江苏省兴化板桥高级中学2024-2025学年高一物理下学期期中试题含解析

PAGE16-江苏省兴化板桥高级中学2024-2025学年高一物理下学期期中试题（含解析）第I卷（选择题共81分）一、单项选择题（本题共27小题，每小题3分，共计81分.每小题只有一个选项符合题意）1.关于匀速圆周运动的说法中正确的是（）A.匀速圆周运动就是匀速运动B.匀速圆周运动的线速度不变C.匀速圆周运动的向心加速度不变D.匀速圆周运动的线速度和加速度都变更【答案】D【解析】【详解】匀速圆周运动速度大小不变，方向时刻变更，速度是变更的，是变速运动，匀速圆周运动的加速度的方向始终指向圆心，方向时刻变更，所以不是匀变速运动，是变加速运动。故D正确ABC错误。故选D。2.一个物体做匀速圆周运动，若仅已知其做圆周运动的周期，可以求出（）A.线速度的大小 B.角速度的大小 C.向心加速度的大小 D.向心力的大小【答案】B【解析】【详解】依据圆周运动的规律得：线速度，角速度，向心加速度，向心力，若仅已知其做圆周运动的周期，仅可求角速度大小，故B正确ACD错误。故选B。3.如图所示，在风力发电机的叶片上有A、B、C三点，其中A、C在叶片的端点，B在叶片的中点．当叶片转动时，这三点A.线速度大小都相等 B.线速度方向都相同C.角速度大小都相等 D.向心加速度大小都相等【答案】C【解析】【分析】理解匀速圆周运动中的线速度、角速度及周期、转速的概念及本质即可．【详解】A、B、C属于同轴转动，所以他们的角速度相等，故C正确；由v=ωr知，他们的半径r不相等，所以线速度的大小不相等，故A错误；由于是做圆周运动，故线速度的方向位于切线方向，故B错误；向心加速度方向时刻指向圆心，所以A、B、C三点向心加速度方向不相同，故D错误．所以C正确，ABD错误．【点睛】本题考查敏捷选择物理规律的实力．对于圆周运动，公式较多，要依据不同的条件敏捷选择公式．4.如图所示，在光滑水平面上，一质量为m的小球在绳子拉力F的作用下做半径为r的匀速圆周运动，小球运动的线速度为v，角速度为ω，则下列表达式正确的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【详解】依据牛顿其次定律得，拉力供应向心力，有故向心加速度为线速度角速度关系故D正确ABC错误。故选D。5.用绳子拴一个小球在光滑的水平面上做匀速圆周运动，当绳子突然断了以后，小球的运动状况是（）A.沿半径方向接近圆心 B.沿半径方向远离圆心C.沿切线方向做直线运动 D.仍维持圆周运动【答案】C【解析】【详解】当绳子断了以后，小球在光滑水平面上受力平衡，由于惯性，小球沿切线方向做匀速直线运动，ABD错误，C正确。故选C。6.如图所示，长为L的细线一端固定，另一端系一质量为m的小球．小球在竖直平面内摇摆，通过最低点时的速度大小为v，则此时细线对小球拉力的大小为A.mgB.C.D.【答案】D【解析】在最低点,依据牛顿其次定律得,F−mg=，解得F=mg+.故ABC错误，D正确．故选D.7.汽车在水平路面上转弯时所须要的向心力是由摩擦力供应的，为避开侧滑，以下做法可取的是（）A.转弯半径肯定时，速度应当大一些B.转弯半径肯定时，速度应当小一些C.速度肯定时，转弯半径应小一些D.侧滑与否由路面粗糙程度确定，与汽车行驶速度无关【答案】B【解析】【详解】汽车在圆弧水平弯道路面行驶，做圆周运动，其所须要的向心力由静摩擦力供应，则：AB．转弯半径肯定时，速度应小一些，这样须要的向心力就小，不简单发生侧滑，故A错误，B正确；C．速度肯定时，转弯半径应大一些，这样须要的向心力就小，不简单发生侧滑，故C错误；D．综上可知，侧滑与否与汽车行驶速度有关，故D错误。故选B。8.第一次通过试验比较精确的测出引力常量的科学家是（）A.牛顿 B.伽利略 C.胡克 D.卡文迪许【答案】D【解析】【详解】第一次通过试验比较精确的测出引力常量的科学家是卡文迪许，故D正确ABC错误。故选D。9.经国际小行星命名委员会批准，紫金山天文台发觉的一颗绕太阳运行的小行星被命名为“南大仙林星”．如图，轨道上a、b、c、d四个位置中，该行星受太阳引力最大的是()

