《高中化学》考点巩固卷01化学物质及其变化（解析版）

考点巩固卷01化学物质及其变化考点01物质的分类及转化（限时：15min）考法01物质的分类考法02物质的转化考法03分散系胶体考点02离子反应、离子方程式（限时：10min）考法01电解质及其电离考法02离子反应、离子方程式的书写考点03离子共存、离子的检验与推断（限时：10min）考法01离子共存考法02离子检验与推断考点04氧化还原反应的基本概念和规律（限时：20min）考法01氧化还原反应的基本概念考法02常见氧化剂和还原剂考法03氧化还原反应的表示方法考法04氧化性和还原性考点05氧化还原反应方程式的配平与计算（限时：10min）考法01氧化还原反应方程式的配平考法02氧化还原反应方程式的计算考点01物质的分类及转化考法01物质的分类1．(2024·河南四地市第一次质量检测)下列物质属于纯净物的是()A．汽油B．食醋C．漂白粉D．小苏打【答案】D【解析】汽油是烃类物质的混合物，A错误；食醋是混合物，B错误；漂白粉中含氯化钙和次氯酸钙，C错误；小苏打为NaHCO3，为纯净物，D正确。2．(2024·天津八校联考)分类是科学研究的重要方法，下列物质分类正确的是()A．H2、D2、T2互为同位素B．同素异形体：臭氧、氧气、eq\o\al(17,8)OC．非电解质：乙醇、二氧化碳、SO3、葡萄糖D．化合物：冰水混合物、烧碱、75%医用酒精、石膏【答案】C【解析】同位素是指质子数相同而中子数不同的同一元素的不同原子，选项中各物质是分子，A错误；同素异形体是同种元素形成的不同单质，eq\o\al(17,8)O不是单质，B错误；非电解质是指在水溶液中和熔融状态下都不能导电的化合物，选项中的物质都属于非电解质，C正确；75%医用酒精属于混合物，不是化合物，D错误。3．物质分类的依据通常有组成和性质。下列物质分类中，只考虑组成的是（）A.硫酸钠是钠盐、硫酸盐、正盐B.硝酸是一元酸、强酸、挥发性酸C.福尔马林是混合物、消毒剂、蛋白质凝固剂D.氧化铝是两性氧化物、金属氧化物、铝的最高价氧化物【答案】A【解析】Na2SO4是钠盐、硫酸盐、正盐，都是从组成上考虑的，A正确；HNO3是一元酸是从组成上考虑的，HNO3是强酸、挥发性酸是从性质上考虑的，B不正确；福尔马林是甲醛的水溶液，属于混合物，用作消毒剂、蛋白质凝固剂是从性质上考虑的，C不正确；Al4．（2024·广东华南师范大学附属中学高三高考适应性练习）中华文化博大精深，蕴含着许多化学知识。下列说法正确的是A．“何意百炼刚，化为绕指柔”中，经“百炼”的钢的硬度比纯铁的硬度小B．“西真人醉忆仙家。飞佩丹霞羽化”中所呈现的丹霞地貌是由于岩层中含有C．杭州第19届亚运会吉祥物“琮琮”的名字源自良渚玉琮，玉琮的主要材质是铜锌合金D．明荷花纹玉壶的雕刻过程中发生了化学变化【答案】B【解析】合金的硬度比成分金属的硬度大，钢的硬度比纯铁的硬度大，A项错误；呈红棕色，故丹霞地貌是由于岩层中含有，B项正确；玉琮属于无机非金属材料，它的主要材质不是铜锌合金，C项错误；明荷花纹玉壶的雕刻过程中仅物质形态发生了变化，未发生化学反应，D项错误。5．(2024·重庆二调)下列有关物质的性质与用途具有对应关系的是()A．NH4HCO3受热易分解，可用作氮肥B．Al2O3硬度很大，可用于制造耐火材料C．Fe2O3属于碱性氧化物，可用作粉刷墙壁的红色涂料D．Fe具有还原性，可用作食品抗氧化剂【答案】D【解析】NH4HCO3用作氮肥是因为含有氮元素，A错误；Al2O3具有很高的熔点，可用于制造耐火材料，与硬度大无关，B错误；Fe2O3呈红色，可用作红色颜料，与它是碱性氧化物无关，C错误；Fe具有还原性，可用作抗氧化剂，D正确。考法02物质的转化6．（2024·湘豫名校高三考前保温卷）《本草经集注》中有如下描述：“其黄黑者，名鸡屎矾（碱式碳酸铜或碱式硫酸铜），不入药用，惟堪镀作以合熟铜。投苦酒（含醋酸溶液）中，涂铁皆作铜色。外虽铜色，内质不变。”下列说法错误的是A．鸡屎矾投入苦酒后一定有两种铜盐生成 B．“涂铁皆作铜色”过程中发生了置换反应C．“不入药用”与鸡屎矾是重金属盐有关 D．鸡屎矾可作冶炼铜的原料【答案】A【解析】碱式碳酸铜投入苦酒后发生复分解反应生成醋酸铜、水和二氧化碳，碱式硫酸铜投入苦酒后发生复分解反应生成醋酸铜、硫酸铜、水，故不一定有两种铜盐生成，A错误；铁比铜活泼，可与铜盐溶液反应置换出铜，则涂铁皆作铜色”过程中发生了置换反应，B正确；鸡屎矾为碱式碳酸铜或碱式硫酸铜，含重金属离子、酸根离子，溶于胃酸生成重金属离子，故“不入药用”与鸡屎矾是重金属盐有关，C正确；鸡屎矾含铜元素，可作冶炼铜的原料，D正确。7．(2023·湖北武汉模拟)有关物质之间的部分转化关系如图所示，其中“—”表示物质之间能发生化学反应，“→”表示物质之间的转化关系。下列说法中正确的是()A．物质X是一种常见的有机化合物B．反应②一定有盐参加反应C．图中的所有反应均不属于置换反应D．向Ca(OH)2溶液中加入CaO，所得溶液的溶质质量分数一定增大【答案】C【解析】图中已知反应如下：①CaO＋H2O=Ca(OH)2；②可以是Ca(OH)2与碳酸盐反应，也可以是Ca(OH)2与CO2反应；③CaCO3eq\o(=,\s\up17(高温))CaO＋CO2↑；X可以与CaCO3相互转化，同时可以与Ca(OH)2反应，则X应为CO2或Ca(HCO3)2，反应④为Ca(OH)2＋CO2=CaCO3↓＋H2O或Ca(HCO3)2＋Ca(OH)2=2CaCO3↓＋2H2O；⑤为CaCO3eq\o(=,\s\up17(高温))CaO＋CO2↑或CaCO3＋2H＋=Ca2＋＋CO2↑＋H2O或CaCO3＋CO2＋H2O=Ca(HCO3)2；⑥为Ca(OH)2＋CO2=CaCO3↓＋H2O或Ca(HCO3)2eq\o(=,\s\up17(△))CaCO3↓＋CO2↑＋H2O。X为CO2或Ca(HCO3)2，属于无机化合物，A错误；反应②可以是Ca(OH)2与CO2反应，CO2不属于盐，B错误；置换反应有化合价的变化，反应①～⑥均不属于置换反应，C正确；CaO加入Ca(OH)2饱和溶液后，溶液温度升高，Ca(OH)2析出，溶液溶质质量分数减小，冷却后，Ca(OH)2重新溶解，溶液的质量分数恢复，D错误。