山东省潍坊市昌乐县2025届高三物理下学期4月模拟试题含解析

PAGE23-山东省潍坊市昌乐县2025届高三物理下学期4月模拟试题（含解析）一、单项选择题1.以下事实可作为“原子核可再分”的依据是A.自然放射现象 B.粒子散射试验C.电子的发觉 D.氢原子发光【答案】A【解析】【详解】A.自然放射现象是原子发生衰变之后会放出三种射线，这说明原子核可再分．故A正确．B.粒子散射试验说明白原子的核式结构模型．故B错误．C.电子位于原子核外，不能说明原子核可再分．故C错误．D.氢原子发光说明核外电子的跃迁，不能说明原子核可再分．故D错误．2.某同学把质量是5kg的铅球推出，估计铅球出手时距地面的高度大约为2m，上升的最高点距地面的高度约为3m，最高点到落地点的水平距离约为6m。由此可估算出该同学推铅球的过程中对铅球做的功约为A.50J B.150J C.200J D.250J【答案】C【解析】【详解】铅球在最高点的速度则由能量关系可得该同学推铅球的过程中对铅球做的功约为A．50J，与结论不相符，选项A错误；B．150J，与结论不相符，选项B错误；C．200J，与结论相符，选项C正确；D．250J，与结论不相符，选项D错误；故选C.3.二氧化碳是导致“温室效应”的主要缘由之一，人类在实行节能减排措施的同时，也是在探讨限制温室气体的新方法，目前专家们正在探讨二氧化碳的深海处理技术．在某次试验中，将肯定质量的二氧化碳气体封闭在一个可以自由压缩的导热容器中，将容器缓慢移到海水某深处，气体体积减小为原来的一半，温度渐渐降低．此过程中（）A.封闭的二氧化碳气体对外界做正功B.封闭的二氧化碳气体压强肯定增大C.封闭的二氧化碳气体分子的平均动能增大D.封闭的二氧化碳气体肯定从外界汲取热量【答案】B【解析】【详解】A．气体体积减为原来的一半，外界对气体做正功，故A错误．B．依据PV/T=C可知，气体体积减小到原来的一半，但是气体的温度不行能减小到原来的一半，则气体的压强肯定增加，选项B正确；C．温度降低，所以气体的气体分子的平均动能减小，故C错误．D．温度降低，内能减小，外界对气体做正功，依据热力学第肯定律△U=W+Q，封闭气体向外界传递热量，故D错误；4.如图，某同学将一足球静止摆放在收纳架上。他估测得足球的直径约为20cm，质量约为0.48kg，收纳架两根平行等高的横杆之间的距离d约为12cm。忽视足球的形变以及球与横杆之间的摩擦，重力加速度g取10m/s2，则可估算出一根横杆对足球的弹力约为（）A.2.4N B.3.0N C.4.0N D.【答案】B【解析】【详解】设每根横杆对足球的弹力方向与竖直方向夹角为α，由几何关系可知对足球竖直方向有解得FN=3N故选B。5.按压式圆珠笔内装有一根小弹簧，尾部有一个小帽，压一下小帽，笔尖就伸出来。如图所示，使笔的尾部朝下，将笔向下按到最低点，使小帽缩进，然后放手，笔将向上弹起至肯定的高度。忽视摩擦和空气阻力。笔从最低点运动至最高点的过程中（）A.笔的动能始终增大B.笔的重力势能与弹簧的弹性势能总和始终减小C.弹簧的弹性势能削减量等于笔的动能增加量D.弹簧的弹性势能削减量等于笔的动能和重力势能增加量【答案】D【解析】【详解】A．笔在最低点动能为0，在最高点动能为0，所以笔的动能先增大后减小，A错误；B．笔在运动过程中，笔自身包含的重力势能、动能和弹簧的弹性势能总和不变，即机械能守恒，笔的动能先增大后减小，所以笔的重力势能与弹簧的弹性势能总和先减小后增大，B错误；CD．依据机械能守恒定律，弹簧的弹性势能削减量等于笔的动能和重力势能增加量，C错误，D正确。故选D。6.