安徽省蚌埠市2025届高三物理下学期第四次教学质量检查试题含解析

PAGE21-安徽省蚌埠市2025届高三物理下学期第四次教学质量检查试题（含解析）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.下列有关原子核的说法正确的是（）A.结合能是指将原子核中的核子分开而须要的能量B.结合能越大，原子核中核子结合得越坚固，原子核越稳定C.质量亏损是指原子核的质量大于组成它的核子的质量之和D.因为存在质量亏损，所以在原子核发生衰变时，质量数不守恒【答案】A【解析】【详解】A．结合能是指将原子核中的核子分开而须要的能量，或者是核子结合成原子核释放的能量，故A正确；B．比结合能越大，原子核中核子结合得越坚固，原子核越稳定，故B错误；C．质量亏损是指原子核的质量小于组成它的核子的质量之和，故C错误；D．因为存在质量亏损，所以在原子核发生衰变时，质量不守恒，质量数守恒，故D错误。故选A。2.2024年4月24日，中国首次火星探测任务被命名为“天问一号”，图为探测任务的标识。若火星的质量是地球质量的p倍，火星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的q倍，两星球均视为质量匀称的球体，则火星的半径与地球的半径之比为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【详解】第一宇宙速度为卫星贴近星球表面做匀速圆周运动时的线速度大小，满意则解得ACD错误，B正确。故选B。3.某物体原先静止于一光滑水平面上，t=0时受水平外力作用起先沿直线运动，0~8s内其加速度a与时间t的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A.t=2s时，物体速度大小为2m/sB.0~2s内，物体通过的位移大小为2mC.0~8s内物体的最大速度为7m/sD.物体在t=8s时与在t=2s时的运动方向相反【答案】C【解析】【详解】A．内物体做匀加速直线运动，时速度为A错误；B．内物体的位移为B错误；C．依据加速度的定义式可知图线和时间轴围成的面积为，依据图像结合对称性可知物体在末速度达到最大，即C正确；D．依据图像面积可知，末和末图像与时间轴围成的面积相等，所以速度相等，运动方向相同，D错误。故选C。4.将一弹性绳对折，相当于将此弹性绳剪成相同长度的两段绳，每段绳在相同的外力作用下，其伸长量为原来的一半。现有一根原长20cm的弹性细绳，其外力F与伸长量x的关系如图所示，将此细绳对折，其两端点固定于天花板同一位置，并在对折点处竖直悬系一物体，然后再缓慢放手，平衡后发觉物体下降了2cm，则该物体所受重力约为（）A.0.8N B.1.6N C.3.2N D.6.4N【答案】C【解析】【详解】依据题意将一弹性绳对折，相当于将此弹性绳剪成相同长度的两段绳，每段绳在相同的外力作用下，伸长量变为原来的一半，依据胡克定律可知劲度系数变为原来的两倍。依据图像可知弹性细绳的劲度系数则对折后，劲度系数变为所以物体的重力为ABD错误，C正确故选C。5.如图，横截面是圆的匀强磁场区域（纸面），其半径为R，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面对外。一电荷量为－q（q>0）、质量为m的粒子自P点沿与直径PQ成30°角的方向射入圆形磁场区域，粒子射出磁场时的运动方向与直径PQ垂直，不计粒子的重力，则粒子的速率和在磁场中运动的时间分别为（）A.，B.，C.，D.，【答案】B【解析】【详解】依据题意作图，连接如图依据几何关系可知四边形为菱形，所以粒子的运动半径与磁场半径相等，洛伦兹力供应向心力解得粒子在磁场中转过的圆心角运动的时间为ACD错误，B正确。故选B。6.如图，一小车的内表面ab和bc光滑且相互垂直，bc与水平方向的夹角为37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g，已知小车在水平方向上做匀加速直线运动，要使小球始终不脱离小车，则（）A.若小车向左加速，加速度不能超过B.若小车向左加速，加速度不能超过C.若小车向右加速，加速度不能超过D.若小车向右加速，加速度不能超过【答案】BD【解析】【详解】AB．若小车向左加速，当面对小球无作用力时，加速度最大，依据牛顿其次定律解得所以若小车向左加速，加速度不能超过，A错误，B正确；CD．若小车向右加速运动，当面对小球无作用力时，加速度最大，依据牛顿其次定律解得所以若小车向右加速，加速度不能超过，C错误，D正确。故选BD。7.如图，水平放置的平行板电容器通过开关K连接在电源两极，极板间距离为h，上极板正中有一小孔。闭合开关K，一个比荷（荷质比）为a的带电小球从小孔正上方高2h的P点由静止起先下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零。