2024年上海市杨浦区中考物理二模试卷及答案

2024年上海市杨浦区中考物理二模试卷

一、选择题（共12分）

1.（2分）在太阳系中，地球属于（）

A.恒星B.行星C.卫星D.彗星

2.（2分）吹奏“鸟笛”时，能发出鸟叫声，这主要是模仿鸟叫声的（）

A.频率B.响度C.音调D.音色

3.（2分）轿车行驶过程中，车上司机看到街边的树是运动的，他选择的参照物可能是（）

A.司机B.房屋C.路牌D.路灯

4.（2分）如图所示，分别用力Fi、F2匀速提升同一重物A。若不计滑轮重及摩擦，当绳子自由端移动了

相同距离时，力Fi、F2做功分别为Wi、W2,则下列判断正确的是（）

A.FI<F2B.FI=F2C.WI>W2D.WI=W2

5.（2分）某同学在探究凸透镜成像规律时，做了两次实验，且均规范操作。他将发光体分别放在距同一

凸透镜10厘米和12厘米处，且分别移动另一侧的光屏，其中只有一次在光屏上能找到清晰像。关于该

像情况，以下判断正确的是（）

A.像距小于10厘米，放大的虚像

B.像距小于12厘米，缩小的实像

C.像距大于20厘米，放大的实像

D.像距等于24厘米，等大的实像

6.（2分）甲、乙物体分别从间距为S的P、Q两点出发，沿PQ直线相向而行，M点在PQ两点之间，甲、

乙物体的s-t图像如图所示。甲运动2秒时,刚好通过M点，乙比甲晚了1秒通过M点，下列判断正

确的是（）

A.若s>n米，则甲比乙早出发

B.若S<11米，则甲比乙晚出发

C.若S=10米，则甲、乙同时出发

D.若S=10米，则甲比乙早1秒出发

二、填空题（共24分）

7.（3分）发电站通过输电线路将电能输送至远方（选填“高压”或“低压”）。家庭中测量消

耗电能多少的仪表是;额定功率为1.2千瓦的电饭煲，正常工作0.5小时，消耗电能为

度。

8.（3分）将具有磁性的钢钉悬挂起来，静止时钉尖指着“南”方，钉尖是极（选填"N”或"S”）。

如图所示，将通电螺线管放置在该钢钉附近时，钉头会被吸引过去，这说明力可以改变物体

的________,可推断出电源的右侧是极（选填“正”或"负”）。

9.（3分）大气压随着海拔升高而（选填“增大”或“减小”）。航天员须穿上舱外航天服出舱

作业，航天服上的照明灯与控制它的开关之间是的（选填“串联”或“并联”）。由于航天员

无法低头辨认胸前航天服的照明灯开关，为此工程师设计了如图所示部件，这主要利用“像与物体关于

平面镜”的特点。

小镜子

10.（3分）通过导体的电流为0.8安，若10秒内电流做功64焦，则该导体两端的电压为伏，该

导体的电阻为欧；当该导体两端电压减小了1伏时，通过该导体的电流减小了

安。

11.（3分）如图所示，实心均匀正方体甲、乙置于水平地面上，它们对地面的压强分别为p甲、pz。现沿

水平方向分别在甲、乙上部切去相同体积,剩余部分对地面的压强相等。则剩余部分质量m甲m

乙，正方体密度P甲P乙，切去前正方体对地面的压强P甲P乙。（均选填“大于””等

于”或“小于”）

12.（4分）为验证“串联电路的总电阻等于各串联电阻之和”的规律，某小组同学设计如图所示的电路进

行实验。图中（a）（b）两电路的电源电压均相同且不变，R3的阻值为Ri与R2阻值之和。闭合开关S、

S',观察到电流表@示数为2Io,电流表A，示数为Io。该小组同学发现两电流表示数与预想不符，猜

想电阻Ri、R2、R3中的一处可能出现故障，并断开开关S、S'。

（1）为确定故障，该小组同学有以下两个方案。

方案一：选用图（a）电路，将Ri替换成R3,并闭合开关S。

方案二：选用图（b）电路，将R3替换成R2,并闭合开关S'。

从电源安全角度出发，可选用方案o

（2）根据上述选择的方案，写出闭合开关后电流表®（或@示数）及对应的故

障：_______________________o

(a)(b)

13.（5分）如图（a）所示是风力发电装置的简易原理图，风通过叶片，带动叶片转动，经过齿轮箱增速

后，发电机转子高速旋转发电。

风-----.

