重难点13 电磁感应（解析版）-高考物理重点难点热点专题

重难点13电磁感应重难点13电磁感应1.命题情境源自生产生活中的与电磁感应的相关的情境或科学探究情境，解题时能从具体情境中抽象出物理模型，正确应用楞次定律、法拉第电磁感应定律、左手定则、右手定则、安培定则、牛顿运动定律、运动学公式及动能定理、能量守恒定律、动量定理、动量守恒定律解决物理实际问题。2.选择题命题中主要考查导体棒和导体框进出磁场时力电综合问题、经常结合图像进行考查。3.命题中经常注重物理建模思想的应用，具体问题情境中，抽象出物体模型。有切割磁感线的导体，分析等效电源和外电路的连接方式。安培力是变力时，安培力的冲量常常和电荷量结合，利用动量定理解题。一、楞次定律和法拉第电磁感应定律的应用1．判断感应电流方向的两种方法(1)利用右手定则，即根据导体在磁场中做切割磁感线运动的情况进行判断．(2)利用楞次定律，即根据穿过闭合回路的磁通量的变化情况进行判断．2．求感应电动势的两种方法(1)E＝neq\f(ΔΦ,Δt)，用来计算感应电动势的平均值，常用来求解电荷量．(2)E＝Blv或E＝eq\f(1,2)Bl2ω，主要用来计算感应电动势的瞬时值．二、电磁感应中动力学分析和能量分析1．电荷量的求解电荷量q＝IΔt，其中I必须是电流的平均值．由E＝neq\f(ΔΦ,Δt)，I＝eq\f(E,R总)，q＝IΔt联立可得q＝neq\f(ΔΦ,R总)，与时间无关．2．求解焦耳热Q的三种方法(1)焦耳定律：Q＝I2Rt.(2)功能关系：Q＝W克服安培力．(3)能量转化：Q＝ΔE其他能的减少量．3．用到的物理规律匀变速直线运动的规律、牛顿运动定律、动能定理、能量守恒定律等．4.解决感应电路综合问题的一般思路是“先电后力”，即：1．“源”的分析——分析电路中由电磁感应所产生的“电源”，求出电源参数E和r；2．“路”的分析——分析电路结构，弄清串、并联关系，求出相关部分的电流大小，以便求解安培力；3．“力”的分析——分析研究对象(通常是金属棒、导体、线圈等)的受力情况，尤其注意其所受的安培力；接着进行“运动状态”的分析——根据力和运动的关系，建立正确的运动模型；4．“动量”和“能量”的分析——寻找电磁感应过程和研究对象的运动过程中，其能量转化和守恒的关系，并判断系统动量是否守恒．（建议用时：30分钟）一、单题1．（2023·吉林长春·统考一模）如图，在光滑水平桌面上有一边长为l、电阻为R的正方形导线框，在导线框右侧有一宽度为d（d＞l）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的左、右边框平行，磁场方向竖直向下。导线框以某一初速度向右运动并穿过磁场，在穿过磁场区域过程中，下列描述该过程的v—x（速度—位移）图像中，可能正确的是（）A． B．C． D．【答案】B【解析】线圈进入磁场时，设某时刻进入磁场的距离为x，此时线圈的速度为v，则由动量定理其中则当完全进入磁场后，不受到安培力，所以做匀速直线运动，当出磁场时，速度v与位移x的关系与进入磁场相似。故选B。2．如图甲所示，连接电流传感器的线圈套在竖直放置的长玻璃管上。将强磁铁从离玻璃管上端高为h处由静止释放，磁铁在玻璃管内下落并穿过线圈。如图乙所示是实验中观察到的线圈中电流随时间变化的图像，则（