8．（2023·山东临沂期中）下列关于物质性质的叙述中，正确的是（）A.Cl2B.N2是大气中的主要成分之一，雷雨时，可直接转化为C.硫是一种淡黄色的能溶于水的晶体，既有氧化性又有还原性D.硅是应用广泛的半导体材料，常温下化学性质活泼【答案】A【解析】N2是大气的主要成分之一，雷雨时，可直接转化为NO，B错误；硫是一种淡黄色的难溶于水的晶体，既有氧化性又有还原性，C错误；硅是应用广泛的半导体材料，常温下化学性质不活泼，D9．（2024·天津耀华中学高三第二次模拟）五颜六色皆化学。下列化学实验中的颜色变化不是化学变化的是A．在无水硫酸铜粉末中滴加几滴水，白色变为蓝色B．裂化石油气通入酸性KMnO4溶液中，溶液褪色C．Na2O2与水的反应液中滴入酚酞试剂，先变红后褪色D．在无色火焰上灼烧BaCl2，火焰为黄绿色【答案】D【解析】在无水硫酸铜粉末中滴加几滴水，生成了，白色变为蓝色，有新物质生成，是化学变化，A不符合题意；裂化石油气中存在不饱和烃，通入酸性溶液中，溶液褪色，是化学变化，B不符合题意；与水的反应生成NaOH，滴入酚酞试剂溶液变红，中间产物有H2O2，具有漂白性，溶液又褪色，是化学变化，C不符合题意；焰色试验是物理变化，不是化学变化，D符合题意。10．（2024·江苏苏州高三三模）在给定条件下，下列物质转化或方程式正确的是A．工业制漂白粉：B．工业制C．电解饱和食盐水：D．碱性溶液与反应：【答案】D【解析】二氧化锰和浓硫酸反应不生成氯气，故A项错误；，Fe与HCl反应生成FeCl2，B项错误；工业上通过电解饱和食盐水生成烧碱，离子方程式为，C项错误；KClO和KOH混合溶液与，反应方程式为，D项正确。考法03分散系胶体11．(2024·吉林一调)有人设想将碳酸钙通过特殊加工方法变为纳米碳酸钙(碳酸钙粒子直径是几纳米至几十纳米)，这将引起建筑材料的性能发生巨变。下列关于纳米碳酸钙推测正确的是()A．纳米碳酸钙的水溶液会浑浊不清B．纳米碳酸钙分散到水中能产生丁达尔效应C．纳米碳酸钙的化学性质与原来碳酸钙完全不同D．纳米碳酸钙的粒子不可以透过滤纸【答案】B【解析】纳米碳酸钙的水溶液为胶体，澄清透明，A错误；纳米碳酸钙分散到水中形成胶体，能产生丁达尔效应，B正确；纳米碳酸钙只是粒子的直径发生改变，化学性质与原来的碳酸钙相同，C错误；纳米碳酸钙的粒子直径处在胶体粒子的直径范围内，可以透过滤纸，D错误。12．（2024·浙江五校联盟高三5月联考三模）实验室将FeCl3饱和溶液滴入沸水中可制得胶体，下列说法不正确的是A．FeCl3溶液可用于制作印刷电路板B．胶体呈红褐色，也可以将FeCl3加入NaOH溶液中制得C．可用丁达尔效应区分FeCl3溶液和胶体D．直径为80nm的微粒不属于胶体【答案】B【解析】FeCl3溶液能和铜单质反应，可用于制作印刷电路板，A正确；制取红褐色胶体应该向煮沸的蒸馏水中滴加饱和氯化铁溶液至溶液变红褐色；将FeCl3加入NaOH溶液中会生成氢氧化铁沉淀，B错误；胶体具有丁达尔效应，而溶液没有此现象，因此可以利用丁达尔效应区分胶体和溶液，C正确；根据分散质微粒直径大小，可将分散系分为溶液、胶体和浊液，分散质微粒直径小于1nm的为溶液，分散质微粒直径1nm～100nm之间的为胶体，分散质微粒直径大于100nm的为浊液；直径为80nm的微粒不是分散系，故不属于胶体，D正确。13．(2024·江苏苏锡常镇四市调研)化学与生活、社会密切相关。下列有关说法不正确的是()A．“静电除尘”“燃煤固硫”“汽车尾气催化净化”都能提高空气质量B．“朝坛雾卷，曙岭烟沉”中的雾是一种气溶胶，能产生丁达尔现象C．在日常生活中，造成钢铁腐蚀的主要原因是化学腐蚀D．纯碱可用于生产普通玻璃，也可用热的纯碱溶液来除去物品表面的油污【答案】C【解析】“静电除尘”除去的是空气中的颗粒状污染物，“燃煤固硫”可避免二氧化硫污染，“汽车尾气催化净化”可避免氮氧化物污染，都有助于提高空气质量，A正确。雾是一种气溶胶，能产生丁达尔现象，B正确。钢铁是铁碳合金，容易形成原电池，故在日常生活中，造成钢铁腐蚀的主要原因是电化学腐蚀，C错误。生产普通玻璃的原料是石灰石、石英、纯碱，纯碱溶液显碱性，日常生活中可用热的纯碱溶液来除去物品表面的油污，D正确。14．(2024·河北张家口一中期中)向含砷废水中加入K2FeO4，铁元素会形成如图所示的Fe(OH)3胶团，在静电吸附作用下，胶团可以除去废水中的＋3价砷元素。下列说法正确的是()A．废水中的含砷微粒是带正电荷的离子B．1molK2FeO4可以形成的胶团数目小于NA(设NA为阿伏加德罗常数的值)C．增大废水的pH，Fe(OH)3胶粒的吸附絮凝效能提升D．K2FeO4可以还原废水中的含砷微粒到＋5价【答案】B【解析】由图可知，吸附层中正电荷较多，在静电吸附作用下，胶团可以吸附废水中的＋3价砷元素，则含砷微粒是带负电荷的离子，A错误；根据铁元素守恒并结合题图，可知1molK2FeO4形成的胶团数目小于NA，B正确；增大废水的pH，Fe(OH)3胶粒会转化为氢氧化铁沉淀，导致吸附絮凝效能下降，C错误；K2FeO4具有氧化性，可以氧化废水中的含砷微粒到＋5价，D错误。15．取一个100mL小烧杯，加入40mL蒸馏水。(1)将小烧杯中的水加热至沸腾，向沸水中逐滴加入5～6滴FeCl3饱和溶液，继续煮沸至液体呈__________色，停止加热，制得的分散系为__________。(2)在制备过程中，某同学边滴加FeCl3饱和溶液边用玻璃棒搅拌，结果没有制得胶体，请你帮他分析一下原因：________________________________________________________________________。【答案】(1)红褐氢氧化铁胶体(2)用玻璃棒搅拌会使Fe(OH)3胶体粒子相互碰撞，结合成更大的粒子而形成Fe(OH)3沉淀【解析】(1)用FeCl3饱和溶液可以制备Fe(OH)3胶体，方法是向沸水中逐滴加入几滴FeCl3饱和溶液，继续煮沸至液体呈红褐色，停止加热，制得的分散系即为Fe(OH)3胶体。