贵州省市中考物理真题试题（含解析）

贵州省六盘水市中考物理真题试题

一、选择题（本题包括8个小题，每小题2分，共16

分，在每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，请将

正确选项的字母填在答题卷相应的位置上）

1.（2分）下列物理量中，以科学家的名字“欧姆”作

为单位的物理量是（）

A.电压B.电阻C.电流D.电功率

【分析】电压、电流、电阻、电功率的单位都是为了纪

念科学家对物理学做的贡献，而以他们的名字来命名的，电

压单位-伏特、电流单位-安培、电阻单位-欧姆、电功率

单位-瓦特。

【解答】解：

电压、电流、电功率的单位分别是伏特、安培、瓦特，

故A、C、D不符合题意；

电阻的单位是欧姆，B符合题意。

故选：Bo

【点评】电学中的物理量多、符号多，区分并记住各物

理量的单位，是学好电学的基础。

2.（2分）从人类生存的环境考虑，未来用于汽车的理

想燃料是（）

A.天然气B.氢气C.煤D.石油

【分析】未来的能源，应该是对环境没有污染的能源。

从清洁能源的角度来分析各个选项。

【解答】解：A、天然气过量燃烧，会对环境产生污染。

错误。

B、氢气燃烧后，不会对环境造成污染。正确。

C、煤燃烧后，会对环境造成很大污染。错误。

D、石油不能直接用于汽车，需要提炼出汽油或柴油，

这两种能源燃烧后，也会对环境造成污染。错误。

故选：Bo

【点评】本题考查学生对清洁能源的掌握情况，需要结

合身边现象进行学习。

3.（2分）如图所示，是海波的熔化图象，下列说法中

正确的是（）

A.海波的熔点是48℃

B.海波在BC段没有吸收热量

C.在第6分钟时海波已全部熔化

D.海波在CD段是气态

【分析】从熔化图象特点可看出海波为晶体，Omin对应

温度为开始加热时温度，BC段为晶体的熔化过程，对应温度

为熔点，对应的时间为熔化时间，熔化过程中处于固液并存

状态，需要吸收热量。

【解答】解：由图象可知：

A、BC段为晶体的熔化过程，由图象知对应温度48c即

为海波的熔点。则海波的熔点是48C,说法正确。

B、图中BC段为晶体的熔化过程，在这段过程中，温度

不变，但海波仍要吸收热。则海波在BC段没有吸收热量，

说法错误。

C、图中BC段为晶体的熔化过程，第6min即固态海波

的温度刚升高到熔点，刚开始熔化，则在第6分钟时海波已

全部熔化，说法错误。

D、图中BC段为晶体的熔化过程，海波处于固液共存状

态，C点是海波刚全部熔化完，处于液态，则海波在CD段是

气态，说法错误。

故选：Ao

【点评】此题考查晶体的熔化图象，通过图象得出物理

信息：晶体的熔点、初始温度、熔化过程所用时间以及各段

物质对应的状态等。

4.（2分）小冬用绳子拴着一石块，使石块绕手做圆周

运动，如果石块受到的力突然全部消失，石块将（）

A.立即停止运动B.做匀速直线运动

C.继续做圆周运动D.速度越来越慢直到停止运动

【分析】牛顿第一定律是描述物体在不受外力作用时，

由于具有惯性而表现出来的一种运动规律。

【解答】解：如果石块受到的力突然全部消失，根据牛

顿第一定律可知，石块由于惯性，将保持绳子断的那一瞬间

的速度永远匀速运动下去。故A、C、D错误。

故选：Bo

【点评】此题主要考查学生对牛顿第一定律的理解和掌

握。在理解这一定律时要抓住“一切”、“没有受到力的作

用”、“总”、“或”这些关键词语。

5.（2分）如果你将掉落在地面的物理课本捡起来放在

课桌上，你对课本所做的功最接近于（）

A.0.02JB.0.2JC.2JD.20J

【分析】准确的估测课桌的高度和物理课本的重力大

小，利用公式W=Fs=Gh计算。

【解答】解：课桌的高度约为0.7m,物理课本的重力约

为3N,由公式W=Fs=Gh可得：

W=Gh=0.7mX3N=2.1J,所以选项A、B、D都不符合实际

情况。

故选：Co

【点评】本题主要考查三个方面的内容：（1）对课桌高

度的估测能力；（2）对物理课本重力大小的估测能力；（3）

对机械功的计算能力。

6.（2分）如图所示的四幅图中，不能产生声音的是

)