）A．t1~t3过程中线圈对磁铁作用力方向先向上后向下B．磁铁上下翻转后重复实验，电流方向先负向后正向C．线圈匝数加倍后重复实验，电流峰值将加倍D．h加倍后重复实验，电流峰值将加倍【答案】B【解析】A．由楞次定律的“来拒去留”可知，t1~t3过程中线圈对磁铁作用力方向一直向上，A错误；B．磁铁上下翻转后重复实验，穿过圆环过程中，磁通量方向相反，根据楞次定律可知，将会产生负向电流后产生正向电流，B正确；C．若将线圈匝数加倍后，根据法拉第电磁感应定律可知，线圈中感应电动势也加倍，由电阻定律可知，线圈匝数加倍，长度也加倍，电阻加倍，由欧姆定律可知，线圈中感应电流的峰值不会加倍，C错误；D．若没有磁场力，则由机械能守恒定律可得若将h加倍，速度并非变为原来的2倍，实际中存在磁场力做负功，速度也不是原来的2倍，则线圈中产生的电流峰值不会加倍，D错误。故选B。3．如图所示，MN、PQ是两条水平平行放置的光滑金属导轨，导轨的有端接理想变压器的原线圈，变压器的副线圈与电阻组成闭合回路，变压器原副线圈匝数之比，导轨宽，质量、电阻不计的导体棒ab垂直MN、PQ放在导轨上，在水平外力F作用下，从时刻开始在图示的两虚线范围内往复运动，其速度随时间变化的规律是），垂直轨道平面的匀强磁场的磁感应强度B=4T，导轨、导线和线圈电阻均不计，则（）

A．ab棒中产生的电动势的表达式为20sin20πt（V）B．电阻R上的电功率为2000WC．从到的时间内，外力F所做的功为D．从到的时间内，电阻R上产生的热量为J【答案】B【解析】A．ab棒中产生的电动势的表达式为故A错误；B．由可得由得故B正确；C．根据可得从到t1=0.025s经历了四分之一个周期，这段时间内电阻R上产生的热量ab棒的速度，由能量守恒定律故C错误：D．从到的时间内，电阻R上产生的热量故D错误。故选B。4．如图所示，间距的光滑U形金属导轨固定在绝缘斜面上，斜面倾角。区域Ⅰ、Ⅱ分别以、为边界，均存在垂直于斜面向上的磁场，Ⅰ区中磁感应强度从0开始随时间均匀增加，Ⅱ区中为匀强磁场，磁感应强度，与之间为无磁场区域。质量、电阻的导体棒垂直于导轨放置，从两磁场之间的无磁场区域由静止释放，经过进入Ⅱ区恰好匀速下滑。运动中棒与导轨始终保持良好接触，导轨足够长且电阻不计。重力加速度，。则下列说法错误的是（）A．进入Ⅱ区后，导体棒中的电流B．无磁场区域的面积至少为C．前导体棒产生的焦耳热D．若Ⅰ区磁场面积为，则Ⅰ区的磁感应强度随时间变化的表达式为【答案】B【解析】A．导体棒进入Ⅱ区恰好匀速下滑，则有导体棒中的电流为故A正确；B．导体棒进入Ⅱ区域磁场的速度为根据牛顿第二定律导体棒在无磁场区域做匀加速直线运动，则无磁场区域的面积最小值为代入数据联立解得故B错误；C．导体棒进入Ⅱ区域后，Ⅰ区中磁感应强度变化产生的感生电动势为，Ⅱ区域导体棒切割磁感线产生的动生电动势为，则解得感生电动势为前导体棒未切割磁感线，则产生的焦耳热为故C正确，不符合题意；D．根据电磁感应定律若Ⅰ区磁场面积为，Ⅰ区磁感应强度的变化率为由题意，Ⅰ区中磁感应强度从0开始随时间均匀增加，则Ⅰ区的磁感应强度随时间变化的表达式为故D正确。本题选错误的，故选B。二、多选题5．如图所示，两足够长的光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨间距为L，导轨间有方向竖直向下的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B，质量均为m、有效电阻均为R的金属棒和垂直于导轨放置，均处于静止状态，现给棒一个方向水平向左、大小为的初速度，下列说法正确的是（）A．从棒开始运动到回路无电流的过程中，回路产生的焦耳热为B．从棒开始运动到回路无电流的过程中，回路产生的焦耳热为C．最终回路无电流通过后，两棒间的距离比静止时增大D．最终回路无电流通过后，两棒间的距离比静止时增大【答案】BC【解析】AB．棒存在方向水平向左、大小为的初速度，此时磁通量改变，电路产生感应电流，在安培力的作用下，棒向左运动，最终闭合回路间的磁通量不发生改变，即金属棒和共速，由水平方向上动量守恒，可得解得根据能量守恒可得解得故A错误，B正确；CD．