(2)制备Fe(OH)3胶体时若用玻璃棒搅拌，会使胶体粒子碰撞形成较大的粒子，最后形成Fe(OH)3沉淀。考点02离子反应、离子方程式考法01电解质及其电离1．下列食品添加剂不属于电解质的是（）A.二氧化硫 B.亚硝酸钠 C.葡萄糖酸 D.山梨酸钾【答案】A【解析】亚硝酸钠属于盐，为电解质；葡萄糖酸属于有机酸，为电解质；山梨酸钾属于盐，为电解质。A符合题意。2．下列叙述正确的是()A．氯气的水溶液能导电，所以氯气属于电解质B．强酸、强碱水溶液的导电能力不一定比弱酸、弱碱水溶液的强C．胆矾含有一定量的结晶水，所以胆矾能导电D．在任何条件下，电解质都能完全电离【答案】B【解析】Cl2是非金属单质，既不属于电解质也不属于非电解质，A错误；溶液的导电能力与溶液中离子的浓度和离子所带电荷数有关，离子浓度越大，离子所带电荷数越多，导电能力越强，与酸、碱的强弱无关，B正确；胆矾含有一定量的结晶水，但胆矾中的SOeq\o\al(2－,4)和Cu2＋不能自由移动，所以胆矾不能导电，C错误；弱酸、弱碱溶于水时，部分电离，强酸、强碱及大多数盐溶于水时，完全电离，故电解质不一定完全电离，D错误。3．下列物质在指定条件下电离方程式正确的是()A.Na2CO3溶于水：Na2CO3=Naeq\o\al(2＋,2)＋COeq\o\al(2－,3)B.Al(OH)3酸式电离：Al(OH)3=H＋＋AlOeq\o\al(－,2)＋H2OC.NaHS溶液中HS－的电离：HS－＋H2O⇌H2S＋OH－D.NaHSO4加热熔化：NaHSO4=Na＋＋HSOeq\o\al(－,4)【答案】D【解析】A项应为Na2CO3=2Na＋＋COeq\o\al(2－,3)；B项应用可逆号；C项是HS－的水解。4．模型认知是揭示化学本质的一种方法，下图为氯化钠固体溶于水的微观模型。下列说法正确的是（）A.NaCl固体中存在自由移动的Na+、B.该过程可以表示为NaClC.水合氯离子中H2O的HD.NaCl溶液是电解质【答案】C【解析】氯化钠固体中钠离子和氯离子不能自由移动，A错误；在水溶液里，氯化钠在水分子的作用下电离出自由移动的钠离子和氯离子，该过程可以表示为NaClNa+5．下列几种导电性变化图像，把符合要求的图像字母填在相应题目后面的括号中。(1)向H2SO4溶液中加入等体积、等物质的量浓度的Ba(OH)2溶液()(2)向H2S溶液中通入Cl2直至过量()(3)向AgNO3溶液中通入少量HCl()(4)向氨水中通入HCl直至过量()(5)向NaOH溶液中通入少量Cl2()(6)向饱和石灰水中不断通入CO2()【答案】(1)D(2)B(3)C(4)B(5)C(6)A【解析】(1)H＋与OH－中和生成极弱电解质水，Ba2＋与SOeq\o\al(2－,4)结合成难溶BaSO4，溶液中自由移动的离子浓度降低。(2)和(4)都是因发生离子反应，使弱电解质生成强电解质，自由移动的离子浓度增加。(3)和(5)虽然发生了离子反应，但自由移动离子的浓度基本未发生改变。(6)开始阶段CO2与Ca(OH)2反应生成CaCO3沉淀，离子浓度降低至Ca(OH)2完全反应后，继续通入CO2，CO2和H2O与CaCO3反应生成可溶性的Ca(HCO3)2，自由移动的离子浓度又增加。考法02离子反应、离子方程式的书写6．离子方程式CO32−+2A.CaCO3 B.NH4HCO3 C.【答案】D【解析】CaCO3和CuCO3不能拆成离子的形式，A、C错误；NH4HCO3只能拆成NH4+和HCO3−，不能拆成CO7．下列离子方程式中，只能表示一个化学反应的是()A.H＋＋OH－=H2OB.2H＋＋COeq\o\al(2－,3)=H2O＋CO2↑C.Zn(OH)2＋2H＋=Zn2＋＋2H2OD.Cu2＋＋2OH－＋Ba2＋＋SOeq\o\al(2－,4)=BaSO4↓＋Cu(OH)2↓【答案】D【解析】H＋＋OH－=H2O可以代表强酸和强碱反应生成可溶性的盐和水的反应，如盐酸和氢氧化钠、盐酸和氢氧化钡、硝酸和氢氧化钾等，故A错误；COeq\o\al(2－,3)＋2H＋=CO2↑＋H2O代表可溶性的碳酸盐和强酸之间的反应，如碳酸钠和盐酸、碳酸钠和硝酸等，故B错误；Zn(OH)2＋2H＋=Zn2＋＋2H2O代表氢氧化锌和强酸之间的反应，如氢氧化锌和盐酸、硝酸、硫酸等，故C错误；Ba2＋＋2OH－＋Cu2＋＋SOeq\o\al(2－,4)=BaSO4↓＋Cu(OH)2↓只能表示氢氧化钡和硫酸铜之间的反应，故D正确。8．离子方程式2Ca2＋＋3HCOeq\o\al(－,3)＋3OH－=2CaCO3↓＋COeq\o\al(2－,3)＋3H2O可以表示()A.Ca(HCO3)2与NaOH溶液反应B.Ca(HCO3)2与Ba(OH)2溶液反应C.Ca(HCO3)2与澄清石灰水反应D.NH4HCO3与澄清石灰水反应【答案】A【解析】A.Ca(HCO3)2与NaOH溶液按照物质的量比2∶3混合，发生反应的离子方程式为2Ca2＋＋3HCOeq\o\al(－,3)＋3OH－=2CaCO3↓＋COeq\o\al(2－,3)＋3H2O，正确；B.反应的离子方程式为Ca2＋＋2HCOeq\o\al(－,3)＋Ba2＋＋2OH－=CaCO3↓＋BaCO3↓＋2H2O，错误；C.Ca(HCO3)2与澄清石灰水反应的离子方程式为Ca2＋＋HCOeq\o\al(－,3)＋OH－=CaCO3↓＋H2O，错误；D.NH4HCO3与澄清石灰水反应的离子方程式为Ca2＋＋HCOeq\o\al(－,3)＋NHeq\o\al(＋,4)＋2OH－=CaCO3↓＋NH3·H2O＋H2O，错误。9．下列离子方程式书写正确的是（）A.向FeCl3溶液中加入足量Na2B.用足量的氨水处理硫酸工业尾气：SOC.氢氧化钠溶液腐蚀磨口玻璃塞：SiOD.向氢氧化亚铁中加入足量的稀硝酸：Fe【答案】C【解析】S2−和Fe2+在溶液中不能大量共存，向FeCl3溶液中加入足量Na2S溶液生成S和FeS，离子方程式为2Fe3++3S2−10．