空气阻力忽视不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A.小球带负电，电源电动势为B.保持开关闭合，若将下极板向下移动一小段距离，小球从P点由静止释放将不能运动到下极板C.断开开关，若将下极板向下移动一小段距离，极板间的电场强度为D.断开开关，若将下极板向右平移一小段距离，小球从P点由静止释放将仍能运动到下极板【答案】AC【解析】【详解】A．小球从静止起先下落到下极板，依据能量守恒可知解得电源电动势为A正确；B．保持开关闭合，若将下极板向下移动一小段距离，电容器两端电压不变，电场力做功不变，重力做功增大，所以可以落在下极板，B错误；C．断开开关，电容器所带电荷量不变，则可知变更极板间距，电场强度不变，所以场强与闭合开关时相等C正确；D．断开开关，若将下极板向右平移一小段距离，极板正对面积减小，电场强度增大，所以小球不行能运动到移动后的下极板处，D错误。故选AC。8.如图，真空中三个完全相同的带电小球A、B、C（均视为点电荷）均由轻质绝缘细线悬挂在O点，整个系统静止时，三小球在水平面构成等边三角形，M为三角形的中心。已知小球所带电荷量均为+q，M到A、B、C的距离均为L，细线与OM夹角均为30°。已知选取无穷远处电势为0时，真空中电荷量为Q的点电荷四周的电势表达式为（其中r为到点电荷的距离），下列说法正确的是（）A.小球所受重力为B.M点的电场强度为C.带电小球A产生的电场在M点的电势为D.电荷量为+q0的摸索电荷在M点具有的电势能为【答案】CD【解析】【详解】A．带电小球A受到B、C库仑力的合力为，合成如图依据几何关系可知则对A球受力分析，依据平衡条件可知各小球受力状况均相同，所以小球的重力为，故A错误；B．处于的中心，依据场强的叠加法则可知点场强为0，故B错误；C．A在处产生的电势为故C正确；D．三个小球在点产生的总电势为则电势能为故D正确。故选CD。第Ⅱ卷三、非选择题：共174分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必需作答。第33~38题为选考题，考生依据要求作答。（一）必考题：共129分9.利用图甲所示的装置验证机械能守恒定律。一根细线系住钢球，另一端悬挂在铁架台上，将钢球拉至某一位置由静止释放，钢球运动到最低点A时穿过光电门，计时器测出挡光时间为t，还测得钢球下落的高度为h、钢球的直径为d，已知当地的重力加速度为g。(1)钢球下落的高度h应当是小球释放时的球心位置到________位置之间的竖直距离。A．钢球在A点时的顶端B．钢球在A点时的球心C．钢球在A点时底端(2)如图乙所示，用游标卡尺测得钢球的直径d=________cm。(3)当满意h=________（用测得量和已知量的符号表示）时，可推断小球下落过程中机械能守恒。【答案】(1).B(2).0.420(3).【解析】【详解】(1)[1]选择钢球上同一点的初末位置作为下落的竖直高度，所以钢球下落的高度h应当是小球释放时的球心位置到钢球在A点时的球心位置之间的竖直距离，故选B。(2)[2]游标卡尺的精度为，读数为。(3)[3]小球落到处时，钢球直径较小，可以用平均速度近似代替瞬时速度，即下落过程中，依据机械能守恒定律得解得10.有一根由a、b两段截面积相同的不同金属材料串接而成的导线，总长度为1.0m，某爱好小组试验探究其电阻的规律。(1)小明用欧姆表测其电阻值，选用“×100”倍率的电阻挡测量时，发觉欧姆表指针偏转过大，因此需选择______（选填“×10”或“×1k”）倍率的电阻挡，并将红表笔和黑表笔________，调整旋钮使指针指到欧姆零点，再进行测量时示数如图1所示，读数为________Ω。(2)小红用伏安法描绘其伏安特性曲线，选用的器材包括：电池组（电动势3V，内阻约1Ω）电流表（内阻约2Ω）电压表（内阻约30kΩ）滑动变阻器R（0~20Ω，额定电流2A）开关、导线若干。为使试验尽可能精确，且电压由零起先调整，用笔画线代替导线，将图2连接成完整电路______________。(3)小刚将导线与电池、电流表A连成图3所示的电路，电流表和电池的内阻均可忽视。电流表的一端接在导线上的某一点，用刻度尺测得接点与导线左端的距离x，由电流表测得的电流I，推得连入电路的导线电阻R，作出的关系图像如图4所示，则导线a的电阻为________Ω，导线a的电阻率________（选填“大于”“等于”或“小于”）导线b的电阻率，要测量导线a的电阻率，还须要的测量仪器是____________。【答案】(1).×10(2).短接(3).50(4).(5).9（9.0±0.3均可）(6).小于(7).螺旋测微器【解析】【详解】(1)[1]指针偏转过大，说明待测电阻阻值较小，所以换用更小的“×10”档即可。[2]进行欧姆调零过程中，须要将红黑表笔短接。[3]欧姆挡读数为表盘示数乘以倍率，所以读数为。