A.吹着的哨B.真空罩中响铃的闹钟

C.关闭的收音机D.敲

击的水瓶琴

【分析】声音的产生条件是振动。

【解答】解：A、吹着的哨子，空气柱在振动，产生声

音。

B、真空罩里响铃的闹钟在振动，尽管听不见，但声音

已经产生了。

C、收音机可以产生声音，但关闭了，所以不振动了。

D、敲击水瓶琴，瓶子在振动，产生声音

故选：Co

【点评】（1）振动是产生声音的条件，判断是否产生声

音就要看物体是否在振动；

（2）产生声音和听到声音是两件事，不要误以为听不

到声音就是没有产生声音；

（3）能产生声音的物体，如果没有振动，那么也不产

生声音。

7.（2分）测绘人员绘制地图时，常需要从高空飞机上

向地面拍照，若使用的相机镜头焦距为50mm,则胶片与镜头

的距离应为（）

A.100mm以外B.恰为501111nC.501111n以内D.略大

于50mm

【分析】照相机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作

的，照相机照相时，物距大于二倍焦距，像距大于一倍焦距,

小于二倍焦距。

【解答］解：u>2f,成倒立、缩小的实像，应用于照

相机。胶片和镜头之间的距离是像距，像距大于一倍焦距，

小于二倍焦距。

故选：Do

【点评】凸透镜成像的三种情况：

u>2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机，2f>v>

fo

2f>u>f,成倒立、放大的实像，应用于投影仪，v>

2fo

u<f,成正立、放大的虚像，应用于放大镜。

8.（2分）物理研究中常常会用到“控制变量法”、“等

效替代法”、“类比法”、“模型法”等研究方法，下面用

到“等效替代法”的是（）

A.研究磁场时，引入了磁感线来描述磁场

B.研究两个阻值为R的电阻串联时，可用一个阻值为

2R的电阻来代替

C.研究电流与电压关系时，控制电阻不变

D.研究电压时，我们可以通过对比水压来认识它

【分析】①常用的物理学研究方法有：控制变量法、等

效替代法、模型法、比较法、类比法、转换法等，是科学探

究中的重要思想方法。

②等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际

的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易

于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法。等效替

代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学

方法之一。

【解答】解：A、研究磁场时，引入了磁感线来描述磁

场，采用的是“模型法”；不符合题意。

B、研究两个阻值为R的电阻串联时，可用一个阻值为

2R的电阻来代替，采用的是“等效替代法”；符合题意。

C、研究电流与电压关系时，控制电阻不变，采用的是

“控制变量法”；不符合题意。

D、研究电压时，我们可以通过对比水压来认识它，采

用的是“类比法”；不符合题意。

故选：Bo

【点评】解决此类物理学方法问题，要结合研究对象判

断所用的研究方法。

二、填空题（本题共6小题，每空1分，共10分，浏

符正确的答案填在答题卷相应的位置上）

9.（1分）我国是世界上手机用户最多的国家，手机是

通过电磁（或无线电）波来传递信息的。

【分析】手机是通过接收和发射电磁波来实现通讯的；

根据我们对于手机的了解来作答。

【解答】解：手机是利用电磁波来传递信息的，通过电

磁波的发射和接收来实现信息传递的。

故答案为：电磁。

【点评】此题考查的是我们对于手机信号的了解，是一

道基础题。

10.（2分）某同学站在竖直放置的平面镜前2m处，镜

中的像与他相距4m.当该同学走近平面镜时，镜中像的

大小将不变（填“变大”、“变小”或“不变”）o

【分析】根据平面镜成像的特点，平面镜成像是等大正

立的虚像，且物距与像距相等即可解答此题。

【解答】解：由平面镜成像的特点可知：平面镜成的像

与物体是等大的，由于物到平面镜的距离与像到平面镜的距

离相等，所以当这位同学站在竖直放置的平面镜前2m处，

那么他的像与平面镜的距离也是2m,则镜中的像与本人相距

2m+2m=4mo

当人靠近平面镜，像也靠近平面镜，平面镜成的像与物

大小相同，和物到镜的距离无关，人们感觉到的近大远小是

一种视觉效果，不影响真实的大小。

故答案为：4；不变。

【点评】本题考查了平面镜成像的特点：①平面镜所成

的像是虚像；

②像与物体的大小相同；

③像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等；

④像与物体相对于平面镜对称。

牢记平面镜成像的特点是解答本题的关键。

11.（2分）沿海地区昼夜之间的温差，与同纬度内陆地

区昼夜之间的温差不同，如图列出的是：2010年6月某日同

纬度的沿海某城市和内陆陆某城市的气温情况，请判断甲是

沿海城市（选填“沿海”或“内陆”），你的依据是沿

海城市昼夜温差小。

2-3

X'；出州2270c

【分析】根据水的比热容较大的特点分析沿海城市为什

么昼夜温差小，然后做出判断。

【解答】解：沿海地区水多，水的比热容较大，白天，

相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高

的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿

海地区昼夜的温差小。由表知城市甲的温差小，所以甲是沿

海城市。

故答案为：沿海，沿海城市昼夜温差小。

【点评】此题考查的是水的比热容较大的特点及其应

用，利用所学的物理知识解释生活中的现象，是中考的热点。

12.（3分）园园煮汤圆时发现，生汤圆放入锅内，由于

浮力小于（选填“大于”或“小于”）重力而下沉；煮

熟的汤圆因其内部受热膨胀，浮力增大（选填“增大”

