2024年江西中考物理终极押题密卷2含答案

2024年江西中考物理终极押题密卷2一．填空题（共8小题）1．赣南脐橙果大形正、橙红鲜艳、果汁丰富，是赣州市的特产。切脐橙皮时常用的开橙器（如图）的刃片较锋利，是为了压强；脐橙皮被切开后会闻到浓浓的香味，这是一种现象。2．物理小组的同学将两台相同的手摇发电机A、B用导线连接起来。如图所示，当用力摇动手摇发电机A的手柄时，发现B的手柄也随着转动起来。在此过程中，将机械能转化为电能的装置是（选填“A”或“B”）；B的工作原理是。3．如图所示是一款可以接打电话听音乐测血压的智能手表，该智能手表通过传输信号；其屏幕在阳光下有些“刺眼”，是因为太阳光在屏幕表面发生了（选填“漫”或者“镜面”）反射。4．通过学习物理，我们要学会“见物识理”。书包背带做得宽大是为了减小；拍打衣服，附在衣服上的灰尘就会掉落，这是由于灰尘具有。5．如图所示秒表的分针圈中的分度值为s，秒表此时的示数为s。长方体A的长度为cm，温度计的示数为℃。6．内燃机汽车发动机的冲程将内能转化为机械能，使汽车获得前进的动力。随着环保意识的增强，电动汽车逐渐成为人们的首要选择。给电动汽车的蓄电池充电时，蓄电池相当于（选填“用电器”或“电源”）。7．如图所示，在室温为10℃的房间内有一块冰漂浮在装有水的盆中（不考虑汽化和升华），一段时间后发现冰块变小了，在这段时间内，冰的浮力会（选填“变大”、“变小”或“不变”），水对盆底的压强会（选填“增大”、“减小”或“不变”）。8．如图所示，是小明在显微镜下观察到的洋葱表皮细胞。显微镜的目镜是一个镜，装有洋葱表皮的玻片到显微镜物镜的距离u与其焦距f之间的关系是。二．选择题（共4小题）9．中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是（）A．“欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是凝华现象，需要放热 B．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热 C．“月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝固现象，需要吸热 D．“一蓑烟雨任平生”，雨的形成是汽化现象，需要吸热10．在一支平底试管内装入适量铁砂，然后将其先后放入装有甲、乙两种不同液体的烧杯中，试管静止时的状态如图所示，则下列说法正确的是（）A．试管在甲液体中受到的浮力较大 B．试管在乙液体中受到的浮力较大 C．装有甲液体的烧杯底部所受压强较大 D．装有乙液体的烧杯底部所受压强较大11．如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，忽略灯丝电阻变化，在保证各元件安全的条件下，滑动变阻器的滑片从最右端向左移动的过程中，下列判断正确的是（）A．电压表V示数变小，灯的亮度变亮 B．电流表A1示数变大，电流表A2示数不变 C．两个电流表示数都变大 D．电压表V示数与电流表A2示数的比值变大12．如图所示，学校音乐节上，一位古琴爱好者正在演奏名曲《高山流水》。下列有关说法不正确的是（）A．琴声是由琴弦振动产生的 B．琴声通过空气传播到现场观众的耳朵 C．用大小相同的力拨动不同的琴弦，发出琴声的音调不同 D．琴声的响度越大，它在空气中传播的速度越大三．多选题（共2小题）（多选）13．图像法是利用图像这种特殊且形象的工具，表达各科学量之间存在的内在关系或规律的方法。下列关于图像的解释，正确的是（）A．甲图是某物体的熔化图像，其中BC两点内能不相等 B．乙图是电阻和通电时间一定时，电热Q与电流I的关系图 C．丙图说明，当电阻一定时，电压与电流成正比 D．丁图是灯丝电阻的U﹣I图像，说明灯丝电阻随温度的升高而增大（多选）14．如图所示的滑轮组，用F＝60N的拉力，拉动水平地面上重为400N的物体，使物体匀速前进了2m；物体和地面之间的摩擦力为90N，在此过程中，下列说法不正确的是（）A．拉力做的功是360J B．绳子自由端移动的距离是2m C．滑轮组的机械效率是75% D．A点受到的拉力为400N四．计算题（共3小题）15．周末，小明想要去参观滕王阁，他在手机上预先查看了路线，总路程约为3.9km。其它相关数据如图所示，请进行相关计算。（1）乘坐26路公交车的时间是多少？（2）小明的步行速度是1m/s，求小明步行的总路程。（3）求公交车的平均车速是多少km/h？（结果保留两位小数）16．如图所示是科学家新开发的一种便携式汽车WalkCar，小亮仔细阅读了此车的说明书，主要参数如表所示；求：（g取10N/kg）（1）小亮的质量为50kg，其重力是多少；（2）当他站立在WalkCar上静止时，WalkCar对水平地面的压强；质量2kg地面接触总面积1×10﹣3m2最高车速18km/h（3）若小亮站在WalkCar上以最高车速在水平路面上匀速前行30s，所受阻力为总重力的0.2倍，此过程中牵引力做的功？17．如图甲所示是某自动温控电热水器的电路原理图，其中控制电路电压U1＝6V，R0为热敏电阻，用来感知水箱中的水温，其阻值随温度变化的关系如图乙所示，R′为可调电阻，用来设定水箱中的最高水温；工作电路电压U2＝220V，R1、R2为纯电热丝，均置于水箱中，加热时的功率P热＝2200W，保温时的功率P温＝110W，加热效率η＝80%；已知电磁铁线圈电阻R线圈＝10Ω，当通过电磁铁电流达到20mA时，衔铁会被吸下来。【水箱中最低温度0℃，水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃）】求：（1）加热状态下，将2.2L、20℃的水加热到80℃需要的时间；（2）电热丝R1和R2的阻值；（3）如果将水箱中的最高水温设为50℃，R'应调至的阻值。五．实验探究题（共4小题）18．在“探究感应电流产生条件”实验中，小明将导体ab、开关、灵敏电流计和蹄形磁体按图甲所示的方式进行安装。（1）实验中，通过观察来判断电路中是否产生了感应电流。（2）实验中导体ab、开关和灵敏电流计的连接方式为。（3）小明刚安装好实验器材，就立即观察灵敏电流计，发现指针没有发生偏转，出现这个现象的可能原因是。（4）小明解决了（3）中的问题后，又进行了如下操作，其中能够产生感应电流的是（多选，填字母序号）。A.只让导体ab在水平方向左右运动B.只让导体ab在竖直方向上下运动C.只让蹄形磁体在水平方向左右运动D.只让蹄形磁体在竖直方向上下运动（5）小明得到的实验结论是闭合电路的一部分导体在磁场中做运动时，电路中会产生感应电流。（6）小明想探究电动机的工作原理，应对图甲中的实验装置做怎样的调整？。（7）小强将两个灵敏电流计（主要部件是永久磁铁和带有指针的线圈）G1和G2用导线连接起来，如图乙所示。当拨动G1的指针时，观察到G2的指针也会随之摆动，下列说法正确的是（多选，填字母序号）。A.G1利用了电流的磁效应B.G1利用电磁感应产生了电流C.G2的指针摆动幅度一定大于G1D.G2利用了磁场对通电导体的作用19．如图是小明同学在课外科技创新活动中制作的演示课本焦耳定律的替代实验装置。图中3个空烧瓶的瓶口向下，固定在竖直的木板上，瓶口用橡皮塞塞紧，3根两端开口的L形的玻璃短管穿过橡皮塞与瓶内相通，每根玻璃管中各有一段相同长度的红色水柱，实验前3条红色水柱在同一高度，每个瓶中各有一根电阻丝，每根电阻丝跟通过橡皮塞的引线与外面的电路连接（1、2、3、4、5、6为电路中的金属连接触点），瓶子不漏气。请回答下列问题：（1）此实验是通过观察玻璃管中红水柱上升的高度来判断电阻丝产生热量多少的。下面几个研究实例中，采用了相同研究方法的是（填序号）①“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时，保持压力不变，改变受力面积②研究声音的产生时，将发声的音叉与水面接触，水花四溅表明音叉在振动③利用光线表示光传播的径迹和方向④“探究物体的动能与速度的关系”时，让同一钢球从斜面的不同高度由静止滚下（2）小明所在的实验小组分别将1、2触点和4、5触点连接起来，闭合开关S，①与②瓶中的两段电阻丝是联的，通电20s后断开开关。本次实验是来研究电流产生的热量与的关系。20．春节逛商场时，妙妙爸爸买了个金手镯做新年礼物送给了妙妙妈妈。