（1）在风力发电机发电过程中，能量转化的顺序是：风能一能一能。

（2）如图（b）所示是某型号的风力发电机的发电功率与风速的关系图像，根据图像可得初步结论：当

风速大于VI且小于V2时，；当风速大于V3且小于V4时，

（3）我国风能资源呈现“由沿海向内陆迅速减弱，到内陆后又有所增强”的特点；相同的风速而言,

在海拔越高的地方，风机叶片转动得越慢。如图（C）所示是选址于上海东海大桥海上风电场，请从生

产电能角度，分析该风电场选址于海上的理由：。

三、作图题（共4分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铝笔。

14.（2分）在如图所示中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB,并标出反射角及其度数。

15.（2分）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线连接。要求：定值电阻与滑

动变阻器串联；闭合开关后，向左移动滑片P,电压表示数与电流表示数的比值变大。

16.（6分）将质量为0.5千克的水从20℃加热至60℃,求水吸收的热量Q吸。【水的比热容为4.2义1。3焦/

（千克•℃）】

17.（6分）某轻质杠杆的动力臂h为0.6米，阻力臂12为0.3米。当动力F1大小为100牛时，杠杆平衡，

求阻力F2的大小。

18.（6分）如图所示，盛有水的轻质薄壁柱形容器甲、乙放在水平地面上，水的体积均为1X10-3米3,

底面积分别为5S、4So

（1）求容器甲中水的质量m水。

（2）求水对容器底部的压强之比p甲：pz,o

（3）若将体积均为0.5X10-3米3的实心物体A、B分别放入甲、乙容器中后，水不溢出，其中一个物

体浸没，另一个物体漂浮。此时容器甲、乙底部受到水的压强相等，容器甲、乙对水平地面的压强也相

等，求物体A的密度pA。

甲乙

19.（6分）在图（a）所示的电路中，电源电压不变，定值电阻R1与滑动变阻器R2（标有“20Q,3A”字

样）以串联或并联的方式连入电路的MN两点间，变阻器的接线与滑片的位置如图（b）所示。闭合开

关S,观察到两电表示数如图（c）所示。

（1）求此时电路的总电阻R总。

（2）求此时Ri与R2消耗的总功率P总。

（3）不改变电表量程，移动变阻器滑片P至某位置，电路元件均正常工作，观察到电流表指针满偏，

且R1与R2消耗的功率相差7.2瓦。请分析判断R1与R2的连接方式,并计算R1的阻值。

(b)(c)

20.（6分）小杨做“测定小灯泡电功率”实验，现有电源电压为1.5伏的整数倍，待测小灯泡标有“0.3A”

字样，额定功率小于1瓦、滑动变阻器两个其中A标有“5Q2A”字样，B标有“20。1A”字样，其它

元件齐全且完好。小杨选取一个滑动变阻器连接电路进行实验，闭合开关，移动滑片至某位置，观察到

小灯泡亮度较暗。接着继续移动滑片直至小灯泡正常发光，观察到电流表示数变化了0」安。如表中记

录了两次电压表示数与电流表示数的乘积，以及小灯泡的发光情况。

序号电压与电流的乘积（瓦）发光情况

(1)0.300较暗

(2)0.180正常发光

（1）小杨判断小灯泡正常发光的方法是：;

（2）小杨选用的滑动变阻器是（选填"A”或"B”），请说明理由

（3）根据相关信息计算出电源电压U及小灯泡的额定功率P额。

2024年上海市杨浦区中考物理二模试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（共12分）

1.【解答】解：地球不能发光，围绕太阳这颗恒星运行，所以地球是行星。

故选：Bo

2•【解答】解：一般利用音色来区分和辨别发声体，吹奏“鸟笛”时，能发出鸟叫声，这主要是模仿鸟叫

声的音色。

故选：D。

3.【解答】解：轿车行驶过程中，树相对于司机的位置在发生变化，是运动的；相对于房屋、路牌和路灯

的位置没有发生变化，是静止的，故A正确，BCD错误。

故选：Ao

4•【解答】解：AB、左图为定滑轮，使用定滑轮不能改变力的大小，即FI=GA,右图为动滑轮，若不计

滑轮重及摩擦，使用动滑轮可以省一半的力，即F2=」GA,所以拉力FI>F2。故AB错误；

2

CD、左图为定滑轮，右图为动滑轮，当绳子自由端移动了相同距离时，左图中重物A提升的高度为h,

右图中重物A提升的高度为」h,则力Fi做功为Wi=Fih=Gih,力F2做功为W2=F2X』h=1F2h=

222

工GAh,因为FI>F2,所以WI>W2,故C正确、D错误。

2

故选：Co

5•【解答】解：将发光体分别放在距同一凸透镜10厘米和12厘米处，且分别移动另一侧的光屏，其中只

有一次在光屏上能找到清晰像，这说明该凸透镜只能成一次实像，另外一次成虚像或不成像，所以凸透

镜的焦距大于或等于10cm,小于12cm；物距为12cm时，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，像距大于