如图a所示，志向变压器原线圈通过志向电流表接在一沟通电源的两端，沟通电源输出的电压u随时间t变更的图线如图b所示，副线圈中接有志向电压表及阻值R＝10Ω的负载电阻．已知原、副线圈匝数之比为10∶1，则下列说法中正确的是A.电压表的示数为20VB.电流表的示数为0.28AC.电阻R消耗的电功率为80WD.通过电阻R的交变电流的频率为100Hz【答案】A【解析】【详解】A项：原线圈两端电压为，依据变压器的变压比可知，解得：，故A正确；B项：副线圈中的电流为依据变压器的变流比可知，，所以电流表的示数为0.2A，故B错误；C项：由公式，故C错误；D项：由图乙可知，交变电流的频率为：，由于变压器不能变更沟通电的频率，所以通过电阻R的交变电流的频率为50Hz，故D错误．故选A．7.为了探讨超重和失重现象，某同学站在力传感器上做“下蹲”和“站起”的动作，力传感器将采集到的数据输入计算机，可以绘制出压力随时间变更的图线。某次试验获得的图线如图所示，a、b、c为图线上的三点，有关图线的说法可能正确的是A.a→b→c为一次“下蹲”过程B.a→b→c为一次“站起”过程C.a→b为“下蹲”过程，b→c为“站起”过程D.a→b为“站起”过程，b→c为“下蹲”过程【答案】A【解析】【详解】“下蹲”过程先加速下降后减速下降，则先失重后超重；“站起”过程先加速上升后减速上升，则先超重后失重；由图可知，人先失重后超重，可知a→b→c为一次“下蹲”过程；A．a→b→c为一次“下蹲”过程，与结论相符，选项A正确；B．a→b→c为一次“站起”过程，与结论不相符，选项B错误；C．a→b为“下蹲”过程，b→c为“站起”过程，与结论不相符，选项C错误；D．a→b为“站起”过程，b→c为“下蹲”过程，与结论不相符，选项D错误；故选A.8.2019年11月5日，我国胜利放射了“北斗三号卫星导航系统”第A.倾斜地球同步轨道卫星的高度大于静止地球同步轨道卫星的高度B.倾斜地球同步轨道卫星的线速度小于静止地球同步轨道卫星的线速度C.可以放射一颗倾斜地球同步轨道卫星，静止在北京上空D.可以放射一颗倾斜地球同步轨道卫星，每天同一时间经过北京上空【答案】D【解析】【详解】A．倾斜地球同步轨道卫星与静止地球同步轨道卫星具有相同的周期（24h），则由可知，两种卫星的轨道半径相等，即倾斜地球同步轨道卫星的高度等于静止地球同步轨道卫星的高度，选项A错误；B．两种卫星具有相同的周期和角速度，运转半径相同，则依据v=ωr可知，两种卫星具有相同的线速度，选项B错误；CD．同步卫星相对于地球静止，必需为地球赤道面上的同步卫星，因为倾斜地球同步轨道卫星为倾斜轨道，因此不能与地球保持相对静止，但因为周期总为24h，则可以每天同一时间经过北京上空，选项C错误，D正确；故选D.二、多项选择题9.如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波t=ls时刻波形图，该时刻M点起先振动，再过1.5s，N点起先振动。下列推断正确的是（）A.波的传播速度4m/s B.质点M的振动方程C.质点M、N相位相差是π D.t=0.5s时刻，x=1.0m处质点在波峰【答案】AC【解析】【详解】A．该波的波速为A正确；B．质点振动的周期质点振动的“圆频率”为依据波的传播方向可知此时起振方向向上，所以从0时刻起先，点的振动方程为（）B错误；C．、两点相距，为半波长的奇数倍，所以二者相位差为，C正确；D．时刻，波向右传播图中为时刻的图像，所以将图像向左平移，可知处的质点处于波谷位置，D错误。故选AC。10.如图所示，导线框与电源、滑动变阻器、电流表、开关组成闭合回路，将导线框用弹簧测力计悬挂起来，导线框下端置于蹄形磁铁两极之间，与磁场方向垂直放置。