妈妈对妙妙说：你能不能用学过的密度知识帮妈妈鉴别一下金手镯是不是纯金的？【设计实验并进行实验】实验原理：。实验器材：天平（感量为0.2g）、量筒（最小分度值为1mL）、小烧杯、溢水杯、水、细线。（1）妙妙同学用调节好的天平测出手镯的质量，记为m。（2）测量手镯的体积时，由于手镯放不进量筒中，为测出手镯的体积，妙妙同学和小关同学在设计实验时出现了分歧，两人按不同的思路进行实验。妙妙的操作步骤：①妙妙同学用天平测出空小烧杯的质量，记为m0；②再把手镯放入盛满水的溢水杯中，溢出的水流进小烧杯里，如图甲、乙所示；③然后用天平测出小烧杯和水的总质量，记m1；④计算出金手镯的体积。小关的操作步骤：①小关同学把手镯放入盛满水的溢水杯中，溢出的水流进小烧杯里；②再用量筒测出小烧杯里的水的体积，记为V。【分析论证】妙妙测出手镯的体积V手镯＝，手镯的密度ρ手镯＝。（水的密度用ρ水表示）【评估】（1）小关同学测出的密度值会偏（选填“大”或“小”），原因是。（2）两个同学测出了密度值，从实验误差分析可知，误差更小的是同学的方法，理由是。21．【探究名称】探究电流与电压的关系。【问题】电压是形成电流的原因，小明由此猜想：通过导体的电流可能随着导体两端的电压增大而增大。为了探究电流与电压的关系，小明进行了如下实验：【证据】（1）如图甲是小明连接好的电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最（选填“左”或“右”）端；（2）小明正准备闭合开关时，旁边的小兰急忙告诉他，电路连接有错，需要改接一根导线。请你在图甲中把小明接错的那根导线找出来，并打上“×”，再用笔画线代替导线正确连接；（3）正确连接电路后，闭合开关，改变滑片位置，记录实验数据如下表，第3次实验时，电流表示数如图乙所示，请将数据填写在表格中。实验次数123456电压U/V0.51.01.52.02.53.0电流I/A0.100.200.400.500.60【解释】（1）分析表格中的数据可得出结论：电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成；（2）实验中，调节滑动变阻器滑片P的目的是；【拓展】小华利用小明所用实验器材及阻值分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω的定值电阻探究电流与电阻的关系，小华根据测得的实验数据绘制了电流I随电阻R变化的图像，如图丙所示，则定值电阻两端的电压为V，滑动变阻器的最大阻值至少是Ω。

2024年菁优江西中考物理终极押题密卷2参考答案与试题解析一．填空题（共8小题）1．赣南脐橙果大形正、橙红鲜艳、果汁丰富，是赣州市的特产。切脐橙皮时常用的开橙器（如图）的刃片较锋利，是为了增大压强；脐橙皮被切开后会闻到浓浓的香味，这是一种扩散现象。【考点】扩散现象；增大和减小压强的方法和应用．【专题】应用题；分子热运动、内能；压强、液体的压强；应用能力．【答案】增大；扩散。【分析】（1）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积；（2）不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。【解答】解：切脐橙皮时常用的开橙器（如图）的刃片较锋利，这是在压力一定时，减小受力面积增大压强；脐橙皮被切开后会闻到浓浓的香味，这是香味分子扩散到空气中的结果，属于扩散现象。故答案为：增大；扩散。【点评】本题考查了增大和减小压强的方法和扩散现象，属于基础知识考查。2．物理小组的同学将两台相同的手摇发电机A、B用导线连接起来。如图所示，当用力摇动手摇发电机A的手柄时，发现B的手柄也随着转动起来。在此过程中，将机械能转化为电能的装置是A（选填“A”或“B”）；B的工作原理是通电导线在磁场中受力的作用。【考点】发电机的构造和原理；直流电动机的原理．【专题】应用题；电动机、磁生电；应用能力．【答案】A；通电导线在磁场中受力的作用。【分析】（1）发电机是利用电磁感应现象的原理制成的，该过程中消耗机械能，产生电能；（2）电动机是了利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，该过程消耗电能，产生机械能。【解答】解：据课本可知，手摇发电机A工作时，能产生电流，其工作原理是电磁感应现象，其主要构件是线圈和磁体，产生感应电流的过程中，机械能转化为电能；B的手柄随之转动与电动机的工作原理相同，是通电导线在磁场中受力的作用。故答案为：A；通电导线在磁场中受力的作用。【点评】此题考查了电磁感应现象和通电导体在磁场中受力运动，是一道基础题目。3．如图所示是一款可以接打电话听音乐测血压的智能手表，该智能手表通过电磁波传输信号；其屏幕在阳光下有些“刺眼”，是因为太阳光在屏幕表面发生了镜面（选填“漫”或者“镜面”）反射。【考点】电磁波的传播与应用；镜面反射．【专题】其他综合题；应用能力．【答案】电磁波；镜面。【分析】电磁波可以传递信息；反射分为镜面反射和漫反射两种。【解答】解：智能手表通过电磁波传输信号；其屏幕非常平滑，在阳光下有些“刺眼”，是因为太阳光在屏幕表面发生了镜面反射。故答案为：电磁波；镜面。【点评】本题考查的是电磁波的特点及应用；知道镜面反射和漫反射。4．通过学习物理，我们要学会“见物识理”。书包背带做得宽大是为了减小压强；拍打衣服，附在衣服上的灰尘就会掉落，这是由于灰尘具有惯性。【考点】增大和减小压强的方法和应用；惯性与惯性现象．【专题】运动和力；压强、液体的压强；应用能力．【答案】压强；惯性。【分析】（1）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强；（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。【解答】解：（1）书包的背带做得宽大，是在压力一定时，增大受力面积减小压强；（2）拍打衣服时，衣服与灰尘开始时都静止，拍打后，衣服突然运动，而灰尘由于具有惯性仍保持原来的运动状态，所以会从衣服上脱落。故答案为：压强；惯性。【点评】本题考查了减小压强的方法和惯性，属于基础题。5．如图所示秒表的分针圈中的分度值为30s，秒表此时的示数为69.5s。长方体A的长度为3.00cm，温度计的示数为﹣6℃。【考点】温度计的使用及其读数；用刻度尺测量长度；时间的测量．【专题】基本仪器的使用专题；实验基本能力．【答案】故答案为：30；69.5；3.00；﹣6。【分析】知道机械秒表读数方法；刻度尺读数时要估测到分度值的后一位；对于温度计读数时要看清零刻度线。【解答】解：秒表中短针为分针，长针为秒针，秒表的示数＝分针对应的示数+秒针对应的示数；刻度尺的读数由准确值加上估测值；温度计先判断是零刻度线以上还是零刻度线以下。故答案为：30；69.5；3.00；﹣6。【点评】本题主要考查学生对测量工具的读数，特别对于刻度尺一定要估测，是一道基础性题目。6．内燃机汽车发动机的做功冲程将内能转化为机械能，使汽车获得前进的动力。随着环保意识的增强，电动汽车逐渐成为人们的首要选择。给电动汽车的蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器（选填“用电器”或“电源”）。【考点】电路的组成；四冲程内燃机的工作过程．【专题】社会热点综合题；理解能力．【答案】做功；用电器。【分析】（1）四冲程内燃机工作时，只有在做功冲程中将燃料燃烧产生的内能转化为机械能，为内燃机工作提供动力，其它三个冲程都是依靠飞轮的惯性来完成的。（2）给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器。【解答】解：内燃机工作时只有压缩冲程和做功冲程有能量转化，其中压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能，为汽车提供动力。给蓄电池充电，将电能转化为化学能，此时蓄电池消耗电能，所以相当于用电器。故答案为：做功；用电器。【点评】本题考查了四个冲程汽油机的能量转化、蓄电池充电时的能量转化，是中考的热点内容，难度不大。7．