或“减小”），汤圆上浮。若一个汤圆的体积约为20cm、那

么它在上浮过程中（未露出水面）所受浮力约为0.2N（g

取10N/kg）o

【分析】生汤圆重力大于浮力下沉，受热膨胀，体积变

大，排开水的体积变大，浮力变大，根据公式F；kPgV排可

求所受浮力。

【解答】解：生汤圆放入锅内，体积较小，重力大于浮

力，所以下沉，煮熟的汤圆因其内部受热膨胀，体积变大，

所受浮力变大，

所受浮力约为F浮=PgV排=1000kg/m3X10N/kgX20X10-

63

m=0.2N0

故答案为：小于；增大；0.2。

【点评】本题考查物体的沉浮条件和浮力的计算，关键

知道物体重力大于浮力时下沉，等于浮力时悬浮，小于浮力

时上浮，还要知道影响浮力大小的因素是液体的密度和物体

排开液体的体积。

13.（1分）开瓶时使用的开瓶器（图a）,可以简化成

不计重力的省力杠杆（图b）,0为支点。若动力F1和阻力F2.都

与杠杆垂直，且A0=6cm,BO=lcm,Fi=25N,则F?=150N。

【分析】杠杆的平衡条件是：动力乘以动力臂等于阻力

乘以阻力臂；

已知动力、动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡的条件计算

即可求得。

【解答】解：由杠杆的平衡条件得：FL二F2L2

FIXA0=F2XB0

25NX6cm=F2Xlcm

F2=150N

故答案为150o

【点评】知道杠杆平衡的条件，并且会用杠杆平衡的条

件计算力的大小和力臂的大小。

14.（1分）发电机是利用电磁感应现象的原理工作的，

电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理工作

的。

【分析】根据电动机的原理填空。

【解答】解：电动机是由转子（线圈）和定子（磁体）

两部分组成，当给电动机通电时，通电线圈就会在磁体的磁

场中受力而发生转动。

故答案为通电线圈在磁场中受力转动。

【点评】本题考查了电动机的原理，属于基础知识的考

查，要牢记。

三、作图与分析（本题包括3个小题，每小题2分，共

6分，请在答题卷的相应位置正确作图）

15.（2分）如图所示，请画出足球所受重力G的示意图。

【分析】重力是作用点在物体的重心上，重力的方向竖

直向下。

【解答】解：重力是作用点在物体的重心上，重力的方

向竖直向下。重力的示意图如图所示：

▼

【点评】注意重力的方向竖直向下，最后在箭头处标出

重力G。

16.（2分）将图中的电磁铁连入你设计的电路中（在方

框内完成）.要求：A.电路能改变电磁铁磁性的强弱；B使

小磁针静止时如图所示。

【分析】要使小磁针静止在图示位置，根据磁极间的相

互作用确定电磁铁的右端为N极，左端为S极。然后利用安

培定则来确定电流方向。

要改变电磁铁磁性的强弱，就需要从决定电磁铁磁性强

弱的因素电流大小、线圈匝数、有无铁芯这几方面去考虑。

由于线圈匝数、铁芯这两个方面已经确定。故只有从电流大

小去考虑。

【解答】解：已知小磁针的左端为N极，右端为S极，

根据异名磁极相互吸引可知，电磁铁的左端为S极，右端为

N极；要使电磁铁的右端为N极，由安培定则可知，电流要

从电磁铁的右端流入，因此电源的右端为正极、左端为负极;

