重难点11 带电粒子在组合场、叠加场中的运动（解析版）-高考物理重点难点热点专题

重难点11带电粒子在组合场、重难点11带电粒子在组合场、叠加场中的运动1.命题中经常出现带电粒子电场和磁场组合场运动的情况，即由电场进入磁场、由磁场进入电场或在电场和磁场中的往复运动。2.命题中经常出现带电粒子在重力场、电场、磁场等叠加场中的运动。既有直线运动，又有曲线运动。要对带电粒子受力分析，运动过程分析，力学规律和能量观点解决问题。一、带电粒子在组合场的运动1．两大偏转模型电偏转：带电粒子垂直进入匀强电场中；磁偏转：带电粒子垂直进入匀强磁场中．2．思维流程二、带电粒子在叠加场的运动1．解题规范(1)叠加场的组成特点：电场、磁场、重力场两两叠加，或者三者叠加．(2)受力分析：正确分析带电粒子的受力情况，场力、弹力和摩擦力．(3)运动分析：匀速直线运动、匀速圆周运动、匀变速直线运动、类平抛运动、非匀变速曲线运动．(4)选规律，列方程：应用运动学公式、牛顿运动定律和功能关系．2．灵活选择运动规律(1)若只有两个场且正交，合力为零，则表现为匀速直线运动或静止状态．例如电场与磁场中满足qE＝qvB；重力场与磁场中满足mg＝qvB；重力场与电场中满足mg＝qE.(2)三场共存时，若合力为零，则粒子做匀速直线运动；若粒子做匀速圆周运动，则有mg＝qE，粒子在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，即qvB＝meq\f(v2,r).(3)当带电粒子做复杂的曲线运动或有约束的变速直线运动时，一般用动能定理或能量守恒定律求解．（建议用时：30分钟）一、单选题1．如图所示，氕、氘、氚三种核子分别从静止开始经过同一加速电压U1（图中未画出）加速，再经过同一偏转电压U2偏转，后进入垂直于纸面向里的有界匀强磁场，氕的运动轨迹如图。则氕、氘、氚三种核子射入磁场的点和射出磁场的点间距最大的是（）A．氕 B．氘 C．氚 D．无法判定【答案】C【解析】设核子的质量为m，带电量为q，偏转电场对应的极板长为L，板间距离为d，板间电场强度为E，进入偏转电场的速度为v0，进入磁场的速度为v，在偏转电场的侧移量为y，速度偏转角为θ。核子在加速电场运动过程，由动能定理得qU1核子在偏转电场做类平抛运动，将运动沿极板方向和垂直极板方向分解。沿极板方向做匀速直线运动，则有L＝v0t沿极板方向做匀加速直线运动，则有yvy＝at由牛顿第二定律得联立解得速度偏转角的正切值为可见核子在偏转电场的侧移量y与速度偏转角θ均与核子的质量和带电量无关，故三种核子进入磁场的位置和速度方向均相同。进入磁场的速度核子在匀强磁场只受洛伦兹力而做匀速圆周运动，轨迹如图所示由牛顿第二定律得qvB由几何关系可得，射入磁场的点和射出磁场的点间距s为s＝2rcosθ联立解得氕、氘、氚三种核子的电量相等，氚的质量最大，则氚的射入磁场的点和射出磁场的点间距最大。故选C。2．（2023·山东日照·统考三模）如图所示，三个同心圆、、的半径分别为、、，在圆区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场。在圆和圆间的环形区域存在背向圆心的辐向电场，在圆和圆间的环形区域存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为。一质量为、电荷量为的粒子，从圆边界上的A点沿半径方向以速度射入圆内，第一次从圆边界射出时速度方向偏转，经过辐向电场加速后，从圆边界上进入外环区域，粒子恰好不会从圆飞离磁场。已知磁感应强度，不计粒子的重力。则（）