A.a B.b C.c D.d【答案】A【解析】【详解】由万有引力表达式可知，距离越近，万有引力越大，则由图可知a位置距离太阳最近，故该行星受太阳引力最大的是a位置。故选A。10.物体在地面旁边绕地球做匀速圆周运动的速度叫“第一宇宙速度”，其大小为（）A.7.9km/s B.11.2km/s C.16.7km/s D.24.4km/s【答案】A【解析】第一宇宙速度是把近地人造卫星的轨道半径近似等于地球半径R，所受的万有引力近似等于卫星在地面上所受的重力mg，即依据公式得出=7.9km/s11.如图所示，在地面上放射一颗卫星，进入椭圆轨道II运行，其放射速度A.等于7．9km/sB.大于16．7km/sC.大于7．9km/s，小于11．2km/sD.大于11．2km/s，小于16．7km/s【答案】C【解析】依据宇宙速度的意义可知，在地面上放射一颗卫星，要进入椭圆轨道Ⅱ运行，其放射速度大于7.9km/s，小于11.2km/s，故C正确．12.我国放射的“神舟五号”载人飞船，与“神舟六号”船相比，它在较低的轨道上绕地球做匀速圆周运动。如图所示，下列说法正确的是（）A.“神舟五号”的线速度较大B.“神舟五号”的角速度较小C.“神舟五号”的周期更长D.“神舟五号”的周期与“神舟六号”的相同【答案】A【解析】【详解】依据万有引力供应向心力A．依据以上分析可知轨道半径越小，速度越大，“神舟五号”的线速度较大，故A正确；B．依据以上分析可知轨道半径越小，角速度越大，“神舟五号”的角速度较大，故B错误；CD．依据以上分析可知轨道半径越小，周期越小，“神舟五号”的周期较小，故CD错误。故选A。13.我国于2007年10月24日胜利放射了“嫦娥一号”探月卫星．若卫星在半径为的绕月圆形轨道上运行的周期，则其线速度大小是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】周期即为运动一周所用的时间，依据线速度的定义可知故B正确；ACD错误；故选B14.关于人造地球卫星的向心力,下列各种说法中正确的是A.依据向心力公式轨道半径增大到2倍时,向心力减小到原来的B.依据向心力公式,轨道半径增大到2倍时,向心力也增大到原来的2倍C.依据向心力公式向心力的大小与轨道半径无关D.依据卫星的向心力是地球对卫星的引力可见轨道半径增大到2倍时,向心力减小到原来的【答案】D【解析】【详解】A．因为轨道半径变更时，线速度发生变更，不能依据向心力公式得出“轨道半径增大到2倍时，向心力减小到原来的1/2的结论，故A错误；B．因为轨道半径变更时，角速度发生变更，不能依据向心力公式F=mrω2得出“轨道半径增大到2倍时，向心力增大到原来的2倍”的结论．故B错误；C．向心力的大小与轨道半径有关．故C错误；D．依据万有引力供应向心力，知轨道半径增大到2倍时，向心力减小到原来的，故D正确；故选D。15.如图是宇航员“太空行走”的情景，当他出舱后相对飞船静止不动时，则（）A.他处于失重状态 B.他处于超重状态C.他处于平衡状态 D.他不受地球引力的作用【答案】A【解析】【详解】宇航员出舱后仍受到地球的引力作用。宇航员出舱后相对飞船静止不动时，随飞船一起做圆周运动，重力供应向心力，加速度等于重力加速度，方向竖直向下，依据牛顿其次定律分析得知，宇航员不受飞船的支持力，处于完全失重状态。故选A16.关于功的概念，以下说法正确的是（）A.力是矢量，位移是矢量，所以功也是矢量B.功有正、负之分，所以功可能有方向性C.若某一个力对物体不做功，说明该物体—定没有位移D.—个恒力对物体做的功等于这个力的大小、物体位移的大小及力和位移间夹角的余弦三者的乘积【答案】D【解析】【详解】AB．功是标量，其正负表示大小，不表示方向，AB错误；C．当力的方向与物体位移的方向垂直时，力对物体不做功，但物体有位移，C错误；D．—个恒力对物体做的功等于这个力的大小、物体位移的大小及力和位移间夹角的余弦三者的乘积，即，D正确。故选D。17.用水平恒力F作用于质量为M的物体，使之在光滑的水平面上沿力的方向移动距离s，恒力做功为W1，再用该恒力作用于质量为m的物体上，使之在粗糙的水平面上移动同样距离s，恒力做功为W2，设m<M，则（）A.W1>W2 B.W1=W2 C.W1<W2 D.W1与W2大小无法确定【答案】B【解析】【详解】因为物体受到的都是恒力的作用，且恒力大小相等，物体运动的位移也相等，恒力的方向与物体运动方向一样，依据恒力做功的公式可知，两次恒力对物体做功相等，ACD错误，B正确。故选B。18.如图所示，一物块在水平推力F作用下沿水平地面对右运动，物块与地面间的摩擦力大小为．位移大小为x，在此过程中推力F做功为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【详解】依据功的定义可知力F做功为：，故A正确，BCD错误。19.两个相互垂直的力F1和F2作用在同一物体上，使物体运动，如图所示，物体通过一段位移时，力F1对物体做功4J，力F2对物体做功3J，则力F1与F2的合力对物体做功为（）A7J B.1J C.5J D.3.5J【答案】A【解析】【详解】当有多个力对物体做功的时候，总功的大小就等于用各个力对物体做功的和，由于力F1对物体做功4J，力F2对物体做功3J，所以F1与F2的合力对物体做的总功就为W=3J+4J=7J故A正确，BCD错误。