(2024·浙江台州期中)下列反应的化学方程式或离子方程式不正确的是()A．乙醛与氰化氢发生加成反应：CH3CHO＋HCN→CH3CH(OH)CNB．单质铜与稀硝酸反应：3Cu＋2NOeq\o\al(－,3)＋8H＋=3Cu2＋＋2NO↑＋4H2OC．苯酚钠溶液中通入少量CO2：2C6H5O－＋H2O＋CO2=2C6H5OH＋COeq\o\al(2－,3)D．Al溶于足量的氢氧化钠溶液：2Al＋6H2O＋2OH－=2[Al(OH)4]－＋3H2↑【答案】C【解析】乙醛与氰化氢发生加成反应，断裂醛基中的碳氧双键，化学方程式为：CH3CHO＋HCN→CH3CH(OH)CN，A正确；单质铜与稀硝酸反应，稀硝酸被还原为NO，离子方程式为：3Cu＋2NOeq\o\al(－,3)＋8H＋=3Cu2＋＋2NO↑＋4H2O，B正确；苯酚钠溶液中通入CO2无论少量与过量，产物都为碳酸氢根，则正确的离子方程式为：C6H5O－＋H2O＋CO2=C6H5OH＋HCOeq\o\al(－,3)，C错误；Al溶于足量的氢氧化钠溶液，可以与碱发生反应生成[Al(OH)4]－，同时放出氢气，离子方程式为：2Al＋6H2O＋2OH－=2[Al(OH)4]－＋3H2↑，D正确。考点03离子共存、离子的检验与推断考法01离子共存1．在某无色透明的酸性溶液中，能大量共存的离子组是()A．Na＋、K＋、SOeq\o\al(2－,4)、HCOeq\o\al(－,3)B．Cu2＋、K＋、SOeq\o\al(2－,4)、NOeq\o\al(－,3)C．Na＋、K＋、Cl－、NOeq\o\al(－,3)D．Fe3＋、K＋、SOeq\o\al(2－,4)、Cl－【答案】C【解析】在水溶液中，Cu2＋呈蓝色、Fe3＋呈棕黄色，由溶液无色可排除B、D两项；溶液呈酸性，说明溶液中含有大量的H＋，HCOeq\o\al(－,3)能与H＋发生离子反应：HCOeq\o\al(－,3)＋H＋=H2O＋CO2↑，排除A项，故选C。2．(2024·重庆调研)常温下，下列各组离子在指定溶液中能大量共存的是()A．澄清透明的溶液中：Cu2＋、Cl－、Al3＋、NOeq\o\al(－,3)B．能使酚酞变红的溶液中：Na＋、Mg2＋、HCOeq\o\al(－,3)、Br－C．麦芽糖溶液中：MnOeq\o\al(－,4)、K＋、H＋、SOeq\o\al(2－,4)D．含NHeq\o\al(＋,4)的溶液中：SOeq\o\al(2－,4)、COeq\o\al(2－,3)、SiOeq\o\al(2－,3)、Na＋【答案】A【解析】A项，澄清透明的溶液中，Cu2＋、Cl－、Al3＋、NOeq\o\al(－,3)互不反应可以共存；B项，能使酚酞变红的溶液呈碱性，Mg2＋与HCOeq\o\al(－,3)均可与OH－反应，不能大量共存；C项，麦芽糖具有还原性，酸性条件下MnOeq\o\al(－,4)具有强氧化性，能发生氧化还原反应，不能共存；D项，NHeq\o\al(＋,4)与SiOeq\o\al(2－,3)能发生相互促进的水解反应，不能共存；故选A。3．常温下，下列各组离子在指定溶液中能大量共存的是（）A.加入镁粉产生H2的溶液：Na+、NH4+B.加入酚酞变红的溶液：Na+、K+、COC.cBa2+=0.1mol⋅L−D.由水电离出的cOH−=10−13mol⋅L【答案】B【解析】加入镁粉产生H2的溶液呈酸性，I−、NO3−与H+发生反应6I−+2NO3−+8H+3I2+2NO↑+4H2O，不能大量共存，A项不符合题意；加入酚酞变红的溶液呈碱性，Na4．(2024·安徽合肥质检)常温下，下列无色透明的溶液中，离子能大量共存的是()A．K＋、Na＋、NOeq\o\al(－,3)、COeq\o\al(2－,3)B．K＋、NHeq\o\al(＋,4)、MnOeq\o\al(－,4)、SOeq\o\al(2－,3)C．NHeq\o\al(＋,4)、HCOeq\o\al(－,3)、Al3＋、SOeq\o\al(2－,4)D．K＋、Mg2＋、OH－、Cl－【答案】A【解析】K＋、Na＋、NOeq\o\al(－,3)、COeq\o\al(2－,3)在溶液中为无色离子，且相互不反应，可以大量共存，A项正确；含MnOeq\o\al(－,4)的溶液为紫色，且MnOeq\o\al(－,4)和SOeq\o\al(2－,3)发生氧化还原反应而不能大量共存，B项错误；HCOeq\o\al(－,3)和Al3＋发生相互促进的水解反应而不能大量共存，C项错误；Mg2＋和OH－反应生成氢氧化镁沉淀，不能大量共存，D项错误。5．下列离子能大量共存，且满足相应要求的是()选项离子要求ANa＋、NOeq\o\al(－,3)、Cl－、CH3COO－c(Na＋)＜c(NOeq\o\al(－,3))BFe3＋、NOeq\o\al(－,3)、Cl－滴入KSCN溶液，立即出现红色沉淀CNa＋、HCOeq\o\al(－,3)、Al3＋、SOeq\o\al(2－,4)逐滴滴加氨水立即有沉淀产生DNHeq\o\al(＋,4)、H＋、Al3＋、SOeq\o\al(2－,4)滴加NaOH溶液并加热，一开始没有气体产生【答案】D【解析】根据电荷守恒c(Na＋)＝c(NOeq\o\al(－,3))＋c(Cl－)＋c(CH3COO－)可知，c(Na＋)>c(NOeq\o\al(－,3))，A错误；Fe3＋与SCN－发生反应生成红色络合物而不是红色沉淀，B错误；Al3＋与HCOeq\o\al(－,3)能发生相互促进的水解反应而不能大量共存，C错误；加入的NaOH先与H＋、Al3＋反应，后与NHeq\o\al(＋,4)反应产生氨气，最后与生成的Al(OH)3沉淀反应，D正确。考法02离子检验与推断6．离子检验的常用方法有三种：检验方法沉淀法显色法气体法含义反应中有沉淀产生或溶解反应中有颜色变化反应中有气体产生下列离子检验的方法不合理的是()A．NHeq\o\al(＋,4)：气体法 B．Br－：沉淀法C．SOeq\o\al(2－,4)：气体法 D．