A．圆区域内匀强磁场的磁感应强度大小为B．圆与圆两边界间辐向电场的电势差为C．粒子从电场回到入射点A，在磁场中运动的最短时间为D．粒子从电场回到入射点A，在磁场中运动的最短时间为【答案】B【解析】A．如图根据由几何关系得，半径联立解得故A错误；B．如图根据几何关系，在圆和圆间的环形区域的匀强磁场偏转半径又联立解得U=故B正确；CD．粒子运动轨迹如图粒子圆区域内匀强磁场运动的周期粒子从电场回到入射点A，在磁场中运动的最短时间为粒子圆c区域内匀强磁场运动的周期在磁场中运动的最短时间为粒子从电场回到入射点A，在磁场中运动的最短时间为故CD错误。故选B。3．一带正电的小球质量为0.01kg，带电量为0.01C，小球在相互垂直的匀强电场和匀强磁场的空间沿一斜线向下做匀速直线运动。已知其水平分量为vx＝6m/s，磁感应强度大小为1T，方向垂直纸面向里，电场力做负功的功率大小为PE＝0.3W，则电场强度的大小和方向为(g=10m/s2)（）

A．5N/C，方向向上偏左37°角B．5N/C，方向向上偏右37°角C．4N/C，方向向上偏左37°角D．4N/C，方向向上偏右37°角【答案】A【解析】设电场方向与水平方向的夹角为α，小球的竖直分速度为vy，因为洛伦兹力不做功，只有电场力和重力做功，且沿一斜线向下做匀速直线运动，小球动能不变，应有mgvy＝PE得vy＝3m/s小球受力如图所示

则有水平方向qEcosα＝qBvy竖直方向qEsinα+qBvx＝mg代入整理后得Ecosα＝3N/CEsinα＝4N/C解得E＝5N/Cα=53º可知电场方向向上偏左37°角。故选A。4．如图所示，平面直角坐标系的第二象限内存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为、带电荷量为的小球从A点以速度沿直线运动，与轴负方向成角。在轴与之间的区域Ⅰ内加一电场强度最小的匀强电场后，可使小球继续做直线运动到上的点，与之间区域Ⅱ内存在宽度为d的竖直向上匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，小球在区域Ⅱ内做匀速圆周运动并恰好不能从右边界飞出，已知小球在点的速度大小为，重力加速度为，，，则下列结论错误的是（）A．区域Ⅱ内匀强电场的场强大小B．区域Ⅱ内匀强磁场的磁感应强度大小C．小球从做匀速直线运动，做匀加速直线运动D．区域Ⅰ内匀强电场的最小场强大小为，方向与轴正方向成角向上【答案】B【解析】A．小球在区域Ⅱ内做匀速圆周运动，所以解得故A正确，不符合题意；B．因为小球恰好不从右边界穿出，小球运动轨迹如图所示由几何关系得由洛伦兹力提供向心力知解得故B错误，符合题意；CD．带电小球在第二象限内受重力、电场力和洛伦兹力做直线运动，三力满足如图所示关系所以小球从只能做匀速直线运动。区域Ⅰ中O→C小球做直线运动，电场强度最小，受力如图所示（电场力方向与速度方向垂直）所以小球做匀加速直线运动，由图知解得方向与x轴正方向成53°角向上。故CD正确，不符合题意。故选B。二、多选题5．如图所示，直角坐标系xOy在水平面内，z轴竖直向上。坐标原点O处固定一带正电的点电荷，空间中存在竖直向下的匀强磁场B。质量为m带电量为q的小球A，绕z轴做匀速圆周运动，小球A的速度大小为v0，小球与坐标原点O的距离为r，O点和小球A的连线与z轴的夹角θ=37°。重力加速度为g，m、q、r已知。（cos37°=0.8，sin37°=0.6）则下列说法正确的是（）A．小球A与点电荷之间的库仑力大小为B．从上往下看带电小球只能沿逆时针方向做匀速圆周运动C．v0越小所需的磁感应强度B越小D．时，所需的磁感应强度B最小【答案】ABD【解析】A．对小球A受力分析如图所示，洛伦兹力F2沿水平方向，库仑力F1沿着O→B方向。在竖直方向，根据平衡条件得解得小球A与点电荷之间的库仑力大小为。故A正确；B．原点O处带正电的点电荷与小球之间的库仑力为斥力，故小球带正电，空间中存在竖直向下的匀强磁场，洛伦兹力需要指向圆心，根据左手定则，从上往下看带电小球只能沿逆时针方向做匀速圆周运动。故B正确；CD．水平方向根据牛顿第二定律得其中解得当即B取值最小，可知B与并非单调函数关系。故C错误；D正确。故选ABD。6．如图所示，有一半径为R的半圆形光滑绝缘轨道PDQ（PQ为直径）固定在竖直平面内，空间分布着水平方向、垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，轨道的最低点D处放一质量为m、带电荷量为q（）的小球（图中未画出），现给小球一水平向左的初速度，小球恰好能运动到与圆心O等高处，在此过程中小球始终与轨道接触，已知重力加速度为g。关于此过程，下列说法正确的是（）