(2)[4]电压从0起先调整，所以滑动变阻器采纳分压式接入电路，待测电阻和电表内阻满意可知电压表的分流较小，所以电流表采纳外接法，连接电路如图(3)[5]依据图像可知时当时所以导线a的电阻为[6]依据电阻定律可知可知所以导线a的电阻率小于导线b的电阻率。[7]测量导线的电阻率，须要测量导线的横截面积，所以须要运用螺旋测微器测量导线的直径，从而求得横截面积。11.其次十四届冬奥会将于2024年在我国实行，图为冬奥会中跳台滑雪轨道的示意图。直线斜长滑道AB的长L=100m，BCD是可视为光滑的弯曲滑道，二者平滑连接，DE是坡度（即与水平方向的夹角）为30°的长直滑道。滑道BC的高h=10m，CD的高度可忽视，C可视为半径R=20m的圆弧最低点。质量m=60kg的运动员（含滑板）从A处由静止起先匀加速下滑，滑至B点时的速度大小为vB=30m/s，从D点滑出时的速度方向与DE成60°角。已知g=10m/s2，，不计空气阻力，运动员可视为质点，求运动员(1)沿AB下滑时的加速度大小；(2)经过C点时受到滑道的弹力大小；(3)从D点滑出到落回DE滑道所用的时间。【答案】(1)4.5m/s2；(2)3900N；(3)6.6s【解析】【详解】(1)依据匀变速直线运动公式，有解得(2)依据机械能守恒定律，有设运动员经过C点时受到的支持力为F，依据牛顿其次定律，有解得(3)CD高度可忽视，运动员从D点滑出时的速度运动员滑出D点后的运动可分解为沿vD方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，如图所示两个方向的位移分别为由图可知联立解得12.如图所示，质量为m的“匚”型金属导轨abcd静止放在光滑水平面（足够大）上，导轨的宽为L，长为2L，cd部分的电阻为R，bc和ad部分电阻不计，P、P′分别为bc和ad的中点，整个导轨处于竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场（未画出，范围足够大）中。一质量为m、长为L、电阻为R的金属棒以速度v从ab端滑上导轨，并最终在PP′处与导轨相对静止。已知金属棒和导轨之间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，整个过程金属棒和导轨接触良好。求：(1)刚滑上导轨时金属棒消耗的电功率；(2)整个过程金属棒产生的焦耳热；(3)金属棒从滑上导轨到刚与导轨相对静止所经验的时间。【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【详解】(1)依据电磁感应定律可知，金属棒刚滑上导轨时，产生的电动势为依据闭合电路欧姆定律可知电路中的电流为金属棒消耗的电功率为解得(2)设金属棒和导轨相对静止时的共同速度为v1，整个过程金属棒产生的焦耳热为Q，由动量守恒定律和能量守恒定律可知依据能量守恒定律联立解得(3)以金属棒为探讨对象，由动量定理可知摩擦力的冲量安培力的冲量又有磁通量变更量为联立解得[物理——选修3–3]（15分）13.肯定质量的志向气体从状态a经过状态b、c变更到状态d，其p–T图像如图所示。下列说法正确的是（）A.a→b的过程中，气体对外界做功B.b→c的过程中，全部气体分子的动能都增大C.c→d的过程中，外界对气体做功D.a→b→c的过程中，气体先吸热后放热E.b→c→d的过程中，气体体积先增大后减小【答案】ACE【解析】【详解】A．a→b的过程中，气体温度不变，压强减小，则体积变大，则气体对外界做功，选项A正确；B．b→c的过程中，气体温度上升，分子平均动能变大，但并非全部气体分子的动能都增大，选项B错误；C．依据可知，则由于d点与原点连线斜率大于c点与原点连线的斜率，可知d态对应的体积小于c态的体积，则c→d的过程中，体积减小，外界对气体做功，选项C正确；D．a→b温度不变，内能不变，气体对外做功，则由可知气体吸热；b→c的过程中，气体压强不变，温度上升，体积变大，则气体内能变大，对外做功，由可知气体吸热，即a→b→c的过程中，气体始终吸热，选项D错误；E．依据可知，b→c→d的过程中，各点与原点连线的斜领先减小后变大，则气体体积先增大后减小，选项E正确。故选ACE。14.如图所示，一绝热活塞将密闭汽缸分成A、B两个气室，汽缸壁绝热，A气室中装有电热丝。起先时，两气室的体积之比为VA∶VB=1∶3，气体的压强均为p0=1.5×105Pa，温度均为27°C。现给电热丝通电使A气室温度上升到127°C，再次平衡时两气室的体积之比为VA′∶VB′=5∶12，活塞的体积忽视不计，求此时B气室气体的压强和温度。【答案】，T2=320K（或t2=47°C）【解析】【详解】加热前两气室的气体温度T0=300K，加热后A气室温度为T1=400K，设加热后两气室的气体的压强分别为、，B气室温度为T2，由志向气体状态方程得依题意由力平衡条件知联立解得T2=320K（或t2=47°C）[物理——选修3-4]（15分）15.一列简谐横波沿x轴正方向传播，如图所示，实线