内蒙古呼伦贝尔市阿荣旗第一中学2024-2025学年高二物理下学期3月试题含解析

PAGE12-内蒙古呼伦贝尔市阿荣旗第一中学2024-2025学年高二物理下学期3月试题（含解析）一、单选题（每题4分，共8个小题，共32分）1.对于任何一个质量不变的物体，下列说法正确的是（）A.物体的动量发生变更，其动能肯定变更B.物体的动量发生变更，其动能不肯定变更C.物体的动能不变，其动量肯定不变D.物体的动能发生变更，其动量不肯定变更【答案】B【解析】【详解】AB．物体的动量发生变更，可能是速度的大小不变，方向变更，则其动能不变更，选项A错误，B正确；C．物体的动能不变，可能是速度的大小不变，方向变更，则其动量不肯定不变，选项C错误；D．物体的动能发生变更，则肯定是速度大小发生了变更，则其动量肯定变更，选项D错误。故选B。2.质量为1kg的物体，运动速度为3m/s，它在一个变力作用下速度大小变为7m/s，方向和原来方向相反，则这段时间内动量的变更量为（）A.，方向与原运动方向相反B.，方向与原运动方向相同C.，方向与原运动方向相反D.，方向与原运动方向相同【答案】A【解析】【详解】取初速度方向为正方向，由则可知这段时间内动量变更量的大小为，方向与原运动方向相反，故A正确，BCD错误。故选A3.一枚火箭搭载着卫星以速率v0进入太空预定位置，由限制系统使箭体与卫星分别．已知前部分的卫星质量为m1，后部分的箭体质量为m2，分别后箭体以速率v2沿火箭原方向飞行，若忽视空气阻力及分别前后系统质量的变更，则分别后卫星的速率v1为（）A.v0-v2 B.v0+v2 C. D.【答案】D【解析】【分析】本题考查动量守恒定律【详解】系统分别前后，动量守恒：，解得：，故ABC错误；D正确．4.如图所示，质量为m的人立于平板车上，人与车的总质量为M，人与车以速度v1在光滑水平面上向东运动．当此人相对于车以速度v2竖直跳起时，车的速度变为（）A.向东 B.向东C.向东 D.v1向东【答案】D【解析】【详解】人和车在水平方向上动量守恒，当人竖直跳起时，人和之间的相互作用在竖直方向上，在水平方向上的仍旧动量守恒，水平方向的速度不发生变更，所以车的速度仍旧为v1，方向向东故选D。5.两平行金属直导轨水平置于匀强磁场中，导轨所在平面与磁场垂直，导轨右端接两个规格相同的小灯泡及始终流电阻可以不计的自感线圈。如图所示，当金属棒ab正在直导轨水平方向左右运动时，发觉灯泡L1比灯泡L2更亮一些。金属棒的运动状况可能是（导轨及金属棒电阻不计）（）A.向右匀速 B.向左匀速 C.向右减速 D.向左加速【答案】C【解析】【详解】AB.金属棒ab向左或者向右匀速运动时，金属棒切割磁感线产生的电动势不变，线圈中没有自感电流，灯泡L1与灯泡L2亮度相同，故AB错误；C.金属棒ab向右减速运动时，由右手定则可知，通过灯泡的电流从上到下，金属棒切割磁感线产生的电动势减小，电阻可以不计的自感线圈产生的自感电流方向向下，与原电流方向相同，通过灯泡L1的电流大于通过灯泡L2的电流，灯泡L1比灯泡L2更亮一些，故C正确；D.金属棒ab向左加速运动时，由右手定则可知，通过灯泡的电流从下到上，金属棒切割磁感线产生的电动势增大，电阻可以不计的自感线圈产生的自感电流方向向下，与原电流方向相反，通过灯泡L1的电流小于通过灯泡L2的电流，灯泡L2比灯泡L1更亮一些，故D错误。故选C。6.三个相同的电阻，分别通过如图(甲)、(乙)、(丙)所示的电流，(甲)为正弦式沟通电，三个图中的I0和周期T都相同．下列说法中正确的是A.在相同时间内三个电阻发热量相等B.在相同时间内，(甲)、(丙)发热量相等，是(乙)发热量的一半C.在相同时间内，(甲)、(乙)发热量相等，是(丙)发热量的2倍D.在相同时间内，(乙)发热量最大，(甲)次之，(丙)的发热量最小【答案】B【解析】【详解】甲的有效值为：，由可知一个周期内甲的发热量为：；乙前后半个周期电流大小相等，故其发热量为：；丙只有前半个周期有电流，故其发热量为：，故可知在相同时间内，甲丙发热量相等，是乙发热量的，故B正确，ACD错误．