Fe3＋：显色法【答案】C【解析】检验铵根离子，可向溶液中加入过量NaOH溶液，加热，放出的NH3可使湿润的红色石蕊试纸变蓝，属于气体法，A项不符合题意；检验Br－，加入硝酸酸化的硝酸银溶液，有浅黄色沉淀生成，属于沉淀法，B项不符合题意；可先用盐酸酸化，再用BaCl2溶液检验SOeq\o\al(2－,4)，生成BaSO4白色沉淀，属于沉淀法，C项符合题意；使用KSCN溶液检验Fe3＋，溶液变红，属于显色法，D项不符合题意。7．下列关于某无色溶液中所含离子的鉴别，判断正确的是()A．加入AgNO3溶液，生成白色沉淀，加稀盐酸沉淀不溶解时，可确定有Cl－存在B．通入Cl2后，溶液变为深黄色，加入淀粉溶液后溶液变蓝，可确定有I－存在C．加入Ba(NO3)2溶液，生成白色沉淀，加稀盐酸后沉淀不溶解，可确定有SOeq\o\al(2－,4)存在D．加入稀盐酸，生成的气体能使澄清石灰水变浑浊，可确定有COeq\o\al(2－,3)存在【答案】B【解析】稀盐酸中含有Cl－，对Cl－的检验有干扰，A错；通入Cl2后，溶液变为深黄色，加入淀粉溶液后溶液变蓝，则溶液中有I－存在，B对；SOeq\o\al(2－,3)能与Ba(NO3)2反应生成BaSO3沉淀，加入稀盐酸后在H＋、NOeq\o\al(－,3)的作用下可转化为BaSO4沉淀，C错；能使澄清石灰水变浑浊的气体是CO2或SO2，原溶液中可能存在的离子是COeq\o\al(2－,3)、HCOeq\o\al(－,3)、SOeq\o\al(2－,3)或HSOeq\o\al(－,3)，D错。8．(2024·重庆调研)某溶液中含有表中的五种离子，且阳离子和阴离子的浓度均为1mol·L－1，下列有关该溶液的离子组合不正确的是()阳离子Fe3＋、K＋、Al3＋、NHeq\o\al(＋,4)、Na＋、Mg2＋、H＋阴离子Cl－、SOeq\o\al(2－,4)、I－、COeq\o\al(2－,3)、NOeq\o\al(－,3)、OH－A．Fe3＋、H＋、Cl－、I－、SOeq\o\al(2－,4)B．Na＋、Mg2＋、Cl－、NOeq\o\al(－,3)、I－C．Na＋、NHeq\o\al(＋,4)、K＋、Cl－、SOeq\o\al(2－,4)D．Al3＋、NHeq\o\al(＋,4)、Cl－、SOeq\o\al(2－,4)、I－【答案】A【解析】Fe3＋与I－会发生氧化还原反应，不能在溶液中大量共存，A项符合题意。9．根据下列实验内容得出的结论正确的是（）选项实验内容结论A向某溶液中滴加BaCl2该溶液中含有SOB向某溶液中逐滴加入NaOH溶液，先有白色沉淀产生，后来沉淀逐渐消失该溶液中可能含有AlC向某溶液中滴加新制氯水，再滴加KSCN溶液后溶液显红色该溶液中只含有FeD向某无色溶液中滴加盐酸，有无色、无味的气体产生，该气体能使澄清石灰水变浑浊该溶液中含有CO【答案】B【解析】向某溶液中滴加BaCl2溶液，产生白色沉淀，再滴加稀盐酸，白色沉淀不溶解，产生的白色沉淀可能是硫酸钡或氯化银，则该溶液中含有SO42−或银离子，A错误；向某溶液中逐滴加入NaOH溶液，先有白色沉淀（可能为氢氧化铝）产生，后来沉淀逐渐消失，则原溶液中可能含有Al3+，B正确；向某溶液中滴加新制氯水，再滴加KSCN溶液后溶液显红色，原溶液中可能含有Fe3+，C错误；CO32−10．某无色溶液Y中可能含有Na＋、Fe3＋、Ba2＋、NHeq\o\al(＋,4)、Cl－、SOeq\o\al(2－,4)、HCOeq\o\al(－,3)、HSOeq\o\al(－,3)中的几种离子，溶液中阳离子浓度相同。为了确定其组成，某同学进行了如下实验(假设气体均全部逸出，忽略H2O2的分解)。下列说法不正确的是()A．溶液Y中一定不存在Fe3＋、SOeq\o\al(2－,4)B．溶液Y中一定含有Cl－，且n(Cl－)＝0.01molC．溶液Y中肯定存在HCOeq\o\al(－,3)、HSOeq\o\al(－,3)、Ba2＋、NHeq\o\al(＋,4)、Cl－D．溶液Y中可能存在Na＋，为确定其是否存在，可取溶液1通过焰色试验验证【答案】B【解析】无色溶液中一定不含Fe3＋；加入足量盐酸酸化的H2O2溶液，有沉淀和气体生成，推出原溶液中含有Ba2＋和HSOeq\o\al(－,3)、HCOeq\o\al(－,3)，一定不含SOeq\o\al(2－,4)，则气体1为CO2，沉淀为BaSO4，由题给流程图中数据及转化关系可知，n(Ba2＋)＝n(HSOeq\o\al(－,3))＝n(BaSO4)＝eq\f(2.33g,233g·mol－1)＝0.01mol，n(HCOeq\o\al(－,3))＝n(CO2)＝eq\f(0.224L,22.4L·mol－1)＝0.01mol；向溶液1中加入过量Ba(OH)2溶液并加热，生成气体2，则气体2为NH3，n(NHeq\o\al(＋,4))＝n(NH3)＝eq\f(0.17g,17g·mol－1)＝0.01mol。根据溶液呈电中性原则，原溶液中一定含有Cl－，因为无法确定是否含有Na＋，因此n(Cl－)≥0.01mol。根据上述分析可知，A、C说法正确，B说法错误；检验Na＋需要进行焰色试验，若火焰呈黄色，说明含有Na＋，否则不含Na＋，D说法正确。考点04氧化还原反应的基本概念和规律考法01氧化还原反应的基本概念1．（2024·山东高三齐鲁名校联盟第七次联考）下列物质的应用中，不涉及氧化还原反应的是A．谷物发酵酿造食醋 B．氯乙烷用于处理运动损伤C．用热的浓盐酸洗涤试管内壁的MnO2 D．过氧乙酸(CH3COOOH)用于医疗器械杀菌【答案】B【解析】谷物发酵酿造食醋，是淀粉水解生成葡萄糖，葡萄糖在酶的作用下生成乙醇，乙醇氧化生成醋酸的过程，涉及氧化还原反应，A错误；氯乙烷具有冷冻、麻醉作用，可对损伤处快速产生镇痛效果，B正确；用热的浓盐酸洗涤试管内壁的MnO2，发生的反应为：，涉及氧化还原反应，C错误；过氧乙酸(CH3COOOH)具有很强的氧化性和腐蚀性，可以迅速杀灭多种微生物，包括多种病毒，用于医疗器械杀菌，D错误。2．化学是一门以实验为基础的学科。下列实验现象与氧化还原反应有关的是()A．碳酸钠溶液焰色试验火焰呈黄色B．氯化铜浓溶液加水稀释溶液变蓝C．过氧化钠放置于空气中逐渐变白D．