如图所示，在室温为10℃的房间内有一块冰漂浮在装有水的盆中（不考虑汽化和升华），一段时间后发现冰块变小了，在这段时间内，冰的浮力会变小（选填“变大”、“变小”或“不变”），水对盆底的压强会不变（选填“增大”、“减小”或“不变”）。【考点】物体的浮沉条件及其应用；液体压强的概念和特点．【专题】压强、液体的压强；浮力．【答案】变小；不变。【分析】冰熔化成水时质量不变，再结合漂浮条件分析得出冰块变小时冰块所受的浮力；根据阿基米德原理和漂浮条件确定出水面的变化，再根据p＝ρgh判断出水对盆底的压强。【解答】解：因为冰化成水的质量不变，冰块漂浮时，则：F浮＝G排＝G冰，一段时间后发现冰块变小了，冰化成水，冰质量减小，重力减小，在这段时间内，冰的浮力会变小；由阿基米德原理可知：F浮＝G排＝ρ水gV排＝G水，冰化成水的体积等于冰排开水的体积，水面深度不变，根据p＝ρgh可知，水对盆底的压强不变。故答案为：变小；不变。【点评】本题主要考查漂浮条件、阿基米德原理及压强公式的应用，有一定难度。8．如图所示，是小明在显微镜下观察到的洋葱表皮细胞。显微镜的目镜是一个凸透镜，装有洋葱表皮的玻片到显微镜物镜的距离u与其焦距f之间的关系是f＜u＜2f。【考点】显微镜．【专题】透镜及其应用；分析、综合能力．【答案】凸透；f＜u＜2f。【分析】显微镜的物镜和目镜都是一个凸透镜，物镜成倒立、放大的实像，目镜成正立、放大的虚像。【解答】解：（1）显微镜的两个镜头都装有凸透镜，故显微镜的目镜是一个凸透镜；（2）显微镜的物镜成倒立、放大的实像，相当于投影仪，故物距在一倍焦和二倍焦距以内，即装有洋葱表皮的玻片到显微镜物镜的距离u与其焦距f应该满足：f＜u＜2f。故答案为：凸透；f＜u＜2f。【点评】本题考查显微镜成像原理，属于基础题型。二．选择题（共4小题）9．中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是（）A．“欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是凝华现象，需要放热 B．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热 C．“月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝固现象，需要吸热 D．“一蓑烟雨任平生”，雨的形成是汽化现象，需要吸热【考点】升华和凝华的定义与特点；凝固与凝固放热的特点；液化及液化的放热特点．【专题】应用题；温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华；应用能力．【答案】B【分析】（1）物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华；（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。【解答】解：A、冰是水凝固形成的，属于凝固现象，凝固放热，故A错误；B、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故B正确；C、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故C错误；D、雨是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故D错误。故选：B。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。10．在一支平底试管内装入适量铁砂，然后将其先后放入装有甲、乙两种不同液体的烧杯中，试管静止时的状态如图所示，则下列说法正确的是（）A．试管在甲液体中受到的浮力较大 B．试管在乙液体中受到的浮力较大 C．装有甲液体的烧杯底部所受压强较大 D．装有乙液体的烧杯底部所受压强较大【考点】物体的浮沉条件及其应用；液体压强的比较大小；阿基米德原理的应用．【专题】应用题；错解分析题；推理法；压强、液体的压强；浮沉的应用；应用能力．【答案】D【分析】（1）同一支装入适量的铁砂的平底试管在两液体中都漂浮，受到的浮力相等、都等于自身重力；（2）试管在甲、乙两液体中受到的浮力相等，而排开液体的体积不同，根据公式F浮＝ρgV排可判断两液体密度的大小；由图可知：两液面等高，根据p＝ρ液gh判断烧杯底部所受压强大小。【解答】解：AB、因为同一支装入适量的铁砂的平底试管在两液体中都漂浮，所以试管受到的浮力等于自身重力：F甲＝F乙＝G，故AB错误；CD、试管在甲、乙两液体中受到的浮力相等，由图知，排开的液体体积V甲＞V乙，根据F浮＝ρ液V排g可知，ρ甲＜ρ乙；由图可知：两液面等高，根据p＝ρ液gh可知，装乙液体的烧杯底部所受压强较大，故C错误，D正确。故选：D。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件、液体压强公式的掌握和运用，知识点多、综合性强，属于难题，要求灵活运用所学知识分析判断。11．如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，忽略灯丝电阻变化，在保证各元件安全的条件下，滑动变阻器的滑片从最右端向左移动的过程中，下列判断正确的是（）A．电压表V示数变小，灯的亮度变亮 B．电流表A1示数变大，电流表A2示数不变 C．两个电流表示数都变大 D．电压表V示数与电流表A2示数的比值变大【考点】电路的动态分析．【专题】应用题；欧姆定律；应用能力．【答案】B【分析】分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后用应用并联电路的特点与欧姆定律分析答题。【解答】解：由电路图可知，闭合开关S，灯泡和滑动变阻器并联，电流表A2测通过灯泡的电流，电流表A1测干路电流，电压表测电源两端电压；A、因电源电压不变，所以滑片移动时，即电压表V的示数不变；因并联电路各支路互不影响，则移动滑片时，通过灯泡的电流和实际功率均不变，则灯泡的亮度不变，故A错误；BC、通过灯泡的电流不变，即电流表A2的示数不变；滑动变阻器的滑片P从最右端向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流增大，根据并联电路的电流规律可知，干路电流增大，即电流表A1示数变大，故B正确、C错误；D、因为电压表V的示数不变、电流表A2的示数不变，所以电压表V的示数和电流表A2示数的比值不变，故D错误。故选：B。【点评】本题是一道动态电路的分析题，分析清楚电路结构、灵活应用并联电路的特点和欧姆定律是解题的关键。12．如图所示，学校音乐节上，一位古琴爱好者正在演奏名曲《高山流水》。下列有关说法不正确的是（）A．琴声是由琴弦振动产生的 B．琴声通过空气传播到现场观众的耳朵 C．用大小相同的力拨动不同的琴弦，发出琴声的音调不同 D．琴声的响度越大，它在空气中传播的速度越大【考点】响度与振幅的关系；声音的产生；声音的传播条件；声音在不同介质中的传播速度；音调与频率的关系．【专题】声现象；应用能力．【答案】D【分析】（1）一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止。（2）能够传播声音的物质叫做传声的介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质。（3）声音的高低叫音调，音调与频率有关。（4）声音在同种介质中的传播速度与温度有关，与响度、音调无关。【解答】解：A、琴声是由琴弦振动产生的，故A正确；B、观众听到的美妙音乐是通过空气传播的，故B正确；C、拨动不同的琴弦，主要引起琴声音调不同，故C正确；D、琴声响度越大，它在空气中传播的速度不变，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了声音产生和传播的条件；知道音调、响度和声速的影响因素。三．多选题（共2小题）（多选）13．图像法是利用图像这种特殊且形象的工具，表达各科学量之间存在的内在关系或规律的方法。下列关于图像的解释，正确的是（）A．甲图是某物体的熔化图像，其中BC两点内能不相等 B．乙图是电阻和通电时间一定时，电热Q与电流I的关系图 C．丙图说明，当电阻一定时，电压与电流成正比 D．