金属棒受到的安培力为根据动量定理可得解得故C正确，D错误；故选BC。6．（2023·广东·模拟预测）如图所示，光滑绝缘水平桌面上放置一边长为L、质量为m、阻值为R的正方形导体框ABCD，四条平行的水平虚线将空间分成五个区域，其中在虚线12、虚线34间分别存在垂直水平桌面向上、向下的匀强磁场，磁感应强度大小均为B。已知虚线12间（称区域Ⅰ）、虚线23间、虚线34间（称区域Ⅱ）的距离分别为L、2L、L。开始时导体框的CD边与虚线1重合，时刻给导体框一水平向右的瞬时冲量，最终导体框的AB边与虚线4重合时，速度刚好减为零。下列说法正确的是（

）A．进入区域Ⅰ和离开区域Ⅱ时导体框中的电流方向相同B．导体框从AB边刚离开区域Ⅰ到CD边刚进入区域Ⅱ所用的时间为C．导体框CD边刚要离开区域Ⅱ时的加速度大小为D．导体框经过区域Ⅰ和区域Ⅱ的过程中，产生的焦耳热之比为【答案】ABC【解析】A.由右手定则可知，导体框进入区域Ⅰ的过程，从上向下看导体框中产生的感应电流沿顺时针方向，导体框离开区域Ⅱ的过程，从上向下看导体框中产生的感应电流也沿顺时针方向，故A正确；B.由法拉第电磁感应定律可得由闭合电路欧姆定律得又综合可得设CD边刚进入区域Ⅰ时导体框的速度为，AB边刚离开区域Ⅰ时导体框的速度为，导体框在区域Ⅰ中运动时由动量定理有同理，导体框在区域Ⅱ中运动时由动量定理有又由以上解得，导体框从AB边刚离开区域Ⅰ到CD边刚进入区域Ⅱ的过程以做匀速直线运动，位移为L，运动时间为故B正确。C.设CD边刚离开区域Ⅱ时导体框的速度为，导体框从CD边刚进入区域Ⅱ到CD边刚离开区域Ⅱ的过程，由动量定理有该过程有解得导体框CD边刚要离开区域Ⅱ时，由法拉第电磁感应定律得由闭合电路欧姆定律得又由牛顿第二定律可知导体框的加速度为解得故C正确；D.由能量守恒定律得，导体框经过区域Ⅰ产生的焦耳热为导体框经过区域Ⅱ产生的焦耳热为又解得故D错误。故选ABC。三、解答题7．（2024·浙江嘉兴·统考一模）如图甲所示，两光滑金属导轨和处在同一水平面内，相互平行部分的间距为，其中上点处有一小段导轨绝缘。交叉部分和彼此不接触。质量均为、长度均为的两金属棒，通过长为的绝缘轻质杆固定连接成“工”形架，将其置于导轨左侧。导轨右侧有一根被锁定的质量为的金属棒，T与点的水平距离为。整个装置处在竖直向上的匀强磁场中，其磁感应强度大小随时间的变化关系如图乙所示，均为已知量。和的电阻均为，其余电阻不计。时刻，“工”形架受到水平向右的恒力作用，时刻撤去恒力，此时恰好运动到点。（1）求时刻，“工”形架速度和两端电压；（2）求从到过程中“工”形架产生的焦耳热；（3）求运动至点时的速度；（4）当运动至点时将解除锁定，求从点开始经时间后与的水平距离。（此过程“工”形架和均未运动至交叉部分）。

【答案】（1），；（2）；（3）；（4）【解析】（1）过程“工”形架所围回路磁通量磁通量不变，无感应电流，“工”形架合外力为由牛顿第二定律得又“工”形架的速度由得（2）的过程，由法拉第电磁感应定律得焦耳热代入得（3）时刻速度“工”形架穿过的过程中和构成回路，由动量定理得（4）“工”形架等效为电阻为的一根金属棒，从解锁开始对于“工”形架整体，经任意时间的速度为时间内的平均电流为，则棒受安培力向左所以始终有时间内相对位移为8．（2023·浙江温州·统考一模）如图甲所示，间距为L=0.2m的平行金属导轨由上方水平区域、左侧竖直区域、下方倾斜区域依次对接组成。上方导轨右端连接电容C=0.1F的电容器，长度的倾斜金属导轨下端连接阻值R=1.8Ω的定值电阻。开关S断开时，电容器极板所带的电荷量q=0.08C质量m=1g的导体杆ab静止在水平导轨上。