鸡蛋清遇饱和硫酸铵溶液析出沉淀【答案】C【解析】焰色试验为物理变化，与氧化还原反应无关，A错误；氯化铜浓溶液加水稀释变蓝，是因为稀释时[CuCl4]2－＋4H2O⇌[Cu(H2O)4]2＋＋4Cl－平衡正向移动，与氧化还原反应无关，B错误；过氧化钠放置于空气中逐渐变白，是因为过氧化钠和空气中的CO2、水蒸气反应生成Na2CO3、NaOH和O2，发生了氧化还原反应，C正确；鸡蛋清遇饱和硫酸铵溶液析出沉淀，为蛋白质的盐析，属于物理变化，与氧化还原反应无关，D错误。3．某种飞船以N2H4和N2O4为动力源，发生反应：2N2H4＋N2O4=3N2＋4H2O，反应温度高达2700℃，对于该反应，下列说法正确的是()A．该反应属于置换反应B．N2H4是氧化剂C．N2O4是还原剂D．N2既是氧化产物又是还原产物【答案】D【解析】该反应的反应物中无单质，不属于置换反应；该反应实际上是不同价态的氮元素之间发生的归中反应，N2H4是还原剂，N2O4是氧化剂，N2既是氧化产物又是还原产物。4．（2024·陕西西安第一中学高三4月二模）化学与生活、科技、环境密切相关，下列应用或事实不涉及氧化还原反应的是A．植物油氢化制人造奶油B．为减少污染，将煤气化或液化C．常温下，用铁制容器盛装浓硝酸D．用明矾作净水剂除去水中的悬浮杂质【答案】D【解析】植物油氢化制人造奶油过程中氢元素化合价发生改变，为氧化还原过程，A不符合题意；将煤气化或液化过程中存在元素化合价改变，为氧化还原反应，B不符合题意；常温下，用铁制容器盛装浓硝酸，是铁和浓硝酸发生钝化反应，属于氧化还原反应，C不符合题意；明矾作为净水剂，这是因为明矾溶于水发生水解生成氢氧化铝胶体，没有元素化合价的变化，不涉及氧化还原反应，D符合题意。5．下列物质的应用中，利用了氧化还原反应的是()A．用石灰乳脱除烟气中的SO2B．用明矾[KAl(SO4)2·12H2O]处理污水C．用盐酸去除铁锈(主要成分Fe2O3·xH2O)D．用“84”消毒液(有效成分NaClO)杀灭细菌【答案】D【解析】A.石灰乳脱除烟气中的SO2的原理为Ca(OH)2＋SO2=CaSO3＋H2O，反应过程中无元素的化合价变化，没有利用氧化还原反应，故A不符合题意；B.明矾[KAl(SO4)2·12H2O]溶于水中，电离出的铝离子发生水解生成氢氧化铝胶体，利用胶体的吸附性可吸附污水中的固体颗粒物，该过程利用胶体的吸附性，没有利用氧化还原反应，故B不符合题意；C.用盐酸去除铁锈(主要成分Fe2O3·xH2O)，发生的主要反应为6HCl＋Fe2O3=2FeCl3＋3H2O，反应中没有元素化合价的变化，没有利用氧化还原反应，故C不符合题意；D.“84”消毒液的有效成分为NaClO，具有强氧化性，能使蛋白质发生变性从而杀死细菌病毒，杀菌消毒的过程利用了氧化还原反应，故D符合题意。考法02常见氧化剂和还原剂6．某飞船以N2H4（联氨）和N2O4为动力源，反应温度达A.属于置换反应 B.N2C.N2H4是还原剂 D.N【答案】C【解析】反应物中不存在单质，不属于置换反应，故A错误；N2H4中N元素化合价升高，为还原剂，发生氧化反应，故B错误，C正确；题给反应中只有N元素的化合价变化，则N7．水是一种重要的资源，它同时在化学反应中担任着重要的角色，既可作为反应物又可作为生成物，如图中和水相连的物质都能和水发生反应，则下列有关说法正确的是()A．上述反应中属于氧化还原反应的有①②④⑥⑦⑧B．①和⑦中都有氧气生成，且生成1molO2转移的电子数相同C．①④⑧中，水既不是氧化剂也不是还原剂D．⑦中水是氧化剂，②中水是还原剂【答案】C【解析】H2O与Na2O、SO3、Mg3N2的反应均属于非氧化还原反应，其余反应均属于氧化还原反应，A错误；①中2Na2O2＋2H2O=4NaOH＋O2↑，生成1molO2转移2mole－，⑦中2F2＋2H2O=4HF＋O2，生成1molO2转移4mole－，B错误；①④⑧中，水既不是氧化剂也不是还原剂，C正确；⑦中水是还原剂，②中水是氧化剂，D错误。8．已知NO、FeSO4、FeNO33、O3A.被还原的元素是O和NB.Fe2C.当该反应转移6mol电子时，O3D.无论反应物以何种比例混合，反应体系中Fe和S原子个数之比一定为1【答案】A【解析】题给反应的化学方程式为2O3+3NO+3FeSO4FeNO33+Fe2SO43。在上述反应中，O3中O元素化合价降低，得到电子被还原，Fe、N元素化合价升高，失去电子被氧化，则被还原的元素只有O元素，A错误；Fe2SO43是FeSO4发生氧化反应产生的物质，因此Fe2SO43是氧化产物，9．（2024·河北石家庄普通高中学校高三毕业年级教学质量检测）亚氯酸钠（）具有强氧化性、受热易分解，可用作漂白剂、食品消毒剂等，以氯酸钠等为原料制备亚氯酸钠的工艺流程如图所示．已知高浓度的易爆炸．下列说法错误的是A．“反应1”中是还原产物，母液中主要成分是B．“反应1”需要通入稀释，以防发生爆炸C．“反应2”中，氧化剂和还原剂的物质的量之比为D．若还原产物均为时，的氧化能力是等质量的2.5倍【答案】D【解析】由题给流程可知，反应1为二氧化硫与稀硫酸、氯酸钠反应生成硫酸钠、二氧化氯和水，反应2为二氧化氯与过氧化氢、氢氧化钠混合溶液反应生成亚氯酸钠、氧气和水，反应得到的亚氯酸钠在55℃条件下减压蒸发、冷却结晶、过滤得到亚氯酸钠粗产品。反应1中二氧化硫与稀硫酸、氯酸钠反应生成硫酸钠、二氧化氯和水，Cl元素化合价由+5价下降到+4价，是还原产物，母液中主要成分是，A正确；已知高浓度的易爆炸，反应1”需要通入稀释，以防发生爆炸，B正确；“反应2”中发生反应的化学方程式为，H2O2是还原剂，NaClO2是氧化剂，氧化剂与还原剂的物质的量之比为2∶1，C正确；1molCl2完全反应转化2mole-，1mol完全反应转化5mole-，所以等物质的量的氧化能力是的2.5倍，D错误。10．（2024·浙江强基联盟高三3月联考）利用酸性溶液与的反应，可以进行趣味的“碘钟实验”。以淀粉为指示剂，不停振荡锥形瓶，反应原理如下：①，②，下列说法不正确的是A．实验现象：蓝色—无色—蓝色—无色重复出现B．