丁图是灯丝电阻的U﹣I图像，说明灯丝电阻随温度的升高而增大【考点】焦耳定律；熔化和凝固的温度—时间图像；欧姆定律及其公式．【专题】应用题；分子热运动、内能；电与热、生活用电；应用能力．【答案】AD【分析】（1）物体吸收热量，内能变大；（2）根据Q＝I2Rt知，电阻和通电时间一定时，产生的热量与电流的平方成正比；（3）从图象可以得出的信息有：该图象是正比例函数，因此由图象可得：在电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比；（4）灯丝的电阻随温度的升高而增大。【解答】解：A．图像中有一段温度是不变的，所以这是晶体的熔化图像，由图像可知，其中BC过程中物体在吸热，所以BC两点内能不相等，故A正确；B．根据Q＝I2Rt知，电阻和通电时间一定时，产生的热量与电流的平方成正比，而不是和电流成正比，其图像不是过原点的直线，故B错误；C．当电阻一定时，电流随着电压的增大而增大，并且电流与电压成正比，但不能说电压与电流成正比，故C错误；D．当小灯泡灯丝的温度升高，灯丝的电阻变大，因此图像中随着电压的逐渐增大，电流增加的越来越慢。故D正确。故选：AD。【点评】本题一方面考查学生对物理规律的掌握情况，另一方面也考查了学生分析图象的能力，我们一定要掌握用图象来表示物理量之间的关系，图象法在很多学科中都要用到。（多选）14．如图所示的滑轮组，用F＝60N的拉力，拉动水平地面上重为400N的物体，使物体匀速前进了2m；物体和地面之间的摩擦力为90N，在此过程中，下列说法不正确的是（）A．拉力做的功是360J B．绳子自由端移动的距离是2m C．滑轮组的机械效率是75% D．A点受到的拉力为400N【考点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组及其工作特点；滑轮组中的相关计算；功的计算和公式的应用．【专题】计算题；简单机械；功、功率、机械效率；应用能力．【答案】ABD【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总＝Fs＝Fns'求出拉力做的功；（2）根据s＝ns'求出绳子自由端移动的距离；（3）根据W有＝fs'求出有用功，利用η＝求出滑轮组的机械效率；（4）根据二力平衡分析回答。【解答】解：A、由图可知，n＝2，拉力做的功为：W总＝Fs＝Fns'＝60N×2×2m＝240J，故A错误；B、绳子自由端移动的距离为：s＝ns'＝2×2m＝4m，故B错误；C、拉力做的有用功为：W有＝fs'＝90N×2m＝180J，则滑轮组的机械效率为：η＝＝×100%＝75%，故C正确；D、因物体匀速前进，根据二力平衡可知，A点受到的拉力与摩擦力大小相等，即FA＝f＝90N，故D错误。故选：ABD。【点评】本题考查了二力平衡、做功公式和滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。四．计算题（共3小题）15．周末，小明想要去参观滕王阁，他在手机上预先查看了路线，总路程约为3.9km。其它相关数据如图所示，请进行相关计算。（1）乘坐26路公交车的时间是多少？（2）小明的步行速度是1m/s，求小明步行的总路程。（3）求公交车的平均车速是多少km/h？（结果保留两位小数）【考点】速度的计算和公式的应用．【专题】应用题；长度、时间、速度；应用能力．【答案】（1）乘坐26路公交车的时间是24min；（2）小明的步行速度是1m/s，小明步行的总路程为600m；（3）公交车的平均车速是8.25km/h。【分析】（1）乘坐26路公交车的时间等于总时间减去步行时间；（2）根据速度公式可求出小明步行的总路程；（3）根据速度公式可求出公交车的平均车速。【解答】解：（1）乘坐26路公交车的时间：t＝34min﹣6min﹣4min＝24min＝0.4h，（2）小明步行的时间：t'＝6min+4min＝10min＝600s，根据速度公式得，小明步行的总路程：s'＝v't'＝1m/s×600s＝600m＝0.6km，（3）乘公交车的路程：s＝3.9km﹣0.6km＝3.3km，平均车速是：v＝＝8.25km/h。答：（1）乘坐26路公交车的时间是24min；（2）小明的步行速度是1m/s，小明步行的总路程为600m；（3）公交车的平均车速是8.25km/h。【点评】本题考查了速度公式及其变形公式的应用，属于基础题，要求掌握。16．如图所示是科学家新开发的一种便携式汽车WalkCar，小亮仔细阅读了此车的说明书，主要参数如表所示；求：（g取10N/kg）（1）小亮的质量为50kg，其重力是多少；（2）当他站立在WalkCar上静止时，WalkCar对水平地面的压强；质量2kg地面接触总面积1×10﹣3m2最高车速18km/h（3）若小亮站在WalkCar上以最高车速在水平路面上匀速前行30s，所受阻力为总重力的0.2倍，此过程中牵引力做的功？【考点】功的计算和公式的应用；重力的计算；压强的计算．【专题】计算题；重力、弹力、摩擦力；压强、液体的压强；功、功率、机械效率；应用能力．【答案】（1）小亮的重力为500N；（2）当WalkCar对水平地面的压强为5.2×105Pa；（3）若小亮站在WalkCar上以最高车速在水平路面上匀速前行30s，牵引力做的功为1.56×104J。【分析】（1）已知小亮的质量，根据G＝mg计算其重力；（2）根据表中数据知，WalkCar的质量，根据G＝mg计算其重力，小亮站在WalkCar上静止时对水平地面压力等于总重力，根据p＝计算WalkCar对水平地面的压强；（3）根据s＝vt计算WalkCar前进的路程，由F牵＝f＝0.2G总计算WalkCar的牵引力，根据W＝Fs计算牵引力做的功。【解答】解：（1）小亮的重力：G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N；（2）由表中数据知，WalkCar的质量为2kg，其重力：G′＝m′g＝2kg×10N/kg＝20N，小亮站在WalkCar上静止时对水平地面压力：F＝G总＝G+G′＝500N+20N＝520N，对水平地面的压强：p＝＝＝5.2×105Pa；（3）由表中数据知，WalkCar的最高车速v＝18km/h＝5m/s，在水平路面上匀速前行30s，其通过的路程：s＝vt＝5m/s×30s＝150m，WalkCar做匀速直线运动时受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以牵引力：F牵＝f＝0.2G总＝0.2×520N＝104N，牵引力做的功：W＝F牵s＝104N×150m＝1.56×104J。答：（1）小亮的重力为500N；（2）当WalkCar对水平地面的压强为5.2×105Pa；（3）若小亮站在WalkCar上以最高车速在水平路面上匀速前行30s，牵引力做的功为1.56×104J。【点评】本题考查了平衡力的应用、重力、压强以及功的计算公式的应用，要能表中获取有用信息。17．如图甲所示是某自动温控电热水器的电路原理图，其中控制电路电压U1＝6V，R0为热敏电阻，用来感知水箱中的水温，其阻值随温度变化的关系如图乙所示，R′为可调电阻，用来设定水箱中的最高水温；工作电路电压U2＝220V，R1、R2为纯电热丝，均置于水箱中，加热时的功率P热＝2200W，保温时的功率P温＝110W，加热效率η＝80%；已知电磁铁线圈电阻R线圈＝10Ω，当通过电磁铁电流达到20mA时，衔铁会被吸下来。【水箱中最低温度0℃，水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃）】求：（1）加热状态下，将2.2L、20℃的水加热到80℃需要的时间；（2）电热丝R1和R2的阻值；（3）如果将水箱中的最高水温设为50℃，R'应调至的阻值。【考点】电功与电热的综合计算．【专题】计算题；电和热综合题；分析、综合能力．【答案】（1）加热状态下，将2.2L、20℃的水加热到80℃需要的时间为315s；（2）电热丝R1和R2的阻值分别为22Ω、418Ω；（3）如果将水箱中的最高水温设为50℃，R'应调至的阻值为90Ω。