在接通电路前先视察并记录下弹簧测力计的读数F0。接通电路，调整滑动变阻器使电流表读数为I1,视察并记录弹簧测力计此时的读数F1，接着调整滑动变阻器使电流表读数为I2，I3，…，In，视察并记录弹簧测力计相应的读数F2，F3，…，Fn。若试验过程中导线框下端都未离开蹄形磁铁两极之间的区域，且该区域的磁场可看作匀强磁场，则依据以上数据描绘出的弹簧测力计弹力大小F随电流I变更的图像可能是A. B.C. D.【答案】BC【解析】【详解】若线框受安培力向下，则F=F0+BIL；若安培力向上，则F=F0-BILA．该图与结论不相符，选项A错误；B．该图与结论相符，选项B正确；C．该图与结论相符，选项C正确；D．该图与结论不相符，选项D错误；故选BC.11.如图，两根平行金属导轨所在的平面与水平面的夹角为30°，导轨间距为0.5m。导体棒a、b垂直导轨放置，用一不行伸长的细线绕过光滑的滑轮将b棒与物体c相连，滑轮与b棒之间的细线平行于导轨。整个装置处于垂直导轨平面对下的匀强磁场中，磁感应强度大小为0.2T。物体c的质量为0.06kg，a、b棒的质量均为0.1kg，电阻均为0.1Ω，与导轨间的动摩擦因数均为。将a、b棒和物体c同时由静止释放，运动过程中物体c不触及滑轮，a、b棒始终与两导轨接触良好。导轨电阻不计且足够长，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2.则（）A.b棒刚要起先运动时，a棒的加速度大小为3.5m/s2B.b棒刚要起先运动时，a棒的速度大小为5.0m/sC.足够长时间后a棒的加速度大小为D.足够长时间后a棒的速度大小为7.0m/s【答案】BC【解析】【详解】A．b棒所受的最大静摩擦力而则b棒刚要起先运动时，所受的安培力方向向下，大小为此时a棒受到向上的安培力大小仍为F安=0.25N，则a棒的加速度大小为选项A错误；B．b棒刚要起先运动时，对a棒F安=BILE=BLv联立解得v=5m/s选项B正确；CD．足够长时间后，两棒的速度差恒定，设为∆v，此时两棒受的安培力均为此时对a棒b棒其中解得此时导体棒a的速度不是恒定值，不等于7.0m/s，选项C正确，D错误；故选BC12.《大国工匠》节目中讲解并描述了王进利用“秋千法”在1000kV的高压线上带电作业的过程。如图所示，绝缘轻绳OD一端固定在高压线杆塔上的O点，另一端固定在兜篮上。另一绝缘轻绳跨过固定在杆塔上C点的定滑轮，一端连接兜篮，另一端由工人限制。身穿屏蔽服的王进坐在兜篮里，缓慢地从C点运动到处于O点正下方E点的电缆处。绳OD始终处于伸直状态，兜篮、王进及携带的设备总质量为m，不计一切阻力，重力加速度大小为g。关于王进从C点运动到E点的过程中，下列说法正确的是（）A.工人对绳的拉力可能先增大后减小B.绳OD的拉力肯定越来越大C.OD、CD两绳拉力的合力大小始终等于mgD.当绳CD与竖直方向的夹角为30°时，工人对绳的拉力为mg【答案】BCD【解析】【详解】AB．对兜篮、王进及携带的设备整体受力分析绳OD的拉力为F1，与竖直方向的夹角为θ；绳CD的拉力为F2，与竖直方向的夹角为α，则由几何关系得王进下降的过程中θ减小，α增大，由几何关系得：F1增大，F2减小，故A错误，B正确；C．受力平衡，两绳拉力合力大小始终等于mg，故C正确；D．α＝30°时，，利用OC=OD由几何关系得，则θ＝30°，由受力平衡求出F2＝mg，故D正确。故选BCD。三、非选择题13.