2025届江西师范大学附中物理高二上期中考试模拟试题含解析

2025届江西师范大学附中物理高二上期中考试模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处，放置一个正点电荷，c为ab的中点，d为P和金属杆连线的中点。达到静电平衡后（）A．a端的电势比b端的高 B．a端的电势比b端的低C．点电荷在杆内c的场强为零 D．b端的电势比d点的电势低2、如图所示，ABCD是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=-3V，由此可得D点电势为（）A．6V B．9V C．12V D．15V3、如图甲所示，直线AB是某电场中的一条电场线．若有一质子仅在电场力的作用下以某一初速度沿直线AB由A运动到B，其速度图象如图乙所示，下列关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB，以及质子在A、B两点所具有的电势能εA、εB和动能EKA、EKB，判断错误的是（）A．EA＜EBB．φA＞φBC．εA＞εBD．EKA＜EKB4、远距离输电中，当输送的电功率为P，输送电压为U时，输电线上损失的电功率为△P，若输送的电功率增加为4P，而输电线中损失的电功率减为△P（输电线电阻不变），那么输电电压应增为A．2U B．4UC．8U D．16U5、下列说法正确的是A．在同一地点，当摆长不变时，摆球质量越大，单摆做简谐振动的周期越小B．已知弹簧振子初始时刻的位置及振动周期，就可知振子任意时刻运动速度的方向C．当一列声波从空气中传入水中时，因水的阻力作用，波长一定会变短D．医院检查身体的“彩超”仪利用了超声波的多普勒效应6、如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U，现使B板带正电，则下列判断正确的是A．若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大B．增大两极板之间的距离，静电计指针张角变大C．将A板稍微上移，静电计指针张角将变小D．减小两极板之间的距离，静电计指针张角变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为m的小球A以速度V0在光滑水平面上运动.与质量为2m的静止小球B发生对心碰撞，则碰撞后小球A的速度大小VA和小球B的速度大小VB可能为（）A．B．C．D．8、如图所示，曲线表示固定在x轴上a、b两点的两个点电荷产生的电势与位置之间的对应关系，两个点电荷所带电荷量分别为q1和q2，a、p间距离大于p、b间距离．从图中可以判断以下说法正确的是A．两点电荷带异种电荷B．电势最低的p点的电场强度为零C．将一负的检验电荷从b处左侧附近移到p处，检验电荷的电势能增加D．p、b间的电场方向都指向b点9、某电场的电场线的分布如图所示。一个带电粒子仅受电场力由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点。下列判断正确的是A．粒子带负电 B．电场力对粒子做负功C．粒子在N点的加速度大 D．N点的电势比M点的电势低10、如图所示，条形磁铁放在光滑斜面上，用平行于斜面的轻弹簧拉住而平衡，A为水平放置的直导线的截面，导线中无电流时磁铁对斜面的压力为FN1；当导线中有垂直纸面向外的电流时，磁铁对斜面的压力为FN2，则下列关于磁铁对斜面的压力和弹簧的伸长量的说法中正确的是A．FN1<FN2 B．FN1>FN2C．弹簧的伸长量增大 D．弹簧的伸长量减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用伏安法测定一个待测电阻Rx的阻值（阻值约为200Ω），实验室提供如下器材：电池组E：电动势3V，内阻不计电流表A1：量程0~15mA，内阻约为100Ω电流表A2：量程0~300μA，内阻为1000Ω滑动变阻器R1：阻值范围0~20Ω，额定电流2A电阻箱R2，阻值范围0~9999Ω，额定电流1A电键S、导线若干要求实验中尽可能准确地测量Rx的阻值，请回答下面问题：①为了测量待测电阻两端的电压，可以将电流表__________（填写器材代号）与电阻箱串联，并将电阻箱阻值调到__________Ω，这样可以改装成一个量程为3.0V的电压表．②在方框中画完整测量Rx阻值的电路图，并在图中标明器材代号．③调节滑动变阻器R1，两表的示数如图所示，可读出电流表A1的示数是________mA，电流表A2的示数是________μA，测得待测电阻Rx的阻值是________．本次测量存在一定的系统误差，考虑这个原因测量值比较真实值________（选填“偏大”或“偏小”）．12．（12分）甲图所示游标卡尺的读数为_____cm，乙图所示螺旋测微器的读数为_______mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在竖直的井底，将一物块以11m/s的速度竖直地向上抛出，物块到达井口时被人接住，在被人接住前1s内物块的位移是4m，位移方向向上，不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）物块从抛出到被人接住所经历的时间；（2）此竖直井的深度．14．（16分）如图所示，虚线圆所围区域内有方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B。一束电子沿圆形区域的直径方向以速度v射入磁场，电子束经过磁场区后，其运动方向与原入射方向成θ角。设电子质量为m，电荷量为e，不计电子之间相互作用力及所受的重力。求：（1）电子在磁场中运动轨迹的半径R（2）电子在磁场中运动的时间t15．（12分）2016年11月，我国自主研制的歼­20隐形战机在第11届中国航展上首次飞行展示．某歼­20战机总质量为3.0×104kg，在平直跑道上由静止匀加速到80m/s开始起飞，用时16s.求战机在此过程中：(1)加速度大小a；(2)运动的距离x；(3)受到的合力大小F.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

