沸腾时需要持续加热,所以温度逐渐升高【答案】C【分析】(1)一切物体都具有内能,内能的大小跟质量、温度、状态有关;(2)六种物态变化过程中,都伴随着吸热或放热;其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华;吸热的有：熔化、汽化、升华;(3)物体熔化时,吸收热量,内能增大;(4)液体沸腾时,不断吸收热量,温度保持不变.【解答】解：A、在状态、质量不确定的情况下,温度高的物体内能不一定大,故A错误;B、教室的地面上洒水感到凉快是因为水汽化吸热,故B错误;C、物体在熔化时,会不断吸收热量,内能增大,故C正确;D、液体沸腾时,液体要不断吸收热量,但是液体的温度保持不变,故D错误.故选：C.【考点17热传递的概念与方式】 41．(2022秋•永安市期中)质量和初温都相等的铜块和铝块(c铝＞c铜),吸收相同的热量后,将它们相互接触()A．热量从铝块传到铜块 B．热量从铜块传到铝块 C．温度从铜块传给铝块 D．铜块和铝块间不发生热传递【答案】B【分析】发生热传递的条件是两物体间要有温度差.【解答】解：质量和初温都相等的铜块和铝块吸收相同的热量后,因为c铝＞c铜,所以铝上升的温度比铜少,故铜的末温大于铝,故热量从铜传向铝.故选：B.42．(2022秋•江油市月考)将装有热奶的奶瓶放入水中冷却,如图甲所示：根据测得的数据,作出热奶和水的温度随时间的变化图象,如图乙所示.根据图象回答下列问题：(1)表示热奶的温度随时间变化的曲线是图乙中A(选填"A”或"B”).(2)水的初温是20℃,热奶的末温是40℃.(3)热奶和水会发生热传递,是因为它们具有不同的温度.这个过程中热奶的内能减小.【答案】(1)A;(2)20;40;(3)温度;减小.【分析】(1)由图象可知：A的温度在降低,B的温度在上升,到40℃时温度不再变化.(2)发生热传递的条件是有温差.【解答】解：将装有热奶的奶瓶放入水中冷却,它们之间会发生热传递,如图甲所示,A的温度有高到低,B的温度有低到高,故A表示热奶;(2)从图中可知,水的初温是20℃,因为A曲线表示热奶的温度,A的末温是40℃,故热奶的末温是40℃;(3)发生热传递的条件是要有温度差,热奶和水会发生热传递,是因为它们具有不同的温度,热奶温度降低后,质量、状态不变,故内能变小.故答案是：(1)A;(2)20;40;(3)温度;减小.【考点18热传递改变物体内能】 43．(2021秋•哈巴河县校级期中)下列事例中,主要利用热传递的方式来改变物体内能的是()A．钻木取火 B．锯木材锯子发烫 C．煤炉烧水 D．搓手取暖【答案】C【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递,热传递过程是能量的转移过程,而做功过程是能量的转化过程.【解答】解：A、钻木取火是摩擦生热,机械能转化为内能,属于做功改变物体内能,故A不符合题意;B、在锯木材时,锯子的温度会升高,是摩擦生热,机械能转化为内能,属于做功改变物体的内能,故B不符合题意;C、用煤炉烧水时,水从火焰吸收热量温度升高,属于热传递改变物体的内能,故C符合题意;D、搓手取暖时,双手相互摩擦做功,机械能转化为手的内能,是通过做功的方式改变物体的内能,故D不符合题意.故选：C.44．(2023•甘南县一模)在抗击新冠肺炎疫情表彰大会上,习总书记说："全国人民都为热干面加油!”热干面是武汉市民"舌尖上的美食”,端上一碗热干面,香味扑鼻而来,这表明一切物质的分子都在不停地无规则运动,端碗时很烫手,这是通过热传递的方式增加了手的内能.【答案】不停地无规则运动;热传递.【分析】(1)不同的物质相互接触时,彼此进入对方的现象,叫扩散,扩散现象说明：分子在不停地做无规则运动;(2)改变物体内能的方式有热传递和做功.【解答】解：(1)端上一碗热干面,香味扑鼻而来,能闻到香味,说明分子在不停做无规则运动,故香味扑鼻而来,是由于分子的无规则运动造成的;(2)端碗时很烫手,手从碗上吸收热量,是通过热传递方式增加了手的内能.故答案为：不停地无规则运动;热传递.【考点19做功改变物体内能】 45．(2022秋•绵阳期末)如图所示,用塞子塞紧瓶口,再用打气筒向瓶内打气,当瓶内气压达到足够大时,塞子从瓶口冲出.下列关于瓶内气体的说法,正确的是()A．向瓶内打气,外界对气体做功,气体内能减少 B．向瓶内打气,气体对外界做功,气体内能增加 C．塞子从瓶口冲出,外界对气体做功,气体内能不变 D．