t=0时刻闭合开关S，导体杆ab受到安培力开始向左运动，经过一段时间导体杆达到匀速；此后，t1时刻导体杆无碰撞通过对接点CC′进入竖直导轨运动，竖直导轨上端DD′略错开CC′，t2时刻导体杆进入与水平方向成30°角的倾斜导轨匀速下滑。已知整个空间存在方向竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的图像如图乙所示，其中B1=0.5T，B2=0.3T，t1、t2未知；与导轨始终垂直且接触良好的导体杆ab的电阻r=0.9Ω，与竖直导轨间的动摩擦因数μ=0.25；不计其余轨道摩擦阻力和电阻，导体杆ab通过轨道连接处无机械能损失。（1）导体杆ab在上方水平导轨向左匀速运动时，a、b两端点的电势φa_____φb（选填“>”或“<”）；在下方倾斜导轨向下滑行时，a、b两端点的电势φa_____φb（选填“>”或“<”）；（2）求导体杆ab在上方水平轨道匀速运动时，电容器极板所带的电荷量q′；（3）求导体杆ab在下方倾斜导轨匀速下滑过程中，整个回路的热功率P；（4）求导体杆ab在竖直导轨上运动的时间t。【答案】（1）>，<；（2）0.04C；（3）0.025W；（4）【解析】（1）导体杆ab在上方水平导轨向左匀速运动时，根据左手定则可知，电流方向由a流向b，所以a点的电势φa大于b点电势φb；在下方倾斜导轨向下滑行时，导体杆为电源，根据右手定则可知，a点的电势φa小于b点电势φb；（2）导体杆ab在上方水平轨道匀速运动时，流过导体杆的电流为零，则联立解得（3）导体杆ab在下方倾斜导轨匀速下滑过程中，有整个回路的热功率为联立解得（4）t1~t2时间内，由于穿过倾斜导轨的磁通量发生变化，从而产生感应电流，根据左手定则可知，导体杆ab受到水平向左的安培力，水平向右的支持力，竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，所以联立解得（建议用时：30分钟）一、单选题1．如图所示，AOC是光滑的直角金属导轨，AO竖直，OC水平。质量分布均匀的金属棒ab长度为L，质量为m，电阻为R，两端置于导轨内。设金属杆与竖直导轨夹角为θ，当θ=30°时静止释放金属杆。已知空间存在着磁感应强度大小为B的匀强磁场，方向垂直纸面向里，不计金属导轨的电阻，则（）A．回路中感应电流方向始终为逆时针方向B．整个过程中，ab棒产生的焦耳热为mgLC．当θ=60°时，若a点速度大小为v，则b点速度大小为2vD．在θ=30°到θ=45°过程中通过ab棒的电荷量为【答案】D【解析】A．根据几何关系金属杆下滑过程，围成的面积先增大后减小，根据楞次定律和安培定则可知，感应电流方向先逆时针再顺时针，故A错误；B．整个过程中，金属棒重力势能减少量为根据能量守恒可知，整个过程中，ab棒产生的焦耳热不可能等于mgL，故B错误；C．当θ=60°时，a和b两点沿杆方向的速度相等，有解得故C错误；D．在θ=30°到θ=45°过程中，产生的平均感应电流通过ab棒的电荷量故D正确。故选D。2．如图1所示，光滑水平桌面上有竖直向下、宽度为的匀强磁场，正方形闭合导线框的边长为，放在桌面上，边与磁场边界平行，。让导线框在沿方向的恒力作用下穿过匀强磁场，导线框的图像如图2所示。以下判断正确的是（）A．时间内，导线框受到的安培力逐渐增大B．时间内，对导线框做的功等于其动能的增加量C．时间内，图中阴影部分的面积表示磁场的宽度D．时间内，导线框产生的焦耳热大于【答案】D【解析】A．时刻，导线框开始进入磁场区域，减速运动，安培力大于恒力，加速度逐渐变小，安培力减小，故A错误；C．