A．小球在D处的速度大小为B．小球在D处对轨道的压力大小为C．小球由D处到P处对轨道的压力先增大后减小D．小球由D处到P处对轨道的压力一直减小【答案】ABD【解析】A．小球从D点运动至最高点P的过程，只有重力做负功，所受的洛伦兹力和轨道的支持力均不做功，由动能定理有解得故A正确；B．小球在D处受力分析，由牛顿第二定律有由牛顿第三定律可知解得小球在D处对轨道的压力大小为故B正确；CD．小球由D处到P处，设小球的位置和圆心的连线与竖直方向的夹角为，由牛顿第二定律有因逐渐增大，即减小，速度逐渐减小，则轨道的支持力逐渐减小，故小球对轨道的压力逐渐减小，故C错误，D正确。故选ABD。三、解答题7．如图所示，在平面直角坐标系中，第一象限内y轴与直线x=L之间存在垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，第四象限内y轴与直线x=L之间存在方向垂直纸面向外、磁感应强度为的匀强磁场；在直线x=L的右侧存在沿y轴正方向的有界匀强电场，在电场的右侧存在方向垂直纸面向外、磁感应强度为B的有界匀强磁场，电场、磁场左右边界的间距相等。质量为m、电荷量为q的带正电粒子甲从y轴上的a点以沿着y轴负方向的速度射入磁场，到达x轴上的c点时速度沿x轴的正方向，c点的坐标为；带电量为3q的带正电粒子乙从y轴上的b点以沿着y轴正方向的速度射入磁场，到达c点时以沿x轴的正方向的速度与甲相碰；碰撞后甲、乙立即组成整体进入电场，甲从a到c的运动时间是乙从b到c的运动时间的2倍，整体从p点离开电场进入磁场，最后从e点以平行x方向的速度离开磁场，整体在p点的速度与电场线的夹角为37°。不计两粒子的重力以及粒子间的相互作用力，碰撞过程无电量损失，sin37°=0.6、cos37°=0.8，求：（1）乙的质量以及整体在c点时的共同速度；（2）整体从p到e运动轨迹的半径；（3）电场的电场强度。

【答案】（1），；（2）；（3）【解析】（1）设乙的质量为，甲、乙在磁场中运动的周期分别为由几何关系可得甲、乙在磁场中运动的速度偏转角均为，甲从a到c的运动时间与乙从b到c的运动时间分别为、，甲从a到c的运动时间是乙从b到c的运动时间的2倍，则有联立解得设甲、乙两粒子在磁场中的速度大小分别为、，由几何关系可得甲、乙在磁场中做匀速圆周运动的半径均为L，由洛伦兹力提供向心力可得甲、乙在c点发生碰撞，由动量守恒定律可得联立解得（2）整体的质量为2m，带电量为4q，从c到p做类平抛运动，把整体在p点的速度分别沿x、y轴分解，则有设整体从p到e运动轨迹的半径为R，由洛伦兹力提供向心力可得联立解得（3）过p、e分别做速度的垂线，设电场、磁场左右边界的间距均为d，由几何关系可得设整体从c到p的运动时间为t，匀强电场的强度为E，由类平抛运动的规律可得联立解得8．如图甲所示为带电粒子三维动量映射分析技术的原理图。系统整体设计采用圆柱对称型结构，对称轴为，亥姆霍兹线圈用以形成沿系统轴向的均匀磁场区，可以抑制带电粒子的横向发散，使得系统具有较大的粒子收集效率。位置敏感探测器用以接收带电粒子，记录带电粒子的飞行时间和粒子撞击探测器的位置。粒子源和探测器中心均位于对称轴上，建立空间坐标系，轴与对称轴重合，轴竖直向上，探测器的平面坐标系从左向右看如图乙所示。已知粒子源发射质量为，电荷量为的带正电荷的粒子，粒子速度方向与轴的夹角为，探测器半径为，轴向匀强磁场的磁感应强度为，方向水平向右。不计粒子重力和粒子间相互作用。（1）从左向右看，粒子运动方向是顺时针还是逆时针？（2）若粒子刚好打在探测器的中心，求粒子源到探测器距离需要满足的条件；（3）若粒子发射时速度大小，速度方向位于平面内，与轴夹角，粒子打在探测器的位置坐标为，求带电粒子的飞行时间；（4）若粒子源沿着与轴夹角的各个方向连续发射粒子，粒子速度大小，粒子源到探测器的距离，求粒子打到探测器上的位置坐标所满足的方程。【答案】（1）逆时针；（2）（，，）；（3）（，，）（4）【解析】（1）从左向右看，根据左手定则可知粒子运动方向是逆时针。（2）粒子刚好打在探测器的中心，则所有时间为周期的整数倍，则有（，，）（，，）（3）设粒子做圆周运动的半径为，由洛伦兹力提供向心力可得可得在探测器的位置坐标如图1所示