【分析】（1）根据密度公式求出2.2L水的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，根据效率公式求出电热水器消耗的电能，根据P＝求出加热需要的时间；（2）由图甲工作电路可知，当金属铜接触a触点时，只有R1工作，当金属铜接触b触点时，R1、R2串联，根据串联电路的特点和P＝可知加热时和保温时的电路连接；根据加热时的功率和P＝可求出R1的阻值；根据保温时的功率和P＝可求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值；（3）由图乙可知，当水温为50℃时，热敏电阻R0的阻值，根据欧姆定律求出衔铁被吸下时恒温电路的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R′的阻值。【解答】解：（1）由ρ＝可知，水的质量：m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×2.2×10﹣3m3＝2.2kg，水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2.2kg×（80℃﹣20℃）＝5.544×105J，由η＝可知，工作电路消耗的电能：W＝＝＝6.93×105J，由P＝可知，加热需要的时间：t′＝＝＝315s；（2）由图甲工作电路可知，当金属铜接触a触点时，只有R1工作，当金属铜接触b触点时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，当金属铜接触a触点时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，由P＝可知，电路中的总功率最大，工作电路处于加热状态；当金属铜接触b触点时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P＝可知，电路中的总功率最小，工作电路处于保温状态；由P＝可知，R1的阻值：R1＝＝＝22Ω；R1、R2的串联总电阻：R＝＝＝440Ω，R2的阻值：R2＝R﹣R1＝440Ω﹣22Ω＝418Ω；（3）由图乙可知，当水温为50℃时，热敏电阻R0的阻值为200Ω，由I＝可知，衔铁被吸下时恒温电路的总电阻：R总＝＝＝300Ω，根据串联电路的电阻特点可知，R′的阻值：R′＝R总﹣R线圈﹣R0＝300Ω﹣10Ω﹣200Ω＝90Ω。答：（1）加热状态下，将2.2L、20℃的水加热到80℃需要的时间为315s；（2）电热丝R1和R2的阻值分别为22Ω、418Ω；（3）如果将水箱中的最高水温设为50℃，R'应调至的阻值为90Ω。【点评】本题是一道电热综合题，主要考查串联电路的特点、吸热公式、效率公式、电功率公式以及欧姆定律的应用，能从图中获取相关信息是解题的关键。五．实验探究题（共4小题）18．在“探究感应电流产生条件”实验中，小明将导体ab、开关、灵敏电流计和蹄形磁体按图甲所示的方式进行安装。（1）实验中，通过观察灵敏电流计指针是否偏转来判断电路中是否产生了感应电流。（2）实验中导体ab、开关和灵敏电流计的连接方式为串联。（3）小明刚安装好实验器材，就立即观察灵敏电流计，发现指针没有发生偏转，出现这个现象的可能原因是开关没有闭合。（4）小明解决了（3）中的问题后，又进行了如下操作，其中能够产生感应电流的是AC（多选，填字母序号）。A.只让导体ab在水平方向左右运动B.只让导体ab在竖直方向上下运动C.只让蹄形磁体在水平方向左右运动D.只让蹄形磁体在竖直方向上下运动（5）小明得到的实验结论是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流。（6）小明想探究电动机的工作原理，应对图甲中的实验装置做怎样的调整？将灵敏电流计更换成电源。（7）小强将两个灵敏电流计（主要部件是永久磁铁和带有指针的线圈）G1和G2用导线连接起来，如图乙所示。当拨动G1的指针时，观察到G2的指针也会随之摆动，下列说法正确的是BD（多选，填字母序号）。A.G1利用了电流的磁效应B.G1利用电磁感应产生了电流C.G2的指针摆动幅度一定大于G1D.G2利用了磁场对通电导体的作用【考点】探究电磁感应现象的实验．【专题】电动机、磁生电；应用能力．【答案】（1）灵敏电流计指针是否偏转；（2）串联；（3）开关未闭合；（4）AC；（5）切割磁感线；（6）将灵敏电流计换成电源；（7）BD。【分析】（1）实验中利用转换法，根据灵敏电流计指针的偏转来显示是否产生了感应电流。（2）导体、开关、电流计是串联的。（3）在连接电路时开关应该断开，电流计指针不偏转可能原因是开关没有闭合。（4）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流。（5）将电流计换成电源可以探究通电导体在磁场中受到力的作用。（6）G1电流计相当于电源，G2电流计相当于电动机。【解答】解：（1）实验中，通过观察灵敏电流计指针是否偏转来判断电路中是否产生了感应电流。（2）实验中导体ab、开关和灵敏电流计的连接方式为串联。（3）小明刚安装好实验器材，就立即观察灵敏电流计，发现指针没有发生偏转，出现这个现象的可能原因是开关未闭。（4）A.只让导体ab在水平方向左右运动，此时导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，故A符合题意；B.只让导体ab在竖直方向上下运动，此时导体不切割磁感线，不会产生感应电流，故B不符合题意；C.只让蹄形磁体在水平方向左右运动，此时导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，故C符合题意；D.只让蹄形磁体在竖直方向上下运动，此时导体不切割磁感线，不会产生感应电流，故D不符合题意。故选：AC。（5）实验结论是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流。（6）小明想探究电动机的工作原理，应对图甲中的灵敏电流计换成电源即可。（7）AB、G1利用电磁感应产生了电流，故A错误，B正确；C、G2的指针摆动幅度一定小于G1，因为部分电能转化为内能，故C错误；D、G2利用了磁场对通电导体的作用，相当于电动机，故D正确。故选：BD。故答案为：（1）灵敏电流计指针是否偏转；（2）串联；（3）开关未闭合；（4）AC；（5）切割磁感线；（6）将灵敏电流计换成电源；（7）BD。【点评】本题考查的是电磁感应现象和通电导体在磁场中受到力的作用；知道发电机和电动机的基本原理。19．如图是小明同学在课外科技创新活动中制作的演示课本焦耳定律的替代实验装置。图中3个空烧瓶的瓶口向下，固定在竖直的木板上，瓶口用橡皮塞塞紧，3根两端开口的L形的玻璃短管穿过橡皮塞与瓶内相通，每根玻璃管中各有一段相同长度的红色水柱，实验前3条红色水柱在同一高度，每个瓶中各有一根电阻丝，每根电阻丝跟通过橡皮塞的引线与外面的电路连接（1、2、3、4、5、6为电路中的金属连接触点），瓶子不漏气。请回答下列问题：（1）此实验是通过观察玻璃管中红水柱上升的高度来判断电阻丝产生热量多少的。下面几个研究实例中，采用了相同研究方法的是②（填序号）①“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时，保持压力不变，改变受力面积②研究声音的产生时，将发声的音叉与水面接触，水花四溅表明音叉在振动③利用光线表示光传播的径迹和方向④“探究物体的动能与速度的关系”时，让同一钢球从斜面的不同高度由静止滚下（2）小明所在的实验小组分别将1、2触点和4、5触点连接起来，闭合开关S，①与②瓶中的两段电阻丝是串联的，通电20s后断开开关。本次实验是来研究电流产生的热量与电阻的关系。【考点】焦耳定律．【专题】电与热、生活用电．【答案】见试题解答内容【分析】（1）对每个选项进行分析，明确各自采用的研究方法，就能确定符合题意的选项；（2）将1、2触点和4、5触点连接起来，分析电路连接方式，根据控制变量法进行分析。【解答】解：（1）“观察玻璃管中红水柱上升的高度来判断电阻丝产生热量多少的”采用了的研究方法是转换法；①“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时，保持压力不变，改变受力面积，采用是控制变量法，故①不正确；②研究声音的产生时，将发声的音叉与水面接触，水花四溅表明音叉在振动，采用的是转换法，故②正确；③利用光线表示光传播的径迹和方向，采用的是模型法，故③不正确；④“探究物体的动能与速度的关系”时，让同一钢球从斜面的不同高度由静止滚下，采用是控制变量法，故④不正确。