时刻，导线框全部进入磁场区域，时刻，导线框开始离开磁场区域，时间段图线和坐标轴围成的面积表示磁场的宽度，故C错误；B．时间内，由动能定理可得故B错误；D．因为段的安培力大于恒力，位移是，故导线框产生的焦耳热大于，故D正确。故选D。3．（2023·全国·校联考一模）如图所示，边长为正方形金属回路（总电阻为）正好与虚线圆形边界相切，虚线圆形边界内（包括边界）存在与圆面垂直的匀强磁场，其磁感应强度与时间的关系式为（且为常量），则金属回路产生的感应电流大小为（）A． B． C． D．【答案】B【解析】回路产生的感应电动势则金属回路产生的感应电流大小为故选B。4．（2024·河南·统考二模）如图所示，一个质量为m、电阻为R、边长为L的正方形金属线框abcd，放在光滑绝缘水平面上，空间存在一磁感应强度为B、方向竖直向下的有界匀强磁场，磁场的左右边界刚好和线框的ab边、cd边重合。现在线框cd的中点加一水平向右的恒力F，使线框从图示位置由静止开始水平向右运动。已知经过时间t，线框的ab边刚好向右运动到磁场的右边界处，此时线框的速度大小为v。若在同一时间t内，线框内产生的热量与一恒定电流I在该线框内产生的热量相同，则关于该恒定电流I的表达式，下列正确的是（

）A． B． C． D．【答案】D【解析】对线框根据能量守恒有线框内产生的热量与一恒定电流I在该线框内产生的热量相同，则恒定电流产生的热量为解得故选D。二、多选题5．（2024·河南郑州·统考一模）如图甲所示，一个匝的圆形导体线圈面积，总电阻。在线圈内存在面积的垂直线圈平面向外的匀强磁场区域，磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示。有一个的电阻，将其与图甲中线圈的两端a、b分别相连接，其余电阻不计，下列说法正确的是（

）

A．内a、b间的电势差 B．内a、b间的电势差C．内通过电阻R的电荷量为 D．内电阻R上产生的焦耳热为【答案】BCD【解析】AC．内根据法拉第电磁感应定律得线圈中产生的感应电动势为回路电流在0∼4s时间内，B增大，穿过线圈的磁通量向外增加，根据楞次定律知，线圈中产生的感应电流由b流经电阻R回到a，a、b间的电势差通过电阻R的电荷量为故A错误C正确；BD．在4∼6s时间内，线圈产生的感应电动势为感应电流为根据楞次定律知，线圈中产生的感应电流由a流经电阻R回到b，a、b间的电势差电阻R上产生的焦耳热为故BD正确。故选BCD。6．如图所示，水平面内固定放置两足够长的光滑平行金属导轨AB和CD，在导轨上有垂直导轨放置的完全相同的直导体P和Q，质量均为m，有竖直方向的匀强磁场垂直穿过导轨平面。在直导体P上作用一与导轨平行的水平恒力F，使P由静止开始运动，经一段时间t，P向右的位移大小为x，P和Q还没有达到稳定状态，此时P和Q的瞬时速度分别是和，瞬时加速度分别为和，，这一过程直导体P上产生的热量为E，两直导体始终与导轨接触良好，导轨电阻不计。则关于这一过程，下列关系式正确的是（）A． B．C． D．【答案】AD【解析】A．直导体P和Q所受安培力大小相等、方向相反，视为内力，则外力对系统的冲量等于系统动量的变化量，即A正确；BC．外力对系统做功等于系统动能的增加量与热量之和，即BC错误；D．对直导体P和Q，分别由牛顿第二定律，得D正确。故选AD。7．（2023·吉林·统考二模）列车进站时如图所示，其刹车原理可简化如下：在车身下方固定一水平矩形线框，利用线框进入磁场时所受的安培力，辅助列车刹车。已知列车的质量为m，车身长为s，线框的ab和cd长度均为L（L小于匀强磁场的宽度），线框的总电阻为R。站台轨道上匀强磁场区域足够长，磁感应强度的大小为B，方向竖直向上。