根据几何关系可知则带电粒子的飞行时间为（，，）即（，，）（4）设粒子做圆周运动的半径为，则有解得设粒子飞行的时间为，则有解得在探测器的位置坐标如图2所示

由几何关系可知因为粒子沿着与轴夹角的各个方向连续发射，由粒子在探测器上位置如图2虚线；则位置坐标方程为（建议用时：30分钟）一、单选题1．图中关于磁场中的四种仪器的说法中错误的是（

）

A．甲图中要使粒子获得的最大动能增大，可以增大D形盒的半径B．乙图中不改变质谱仪各区域的电场、磁场时击中光屏同一位置的粒子比荷相同C．丙图是载流子为负电荷的霍尔元件通过如图所示电流和加上如图磁场时N侧带负电荷D．丁图长宽高分别为a、b、c的电磁流量计加上如图所示磁场，若流量Q恒定，则前后两个金属侧面的电压与a、b、c均无关【答案】D【解析】A．在回旋加速度器中，由洛伦兹力充当向心力有可得可知，在回旋加速度所处磁场一定的情况下，粒子射出回旋加速度的最终速度跟D形盒的半径有关，半径越大获得的速度越大，动能就越大，因此甲图中要使粒子获得的最大动能增大，可以增大D形盒的半径，故A正确；B．粒子经过质谱仪速度选择器时，只有满足的粒子才能被选择，可得显然，经过质谱仪的速度选择器区域的粒子速度v都相同，经过偏转磁场时击中光屏同一位置的粒子在偏转磁场中做圆周运动的轨迹半径R相等，根据牛顿第二定律有可得由此可知，打在同一位置的粒子的比荷都相同，故B正确；C．在霍尔元件中，因载流子带负电，而电流的方向为正电荷定向移动的方向，可知带负电的载流子移动方向与电流方向相反，根据左手定则可知，带负电的载流子在洛伦兹力的作用下向着霍尔元件的N侧偏转，使N侧带上负电，故C正确；D．经过电磁流量计的带电粒子会在洛伦兹的作用下向着前后两个侧面偏转，时前后两个侧面产生电势差，从而形成电场，当前后两个侧面带上足够多的电荷后将形成稳定的电场，此时满足其中v表示液体的流速，即此时两侧电压达到最大值，则有联立可得而流量解得则前后两个金属侧面的电压与a、b无关，但与c有关，故D错误。故此题选择错误选项，故选D。2．如图所示，在空间坐标系O-xyz中，存在着电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场（图中都未画出），方向均沿y轴负方向。一质量为m电荷量为+q的油滴从O点以速度v沿x轴正方向进入复合场，关于油滴的运动下列说法正确的是（）

A．若Bvq=mg，则油滴做匀速直线运动B．若Eq=mg，则油滴做匀速圆周运动C．若Bvq=mg，则油滴做类平抛运动D．无论如何，油滴都不可能做匀变速曲线运动【答案】C【解析】ACD．油滴从O点以速度v沿x轴正方向进入复合场，受到竖直向下的重力，竖直向上的洛伦兹力，沿y轴负方向的电场力，若洛伦兹力与重力相等，则电场力和初速度垂直，则油滴做类平抛运动，加速度大小方向不变，为匀变速曲线运动，故AD错误，C正确；B．若Eq=mg，则油滴做螺旋运动，故B错误。故选C。3．（2023·北京通州·潞河中学校考三模）CT扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称，图中的CT扫描机可用于对多种病情的探测。图（a）是某种CT机主要部分的剖面图，其中X射线产生部分的示意图如图（b）所示。图（b）中M、N之间有一电子束的加速电场，虚线框内有匀强偏转磁场，经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到靶上，产生X射线（如图中带箭头的虚线所示），将电子束打到靶上的点记为P点。则（