故选②；（2）1、2触点和4、5触点连接起来，闭合开关S，由图可知，①与②瓶中的两段电阻丝是串联的，串联电路中电流相等，由题可知，通电时间均为20s，①与②瓶中的两段电阻丝阻值不同，故是用来研究电流产生的热量与电阻的关系。故答案为：（1）②；（2）串；电阻。【点评】理解转换法能使现象放大化，要正确理解焦耳定律，掌握控制变量法。20．春节逛商场时，妙妙爸爸买了个金手镯做新年礼物送给了妙妙妈妈。妈妈对妙妙说：你能不能用学过的密度知识帮妈妈鉴别一下金手镯是不是纯金的？【设计实验并进行实验】实验原理：ρ＝。实验器材：天平（感量为0.2g）、量筒（最小分度值为1mL）、小烧杯、溢水杯、水、细线。（1）妙妙同学用调节好的天平测出手镯的质量，记为m。（2）测量手镯的体积时，由于手镯放不进量筒中，为测出手镯的体积，妙妙同学和小关同学在设计实验时出现了分歧，两人按不同的思路进行实验。妙妙的操作步骤：①妙妙同学用天平测出空小烧杯的质量，记为m0；②再把手镯放入盛满水的溢水杯中，溢出的水流进小烧杯里，如图甲、乙所示；③然后用天平测出小烧杯和水的总质量，记m1；④计算出金手镯的体积。小关的操作步骤：①小关同学把手镯放入盛满水的溢水杯中，溢出的水流进小烧杯里；②再用量筒测出小烧杯里的水的体积，记为V。【分析论证】妙妙测出手镯的体积V手镯＝，手镯的密度ρ手镯＝ρ水。（水的密度用ρ水表示）【评估】（1）小关同学测出的密度值会偏大（选填“大”或“小”），原因是把小烧杯里的水倒入量筒时，小烧杯壁沾了一些水，因此测出的体积偏小，算出的密度将偏大。（2）两个同学测出了密度值，从实验误差分析可知，误差更小的是妙妙同学的方法，理由是妙妙是根据水的质量差得出体积比较准确，而小关同学用量筒测出小烧杯里的水的体积，小烧杯内的水不可能倒尽，从而造成体积偏小。【考点】固体的密度测量实验．【专题】实验题；密度及其应用；应用能力．【答案】【设计实验并进行实验】ρ＝；【分析论证】；ρ水；【评估】（1）大；把小烧杯里的水倒入量筒时，小烧杯壁沾了一些水，因此测出的体积偏小，算出的密度将偏大；（2）妙妙；妙妙是根据水的质量差得出体积比较准确，而小关同学用量筒测出小烧杯里的水的体积，小烧杯内的水不可能倒尽，从而造成体积偏小。【分析】【设计实验并进行实验】实验原理：ρ＝；【分析论证】要测量手镯的密度，需测量其质量和体积，实验步骤要尽量减小测量误差，所以先测质量后测体积，溢水杯中溢出水的体积即为手镯的体积；【评估】（1）在实验操作中，由于把水倒入量筒时，会有少许水附着在烧杯壁上，测量的水体积就不准确，所以密度值也就出现了误差；（2）分析两个同学的实验过程进行解答。【解答】解：【设计实验并进行实验】实验原理：ρ＝；【分析论证】溢出水的质量m溢＝m2﹣m1，由ρ＝可得，溢出水的体积V溢＝＝，溢出水的体积即为手镯的体积V手镯，则手镯密度的表达式ρ手镯＝＝＝ρ水；【评估】（1）把小烧杯里的水倒入量筒时，小烧杯壁沾了一些水，因此测出的体积偏小，算出的密度将偏大；（2）妙妙是根据水的质量差得出体积比较准确，而小关同学用量筒测出小烧杯里的水的体积，小烧杯内的水不可能倒尽，从而造成体积偏小，所以妙妙的实验误差更小。故答案为：【设计实验并进行实验】ρ＝；【分析论证】；ρ水；【评估】（1）大；把小烧杯里的水倒入量筒时，小烧杯壁沾了一些水，因此测出的体积偏小，算出的密度将偏大；（2）妙妙；妙妙是根据水的质量差得出体积比较准确，而小关同学用量筒测出小烧杯里的水的体积，小烧杯内的水不可能倒尽，从而造成体积偏小。【点评】此题考查了密度的测量实验、天平的调节和天平使用，测量固体密度是初中物理重要的实验，一定要掌握。21．【探究名称】探究电流与电压的关系。【问题】电压是形成电流的原因，小明由此猜想：通过导体的电流可能随着导体两端的电压增大而增大。为了探究电流与电压的关系，小明进行了如下实验：【证据】（1）如图甲是小明连接好的电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最右（选填“左”或“右”）端；（2）小明正准备闭合开关时，旁边的小兰急忙告诉他，电路连接有错，需要改接一根导线。请你在图甲中把小明接错的那根导线找出来，并打上“×”，再用笔画线代替导线正确连接；（3）正确连接电路后，闭合开关，改变滑片位置，记录实验数据如下表，第3次实验时，电流表示数如图乙所示，请将数据填写在表格中。实验次数123456电压U/V0.51.01.52.02.53.0电流I/A0.100.200.300.400.500.60【解释】（1）分析表格中的数据可得出结论：电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比；（2）实验中，调节滑动变阻器滑片P的目的是改变定值电阻两端的电压；【拓展】小华利用小明所用实验器材及阻值分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω的定值电阻探究电流与电阻的关系，小华根据测得的实验数据绘制了电流I随电阻R变化的图像，如图丙所示，则定值电阻两端的电压为3V，滑动变阻器的最大阻值至少是15Ω。【考点】探究电流与电压、电阻的关系．【专题】欧姆定律；实验基本能力．【答案】【证据】（1）右；（2）见解答图；（3）0.30；【解释】（1）正比；（2）改变定值电阻两端的电压；【拓展】3；15。【分析】【证据】（1）连接电路时，开关断开，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大；（2）电压表应与定值电阻并联；（3）根据电流表量程和分度值读数；【解释】研究电流与电压的关系时，要保持电阻不变，需要改变定值电阻两端的电压；分析表中数据得出结论；【拓展】根据串联分压原理分析。【解答】解：【证据】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，所以滑片应移到阻值最大的右端。（2）原电路中，电压表串联在电路中，这是错误的，电压表应与定值电阻并联，如图所示：（3）由图乙可知，电流表接小量程，分度值为0.02A，因此电流表示数为0.3A。【解释】（1）根据表中数据可知，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，故可得出结论：电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比。（2）探究电流与电压的关系时，需要改变定值电阻两端的电压，因此实验中，调节滑动变阻器滑片P的目的是改变定值电阻两端的电压。【拓展】由图丙知，电阻两端的电压始终保持Uv＝IR＝0.6A×5Ω＝....＝0.1A×30Ω＝3V，由电路实物图知，电源电压为U＝1.5V×3＝4.5V，根据串联分压可知，滑动变阻器两端电压U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣3V＝1.5V，故当R＝30Ω时，R滑＝15Ω，即要想完成实验，滑动变阻器的最大阻值至少是15Ω。故答案为：【证据】（1）右；（2）见解答图；（3）0.30；【解释】（1）正比；（2）改变定值电阻两端的电压；【拓展】3；15。【点评】本题探究“电流与电阻的关系”，考查实验注意事项、电路连接、电表读数、分析数据归纳结论的能力等，属于中等难度的题目。