①②两个反应的净反应相当于双氧水的歧化分解C．反应①的氧化剂是，还原剂是D．反应②每生成，反应转移电子【答案】C【解析】被还原产生使淀粉变蓝，振荡锥形瓶生成的继续被氧化回到，溶液蓝色褪去，反应①和②重复进行，故重复出现“蓝色—无色—蓝色—无色……”的现象，A项正确；反应①+②化简得：，B项正确；反应①中是还原剂，是氧化剂，C项错误；反应②每生成，反应转移电子，D项正确。考法03氧化还原反应的表示方法11．下列氧化还原反应所标出的电子转移情况中没有错误的是()A．＋2H2OB．＋2HNO3＋9H2OC．D．＋3H2O＋KCl【答案】A【解析】Mn元素的化合价由＋4降低为＋2价，得到2e－，Cl元素的化合价由－1升高为0价，失去2×e－，故A正确；硝酸铵中铵根的N元素的化合价由－3升高为0价，失去5×3e－，硝酸铵中硝酸根的N元素的化合价由＋5降低为0，得到3×5e－，故B错误；I元素的化合价由0降低为－1价，得到2×e－，S元素的化合价由＋4升高为＋6，失去2e－，不是O元素失电子，故C错误；氯酸钾中的Cl元素的化合价由＋5降低为0价，得到5e－，HCl中Cl元素的化合价由－1升高为0价，失去5×e－，故D错误。12．下列化学反应中电子转移方向、数目表示正确的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】题给反应的电子转移方向和数目应为，故A错误；H2S失电子生成S，H2SO4得电子生成SO2，电子转移方向和数目为，故B错误；题给反应的电子转移方向和数目应为，故C错误；题给反应中Cu失去电子、HNO3得到电子，电子转移方向和数目为13．饮用水中的NOeq\o\al(－,3)对人类健康会产生危害，为了降低饮用水中NOeq\o\al(－,3)的浓度，某饮用水研究人员指出，在碱性条件下用铝粉将NOeq\o\al(－,3)还原为N2，其化学方程式为：10Al＋6NaNO3＋4NaOH=10NaAlO2＋3N2↑＋2H2O。下列有关该反应的说法中，正确的是()A．反应中铝元素的化合价升高，被还原B．若有10mol铝原子参与反应，则转移的电子总数为30C．用双线桥表示的电子转移为：D．可以用单线桥将电子转移表示为【答案】C【解析】由化学方程式可知，铝元素的化合价升高，被氧化，A项错误；10mol铝原子参加反应转移电子为10mol×3＝30mol，数目为30NA，B项错误；用双线桥法表示的电子转移如下：C项正确；单线桥上应标注电子总数，并且不注明得失，D项错误。14．某学生往一支试管里按一定顺序分别加入下列几种物质：A.KI溶液，B.淀粉溶液，C.NaOH溶液，D.氯水。发现溶液颜色按下面顺序变化：①无色→②棕黄色→③蓝色→④无色。依据溶液颜色的变化回答下列问题：(1)加入以上药品的顺序是__________。(2)写出①→②的化学方程式，若为氧化还原反应，请标明电子转移的方向和数目________________________。(3)写出③→④的化学反应方程式______________________________________。【答案】(1)ADBC(2)(3)I2＋2NaOH=NaI＋NaIO＋H2O【解析】溶液显棕黄色，说明溶液中有I2生成，氯水和KI溶液反应生成I2，而氯水显浅黄绿色，故①为KI溶液，②为氯水，溶液显蓝色是由于淀粉遇I2形成的，故③为淀粉溶液；又由于I2＋2NaOH=NaI＋NaIO＋H2O，加入NaOH后I2逐渐消失，蓝色将逐渐褪为无色，故④为NaOH溶液。15．(1)湿法制备K2FeO4反应的离子方程式为：2Fe(OH)3＋3ClO－＋4OH－=2FeOeq\o\al(2－,4)＋3Cl－＋5H2O，当有3molFeOeq\o\al(2－,4)生成时，转移电子的物质的量为________。(2)对于NaNO2＋NH4Cl=NaCl＋N2↑＋2H2O反应，生成0.5molN2，转移电子的物质的量为________。【答案】(1)9mol(2)1.5mol【解析】(1)反应中电子转移情况为可知，当有3molFeOeq\o\al(2－,4)生成时，转移电子的物质的量为eq\f(6×3,2)mol＝9mol。(2)此反应电子转移表示为故生成0.5molN2时转移电子0.5mol×3＝1.5mol。考法04氧化性和还原性16．下列变化过程中，需加入具有氧化性的物质才能实现的是()A．Cl2→Cl－ B．I－→I2C．SO2→SOeq\o\al(2－,3) D．CuO→Cu【答案】B【解析】A项，Cl2→Cl－发生还原反应，需加入具有还原性的物质；B项，I－→I2发生氧化反应，需加入具有氧化性的物质；C项，发生的变化不是氧化还原反应；D项，CuO→Cu发生还原反应，需加入具有还原性的物质。17．下列各组物质中只具有还原性的是()A．F－、CO2、NaB．Na、I－、ZnC．Fe3＋、SOeq\o\al(2－,4)、NOeq\o\al(－,3)D．Fe3＋、O2、H2O2【答案】B【解析】Na、Zn是金属单质，只具有还原性，I－处于碘元素的最低价态，只具有还原性。18．在一定条件下，下列微粒的还原性顺序为Cl－＜Br－＜Fe2＋＜I－＜SO2，由此判断以下各反应在溶液中不能发生的是()A．2Fe3＋＋SO2＋2H2O=2Fe2＋＋SOeq\o\al(2－,4)＋4H＋B．2Fe2＋＋Cl2=2Fe3＋＋2Cl－C．2Br－＋4H＋＋SOeq\o\al(2－,4)=SO2↑＋Br2＋2H2OD．I2＋SO2＋2H2O=4H＋＋SOeq\o\al(2－,4)＋2I－【答案】C【解析】根据C项反应得出还原性：Br－>SO2，与题干的还原性强弱不吻合，所以C项反应不能发生。19．实验室利用BiOHⅠ：ClO3Ⅱ：BiOHⅢ：5NaBiO下列说法错误的是（）A.反应Ⅰ中氧化产物和还原产物的物质的量之比为5B.酸性条件下的氧化性：ClOC.NaBiO3可与盐酸发生反应：D.