车头进入磁场瞬间的速度为v0，列车停止前所受铁轨及空气阻力的合力恒为f。车尾进入磁场瞬间，列车恰好停止。下列说法正确的是（）A．列车进站过程中电流方向为abcdB．列车ab边进入磁场瞬间，加速度大小C．列车从进站到停下来的过程中，线框产生的热量为D．从车头进入磁场到停止所用的时间为【答案】ABD【解析】A．根据楞次定律结合安培定则可知，线框中电流的方向为顺时针（俯视），即列车进站过程中电流方向为abcd，故A正确；B．列车车头进入磁场瞬间产生的感应电动势的大小为则回路中产生的瞬时感应电流的大小为可得车头进入磁场瞬间所受安培力的大小为则由牛顿第二定律有联立解得故B正确；C．在列车从进入磁场到停止的过程中，克服安培所做的功在数值上等于线框产生的热量，则由能量守恒有解得故C错误；D．根据动量定理有其中而根据法拉第电磁感应定律有可得联立以上各式解得故D正确。故选ABD。三、解答题8．如图所示，间距为L的两光滑平行金属导轨竖直放置，在导轨的上端连接阻值为R的电阻，边长均为L的Ⅰ、Ⅱ两个正方形区域内存在垂直导轨平面向里的匀强磁场，Ⅰ的下边界与Ⅱ的上边界之间的距离也为L。一电阻不计、质量为m的导体棒与导轨垂直放置，从距离Ⅰ的上边界间距为L处由静止释放，导体棒在经过两个磁场区域的过程中均做匀速运动，导体棒下滑过程中始终与导轨垂直且与导轨接触良好，重力加速度大小为g。求：（1）Ⅰ、Ⅱ两个区域的匀强磁场的磁感应强度之比；（2）导体棒在经过两个磁场区域的过程中，流过电阻R的总电荷。

【答案】（1）；（2）【解析】（1）设导体棒在Ⅰ、Ⅱ两个区域匀速运动的速度分别、，根据自由落体运动规律有，解得，导体棒切割磁感线产生的感应电动势为感应电流为导体棒所受安培力为由于导体棒做匀速直线运动，根据平衡条件有解得设Ⅰ、Ⅱ两个区域的匀强磁场的磁感应强度分别为、，结合上述有，解得（2）根据法律的电磁感应定律可知，平均感应电动势为平均感应电流为流过电阻R的电荷量为解得可知导体棒分别在Ⅰ、Ⅱ两个区域中运动过程中，流过电阻R的电荷大小分别为，根据右手定则可知，导体棒分别在Ⅰ、Ⅱ两个区域中运动过程中，通过电阻R的电流方向相反，则流过电阻R的总电荷为结合上述解得9．（2024·陕西商洛·校联考一模）如图所示，电阻不计的U形导轨P放置在光滑的水平面上，导轨质量M＝3kg，宽度L＝1m，导体棒ab放置在导轨上并与导轨垂直，导体棒质量m＝1kg、电阻R＝1Ω。右侧区域内存在着竖直向上的有界磁场，磁感应强度大小B＝2T，初始时导体棒ab距磁场左边界距离，距导轨左端距离，现对导轨施加水平向右的恒力F＝20N，使导轨与导体棒ab一起做加速运动。导体棒ab进入磁场刚好做匀速运动（最大静摩擦力等于滑动摩擦力），当导体棒ab离开磁场的瞬间，导轨左端正好进入磁场，导轨出磁场前与导体棒ab达到共同速度并一起做匀速运动，重力加速度取。求：（1）导体棒进入磁场时的速度大小；（2）导体棒与导轨间动摩擦因数和磁场宽度d；（3）导轨左端离开磁场时的速度；（4）U形导轨P的左端穿越磁场所用的时间。

【答案】（1）2m/s；（2）0.8，2m；（3）5m/s；（4）0.4s【解析】（1）导体棒进入磁场前，对导轨和导体棒整体分析，由牛顿第二定律得由匀变速直线运动规律得解得导体棒进入磁场时的速度大小为（2）导体棒在磁场中做匀速直线运动，产生的电动势为由闭合电路欧姆定律，可得流过导体棒的电流为对导体棒受力分析，由平衡条件可得解得设导体棒在磁场中运动的时间为，则有在时间内，对导轨受力分析，由牛顿第二定律得由匀变速直线运动规律解得（3）设导轨出磁场前与导体棒达到的共同速度为，共速时导轨左端产生的电动势为流过导轨的电流为由于一起做匀速运动，则有可得导轨左端离开磁场时的速度为（4）导轨左端刚进入磁场时的