用如图所示的试验装置做“验证机械能守恒定律”试验时，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止起先下落：(1)除了图示的试验器材，下列试验器材中还必需运用的是________（填字母代号）。A.沟通电源B.秒表C.刻度尺D.天平（带砝码）(2)关于本试验，下列说法正确的是________（填字母代号）。A.应选择质量大、体积小的重物进行试验B.释放纸带之前，纸带必需处于竖直状态C.先释放纸带，后接通电源(3)试验中，得到如图所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O（O点与下一点的间距接近2mm）的距离分别为hA、hB、hC。已知当地重力加速度为g，打点计时器的打点周期为T。设重物质量为m。从打O点到B点的过程中，重物的重力势能变更量ΔEp=______，动能变更量ΔEk=________（用已知字母表示）。(4)某同学用如图所示装置验证机械能守恒定律，将力传感器固定在天花板上，细线一端系着小球，一端连在力传感器上。将小球拉至水平位置从静止释放，到达最低点时力传感器显示的示数为F0。已知小球质量为m，当地重力加速度为g。在误差允许范围内，当满意关系式________时，可验证机械能守恒。【答案】(1).AC(2).AB(3).(4).(5).F0=3mg【解析】【详解】(1)[1]A．打点计时器须要接沟通电源，A正确；B．打点计时器本身就是计时工具，不须要秒表，B错误；C．须要用刻度尺测量纸带上打点之间的距离，C正确；D．重物下落过程中，若满意机械能守恒定律，则等式两边将重物质量约去，不须要天平测量重物质量，D错误。故选AC。(2)[2]A．应选择质量大、体积小的重物进行试验，可以减小阻力带来的误差，A正确；B．释放纸带之前，纸带必需处于竖直状态，使重物竖直下落，减小纸带与打点计时器之间的摩擦，B正确；C．为了有效利用纸带，应先接通电源，后释放纸带，C错误。故选AB。(3)[3]重力做正功，重力势能减小所以从到，重力势能的变更量为[4]在点，依据匀变速直线运动的规律可知则动能变更量为(4)[5]若小球运动过程中机械能守恒，则满意小球运动到最低点解得即须要验证的表达式为14.做“测量金属丝的电阻率”试验。（1）用螺旋测微器测量金属丝直径，示数如图甲所示，则金属丝直径的测量值d=_______mm。（2）在设计测量金属丝电阻Rx的试验电路时须要思索两个问题：①如何选择电流表的接法？如图乙所示，某同学采纳试触的方法，让电压表的一端接在A点，另一端先后接到B点和C点。他发觉电压表示数有明显变更，而电流表示数没有明显变更。据此应当选择电流表_______（填写“内接”或“外接”）的电路。②如何选择滑动变阻器的接法？已知待测金属丝的电阻约为20Ω，试验室供应的滑动变阻器的最大阻值为5Ω，电源电动势为3V，须要选择滑动变阻器的_____________(填写“分压式”或“限流式”)接法。（3）图丙是测量金属丝电阻的试验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的最左端。请依据（2）中选择的电路，完成实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表和电流表均处于平安状态____________。（4）请你写出金属丝电阻率的计算式____________（用待测金属丝电阻的测量值Rx、直径的测量值d、长度的测量值L表示）。【答案】(1).0.127±0.001(2).外接(3).分压式(4).(5).【解析】【详解】（1）[1]．金属丝直径的测量值d=0.01mm×12.7=0.127mm。