改变线圈中的电流大小可以改变电磁铁磁性的强弱，因

此电路中要串联一个滑动变阻器。

故设计电路如下：

【点评】本题考查电磁铁的影响因素和安培定则，难点

是电路图的设计，电路图的设计首先要明确题目的要求，按

照要求进行设计电路。

17.（2分）如图所示，请画出滑轮组最省力的绕法。

f

【分析】滑轮组绳子的绕法有两种：

一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面

的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶

数段绳子承担物重；

二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面

的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担

物重。

【解答】解：对由一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮

组，可绕线方法有两股和三股两种，两种方法都达到了省力

的目的，但拉力的方向不同，有三股绕线的方法拉力方向向

上；有两股绕线的方法拉力方向向下，在不计滑轮自重及摩

擦的情况下，动滑轮和重物由几股绳子承担，拉力就是滑轮

组提升物重的几分之一。由此可知绳子股数越多越省力，根

据题意滑轮组最省力的绕法是绳子股数最多，即三股绕线的

方法。

具体图形如下：

F\

|V|

【点评】此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮

组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达到省力程度也不同,

绳子股数越多越省力。

四、物理与生活（本题共1小题3个问，每间3分，共

9分，请在答题卷的相应位置写出正确答案）

18.（3分）电是我们使用最为广泛的能源之一，但如果

使用不当，电也是相当危险的，生活中我们怎样做到安全用

电？（至少写一条）

【分析】安全用电的基本原则是不接触低压带电体，不

靠近高压带电体；

【解答】解：

不使用绝缘皮破损的导线（或：不要在电线上晾衣服；

不要用湿手接触开关；

大功率用电器、有金属外壳的用电器要接地；电灯的开

关应该接在火线和电灯之间；

不接触低压带电体，不靠近高压带电体；发现有人触电

要立即切断电源；

防止绝缘部分破损；保持绝缘部分干燥；不用要铜丝、

铁丝代替保险丝等）。

【点评】此题考查了安全用电常识，注意联系实际加以

应用。

19.（3分）图甲中小孩荡秋千的过程可简化为乙，分析

他从A点荡到C点的能量转化（阻力忽略不计）。

雷A

•p2

【分析】物体从高处到低处时重力势能减小，速度增大,

即动能变大，重力势能转化为动能；物体由低处向高处运动

时，速度逐渐减小，则动能转化为重力势能。

【解答】解：从A点到B点的过程中，质量不变，高度

减小，所以重力势能减小；速度增大，所以动能增大。此过

程是重力势能转化为动能；

从B点到C点的过程中，质量不变，高度增加，所以重

力势能增大；速度减小，所以动能减小。此过程是动能转化

为重力势能。

答：A点至B点重力势能转化为动能；B点到C点动能

转化为重力势能。

【点评】此题考查了动能和重力势能的相互转化，掌握

各自影响因素是解答此类问题的基础。

20.（3分）用手拍桌面，手会感到疼，这是为什么？

【分析】力是物体对物体的作用，力的作用是相互的，

一个物体受到力，同时会给施力物体一个反作用力。

【解答】答：因为物体间力的作用是相互的，当手给桌

面一个力的作用时，桌面反过来给手一个力的作用，所以手

感到疼。

【点评】此题考查了力的作用的相互性，要知道力的作

用是相互的，施力物体同时也是受力物体。

五、实验与探究（本题共2小题，每空1分，共10分,

请在答题卷的相应位置写出正确答案）

21.（5分）在用托盘天平测量矿石的质量时，应将天平

放在水平台上,游码移至标尺左端的零刻度线处,

若指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母右调,直到

天平平衡；把一块体积为20cm3的矿石放到天平左盘称量，

天平平衡时，右盘中所加祛码和游码的位置如图乙所示，则

矿石的质量是78.4g,密度是3.92g/cm：

仔电501t

\；I[ini[iiiijHii|iR|iiir|-i

|___cI5.4sl

甲乙

【分析】使用把天平时把天平放在水平台上，游码移到

标尺左端的零刻度。

根据指针能判断横梁哪端下沉，调节平衡螺母调节天平

的横梁平衡。

根据祛码和游码对应的刻度值计算物体的质量，根据密

度公式计算物体的密度。

【解答】解：使用把天平时把天平放在水平台上，游码

移到标尺左端的零刻度。

如图，指针偏向分度盘的左侧，说明横梁的左端下沉，

平衡螺母向相反的方向移动，所以平衡螺母向右移动。

游码对应的刻度值，标尺每一个大格代表1g,每一个小

格代表0.2g,游码对应的刻度值是3.4g。

矿石的质量二祛码的质量+游码对应的刻度值

=50g+20g+5g+3.4g=78.4g。

3

P二皿二7&吐二3.92g/cmo

v20m3

故答案为：水平；零；右；78.4；3.92o

【点评】本题属于基础题。本题考查了天平的调节、天

平的读数、固体密度的测量方法等。

记忆窍门：调节天平横梁平衡时，哪端上翘，可以理解

成敲尾巴，把上翘的尾巴压下去。平衡螺母把上翘的尾巴压

下去。

22.(5分)李瑞同学在参加六盘水市物理实验技能大赛

时，对串联电路电压规律进行了探究。

【猜想与假设】串联电路总电压等于各用电器两端电压

之和。

【设计与进行实验】

①按图所示的电路图连接电路；

②闭合开关，用电压表测出L两端的电压；

③在测L2两端的电压时，李瑞同学为了节省时间，采用

以下方法：电压表所接的B点不动，只断开A点，并改接到

C点上；

④测出AC间的电压。

(1)在拆接电路时，开关必须断开；

(2)李瑞同学用上面的方法能否测出L2两端的电压？

不能，为什么？电压表正负接线柱接反了；

UAB/VUBC/VUAC/V

2.41.43.75

(3)方法改进后，实验数据记录如上表，李瑞同学分

析后得出结论：串联电路总电压不等于各用电器两端的电压

之和；他的结论与猜想是否相符不相符；这个实验在设

计方案上还存在的不足之处是他只做了一次实验，而没有

进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不

能得出正确规律(写出一条)。

【分析】(1)连接电路时，开关必须要断开，断开的目

的是为了保护电路，以防止由于接错出现短路烧坏电源；

(2)电压表要准确的测量用电器两端的电压，必须严

格按照电压表的使用规则进行操作，所以判断李瑞同学能不

能用此方法测出L2两端的电压，就看电压表此时是否与L2

并联，正负接线柱的接法是否正确；

(3)将AB间电压与BC间电压相加，即可判断出是否

与AC间电压相等。通过实验获得结论，一般都要多做几次

实验，多做几次实验，就可以多获几组数据，从而可以对数

据进行归纳分析，以此获得结论。

【解答】解：(1)在拆接电路时，开关必须断开；

(2)当电压表B点不动，只断开A点，并改接到C

点上时，虽然电压表此时与L2并联，但电压表的正负接线柱

却是反的，闭合开关后，指针会反向偏转，所以不能测出L2

两端的电压；

(3)由表中数据可知：UAB+UBC=3.8V,这与八间电

压不相等，所以他的结论与猜想不相符。

不足之处是：他只做了一次实验，而没有进行多次测量,

只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规

律。

故答案为：（1）断开；（2）电压表正负接线柱接反了；

（3）他只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭

一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律

【点评】本题是一道实验题，做此题时要围绕串联电路

的电压规律去分析解答。需要注意的是在电学实验中，连接

电路时开关都必须是断开的。

六、计算与应用题（本题共2个小题，21题8分，22

题6分，共14分，请把解题过程写在答题卷相应的位置上）

（要求：解答应有必要的文字说明、公式和步骤，并带单位

计算）

23.（8分）我国自主研发的涡桨支线飞机“新舟600”