二倍焦距，即大于20cm,成倒立、放大的实像，故C正确。

故选：Co

6.【解答】解：由图可知甲的速度为：v=s.j3L=4m/s；乙的速度为：T=s；=6m=]1nzs；

t2st6s

甲运动2秒时，刚好通过M点，则M点在距离P点8米处。乙比甲晚了1秒通过M点，假设甲出发

的时间为第0s,则乙应在第3s时经过M点。

A.当s>ll米时，设超过11m的部分为am,乙运动的时间为：11=之一=包"号^（3+a）S）；

1vlm/s

由于a>0,则乙的时间大于3s,故乙比甲早出发，故A错误;

B.当s<ll米时，设少于11m的部分为bm,乙运动的时间为：=-^-=工111支32典=(§-b)$；

2vlm/s

由于b>0,则乙的时间小于3s,故乙比甲晚出发，故B错误；

CD.当s=10米时，乙运动的时间为：“二-=(ID卫=2s；

n=/lm/sZS

则甲比乙早Is出发，故C错误，D正确。

故选D。

二、填空题(共24分)

7•【解答】解：根据P=UI可知，在输送功率一定时，电压越高，电流越小，输送过程中电能的损失越小,

所以发电站采用高压输电线路将电能输送至远方的变电站；

家庭中测量消耗电能多少的仪表是电能表；

电饭煲消耗的电能：W=Pt=1.2kWX0.5h=0.6kW・h=0.6度。

故答案为：高压；电能表；0.6o

8•【解答】解：静止时钉尖指着“南”方，地磁场的N极在地理南极附近，S极在地理北极附近，所以钉

尖是S极，钉头是N极；

将通电螺线管放置在该钢钉附近时，钉头会被吸引过去，这说明力可以改变物体的运动状态；根据异名

磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端为S极，其左端为N极，根据安培定则可知电流从螺线管的右

侧流入、左侧流出，所以电源的右侧是正极。

故答案为：S；运动状态；正。

9•【解答】解：大气压随着海拔升高而减小；

航天服上的照明灯与控制它的开关之间是串联；

由于航天员无法低头辨认胸前航天服的照明灯开关，为此工程师设计了如图所示部件，这主要利用“像

与物体关于平面镜对称”的特点。

故答案为：减小；串联；对称。

10•【解答】解：由亚=1)北可得，该导体两端的电压：

U=JL=6,=8V,

It0.8AX10s

由i=U可得，导体的电阻：

R

R=U=8V=10Q；

I0.8A

因为导体的电阻是导体阻碍电流的性质，其大小与导体两端的电压和通过的电流无关；

所以当它两端的电压降减小了1伏时，导体的电阻不变，仍为10C,

此时通过导体的电流:

通过该导体的电流减小量：A1=1-T=0.8A-0.7A=0.1Ao

故答案为：8；10；0.1o

11•【解答】解：沿水平方向分别在甲、乙上部切去相同体积，由于甲的底面积小于乙的底面积，根据V

=Sh知甲切去的高度大于乙切去的高度，甲剩余的高度小于乙剩余的高度，剩余部分对地面的压强相

等，由p=E=S_=理=旦丝=上至曲=pgh知正方体密度p¥>p乙；

SSSSS

由于甲的底面积小于乙的底面积，由F=pS知甲剩余部分的压力小于乙剩余部分的压力；

由于甲的密度大于乙的密度且甲切去部分的高度大于乙切去部分的高度，由p=£=g=_^=且恒=

SSSS

E^&i=pgh知甲切去部分的压强大于乙切去部分的压强，由于剩余部分的压强相等，所以切去前正方

S

体对地面的压强p¥>p乙。

故答案为：小于；大于；大于。

12•【解答】解：根据电源电压不变，R3的阻值为R1与R2阻值之和，正常应该电流相等，异常后电流大

的电阻小，因而是甲电路中的某一个电阻短路造成的，必须用完好的电阻替换可能有故障的电阻，故选

择方案一；

替换后，若电流表A示数小于Io,说明电路中的电阻变大了，因而被替换的则R1短路；若电流表A示

数为Io,则电路中的电阻与右图相同，则R2短路。

个答案为：（1）一；（2）若电流表A示数小于Io,则Ri短路；若电流表A示数为Io,则R2短路。

13•【解答】解：（1）在风力发电机发电过程中，风能转移到叶片上转化为机械能；叶片带动发电机发电,

将叶片上的机械能转化成电能。

（2）结合图（b）可分析可知当风速大于VI且小于V2时，风速越大，发电功率越大；当风速大于V3

且小于V4时，发电功率几乎稳定不变；

（3）因为在沿海地区风能资源强，海拔低，相同风速下，风机叶片转动快，发电功率大，可以在相同

时间内生产更多的电能，所以选在东海大桥建造海上风电场。

故答案为：（1）机械；电；（2）风速越大，发电功率越大；发电功率几乎稳定不变；

（3）沿海地区风能资源强，海拔低，相同风速下，风机叶片转动快，发电功率大，可以在相同时间内

生产更多的电能，所以选在东海大桥建造海上风电场。

三、作图题（共4分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铝笔。

14•【解答】解：根据入射角等于反射角，反射光线与法线之间的夹角为反射角，度数等于入射角为40°

故答案为：见解题图。

15•【解答】解：根据题意可知，定值电阻与滑动变阻器串联接入电路中；闭合开关后，向左移动滑片P,

电压表示数与电流表示数的比值变大，根据R=U可知，电压表与电流表示数的比值为电阻值，所以电

I

压表不能并联在定值电阻的两端，电压表应该并联到定值电阻与滑动变阻器整体的两端，且向左移动滑

片，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故滑动变阻器接B接线柱，如下所示：

16.【解答】解：水吸收的热量：

Q吸=—km(t-to)=4.2X103J/(kg«℃)X0.5kgX(60℃-20℃)=8.4X104J»

答：水吸收的热量Q吸为8.4义10勺。

17.【解答】解：杠杆平衡时，FI1I=F212,即100NX0.6m=F2X0.3m,解得：F2=200N«

答：阻力F2的大小为200N。

18•【解答】解：(1)容器甲中水的质量为：m水=p水V水=lXl()3kg/m3xi><10-3m3=ikg；

(2)水的体积均为1X1()3米3,说明水的质量相等，对轻质薄壁柱形容器甲、乙底部压力相等F,所

F

4

以水对容器底部的压强之比为：p甲：P乙—=三=4：5；

r0

4S-

(3)水对容器底部压强相同，根据p水'=p；>kgh水'，h水甲'=h水乙'，又因为h水甲<h水乙，所以Ah水

甲〉Z\h水乙，V排A>V排B可判断出A在甲中浸没，B在乙中漂浮；

所以哒丛乂£①①；

S甲S甲S乙S乙

根据阿基米德原理可得：F浮B=P水gV排8=68=11168②；

则①②可得：30一£0-5*10&3=/10-，3T________也________,解得mB=O,2kg；

5544X1X103kg/m3

此时容器甲、乙对水平地面的压强也相等，轻质薄壁柱形容器，因此重力忽略不计，根据p=^可得，

F压甲二F压乙.

S甲S乙

即G水+GAG水+GB,根据G=mg可得，即m水+mAm水+mB,

S甲S乙5s4S

解得mA=0.5kg,根据p』■可得，物体A的密度为：pA=—=----乜/+一~-=lX103kg/m3o

VVA0.5X10~3ni3

答：(1)容器甲中水的质量为1kg；

(2)水对容器底部的压强之比4：5；

(3)物体A的密度为IXICpkg/n?。

19.【解答】解：(1)根据电压表使用0-15V,分度值为0.5V,示数为12V；

电流表使用0-3A量程，分度值0.1A,读数为2A；

根据欧姆定律知，

此时电路的总电阻口总=口以空=6。；

I2A

(2)此时Ri与R2消耗的总功率P总=UI=12Vx2A=24W；

(3)根据图(b)所示，10Q<R2<20。，且R总<R2,可判断出RI与R2并联。

根据并联电压相等，都是12V,且Ri与R2消耗的功率相差7.2W；

根据P=UI知，电源相同，电流之差为△I=0L=LZL=O.6A；

U12V

电流表指针满偏I=3A,则h+l2=3A；

如果11较大，贝！|L=1.8A,I2=1.2A,

此情形下，原来滑动变阻器的电流为2A-1.8A=0.2A,电阻值为R，=_L=」^L=60Q,超过了最大

I'0.2A

值，是不可能的；

如果是12较大，则T2=1.8A,口=1.2A,原来滑动变阻器的电流为2A-1.2A=0.8A,电阻值为R"=」L

=」型=15。，是可能的；

0.8A

则此时Ri=」l—)工=10。。

I'112A

答：(1)此