故选A。20.关于功率的概念，下列说法中正确的是()A.功率是描述力对物体做功多少的物理量B.由P=W/t可知，功率与时间成反比C.由P=Fv可知只要F不为零，v也不为零，那么功率P就肯定不为零D.某个力对物体做功越快，它的功率就肯定大【答案】D【解析】【详解】AD．功率是描述做功快慢的物理量，某个力对物体做功越快，它的功率就肯定大，A错误D正确；B．功率是表示做功的快慢，与时间的长短无关，时间长做的功也不肯定多，B错误；C．当F与v垂直时，尽管F与v不为零，但力F不做功，P为零，C错误．21.如图所示，一物体静止在水平面上，在水平恒力F作用下由静止起先运动，经过时间t，前进距离为x，速度达到v，此时刻力F的功率为（）A.Fx B. C.Fv D.【答案】C【解析】【详解】题目中让求的是拉力在t秒末的瞬时功率，此时对应的瞬时速度为v，所以拉力F的瞬时功率为，故C正确，ABD错误。故选C。22.在下列几种状况中，甲、乙两物体的动能相等的是（）A.甲的速度是乙的2倍，甲的质量是乙的B.甲的质量是乙的2倍，甲的速度是乙的C.甲的质量是乙的倍，甲的速度是乙的D.质量相同，速度大小也相同，但甲向东运动，乙向西运动【答案】D【解析】【详解】设乙的动能为A．依据可知故A不相等，不符合题意；B．依据可知故B不相等，不符合题意；C．依据可知故C不相等，不符合题意；D．依据可知故D相等，符合题意。故选D。23.质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地面的高度为h，如图所示，若以桌面为参考面，那么小球落地时的重力势能及整个过程中重力势能的变更是（）A.mgh，削减mg（H－h）B.－mgh，削减mg（H+h）C.－mgh，增加mg（H－h）D.mgh，增加mg（H+h）【答案】B【解析】【详解】以桌面为零势能参考平面，那么小球落地时的重力势能为整个过程中小球高度降低，重力势能削减，重力势能的削减量为故B正确，ACD错误。故选B。24.小明在玩蹦蹦杆。在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，小明的重力势能、弹簧的弹性势能的变更是（）

A.重力势能减小，弹性势能增大B.重力势能增大，弹性势能增大C.重力势能减小，弹性势能减小D.重力势能增大，弹性势能减小【答案】A【解析】【详解】在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，小明相对地球的高度下降，小明的重力势能就减小；同时，弹簧被压缩，形变量渐渐增加，弹簧的弹性势能也会渐渐增加。故选项A正确，BCD错误。

故选A。25.用钢索吊起质量为m的物体，当物体以加速度a匀加速上升h时，钢索对物体拉力做的功为（不计空气阻力）（）A.mgh B.mgh+mah C.m(g-a) D.mah【答案】B【解析】【详解】由牛顿其次定律可得故拉力则钢索对重物所做的功故B正确，ACD错误。故选B。26.货轮匀速拖曳驳船所需的力与其速率的平方成正比，当拖曳速率为10km/h，所需功率为80kW，则速度减为5km/h时所需功率为（）A.5KW B.10kW C.20kW D.40kW【答案】B【解析】【详解】拉力与速率的平方成正比，设比例系数为k，则拉力则功率之比当速度为5km/h时拉力的功率故B正确，ACD错误。故选B。27.某汽车在兴泰马路上经过一水平弯道时沿M向N方向行驶，速度渐渐减小，下面的俯视图中画出了他转弯时所受合力F的四种方向，正确的是（）A. B.C D.【答案】D【解析】【详解】AC．汽车从M点运动到N，为曲线运动，汽车受到的合力指向轨迹的内测，故AC错误；BD．由于汽车速度在减小，所以合力与速度方向夹角为钝角，故C错误，D正确。故选D。第II卷（非选择题共19分）二、简答题(本题共1小题，共2空，共计6分,请将解答填写在答题卡上）28.在“探究合外力做功和动能变更的关系”试验中(装置如图所示)：(1)试验中打点计时器应接_________(填“直流”或“沟通”)电源。(2)试验时，应使小车从___________(填“靠近”或“远离”)打点计时器由静止释放。(3)图所示是试验获得的一条纸带的—部分，选取O、A、B、C计数点。已知打点计时器运用的沟通电频率为50Hz，则打B点时小车的瞬时速度大小为________m/s(保留两位有效数字)。【答案】(1).沟通(2).靠近(3).0.65【解析】【详解】(1)[1]打点计时器运用的都是沟通电源。(2)[2]为了提高纸带的利用率，应使小车靠近打点计时器由静止释放。(3)[3]相邻计数点间的时间间隔为B点的瞬时速度等于