（2）①[2]．某同学采纳试触的方法，让电压表的一端接在A点，另一端先后接到B点和C点。他发觉电压表示数有明显变更，而电流表示数没有明显变更。说明电流表的分压作用不行忽视，据此应当选择电流表外接的电路。②[3]．因滑动变阻器阻值小于待测电阻阻值，可知滑动变阻器应当选择分压电路；（3）[4]．电路连接如图：（4）[5]．依据解得15.如图所示，为折射率的扇形玻璃砖截面，一束单色光照耀到面上的点，在点折射后的光线平行于。已知点是的中点，点是延长线上一点，°。①求入射光在点的入射角；②通过计算推断光射到弧能否从弧射出。【答案】①60°；②光射到AB弧能从AB弧射出。【解析】【详解】①光在介质中传播的光路图如图所示：

设入射光在C点的入射角为i，折射角为r，由于在C点折射后的光线平行于OB，所以∠OCP=∠AOD=60°，r=30°，

依据折射定律有：代入数据解得：i=60°；②在C点折射后的光线射到AB弧上P点，连接O、P，OP是法线，过O点做CP的垂线交CP于Q，则折射光线在AB弧的入射角为i1，玻璃砖临界角为C，扇形半径为L，则：，依据几何学问有∠COQ=30°，LOQ＝LOC•cos∠COQ=依据可得：，则：i1＜C，所以光射到AB弧能从AB弧射出。16.台球的运动和撞击过程中，球既存在平动，也存在转动，运动状况较为困难。在不考虑球的转动和球之间的摩擦的状况下，我们可以对球的运动和撞击过程建立简洁的模型，用中学物理学问进行粗略探讨。如图1所示，此时球桌上只剩下两个球，其中A球为白球，B球为黑球，且两球球心与1号洞中心在一条直线上。请你利用学过的物理规律解决以下问题。（1）击打白球后，白球与黑球发生碰撞，可以使黑球进入不同的洞口。请在以下两种状况下，画出白球的初速度方向以及碰前瞬间的位置，作图时请画出必要的协助线。a.使黑球进入1号洞（在图2中作图）；b.使黑球进入2号洞（在图3中作图）。（2）黑球进入2号洞的状况比进入1号洞的状况困难一些。在处理困难的物理问题时，常将其分解为简洁的问题，如运动的分解、力的分解等等。将这些矢量在相互垂直的x、y两个方向上进行分解，然后分别进行探讨。在黑球进入2号洞的情境下，若已知两球的质量均为m，碰前瞬间白球的速度大小为v0，碰后瞬间黑球的速度大小为v，v0与v方向的夹角θ=53o，求两球碰撞过程中损失的机械能。（已知：sin53o=0.8，cos53o=0.6）【答案】（1）a.；b.（2）【解析】【详解】（1）a.b.（2）以黑球碰后的速度方向以及与之垂直的方向为坐标轴方向建立平面直角坐标系，将白球碰前和碰后的速度沿着坐标轴进行正交分解，沿两个方向分别进行探讨碰撞过程中两球组成的系统在x、y两个方向上都满意动量守恒定律设碰后白球速度大小为vA，在x、y两个方向上的分速度分别为vAx和vAyx方向：mv0cosmv+mvAxy方向：mv0sinmvAy解得：则碰撞过程中系统损失的机械能其中代入得17.如图所示，在xoy平面内y轴右侧有一范围足够大的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场方向垂直纸面对外；分成I和II两个区域，I区域的宽度为d，右侧磁场II区域还存在平行于xoy平面的匀强电场，场强大小为E＝，电场方向沿y轴正方向。坐标原点O有一粒子源，在xoy平面对各个方向放射质量为m，电量为q的正电荷，粒子的速率均为v＝。进入II区域时，只有速度方向平行于x轴的粒子才能进入，其余被界面汲取。不计粒子重力和粒子间的相互作用，求：(1)某粒子从O运动到O'的时间；(2)在I区域内有粒子经过区域的面积；(3)粒子在II区域运动