质量为20t,试飞时飞机以500km/h的速度水平匀速飞行了

1.2h,着陆后轮子与水平地面接触的总面积约为2m2.（g取

10N/kg）请问：

（1）飞机水平飞行的路程是多少？

（2）飞机受到的重力是多大？

（3）飞机水平飞行时受到的升力是多大？

（4）飞机着陆后对地面的压强是多大？

【分析】(1)已知飞机飞行的速度和时间求飞机水平飞

行的路程，利用速度公式变形S二Vt计算即可；

(2)已知飞机的质量求飞机受到的重力，利用G=mg计

算；

(3)已知飞机受到的重力，求飞机水平飞行时受到的

升力，利用二力平衡的知识解决；

(4)已知压力和受力面积求飞机着陆后对地面的压强,

利用压强的公式p』计算。

S

【解答】解：(1)飞机水平飞行的路程是$土t=5001;111勺

X1.2h=600km；

(2)m=20t=2X10'kg；飞机受到的重力是G=mg=2X10lkg

X10N/kg=2X105N；

(3)•・•飞机水平匀速飞行，

・•・飞机水平飞行时受到的升力是F=G=2X10%；

(4)飞机着陆后对地面的压强是

答：(1)飞机水平飞行的路程是600km；

(2)飞机受到的重力是2X10%；

(3)飞机水平飞行时受到的升力是2X1()5N；

(4)飞机着陆后对地面的压强是lXl()5pa。

【点评】本题考查的知识点多，速度公式、重力、二力

平衡、压强的计算公式等，难度较大，学生要灵活地运用这

些公式进行计算。

24.（6分）妈妈为了让明明在家里有一个舒适的学习和

生活环境，新买了一台科龙牌挂式空调机，细心的明明观察

后发现这台空调的铭牌参数如下表所示：

额定电型号KFR

压：

220V-2GW/UR2

频率：额定功

50Hz率：1100W

出厂日编p:

期：2009.5A030493

请问：（1）这台空调正常工作时通过的电流是多少安？

（2）如果这台空调每天正常工作2h,那么一个月（按

30天计算）要消耗多少kw・h的电能？

（3）如果这台空调在用电高峰期时的实际电压是200V,

那么实际消耗的电功率是多少瓦？（结果保留整数）

【分析】（1）根据表中空调的铭牌参数：额定电压是

220V.额定功率为1100W,利用P=UI变形即可求出这台空调

正常工作时通过的电流；

（2）已知P=1100W,这台空调一个月正常工作时间t=2h

X30,根据归Pt即可求出那么一个月要消耗的电能;

(3)根据这台空调的额定电压和额定功率，利用R二脸

P额

求出这台空调的电阻，再利用P二比即可求出实际消耗的电功

R

率。

【解答】解：(1)由表中空调的铭牌参数可知：U额=220V,

P额=1100W,

空调正常工作时通过的电流I=Z^=iipow=5A；

U额220V

(2)P=11OOW=1.IkW,t=2hX30=60h,

W=Pt=l.lkWX60h=66kW-h；

(3)由：U额=220V,P额=1100W,

可知这台空调的电阻为：二丝堡匹=44Q,

P额1100W

2

P实二哇=(200丫)2~909川。

R44Q

答：(1)这台空调正常工作时通过的电流是5A；

(2)如果这台空调每天正常工作2h,那么一个月(按

30天计算)要消耗66kW要的电能;

(3)实际消耗的电功率是909瓦。

【点评】此题属于信息给予题，首先处理好信息，包括

丢弃与问题无关的干扰信息，找到有用的信息，并使之跟物

理知识发生联系；然后确定解题方法并列式求解，这是解信

息题成败的关键。

贵州省铜仁市中考物理真题试题

第I卷

一、选择题（本题共9小题，每小题2分，共18分。在每小

题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。请

将答案填写在答题卡相应位置上。）

1.下列测量记录结果错误的是（）

A.木块长度：1.4cmB.液体体积:44mLC.被测物体质

量:28.4gD.温度计示数:53.5℃

【专题】基本仪器的使用专题.

【分析】①使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0

开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0

刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，

减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分

度值的下一位；

②读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读

数时视线与液面最凹处所对刻线相平；

③使用天平测量物体质量时，首先要明确标尺的分度值，被

测物体的质量等于祛码的总质量与游码所对刻度之和；

④使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和

分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意

区分温度是零上还是零下。

【解答】解：由图知：

A、刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长

度是0.Icm=lmm,即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与

3.0cm对齐，右侧与4.4cm对齐，估读为4.40cm,所以物体

的长度为L=4.40cm-3.0cm=l.40cm。此选项错误；

B、在量筒上，10cm3之间有5个小格，一个小格代表2cll13,

即量筒的分度值为2cm3,液面最凹处与44cm3相平，所以液

体的体积为44clli3=44ml。此选项正确；

C、在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的

质量是0.2g,即天平的分度值为0.2g；被测物体的质量为

m=20g+5g+3.4g=28.4g0此选项正确；

D、温度计上10C之间有10个小格，所以一个小格代表的温

度是1℃,即此温度计的分度值为1℃；“60”在“50”的上

方，液柱最高处在两者之间，所以显示的温度高于0℃,为

53.5℃.此选项正确。

故选：Ao

【点评】物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、

电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任

何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多

少。刻度尺需要估读，其他的测量工具不需要估读，读出最

接近的数值。

2.卜列对应关系正确的是()

A.沈括一一发现电流周围

存在磁场

B.奥斯特一一发现地理两极

和地磁场两极不重合

C.托里拆利一一测出大气

压强值

D.安培——发现电磁感应

现象

【专题】定性思想；磁现象、电生磁；气体的压

强、流体压强与流速的关系.