7.如图所示，志向变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=1:3，次级回路中连入三个均标有“36V，40W”的灯泡,且均正常发光，那么,标有“36V、40W”的灯泡AA也正常发光 B.将被烧毁 C.比另三个灯暗 D.无法确定【答案】A【解析】【详解】本题考查志向变压器．由题意知副线圈电压由变压器原理原线圈电压所以灯泡A两端的电压也是36V，A也可以正常发光。故选A。8.矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，从中性面起先转动180°的过程中，平均感应电动势和最大感应电动势之比为()Aπ/2 B.2/πC.2π D.π【答案】B【解析】【详解】由法拉第电磁感应定律可知平均感应电动势为当线圈平面与磁场方向平行时感应电动势最大，峰值为NBS，比值为2/π。故选B。二、多项选择题（每题6分，共30分，全选对得6分，漏选得3分，有错误选项得0分）9.一沟通电压为u＝100sin100πtV，由此表达式可知()A.用电压表测该电压其示数为100VB.该沟通电压的周期为0.02sC.将该电压加在100Ω的电阻两端，电阻消耗的电功率为200WD.t＝1/400s时，该沟通电压的瞬时值为100V【答案】ABD【解析】【详解】AB．正弦交变电压的表达式为，对比可知，故电压表显示的是有效值，故其示数为AB正确；C．将该电压加在100Ω的电阻两端，电阻消耗的电功率为C错误；D．将代入表达式可得D错误。10.一矩形线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，线圈中的感应电动势随时间的变更如图所示，则下列说法正确的是（）A.ｔ1时刻通过线圈的磁通量为零B.ｔ2时刻通过线圈的磁通量最大C.ｔ3时刻通过线圈的磁通量的变更率的肯定值最大D.每当电动势变更方向时，通过线圈的磁通量的肯定值最大【答案】D【解析】【详解】A．由图可知，t1时刻线圈的感应电动势最小为零，则磁通量的变更率为零，此时线圈平面处于中性面，所以通过线圈的磁通量最大，故A错误；B．由图可知，t2时刻线圈的感应电动势最大，则线圈平面与中性面垂直，则磁通量最小为零，故B错误；C．由图可知，t3时刻线圈的感应电动势最小为零，则磁通量的变更率最小为零，故C错误；D．每当电动势变更方向时，线圈与磁场垂直，线圈平面处于中性面，磁通量最大，故D正确。故选D。11.如图是一个志向变压器，K为双向电键，P是滑动变阻器滑动触头，U1为加在原线圈两端电压，I1为原线圈上电流，则（）A.保持U1及P的位置不变，K由a合向b时，I1将增大B.保持U1及P的位置不变，K由b合向a时，R消耗的功率减小C.保持U1不变，K合在a处，使P上滑，I1将减小D.保持P的位置不变，K合在a处，若U1增大，I1将减小【答案】ABC【解析】【详解】A．保持U1及P的位置不变，K由a合到b时，原线圈匝数变小，副线圈电压变大，所以副线圈功率变大，而原线圈功率等于副线圈功率，所以原线圈功率变大，依据得I1将增大，A正确；B．保持U1及P的位置不变，K由b合向a时，原线圈匝数变大，副线圈电压变小，所以R消耗的功率变小，B正确；C．保持U1不变，K合在a处，使P上滑时，R增大，而电压不变，所以副线圈电流变小，电流与匝数成反比，可知I1将减小，C正确；D．保持P的位置不变，K合在a处，若U1增大，则副线圈电压增大，所以副线圈电流变大，电流与匝数成反比，可知I1将增大，D错误。故选ABC12.一辆小车静止在光滑的水平面上，小车立柱上固定一条长为L、系有小球的水平细绳，小球由静止释放，如图所示，不计一切摩擦，说法正确的是（）A.小球的机械能守恒B.小球的机械能不守恒C.球、车系统的机械能守恒D.球、车系统的动量守恒【答案】BC【解析】【详解】AB．小球由静止释放过程中，绳子拉力对小球做功，小球机械能不守恒，故A错误，B正确；C．