）A．M接加速电压的正极B．偏转磁场的方向垂直于纸面向外C．仅减小M、N之间的加速电压，可使P点左移D．仅增大偏转磁场磁感应强度的大小，可使P点右移【答案】C【解析】A．根据题意可知，电子在MN之间加速，受到向右的电场力，所以MN之间的电场线水平向左，则M接加速电压的负极，故A错误；B．由电子运动轨迹粒子，电子进入磁场时受到向下的洛伦兹力作用，根据左手定则可知偏转磁场的方向垂直于纸面向里，故B错误；CD．电子在加速电场中加速，由动能定理得电子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得解得电子在磁场中做圆周运动的轨道半径如减小M、N之间的加速电压，电子在磁场中做圆周运动的半径r减小，电子出磁场时的速度偏角变大，P点左移；增大偏转磁场磁感应强度的大小，则电子在磁场中做圆周运动的半径减小，电子出磁场时的速度偏角增大，P点左移，故C正确，D错误。故选C。4．（2023·河北保定·统考三模）粗糙水平地面上方存在着方向竖直向下的匀强电场，MN边界的左边存在着如图所示的匀强磁场，一带电滑块（可视为质点）以速度v向右匀速运动，已知电场强度为E，磁感应强度，重力加速度为g，滑块滑过边界MN之后经时间，速度方向与水平面夹角30°，根据以上条件，下列结论正确的是（）

A．滑块带正电 B．滑块可带正电也可以带负电C． D．在时间t内，滑块在水平方向的位移为【答案】C【解析】AB．滑块滑过边界MN之后经时间，速度方向与水平面夹角30°，可知滑块受电场力向上，所以滑块带负电，故AB错误；CD．在MN左侧，带电滑块（可视为质点）以速度向右匀速运动，则有结合题中，解得滑块在MN右侧，根据牛顿第二定律有解得，方向向上经t时间，根据速度的关系有解得水平方向做匀速直线运动，有故C正确，D错误。故选C。二、多选题5．（2023·辽宁沈阳·统考三模）如图所示，在xOy平面内存在着磁感应强度大小为B的匀强磁场，第一、二、四象限内的磁场方向垂直纸面向外，第三象限内的磁场方向垂直纸面向里。、为坐标轴上的两个点。现有一电量大小为q、质量为m的带正电粒子（不计重力），以与x轴正向成45°角从P点射出，恰好经原点O到达Q点，则下列对PQ段运动描述正确的是（）A．粒子运动的最短时间为B．粒子运动的总路程可能为C．粒子在Q点速度方向与y轴正向的夹角可能为45°D．粒子从P到O的时间与从O到Q的时间之比可能为1：3【答案】BCD【解析】C．若粒子从P点出发恰好经原点O到达Q点，运动轨迹可能如图所示：或第一种情况粒子在Q点速度方向与y轴负向的夹角为45°；第二种情况粒子在Q点速度方向与y轴正向的夹角为45°，选项C正确；A．根据粒子的运动轨迹图可知第一种情况粒子运动的时间最短，为选项A错误；B．第一种情况粒子运动的总路程第二种情况粒子运动的总路程粒子运动的总路程选项B正确；D．根据粒子的运动轨迹图可知第一种情况粒子从P到O的时间与从O到Q的时间之比为1∶1；第二种情况粒子从P到O的时间为粒子与从O到Q的时间为因此第二种情况粒子从P到O的时间与从O到Q的时间之比为选项D正确。故选BCD。6．如图所示，真空区域有左右宽度为l、上下足够长的匀强磁场，匀强磁场的磁感应强度大小为B，磁场方向垂直于纸面向里，MN、PQ是磁场的左右竖直边界。一质量为m、电荷量为q的粒子（不计粒子重力），在竖直平面内，沿着与MN夹角为的方向射入磁场中。则下列说法正确的是（）