【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物

理学家的主要贡献即可。

【解答】解：

A、沈括最早发现了磁偏角，故A错误；

B、丹麦物理学家奥斯特最早发现了电流周围存在磁

场，故B错误；

C、托里拆利最早测出大气压强值，故C正确；

D、安培最早发现了安培定则，故D错误。

故选：Co

【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对

于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，

这也是考试内容之一。

3.如图所示，甲、乙两个图像分别J/

描述了做直线运动的两个物体3,/

A、B的运动情况，根据图像得图甲心图乙2优

出的信息箱误的是()

A.B物体作匀速直线运动

B.A物体作变速运动

C.VA>VB

D.B物体运动1.5s通过的

距离是3m

【专题】应用题；运动和力.

【分析】运用图象法解答问题的一般步骤是：

(1)明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；

(2)注意认清横坐标和纵坐标上各表示的最小分格的

数值大小和单位；

(3)明确图象所表示的物理意义；

(4)根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论。

【解答】解：

A、乙图是B物体的s-1图象，由图象可知，B物体通

过的路程与时间成正比，所以B物体做匀速直线运动，

故A正确；

B、甲图是A物体的v-t图象，由图象可知，A物体的

速度不随时间的变化而变化，所以A物体做匀速直线

运动，故B错误；

C、由图象可知，A物体的速度VA=3m/s,B物体的速度VB=?=U=2m/s,所以VA>VB.故C正确；

D、B物体运动1.5s通过的距离为SB=VBtB=2m/sX

1.5s=3m,故D正确。

故选：Bo

【点评】解答本题时一定要看仔细纵轴和横轴所

表示的物理量，这道题的图象有别于我们常见的路程-

时间图象，如果不认真看图，则很有可能会误认为A

是静止不动，B是匀速直线运动。

4.关于运动和力的说法正确的是（）

A.“月亮在云中穿行”，以

“云”为参照物，“月亮”是静止的

B.足球场上，运动员将飞

过来的足球用头顶回去，说明力的作用效果与力的大小有

关

C.车辆在公路上行驶时，

驾驶员和乘客要系安全带，是为了防止惯性带来危害

D.滚动轴承里加润滑剂是

为了减小接触面的粗糙程度

【专题】应用题；运动和力；重力、弹力、摩擦

力.

【分析】（1）判断物体是否运动就看物体与参照

物之间的位置是否发生变化，位置发生变化则物体运

动，位置不发生变化，则物体静止；

（2）力的大小、方向、作用点叫做力的三要素，力的

三要素影响力的作用效果；

（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何

物体都具有惯性；

（4）减小摩擦的方法：从压力大小和接触面的粗糙程

度考虑，减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触

面脱离，用滚动代替滑动摩擦力。

【解答】解:

A、月亮在云中穿行时，月亮相对于云的位置发生着改

变，所以，以云为参照物，月亮是运动的，故A错误;

B、足球场上，运动员将飞过来的足球用头顶回去，说

明力的作用效果与力的方向有关，故B错误；

C、车辆在公路上行驶时，驾驶员和乘客要系安全带，

是为了防止惯性带来危害，故C正确；

D、滚动轴承里加润滑剂是为了在接触面形成一层油

膜，使接触面分离，从而减小摩擦力，故D错误。

故选：Co

【点评】本题考查了运动与静止的相对性、力的

三要素、惯性的现象、减小摩擦力的方法等，有一定

综合性，但难度不大。

5.以下有关杠杆的应用中，属于费力杠杆的是（）

A.开啤酒瓶盖的起子B.用镶子夹

取祛码

C.剪铁皮的剪刀D.用撬棒撬石头

【专题】定性思想；简单机械.

【分析】结合生活经验，判断杠杆在使用过程中，

动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类

型的杠杆。

【解答】解：A、起瓶盖的起子在使用过程中，动

力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；

B、夹祛码的镶子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，

属于费力杠杆；

C、剪铁皮的剪子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，

属于省力杠杆；

D、撬石头的撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，

属于省力杠杆。

故选：Bo

【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以

下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠

杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻

力臂。

6.阅读下列材料：①扩散现象实质是一切物质分子都在不

停地作无规则运动；②内燃机压缩冲程是将内能转化为

机械能；③压缩气体使气体温度升高是通过做功改变物

体内能；④热机效率是热机性能的重要指标之一。以下

答案正确的是（）

A.①③④正确B.只有①③正确

C.①②正确D.①②③④正确

【专题】应用题；分子热运动、内能；比热容、

热机、热值.

【分析】（1）扩散现象表明一切物质的分子都在

不停地进行无规则运动的。

（2）热机在压缩冲程中机械能转化为内能；在做功冲

程中内能转化为机械能。

（3）改变物体内能的方法有两种：做功和热传递，做

功是能量的转化，热传递是内能的转移。

(4)热机效率是热机性能的重要指标。

【解答】解：①分子的运动眼睛无法直接观察，

是通过扩散现象来反映的。扩散现象表明一切物质的

分子不停地做无规则运动，故正确；

②内燃机压缩冲程是将机械能转化为内能，故错误；

③压缩气体使气体温度升高是通过做功把机械能转化

成内能，改变物体内能，故正确；

④热机效率是热机性能的重要指标之一，故正确。

①③④正确；

故选：Ao

【点评】本题属于基础题，掌握基础知识很重要。

掌握扩散现象、做功和压缩冲程能的转化、改变物体

内能的方法等，难度不大。

7.下列说法，描述正确的是()