制得28.4g高锰酸钠时，理论上消耗氯酸钠的物质的量为【答案】B【解析】反应Ⅰ中，ClO3−中氯元素化合价降低,发生还原反应,得到还原产物氯气，氯离子中氯元素化合价升高,发生氧化反应,得到氧化产物氯气，根据得失电子守恒可知，氧化产物和还原产物的物质的量之比为5:1，A正确；氧化剂的氧化性大于氧化产物的氧化性，由反应Ⅰ可知，酸性条件下氧化性为ClO3−>Cl2，由反应Ⅱ可知，在碱性条件下氧化性为Cl2>NaBiO3，由反应Ⅲ可知酸性条件下氧化性为NaBiO3>MnO4−，但不能说明酸性条件下氧化性为ClO320．（2024·浙江宁波镇海中学高三5月阶段性考试）从废旧CPU中回收Au、Ag、Cu的部分流程如下：已知，下列说法正确的是A．酸溶时，硝酸只体现氧化性B．向过滤所得滤液中加入过量浓氨水，可以分离、C．溶金时NaCl作用为增强硝酸的氧化性D．向1mol中加入过量Zn使其完全还原为Au，需消耗2molZn【答案】D【解析】由题给流程可知，向废旧CPU中加入硝酸溶液酸溶，将银、铜转化为银离子、铜离子，金不溶解，过滤得到含银离子和铜离子的滤液和滤渣；向滤渣中加入硝酸和氯化钠的混合溶液，将金溶解得到HAuCl4溶液，向溶液中加入锌粉，将HAuCl4转化为金，过滤得到金。由分析可知，酸溶时，银、铜与硝酸溶液反应生成硝酸银、硝酸铜，氮的氧化物和水，反应中氮元素部分降低被还原，硝酸表现酸性和强氧化性，A错误；铜离子和银离子都能与过量氨水反应生成铜氨络离子和银氨络离子，则用过量氨水无法分离铜离子和银离子，B错误；由分析可知，加入硝酸和氯化钠的混合溶液的目的是将金溶解得到HAuCl4溶液，其中氯化钠的作用是提供氯离子与金离子形成AuCl配离子，C错误；加入锌粉的目的是将HAuCl4转化为金，由题意可知HAuCl4为强酸，在溶液中完全电离出的氢离子也能与锌反应，则由得失电子数目守恒可知1molHAuCl4完全反应时，消耗锌的物质的量为1mol×+1mol×=2mol，D正确。考点05氧化还原反应方程式的配平与计算考法01氧化还原反应方程式的配平1．神舟十四号飞船的天线用钛镍记忆合金制造，工业上用钛酸亚铁(FeTiO3)冶炼钛(Ti)的过程包含以下反应：____FeTiO3＋____C＋____Cl2eq\o(=,\s\up17(高温))____TiCl4＋____FeCl3＋____CO，下列说法不正确的是()A．Cl2是氧化剂B．该反应方程式中各物质的系数为2、6、7、2、2、6C．生成1molTiCl4转移7mol电子D．氧化剂与还原剂的物质的量之比为7∶6【答案】D【解析】该反应中氯元素化合价降低，Cl2是氧化剂，A正确；配平该反应为2FeTiO3＋6C＋7Cl2eq\o(=,\s\up17(高温))2TiCl4＋2FeCl3＋6CO，B正确；该反应中转移14e－，故生成1molTiCl4，转移7mol电子，C正确；Cl2为氧化剂，FeTiO3、C均为还原剂，故氧化剂与还原剂的物质的量之比为7∶8，D错误。2．现代工艺冶金过程中会产生导致水污染的CN－，在碱性条件下，H2O2可将其转化为碳酸盐和一种无毒气体。关于该转化反应，下列说法不正确的是()A．氰化物有毒，CN－易与人体内的Fe2＋、Fe3＋络合B．处理1molCN－，消耗2.5molH2O2C．反应中每转移10mol电子生成22.4L无毒气体D．用H2O2处理后的废水不可直接排放【答案】C【解析】人体内含有Fe3＋、Fe2＋，易与CN－络合形成络合物，A项正确；在碱性条件下，CN－被H2O2氧化，生成COeq\o\al(2－,3)和N2，反应的离子方程式为2CN－＋5H2O2＋2OH－=2COeq\o\al(2－,3)＋N2↑＋6H2O，根据离子方程式可知，处理1molCN－，消耗2.5molH2O2，B项正确；气体所处状况未知，不能准确得出气体体积，C项错误；用H2O2处理后的废水含有碳酸盐，有较强的碱性，不可直接排放，D项正确。3．乙醇与酸性K2Cr2O7溶液混合可发生如下反应：Cr2Oeq\o\al(2－,7)＋C2H5OH＋H＋→Cr3＋＋CH3COOH＋H2O(未配平)。下列叙述不正确的是()A．Cr2Oeq\o\al(2－,7)中Cr元素化合价为＋6B．氧化产物为CH3COOHC．K2Cr2O7溶液常用硫酸酸化D．1molC2H5OH发生上述反应转移2mole－【答案】D【解析】Cr2Oeq\o\al(2－,7)中O元素化合价为－2，则Cr元素化合价为＋6，A正确；乙醇失去电子被氧化为乙酸，故氧化产物为CH3COOH，B正确；K2Cr2O7溶液常用硫酸酸化，C正确；乙醇中碳元素化合价为－2，乙酸中碳元素化合价为0，则1molC2H5OH发生题述反应转移4mole－，D错误。4．(2024·湖南永州适应考)甲硅烷(SiH4)具有强还原性，将甲硅烷通入AgNO3溶液中可发生反应：SiH4＋AgNO3＋H2O→Ag↓＋SiO2↓＋HNO3(未配平)。下列说法错误的是()A．各物质的化学计量数依次为1、8、2、8、1、8B．SiH4作还原剂，AgNO3作氧化剂C．反应消耗32gSiH4时，转移电子的物质的量为4molD．SiO2可作为制备光导纤维和玻璃的原料【答案】C【解析】SiH4中H的化合价从－1价变为＋1，失去8个电子，AgNO3中Ag元素化合价从＋1变为0，得到1个电子，结合得失电子守恒配平方程式可得SiH4＋8AgNO3＋2H2O=8Ag↓＋SiO2↓＋8HNO3，各物质的化学计量数依次为1、8、2、8、1、8，A项正确；SiH4失去电子作还原剂，AgNO3得电子作氧化剂，B项正确；消耗1mol(即32g)SiH4，转移电子的物质的量为8mol，C项错误；SiO2可作为制备光导纤维和玻璃的原料，D项正确。5．三氧化二镍(Ni2O3)是一种重要的电子元件材料和蓄电池材料。工业上利用含镍废料(镍、铁、钙、镁合金为主)制取草酸镍(NiC2O4·2H2O)，再高温煅烧草酸镍制取三氧化二镍。已知草酸的钙、镁、镍盐均难溶于水。工艺流程图如图所示：请回答下列问题：(1)加入H2O2发生的主要反应的离子方程式为____________________。(2)草酸镍(NiC2O4·2H2O)在热空气中干燥脱水后在高温下煅烧，可制得Ni2O3，同时获得混合气体，该混合气体的主要成分为(水除外)