AB．达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb，所以A错误，B错误；C．达到静电平衡后，导体为等势体，杆内c的场强为零，点电荷在C点的场强与感应电荷在C点的场强等大反向，点电荷在杆内c的场强不为零，故C错误；D．由于正电荷在右边，所以越往右电场的电势越高，所以φd>φb，故D正确。故选D。2、B【解析】

匀强电场中AB与DC平行且等长，则即代入数据可得，故选B．【点睛】据，匀强电场中任意两条平行线上距离相等的点间电势差相等.3、A【解析】试题分析：A、B、速度图象的斜率表示点电荷的加速度的大小，由于斜率减小，则知从A运动到B过程中带电粒子的加速度减小，根据牛顿第二定律说明电场力减小，由F=Eq知，所以由A运动到B，场强E减小，所以EA＞EB，故A错误；B、质子带正电，在电场力的作用下做加速运动，所以电场方向从A指向B，B点的电势低，即φA＞φB，故B正确；C、电场力对质子做正功，电势能减小，则，εA＞εB，动能增大，则EKA＜EKB，故CD正确．本题选错误的，故选：A。考点：电场线；电势差与电场强度的关系．4、C【解析】

由P=UI知，则输电线上损失的功率得输电电压若输送的电功率增加为4P，而输电线中损失的电功率减为，由上式得输电电压U应增为8U；A．2U，与结论不相符，选项A错误；B．4U，与结论不相符，选项B错误；C．8U，与结论相符，选项C正确；D．16U，与结论不相符，选项D错误；故选C.5、D【解析】

A．根据单摆的周期公式分析知，在同一地点，当摆长不变时，单摆做简谐振动的周期与摆球的质量无关，故A错误；B．振动质点在同一位置振动方向有两种，所以已知弹簧振子初始时刻的位置，不知道初始时刻振子的振动方向，根据振动周期，不能知道振子在任意时刻运动速度的方向，故B错误；C．当声波由空气进入水中时，由于波速变化，频率不变；其波长会变长，故C错误；D．医院检查身体的“B超”仪是通过测出反射波的频率变化来确定血流的速度，显然是运用了多普勒效应原理，故D正确。故选D。6、B【解析】

已充电的平行板电容器电量不变.静电计测量电势差的大小,电容器板间的电势差越大,静电计指针张角越大.根据电容器电容的决定分析电容的变化,由电容的决定式分析板间电势差的变化.【详解】A、将玻璃板插入两板之间,电容的决定式可以知道,电容增大,电量不变,由分析可以知道,板间电压减小,静电计指针张角变小.故A错误.B、增大两极板之间的距离,由电容的决定式可以知道,电容减小,电容器的电量不变,由分析可以知道,板间电压增大,静电计指针张角变大.所以B选项是正确的.C.将A板稍微上移时,正对面积减小,由电容的决定式可以知道,电容减小,电量不变,由分析可以知道,板间电压增大,静电计指针张角变大.，故C错；D.减小两极板之间的距离，由电容的决定式可以知道,电容增大,电容器的电量不变,由分析可以知道,板间电压减小，静电计指针张角变小，故D错；故选B【点睛】二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