考点卡片1．温度计的使用及其读数【知识点的认识】温度计使用：（1）在使用温度计以前，应该：①观察它的量程﹣﹣能测量的温度范围，如果估计待测的温度超出它能测的最高温度，或低于它能测的最低温度，就要换用一只量程合适的温度计，否则温度计里的液体可能将温度计胀破，或者测不出温度值．②认清它的最小刻度值，以便用它测量时可以迅速读出温度值．（2）温度计使用时，应该：①温度计的玻璃泡全部浸入被测的液体中，不要碰到容器底或容器壁．②温度计玻璃泡浸入被测液体后要稍候一会儿，待温度计的示数稳定后再读数．③读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中液柱的上表面相平．【命题方向】（1）温度计的正确读数是命题热点，注意零刻线、量程、分度值，是读准数的前提．（2）根据图片判断测量过程中的正确和错误也是命题热点，如果是填空题，注意语言表达的严密性．例1：用温度计测量烧杯中液体的温度，如图所示的几种做法中正确的是（）A．B．C．D．分析：实验室温度计：1．温度计的玻璃泡全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；2．温度计玻璃泡进入被测液体后要稍候一会，待温度计的示数稳定后再读数；3．读数时温度计的玻璃泡要继续留在被测液体中，视线要与温度计中液柱的上表面相平；4．测量前应先估测被测液体的温度，了解温度计的量程和分度值，若合适便可进行测量．解：A碰到了容器的底部，所以是错误的．B碰到了容器的侧壁．所以是错误的．C温度计的玻璃泡没有全部浸入被测液体中，所以是错误的．故选D点评：温度计的使用是初中物理比较重要的实验技能考核内容，即使卷面考试时出现的频率也是很高的，所以一定要掌握温度计的正确使用方法．例2：使用温度计时，首先要观察它的量程和认清它的分度值．小明用温度计测量烧杯中液体的温度，分别进行了三次操作，如图（甲）所示，其中正确的操作是C．图（乙）中所示的是用温度计分别测得的冰和水的温度，那么冰的温度是﹣2℃，水的温度是88℃．分析：（1）使用温度计前：首先看清它的量程，或者说要看清它所能测量的最高温度和最低温度的温度范围；然后看清它的分度值，也就是一个小格代表的值．（2）使用温度计时：①温度计的玻璃泡全部浸入被测的液体中，不要碰到容器底和容器壁；②温度计玻璃泡浸入被测物体后要稍后一会儿，待温度计的示数稳定后再读数；③读数时温度计的玻璃泡要继续留在液体中，视线要与温度计中液柱的上表面相平．（3）使用温度计测量液体的温度，读数时先看清是零上还是零下的，然后认清量程和分度值，最后读出示数．解：使用温度计测量液体的温度，要先观察它的量程和认清它的分度值；使用温度计测量液体的温度，温度计的玻璃瓶要全部浸入被测液体中，不能离开液体读数，C符合这种情况；该温度计的分度值是1℃，测量冰的温度时，温度计中液柱的液面在0℃以下两格处，示数为﹣2℃；测量水的温度时，温度计中液柱的液面在80℃以上8格处，示数为88℃．故答案为：量程；C；﹣2；88．点评：此题考查的是温度计的使用和读数方法；温度计是初中物理最基本的测量工具，需要掌握．【解题方法点拨】实验室温度计的使用中一定要注意如何做才能让玻璃泡全部浸在被测液体中，并不能碰到容器底和容器壁．对温度计的读数方法：在读数的时候温度计不能离开被测对象，视线应该和温度计内的液柱上表面相平．2．凝固与凝固放热的特点【知识点的认识】（1）凝固：物质从液体变为固态的过程叫做凝固（2）凝固规律①晶体凝固规律：晶体凝固时要不断放热，但温度保持在凝固点不变。②非晶体凝固规律：非晶体凝固时，随着物质不断放热，温度不断下降。（3）晶体凝固条件：晶体要凝固，首先温度要达到晶体的凝固点，其次晶体还要不断放出热量。【命题方向】判断生活中物态的变化属于凝固，液体凝固的条件，是吸热还是放热是中考的命题热点。例1：下列关于四季景象的描述中，属于凝固现象的是（）A．春天，雨笼山峦B．夏天，雾绕群峰C．秋天，霜打枝头D．冬天，冰封谷底分析：凝固是物质由液态变为固态的过程；液化是由气态变为液态的过程；凝华是由气态变为固态的过程。解：A、雨是有气态变为液态的过程，属于液化。故A错误；B、雾是由气态变为液态的过程，属于液化。故B错误；C、霜是由气态变为固态的过程，属于凝华。故C错误；D、冰是由液态变为固态的过程，属于凝固。故D正确。故选D点评：此题考查的是凝固、液化和凝华的概念，凝固是物质由液态变为固态的过程；液化是由气态变为液态的过程；凝华是由气态变为固态的过程。例2：2008年1月，我国南方出现了旱见的冻雨、雪灾，造成了巨大损失。冻雨是一种过冷却水滴（温度低于0℃），它落到温度更低的物体上时，就可能立刻冻结成外表光滑而透明的冰层。这里所说的冻结是一种凝固现象（填物态变化名称），冻结过程中要放出热量。分析：物体由液态变为固态的过程叫凝固，凝固要放热。根据凝固和凝固放热的知识来作答。解：冷却水滴落到温度更低的物体上，就会由液态的水变为固态的冰层，这是凝固现象，凝固的过程要放热。故答案为：凝固；放出。点评：此题考查的是生活中的凝固现象，是一道热学基础题。【解题方法点拨】在判断是否是凝固时一定要根据定义，熟记凝固的条件及放热时的特点。3．熔化和凝固的温度—时间图像【知识点的认识】要明确知道熔化吸热、凝固放热；分清晶体有一定的熔点（凝固点）熔化时温度不变，晶体凝固时温度不变；非晶体没有一定的熔点（凝固点）．凝固、熔化图象：【命题方向】中考时判断那个图象是熔化那个是凝固图象，且判断那个是晶体的熔化图象那个是非晶体的熔化图象，或判断那个是晶体的凝固和非晶体的凝固图象时一个重点；在晶体的熔化和凝固时，像每一段物质所处状态的判断也是一个重点．例1：图中，表示非晶体熔化时温度随时间变化的图象是（）A．B．C．D．分析：首先明确熔化过程是一个吸热的过程．其次要分清晶体与非晶体在熔化（凝固）时的最大区别，那就是一个有熔点（凝固点），一个没有熔点（凝固点）．解：A、随着时间的沿长，物体的温度在上升，说明物体在吸热，并有一段时间吸热温度不变，说明这是晶体熔化的图象；B、随着时间的沿长，物体的温度一直在升高，说明这是非晶体熔化的图象；C、随着时间的沿长，物体的温度在下降，说明物体在放热，且有一段时间放热温度不变，说明这是晶体凝固的图象；D、随着时间的沿长，物体的温度一直在下降，说明这是非晶体凝固的图象；故选B．点评：解决此题的关键有两点，一是明确熔化吸热、凝固放热；二是分清晶体有一定的熔点（凝固点），非晶体没有一定的熔点（凝固点）．例2：图是某种物质物态变化过程中温度随时间变化的图象，该图象反映的可能是（）A．蜡的熔化过程B．蜡的凝固过程C．海波的熔化过程D．海波的凝固过程分析：根据原图的曲线走向，可以首先判断出此图是某物体的凝固过程，而只有晶体才有凝固点，可根据上述分析判断出正确的选项．解：由图知：温度随时间的增加而降低，所以是凝固过程；在温度变化过程中，有一条平行于横轴（时间）的线段，说明在此段时间内温度没有发生变化，所以此时间的温度值即为该物体的凝固点，而只有晶体才有凝固点，可以排除A、B、C；故选D．点评：此题不但要根据图象判断出是熔化还是凝固现象，还要了解海波是晶体有凝固点而蜡是非晶体没有凝固点．在凝固过程中，要注意，当物体的温度达到凝固点时，虽然此过程仍然是放热过程，但是温度不会发生变化．【解题方法点拨】要抓住晶体和非晶体熔化和凝固时特点：晶体有一定的熔点（凝固点），熔化（凝固）时温度不变，继续吸热（放热），学习时要用比较法来记住它们的特点．4．液化及液化的放热特点【知识点的认识】（1）定义：物质由气态转变为液态的过程叫做液化．液化是放热过程．（2）液化方法：①降低温度：只要科学条件允许，任何气体温度降到足够低的时候，都可以液化．②压缩体积：有的气体在常温下压缩体积就能液化，如一次性打火机中的丁烷．【命题方向】物态变化现象的判断和物态变化伴随的吸放热情况的判断是命题的要点．例1：用电热壶烧水时，水沸腾后，从壶嘴里冒出“白气”；夏天打开冰棒纸时，可以看到冰棒周围也出现“白气”，以下说法正确的是（）A．壶嘴里冒出的“白气”，是水沸腾时产生的水蒸气B．冰棒周围的“白气”是冰棒发生升华形成的水蒸气C．在这两种“白气”形成的过程中，都需要吸收热量D．这两种“白气”都是水蒸气液化形成的分析：物质从固态变为液态的过程是熔化，物质从液态变为固态是凝固，物质从液态变成气态称为汽化，物质从气态变成液态称为液化，物质直接从固态变成气态的现象称为升华，物质直接从气态变为固态是凝华．解：（1）用电热壶烧水时，水沸腾后，从壶嘴里冒出“白气”，是壶嘴里冒出的温度较高的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象；（2）夏天空气中有大量的水蒸气，水蒸气遇到冷的冰棒凝结成小水滴，形成“白气”，属于液化现象．因此二者都属于液化现象，液化放热．故选D．点评：本题通过生活中的热现象考查学生对物态变化的理解，解题的关键是先搞清楚变化前后物体的状态，再确定物态变化名称．例2：将一瓶冰冻的矿泉水放在桌上，一会儿瓶壁会出现许多小水珠，这是液化现象．