小球与小车系统在整个过程中只有重力做功，系统机械能守恒，故C正确；D．当小球向下摇摆的过程中，竖直方向具有向上的分加速度，小车和小球整体处于超重状态，地面对小车的支持力大于小车和小球的总重力，整体所受的合力不为零，则系统的总动量不守恒，故D错误。故选BC。13.光滑水平地面上，A、B两物体质量都为m，A以速度v向右运动，B原来静止，左端有一轻弹簧，如图所示，当A撞上弹簧，弹簧被压缩最短时（）A.A、B系统总动量仍旧为mv B.A的动量变为零C.B的动量达到最大值 D.A、B的速度相等【答案】AD【解析】【详解】A．A、B组成的系统所受的合外力为零，动量守恒，初始时总动量为mv；弹簧被压缩到最短时，A、B系统总动量仍为mv，故A项正确；BCD．A在压缩弹簧的过程中，B做加速运动，A做减速运动，两者速度相等时，弹簧压缩量最大，然后B接着加速，A接着减速，所以弹簧压缩最短时，B的动量未达到最大值．弹簧被压缩到最短时，A、B的速度相等，A的动量不为零，故BC两项错误，D项正确。故选AD。三、填空题：（每空3分，共18分）14.如图所示，线圈的面积是0.05m2，共100匝，线圈电阻为1Ω，外接电阻R=9Ω，匀强磁场的磁感应强度为B=T，当线圈以300r/min的转速匀速旋转时，若从线圈处于中性面起先计时，则线圈中感应电动势的瞬时值表达式为______，线圈转了s时电动势的瞬时值为______，电路中流过电阻R的电流的峰值是______。【答案】(1).e＝50sin10πtV(2).25V(3).5A【解析】【详解】[1]线圈转动的角速度则感应电动势的最大值则从中性面起先计时，感应电动势的瞬时表达式[2]当s时[3]电流的峰值为15.质量为m的小球A，沿光滑水平面以速度v0与质量为2m的静止的小球B发生正碰，碰后A球速度大小变为原来的，那么小球B的速度可能值为______或______。【答案】(1).v0(2).v0【解析】【详解】[1][2]取碰撞前A的速度方向为正方向，若碰撞后，A球的速度方向与原来相同时，速度为，依据动量守恒定律得解得若碰撞后，A球的速度方向与原来相同时，速度为，依据动量守恒定律得解得16.如图所示，志向变压器的原线圈的输入电压u＝220sin(100πt)V，原、副线圈的匝数比为n1∶n2＝10∶1电阻R的阻值为100Ω，则1s内电阻R上产生的焦耳热为______。【答案】1.21J【解析】【详解】依据解得依据副线圈接有二极管，所以只有一半时间有电流通过电阻，则1s内电阻R上产生的焦耳热为四、计算题：（每题10分，共20分）17.如图所示，三个质量分别为3kg、1kg、1kg的木块A、B、C放置在光滑水平轨道上，起先时B、C均静止，A以初速度v0=5m/s向右运动，A与B碰撞后分开，B又与C发生碰撞并粘在一起，此后A与B间的距离保持不变。(1)求B与C碰撞前B的速度大小；(2)求B与C碰撞过程中的能量损失。【答案】(1)6m/s；(2)13.5J【解析】【详解】(1)设A、B碰撞后A的速度为vA，B与C碰撞前B的速度为vB，B、C碰撞后一起运动的速度为v，以C的初速度方向为正方向，由动量守恒定律，对A、B有mAv0=mAvA＋mBvB对B、C有mBvB=(mB＋mC)v由于A与B间距离保持不变，则vA=v代入数据解得v=vA=3m/s，vB=6m/s(2)B与C碰撞前，BC系统的总动能碰撞后BC系统的总动能整个过程损失的能量解得18.一小型发电站通过升压、降压变压器把电能输给用户，已知发电机的输出功率为500kW，路端电压为500V，升压变压器原、副线圈的匝数比为1∶5，两变压器间输电线的总电阻为1.5Ω，降压变压器的输出电压为220V，不计变压器能量损耗，求：(1)升压变压器的副线圈两端电压；(2)输电导线上的功率损失；(3)降压变压器原、副线圈的匝数比；(4)用户得到的功率．【答案】(1)2500V(2)60kW(3)10:1(4)440kW【解析】（1）升压变压器的副线圈两