若两球发生完全弹性碰撞，则根据动量守恒得：mv0=mvA+2mvB，根据碰撞过程系统的总动能不变，则得mv02=mvA2+2mvB2，解得：vA=-v0；vB=v0；若两球发生完全非弹性碰撞，则mv0=(m+2m)v解得v=v0，则A的速度范围是-v0~v0；B的速度范围是v0~v0；故AC正确，BD错误；故选AC.【点睛】对于碰撞过程，往往根据三个规律去分析：一是动量守恒；二是总动能不增加；三是碰后，若两球分开后同向运动，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率．8、BC【解析】根据，知φ-x图象切线的斜率表示电场强度，可知p处场强为零，根据顺着电场线方向电势降低，知a、b两个电荷应均为正电荷，故A错误；由φ-x图象的斜率表示电场强度E，在电势最低点p处场强一定为零，故B正确；将一负的检验电荷从b处左侧附近移到p处，电场力做负功，检验电荷的电势能增加，故C正确；由上分析可知，p、b间的电场方向都指向p点，故D错误．所以BC正确，AD错误．9、CD【解析】

A．由图根据粒子的运动的轨迹可以知道，粒子的受到的电场力的方向向上，而电场线的方向也向上，所以电荷为正电荷。故A错误。

B．从M点到N点，静电力方向与速度方向成锐角，电场力做正功。故B错误。

C．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在N点的受力大，加速度大。故C正确。D．沿着电场线方向电势逐渐减低，所以N点的电势比M点的电势低。故D正确。10、BC【解析】

磁铁的磁感线在它的外部是从N极到S极，因为长直导线在磁铁的中心偏右位置，所以此处的磁感线是斜向左下的，电流的方向垂直于纸面向外，根据左手定则，导线受磁铁给的安培力方向是斜向右下方。长直导线是固定不动的，根据物体间力的作用是相互的，导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左上的；将这个力分解为垂直于斜面与平行于斜面的分力，因此光滑平板对磁铁支持力减小，由于在电流对磁铁作用力沿斜面方向的分力向下，所以弹簧拉力拉力变大，弹簧长度将变长。所以FN1>FN2，弹簧的伸长量增大。A．FN1<FN2，与结论不相符，选项A错误；B．FN1>FN2，与结论相符，选项B正确；C．弹簧的伸长量增大，与结论相符，选项C正确；D．弹簧的伸长量减小，与结论不相符，选项D错误；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A29000电路见解析8.0mA150μA187.5Ω【解析】

（1）应用伏安法测电阻，需要用电压表测待测电阻电压，现在没有电压表，应该用内电阻已知的小量程电流表A2与电阻箱串联改装成电压表，改装后电压表量程是3V，则电阻箱阻值；（2）滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻阻值，滑动变阻器应采用分压接法，待测电阻阻值约为200Ω，电流表A1内阻约为100Ω，改装电压表内阻为，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，电路图如图所示．（3）由图示可知，电流表A1的示数为8.0mA，电流表A2的示数是150μA；待测电阻两端电压，由欧姆定律得：待测电阻．电流表采用外接法，电流测量值偏大，由欧姆定律可知，测量值比较真实值偏小．【点睛】本题考查伏安法测电阻时电流表采用内外接法的选择原则及滑动变阻器的连接方法、电表的改装原理、电流表的选取原则、实验误差的分析及串并联电路的有关知识．12、1.0151.605±0.003【解析】

[1]游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.05mm=0.15mm所以最终读数为10mm+0.15mm=10.15mm=1.015cm[2