A．若带电粒子带负电，入射速度只要大于，粒子就会从PQ射出B．粒子在磁场中运动的最长时间可能是C．MN边界上，从入射点下方射出的所有粒子，在磁场中运动时间均为D．若在该空间再加一个匀强电场，粒子有可能做匀加速直线运动【答案】BC【解析】A．若带电粒子带负电，粒子恰好从PQ射出，轨迹如图

由洛伦兹力提供向心力由几何关系解得粒子入射速度入射速度只要大于，粒子就会从PQ射出，A错误；B．若带电粒子带正电，粒子在磁场中运动的最长时间对应轨迹为

由洛伦兹力提供向心力由几何关系运动时间粒子在磁场中运动的最长时间可能是，B正确；C．MN边界上，从入射点下方射出的所有粒子（带负电），在磁场中运动时间均为C正确；D．若在该空间再加一个匀强电场，带电粒子受电场力与洛伦兹力，由于洛伦兹力垂直于速度方向，且大小为若粒子做匀加速直线运动，则速度增加，洛伦兹力变大，合力不再与速度共线，所以若在该空间再加一个匀强电场，粒子不可能做匀加速直线运动，D错误。故选BC。三、解答题7．如图为某同学设计的带电粒子的聚焦和加速装置示意图。位于S点的粒子源可以沿纸面内与SO1（O1为圆形磁场的圆心）的夹角为的方向内均匀地发射速度为v0=10m/s、电荷量均为q=-2.0×10-4C、质量均为m=1.0×10-6kg的粒子，粒子射入半径为R=0.1m的圆形区域匀强磁场。已知粒子源在单位时间发射N=2.0×105个粒子，圆形区域磁场方向垂直纸面向里，沿着SO1射入圆形区域磁场的粒子恰好沿着水平方向射出磁场。粒子数控制系统是由竖直宽度为L、且L在范围内大小可调的粒子通道构成，通道竖直宽度L的中点与O1始终等高。聚焦系统是由有界匀强电场和有界匀强磁场构成，匀强电场的方向水平向右、场强E=0.625N/C，边界由x轴、曲线OA和直线GF（方程为：y=-x+0.4（m））构成，匀强磁场方向垂直纸面向里、磁感应强度B=0.25T，磁场的边界由x轴、直线GF、y轴构成，已知所有经过聚焦系统的粒子均可以从F点沿垂直x轴的方向经过一段真空区域射入加速系统。加速系统是由两个开有小孔的平行金属板构成，两小孔的连线过P点，上下两板间电势差U=-10kV，不计粒子的重力和粒子间的相互作用力。求：（1）圆形磁场的磁感应强度B0；（2）当L=R时，求单位时间进入聚焦系统的粒子数N0；（3）若进入加速系统内粒子的初速度均忽略不计，设从加速系统射出的粒子在测试样品中运动所受的阻力f与其速度v关系为（k=0.2N·s·m-1），求粒子在样品中可达的深度d；（4）曲线OA的方程。【答案】（1）0.5T；（2）；（3）；（4）【解析】（1）由洛伦兹力提供向心力得解得圆形磁场的磁感应强度为（2）临界1：粒子恰好从控制系统上边界进入，粒子在S点入射速度与的夹角为，则解得临界2：粒子恰好从控制系统下边界进入，粒子在S点入射速度与的夹角为，则解得能进入控制系统的粒子数（3）对粒子在加速系统运用动能定理解得对粒子进入样品得过程运用动量定理粒子在样品中可达的深度为（4）设粒子从曲线OA的点进入电场，则粒子从直线GF的点射出电场，根据动能定理有由洛伦兹力提供向心力得曲线OA的方程为8．离子推进技术在太空探索中已有广泛的应用，其装置可简化为如图（a）所示的内、外半径分别为和的圆筒，图（b）为其侧视图。以圆筒左侧圆心为坐标原点，沿圆筒轴线向右为轴正方向建立坐标。在和处，垂直于轴放置栅极，在两圆筒间形成方向沿轴正向、大小为的匀强电场，同时通过电磁铁在两圆筒间加上沿轴正方向、大小为的匀强磁场。待电离的氙原子从左侧栅极飘