塞子从瓶口冲出,气体对外界做功,气体内能减少【答案】D【分析】物体对外做功,物体的内能减少;外界对物体做功,物体的内能增加.【解答】解：向瓶内打气时,外界对瓶内气体做功,瓶内气体的内能增加,气体的压强增大,增大到一定程度,塞子从瓶口冲出,此时气体对塞子做功(即对外界做功),气体的内能转化为塞子的机械能,气体的内能减少,故ABC错误,D正确.故选：D.46．(2023•漳州模拟)如图甲,小明在吹气球时,被吹大了的气球没能用手握住,呼啸着飞了出去,若他及时捡拾起气球,将会感觉到它喷气的嘴部温度和原来相比变低(选填"变高”、"变低”或"没有变化”),发生的能量转化与图丙所示冲程是一致的(选填"乙”"丙”).【答案】见试题解答内容【分析】(1)对物体做功时,物体的内能会增大,物体对外做功时,内能会减小;(2)汽油机的压缩冲程中,机械能转化成内能,做功冲程中内能转化为机械能.【解答】解：(1)气球内的气体向外喷出,气体对外做功,内能转化为球的机械能,所以球内气体的温度降低.(2)如图丙,进气门和排气门都关闭,高温高压的燃气推动活塞做功,因此是做功冲程,也是内能转化为机械能,即与丙图中的能量转化相同.故答案为：变低;丙.【考点20比热容的概念及其计算】 47．(2023•锦江区校级模拟)甲、乙两物体质量都为1kg,丙物体质量为2kg,三个物体温度都升高1℃,吸收热量如图所示,以下说法正确的是()A．甲、乙温度都降低1℃,甲比乙放出的热量少 B．乙的比热容比丙小 C．丙的比热容为2×103J/(kg•℃) D．3kg的丙物质温度升高2℃,需吸收6000J的热量【答案】D【分析】根据图示计算出甲、乙丙的比热容,再判断各选项的对错.【解答】解：甲、乙两物体质量都为1kg,温度上升1℃,甲吸收的热量为3000J,乙吸收热量为2000J,故甲的比热容为3×103J/(kg•℃),乙的比热容为2×103J/(kg•℃),丙物体质量为2kg,温度上升1℃,丙吸收的热量为2000J,故丙的比热容为1×103J/(kg•℃),A、因为甲的比热容大于乙,故甲、乙温度都降低1℃,甲比乙放出的热量多,故A错误;B、乙的比热容比丙大,故B错误;C、丙的比热容为1×103J/(kg•℃),故C错误;D、丙的比热容为1×103J/(kg•℃),故3kg的丙物质温度升高2℃,需吸收6000J的热量,故D正确.故选：D.48．(2023•鼓楼区二模)教育部已将家庭清洁、烹饪等纳入学段目标.小明在妈妈的指导下进入厨房实践,他发现：(1)将菜刀磨得锋利是通过减小受力面积来增大压强;(2)铁锅加热后升温很快,主要是因为铁的比热容小.(3)将碗筷放入消毒柜消毒,是利用紫外线杀菌消毒.【答案】(1)减小受力面积;(2)比热容;(3)紫.【分析】(1)增大压强的方法：减小受力面积或者增大压力.(2)质量相同时,比容小的物质吸热后升温较快.(3)紫外线可以消菌杀毒.【解答】解：(1)将菜刀磨得锋利是通过减小受力面积来增大压强;(2)铁锅加热后升温很快,主要是因为铁的比热容小;(3)将碗筷放入消毒柜消毒,是利用紫外线来杀菌消毒.故答案为：(1)减小受力面积;(2)比热容;(3)紫.【考点21比热容解释简单的自然现象】 49．(2023•浠水县模拟)如图所示,是A、B两个城市日气温变化曲线,且两城市面积、纬度等地理情况基本相同,通过对图象分析,下列所得结论正确的是()A．图中A城市日气温变化较小 B．图中B城市的水域面积大于A城市 C．图中A城市人居住比较舒适 D．图中B城市人容易患感冒【答案】B【分析】沿海地区和内陆地区相比,沿海地区水多,水的比热容较大,白天,在相同的吸热条件下,水的温度升高的少;夜晚,在相同的放热条件下,水降低的温度少,昼夜温差小;而在内陆地区,沙石的比热容较小,白天,在相同的吸热条件下,沙石的温度升高的多;夜晚,在相同的放热条件下,沙石降低的温度多,昼夜温差大;根据气温变化曲线提供的信息进行判断.【解答】解：A、据图象可知,B城市中温差变化比较小,故该选项错误;B、据水的比热容较大大的特点可知,B城市中温差变化比较小,即水域面积大,故正确;C、B城市中温差变化比较小,B城市人居住比较舒适,故错误;D、B城市中温差变化比较小,B城市人不易感冒,故错误;故选：B.50．(2023•乐陵市模拟)生活处处有物理.以汽车为例：发动机采用以水为主要成分的冷却液来降温,这是因为水的比热容较大;有些小汽车的尾部设计有"导流板”(形状是上平下凸,如图所示),高速行驶时,气流对导流板上表面的压强大于对导流板下表面的压强(选填"大于”、"等于”或"小于”),从而使汽车的行驶更加平稳.【答案】见试