A.验电器验证物体带电时金属箔张开，是

因为金属箔带上了异种电荷

B.发生短路是造成家庭电路中电流过大的

原因之一

C.金属导体中电流方向跟自由电子定向移

动方向一致

D.为了确保安全用电，要做到不接触高压

带电体、不靠近低压带电体

【分析】①电荷间相互作用规律：同种电荷相互

排斥，异种电荷相互吸引；

②家庭电路电流过大的原因有二：发生短路，用电器

总功率过大；

③物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向；

在金属导体中能发生定向移动的是自由电子；

④安全用电原则是：不接触高压带电体、不靠近低压

带电体

【解答】解：

A、同种电荷相互排斥，验电器验证物体带电时金属箔

张开，是因为金属箔带上了同种电荷，故A错误；

B、家庭电路发生短路时，电流不经用电器，所以干路

电流非常大，引起空气开关“跳闸”；造成家庭电路

中电流过大的另一原因是用电器总功率过大，故B正

确；

C、物理学规定正电荷定向移动的方向为电流方向，而

金属中的电流是自由电子定向移动形成的，自由电子

带负电，所以金属导体中电流方向跟自由电子定向移

动方向相反，故C错误；

D、安全用电的原则是不接触低压带电体，不靠近高压

带电体，故D错误。

故选：Bo

【点评】此题是一道电学综合题，考查的知识点

较多，包括验电器的原理、家庭电路电流过大的原因、

电流方向的规定及安全用电原则，难度不大，考查我

们对知识掌握的熟练程度。

8.如图所示电路，电源电压保持不变，匚上土一

当闭合开关s后，向左移动滑动变![

阻器彳的滑片P过程中，下列说法品

正确的是（）

A.电压表示数增大

B.电流表示数减小

C.电压表示数不变

D.用两端电压与通过的电流之比不变

【专题】定性思想；电路变化分析综合题.

【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器

串联，电流表串联在电路中，电压表测滑动变阻器两

端的电压；根据滑片的移动确定接入电路电阻的变化,

根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻&两

端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变

阻器两端的电压变化。

【解答】解：

由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表

串联在电路中，电压表测滑动变阻器两端的电压；

闭合开关S后，向左移动滑动变阻器R的滑片P过程

中，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；

TT

根据1=三可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故B错误；

电路中的电流变大，根据U=IR可知，定值电阻R1两端

的电压变大，

由串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻

器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故AC错误；

TT

根据R=/可知，Ri两端电压与通过的电流之比即为定值电阻Ri的叵值，则该比值不变，故D正椎。

故选：Do

【点评】本题考查欧姆定律和滑动变阻器的使用，

关键明白滑片移动的过程中电路的变化情况，这是本

题的难点也是重点。

9.边长为10cm,密度为0.GXlCfkg/n?的一个正方体物块放

在水平面上，物块对水平面的压强是(g取10N/Kg)

()

A.450PaB.550PaC.600Pa

D.700Pa

【分析】(1)已知正方体的质量，根据公式G=mg

求出正方体物块的重；

(2)此时正方体对水平面的压力等于物块的重力，求

出受力面积S,再利用p二

即可求出正方体物块对水平面的压强。

【解答】解：

(1)正方体物块的边长为10cm,则体积V=(10cm)

3=1000cm3=0.001m3；

由P4可得，正方体实心物块质量：

m=PV=0.6X103kg/m3X0.001m3=0.6kg,

正方体物块的重：

G=mg=0.6kgX10N/kg=6N；

(2)正方体物块对水平面的压力F=G=6N,

正方体物块的底面积(受力面积)：S=(0.lm)2=0.01m2,

F6N

物块对水平面的压强：p=—=-------=600Pa„

s0.017M2

故选：Co

【点评】此题主要考查重力、密度、压强的计算,

解答此题要注意受力面积应为接触面积而不是整个桌

面的面积，这也是学生容易出错的地方，因此要向学

生强调受力面积这一知识点。

第n卷

二、填空题（本题包括8个小题，每空1分，共17分。请将答案填写在答题卡相应的位置。）

10.（3分）声音的传播需要介质，不能传播声音;

著名男高音歌唱家汪峰在2017年的上海演唱会上放声

歌唱，深受广大歌迷的欢迎，其中“高”指的是声音

的;高速公路旁修建隔音墙，是在

减弱噪声。

【专题】应用题；声现象.

【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传

播声音；

（2）声音的三要素：音调、响度和音色；

（3）减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在

人耳处减弱

【解答】解：声音的传播需要介质，真空不能传

播声音；

男高音，指的是声音振动的频率高，所以其中“高”

指的是声音的音调；

高速公路旁修建隔音墙，是在传播过程中减弱噪声。

故答案为：真空；音调；传播过程中。

【点评】本题考查的知识点比较多，主要考查学

生对所学物理知识的综合应用能力。

11.（2分）未来几年里，我国将在太空建一个独立开放的空

间站，建成后，宇航员利用作为载体跟地面指

挥中心进行联系。核电站是通过核反应堆可控

释放核能来获取电能的（填“裂变”或“聚变”）。

【专题】定性思想；信息的传递；能源的利用与

发展.

【分析】（1）电磁波能在真空中的传播；

（2）核电站是利用核裂变来发电；

【解答】解：（1）宇航员利用电磁波作为载体跟

地面指挥中心进行联系；

（2）目前人类已建立的核电站，都是利用核裂变发电。

故答案为：电磁波；裂变。

【点评】本题考查电磁波的传播、以及核裂变属

于基础题。

12.（2分）夏天，当你漫步在锦江河畔的时候，常常会看到

河里一幅幅美丽的“倒影”，是

由于光的形成的；有时也会看见一群群“鱼

儿”在河里自由自在的游来游去,

是由于光的形成的。

【专题】光的传播和反射、平面镜成像；光的折

射、光的色散.