在瓶内冰块逐渐熔化的过程中，瓶内水的温度不变（填“升高”、“降低”或“不变”）．分析：物质由气态变为液态是液化．物质由固态变成液态是熔化，熔化吸热．冰水混合物的温度为0℃．解：瓶子的外壁出现了许多小水珠，是空气中水蒸气遇到冷的杯壁液化形成的．冰块在熔化过程中，不断吸收热量，使周围温度下降．冰块逐渐熔化的过程中，由于冰水混合物的温度是0℃，恰好是冰的熔点，水的凝固点，吸热的时候冰会熔化，但是在熔化的过程中温度保持不变．故答案为：液化、不变．点评：本题主要考查学生对：熔化和液化特点的理解和掌握，是一道基础题．【解题方法点拨】解题时一定要紧扣定义，抓住液化的特点．5．升华和凝华的定义与特点【知识点的认识】（1）升华：物质从固态不经过液态而直接转化为气态的相变过程，是物质在温度和气压低于三相点的时候发生的一种物态变化．升华过程中需要吸热．（2）凝华：物质从气态不经过液态而直接变成固态的现象．是物质在温度和气压高于三相点的时候发生的一种物态变化，凝华过程物质要放出热量．（3）升华和凝华区别：【命题方向】1、生活中的升华现象的判断是这个知识点的核心，例如：用久的灯泡灯丝变细；冬天室外冰冻的衣服变干；冰雕作品体积变小；衣柜里的卫生球变小；干冰在常温下升华．例1：现在有一种叫“固体清新剂”的商品，把它放置在厕所、汽车、饭店内，能有效的清新空气、预防感冒等，“固体清新剂”发生的物态变化是（）A．熔化B．凝华C．汽化D．升华分析：此题主要考查生活中的升华现象，明确升华是由固态直接变为气态．解：“固体清新剂”使用时由固态直接变为气态．是升华现象．故选：D．点评：此题要明确“固体清新剂”使用时的状态变化．2、生活中的凝华现象的判断是这个知识点的核心，例如：霜，冬天玻璃窗内侧的窗花，针形六角形的雪，雾淞等例2：寒冷的冬天，在窗玻璃上常会出现“窗花”，下列说法中正确的是（）A．窗花在玻璃的内表面，是升华现象B．窗花在玻璃的内表面，是凝华现象C．窗花在玻璃的外表面，是升华现象D．窗花在玻璃的外表面，是凝华现象分析：物体直接由气态变为固态的过程叫凝华，冰花就是由空气中的水蒸气遇到比较冷的窗玻璃凝华形成的．解；冬天室内温度高于室外温度，室内空气中的水蒸气遇到较冷的玻璃时会发生凝华现象变成冰花，冰花出现在玻璃的内表面；故选B．点评：解决此类题目要结合生活中的凝华现象进行分析解答，生活中与物态变化有关的现象还有：云、雨、雹、霜、雾、露、雪等的形成过程．【解题方法点拨】判断时一定要紧扣定义，由定义来判断是最准确的、简单的．（1）升华和凝华现象是物质在固态和气态两种状态之间直接的相互转化，中间并没有经过液体这个过程．（2）并不是所有的物质都能发生升华和凝华现象，它仅限于某些物质在一定条件下发生。6．固体的密度测量实验【知识点的认识】固体密度的测量关键是测出物体的质量和体积，金属块的质量可用天平直接测得，也可以用弹簧测力计测出重力来计算质量；若物体的形状规则，可用刻度尺测出相关量后根据公式算出体积，若形状不规则利用量筒或量杯“排水法”来测得，若物体不能沉入水中的，可用“压入法”或“重锤法”来测物体的体积．【命题方向】1、测密度时是先测量质量还是先测量体积，若物体不能沉入水怎么办？测量时的步骤及原理都是命题关键．例1：测量大米密度时，小华发现米粒间有空隙，若把空隙的体积也算作大米的体积将使密度的测量结果偏小．于是，她用一个饮料瓶装满水，拧上盖子，用天平测出总质量为143g．又测出48g大米，放入瓶中，擦干溢出的水，再测这时的总质量．天平平衡时，右盘中的砝码和游码位置如图所示，则总质量为151g．由此可以算出这种大米的密度为1.2×103kg/m3．分析：（1）米粒间有空隙，若把空隙的体积也算作大米的体积，则大米的体积会变大．质量一定时，体积变大，密度会变小．（2）天平测量物体质量，读数时是砝码质量加上游码的示数；（2）已知大米的质量，求出大米排出水的质量，可求出大米的休积，求出大米的密度．解：（1）测大米体积时，把空隙的体积也算作大米的体积，则大米的体积会变大．大米的质量不变，由ρ＝可知，在质量一定时，体积变大，密度会变小．（2）砝码的质量是：150g，游码的质量是1g，所以物质的质量是：150g+1g＝151g；（3）瓶子和水的总质量m＝143g，大米质量m1＝48g，则它们的总质量m2＝143g+48g＝191g，当把大米放入瓶子中时，水会被排除一部分．则它们最后质量为m3＝151g，则溢出水的质量m4＝m2﹣m3＝191g﹣151g＝40g；则水的体积为V＝＝＝40cm3；大米的体积和水的体积相等，则大米的密度ρ1＝＝＝1.2g/cm3＝1.2×103kg/m3；故答案为：小；151；1.2×103；点评：此题中因为大米的体积不好直接测量，因此用到间接测量法．本题测量颗粒的体积，体现的是一种探究实验的科学方法：等效替代法．利用排水法测量不规则固体体积属于等效替代．同时考查了密度公式的应用．2、测量固体密度的基本实验程序、天平和量筒的正确读数以及密度公式的熟练运用，以及对实验中出现的误差的分析能力．如果缺少工具怎么办都是命题的关键．例：小军利用天平、水和烧杯来测量一不规则小石块的密度，请将他的实验步骤补充完整．（1）把托盘天平放在水平台面上，将标尺上的游码移到零刻度处，调节天平的平衡螺母使天平平衡．（2）用天平测量小石块的质量，右盘中的砝码和标尺上的游码如图1所示，则小石块的质量为62g．（3）如图2所示：a．往烧杯中加入适量的水，把小石块浸没，在水面到达的位置上作标记；b．取出小石块，测得烧杯和水的总质量为153g；c．往烧杯中加水，直到标记处，再测出此时烧杯和水的总质量为183g；d．计算出小石块的体积为30cm3．（4）用密度公式计算出小石块的密度为2.1g/cm3．分析：（1）使用天平之前，首先把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度，然后调节平衡螺母使天平的横梁平衡．（2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值．（3）物体的体积的测量采用等效代替的方法：物体浸没在水中到达标记，当物体取出，往烧杯内加水到达标记处，物体的体积和加入水的体积相等．知道加入水的质量和密度，求出加入水的体积，即物体的体积．（4）知道物体的质量和体积，根据密度公式求出物体的密度．解：（1）把托盘天平放在水平台面上，将标尺上的游码移到零刻度处，调节天平的平衡螺母使天平平衡．（2）小石块的质量m＝50g+10g+2g＝62g．（3）烧杯内加入水的质量m'＝183g﹣153g＝30g．烧杯内加入水的体积：V'＝＝＝30cm3．所以小石块的体积V＝V'＝30cm3．（4）小石块的密度为：ρ＝＝≈2.1g/cm3．故答案为：（1）平衡螺母；（2）62；（3）30；（4）2.1．点评：（1）掌握天平的正确使用和注意事项．（2）测量固体密度的实验是初中物理重要的实验，从天平的使用、物体质量的测量、体积的测量、密度的计算等方面进行考查．（3）当缺少量筒时，采用等效代替的方法测量物体的体积是比较常用的方法．【解题方法点拨】先用天平测出该物质的质量，再用量筒（量杯）测出该物质的体积，然后根据密度公式求出它的密度．在实验中应注意：（1）关于量筒（量杯）的使用①弄清所用的量筒（量杯）的量程和最小刻度值．以选择适合实验所用的量筒（量杯）．②测量时将量筒（量杯）放在水平台面上，然后将液体倒入量筒（量杯）中．③观察量筒（量杯）里液面到达的刻度时，视线要跟液面相平．若液面是凹形的（例如水），观察时要以凹形的底部为准．若液面是凸形的（例如水银），观察时要以凸形的上部为准（可记为凸顶凹底）．（2）测固体体积的方法①对形状规则的固体，可用刻度尺测出有关数据，然后根据公式算出体积．②对形状不规则的固体，可采用“排水法”来测它的体积．具体做法是：A．在量筒（量杯）内倒入适量的水（以浸没待测固体为准），读数体积V1；B．用细线栓好固体，慢慢放入量筒（量杯）内，待物体浸没在水中后，读出这时水和待测固体的总体积V2；C．待测物体的体积就是V2﹣V1．天平的使用方法，天平是物理学中最基本的测量工具，在使用天平称量物质质量时要严格按照天平的使用规则，7．用刻度尺测量长度【知识点的认识】（1）长度的测量是最基本的测量，最常用的工具是刻度尺，游标卡尺，螺旋测微器，米尺，激光测距等．国际单位制中长度的主单