【分析】（1）平静的水面相当于平面镜，河边景

物通过水面成像，这是光的反射形成的。

（2）我们能看到鱼，是鱼反射的光线从水中斜射入空

气中，进入人眼，人看到的不是真实的鱼，而是偏高

的鱼的虚像，是由于折射形成的。

【解答】解：看到河里一幅幅美丽的“倒影”，

属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；

鱼反射的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，

折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着

折射光线的方向看去，看到的是比真实位置要浅的鱼

的虚像；

故答案为：反射；折射。

【点评】反射与折射都能形成虚像，主要区别是

反射形成的虚像关于反射面对称，物像分布在反射面

的两侧；折射形成的虚像，像和物在界面的同一侧。

13.（2分）著名的北盘江大桥在修建的过程中，建筑工人用

起重机将一个重为3X10%的建筑材料从地面匀速提升

到桥面，在此过程中，吊绳对重物的拉力为

N,

方向是。

【专题】定性思想；运动和力.

【分析】重物在力的作用下处于静止状态或匀速

直线运动状态时，拉力和重力是一对平衡力，平衡力

大小相等、方向相反、作用在同一直线上。

【解答】解：

由题意可知，建筑材料做匀速直线运动，则拉力与重

力是一对平衡力，即二力的大小相等，方向相反，所

以吊绳对重物的拉力：F=G=3X103N；因为重力方向竖

直向下，所以拉力的方向竖直向上。

故答案为：3X103；竖直向上。

【点评】此题考查了二力平衡的应用，物体的运

动状态决定其受力情况，若物体处于平衡状态，则应

受平衡力的作用。

14.(2分)完全燃烧0.35kg干木柴放出的热量为J,

假设这些热量全部被水吸收，能使

kg水的温度升高50℃o(。水=4.2X

103J/(kg・℃),干木柴的热值是1.2X107J/kg)

专题】计算题；比热容、热机、热值.

【分析】(1)已知干木柴的热值和质量，根据Q=mq

求出完全燃烧0.7kg的干木柴能放出的热量；

(2)水吸收的热量和干木柴放出的热量相等，根据Q

%=cmAt的变形式求出水的质量。

【解答】解：

(1)干木柴放出的热量：

76

Q放=m木柴q=0.35kgXl.2X10J/kg=4.2X10J,

(2)假设这些热量全部被水吸收Q吸=Q放=4.2X106J,

由可得，水的质量：

m水今二一仝1也—=20kg.

44.2xl03J/(Jtg-<C)x50<C

故答案为：4.2X106；20o

【点评】本题利用了公式Q放二叫和Q吸二cmZ\t进

行计算，关键是注意“升高到”和“升高了”的区别，

这个也是学生容易出错的地方。

15.(2分)有两个电阻：A=6Q,%=8Q,若将它们串联

在电路中，则在相同时间内消耗的电能之比例：%

二;若将它们并联在电路中，它们

在相同时间内产生的热量之比a：a

【专题】定量思想；比例法；电能和电功率；电

与热、生活用电.

【分析】①串联电路各处电流相同，已知两只电

阻阻值，利用公式W=I2Rt比较相同时间消耗的电能；

②并联电路各支路两端电压相同，已知两只电阻阻值,

,利用公式Q=1.t比较相同时间产生的热量，

【解答】解：

①将它们串联在电路中，因串联电路各处电流相同，

所以在相同时间内消耗的电能之比：

2

Wi：W2=IR1t：rR2t=R1；R2=6Q：8Q=3：4；

②若将它们并联在电路中，因并联电路各支路两端电

压相同，

所以它们在相同时间内产生的热量之比：

Q1：Q2=2.t：吟二然

NR2&6。3

【点评】此题考查了串联电路电路的特点和电能、

电热公式的应用。解答环节不复杂，难度不大。

16.（2分）我国自主研制的运20大飞机一一“胖妞”，演习

时，沿水平方向匀速飞行，并不断向地面投送物资，其

动能（填“增大”、“减小”或“不变”）。

如图所示，小磁针的端是北极（填"a”或

“b”）。

wmmrn

+d

【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。

质量越大，速度越大，动能越大；

（2）运用安培定则判断通电螺线管的极性；运用磁极

间相互作用判断小磁针磁极。

【解答】解：（1）飞机在空中沿水平方向匀速飞

行，同时往地面投放物资，飞行过程中，质量不断减

小，速度不变，所以动能减小；

（2）由图知电流从螺线管的左侧流入，根据安培定则,

右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指指

向螺线管的右端，即电磁铁的右端是北极，左端是南

极；根据异名磁极相吸引知，小磁针的b端是北极。

故答案为：减小；bo

【点评】①掌握动能的影响因素。能判断动能的

变化；

②属性磁极间相互作用及安培定则的内容并正确应

用。

17.（2分）小红同学用50N的力拉着一个重为80N的物体,

在水平地面上做匀速直线运动，

1分钟内使物体移动60m的距离，物体的运动速度

是m/s,此过程中小红拉力的功率是

Wo

【专题】计算题；定量思想；推理法；长度、时

间、速度；功、功率、机械效率.

【分析】

(1)知道物体运动的距离和时间，根据V=：求出物体的运动速度：

(2)根据P二二二?=Fv求出此过程中小红拉力的功率.

【解答