2025届四川省绵阳市物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

2025届四川省绵阳市物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、将一根粗细均匀的铜丝接到电压恒为U的A、B间两点间，然后将该铜丝取下，将其均匀拉长，使长度是原来的2倍，再将拉长后的铜丝接回到A、B间。则拉长后的铜丝与原来相比，以下说法正确的是A．电阻是原来的2倍B．发热功率是原来的倍C．铜丝内自由电子定向移动的平均速率是原来的倍D．铜丝内自由电子定向移动的平均速率是原来的倍2、小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻不变B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的电阻为3、如图所示，半径为R的环形塑料管竖直放置，管的内壁光滑，AB为该环的水平直径，且管的内径远小于环的半径，整个装置处于水平向左的匀强电场中．现将一直径略小于塑料管内径、质量为m、带电量为+q的小球从管中A点由静止释放，已知qE=mg，以下说法正确的是()A．小球释放后，第一次经过最低点D和最高点C时对管壁的压力大小之比为5:1B．小球释放后，第一次达到B点时对管壁的压力为4mgC．小球释放后，到达B点时速度为零，并在BDA间往复运动D．小球释放后，经过D点时的速度最大4、在示波管中，电子枪2秒内发射了6×1013个电子，则示波管中电流强度的大小为（）A．3×10－13A B．4.8×10－6A C．9.6×10－6A D．3×10－6A5、在探究加速度与力、质量的关系实验中，如图所示是某同学正要释放小车的情形，下列说法正确的是(）A．应把长木板水平放置B．应使小车离打点计时器远些C．应将打点计时器接在直流电源上D．应调整滑轮高度使细绳与长木板表面平行6、如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（）A．电势ϕA>B．电势ϕA<C．将+q电荷从A点移到B点电势能增大D．将-q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能E二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，O点固定一带正电的点电荷，实线表示某高速粒子的运动轨迹，a、b和c为轨迹上的三个点，b点离O点最近，a点比c点离O点更远．则A．三个点中，高速粒子在b点的电势能最大B．高速粒子带负电C．在O点电荷产生的电场中，c点的电势比a点电势高D．高速粒子在a、b、c三点的加速度大小ab＞ac＞aa8、下述关于用多用表欧姆挡测电阻的说法中正确的是()A．测电阻时如果指针偏转角过大，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时都必须重新调零9、如图所示，直线OAC为某一直流电源的总功率随着电流变化的图线，抛物线OBC为同一直流电源内部的热功率随电流I变化的图线。若A、B对应的横坐标为2A，则下面说法中正确的是A．电源的电动势为3V，内阻为1ΩB．线段AB表示的功率为2WC．电流为2A时，外电路电阻为0.5ΩD．电流为3A时，外电路电阻为2Ω10、一个电子只在电场力作用下从a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势线，下列说法中正确的是()A．如果实线是电场线，则a点的电势比b点的电势高B．如果实线是等势线，则a点的电势比b点的电势高C．如果实线是电场线，则电子在a点的电势能比在b点的电势能大D．如果实线是等势线，则电子在a点的电势能比在b点的电势能小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某小组同学描绘一只标有“，”的小灯泡的伏安特性曲线，需要测定灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，现实验室有如下器材：①直流电源（电动势=，内阻不计）；②电流表（量程0~0.6，内阻约为0.5Ω）；③电流表（量程0~，内阻约为Ω）；④电压表（量程0~，内阻约为5Ω）；⑤电压表（量程0~，内阻约为Ω）；⑥滑动变阻器(0~Ω，额定电流2）；⑦开关、导线若干及待测灯泡.（1）为了调节方便，测量准确，实验中应选用下列________图中的电路图来完成实验.（2）实验中电流表应选用______，电压表应选用_______（请填写器材符号）.（3）根据实验测得的数据还能测量出小灯泡的功率和电阻：某次实验描绘出小灯泡的曲线如图所示，根据曲线可得灯泡两端电压2.0时小灯泡的实际功率为______，电阻值为_______Ω。（结果均保留两位有效数字）（4）对该实验测量结果的准确性，有两位同学意见不统一，你认为：①测得的小电珠的功率与实际的功率相比较，测量功率_______.A．总偏大B．总偏小C．无误差D．都有可能②小电珠的电阻的测量值与实际值相比较_______.A．偏大B．偏小C．有时偏大，有时偏小D．都有可能12．（12分）现要测定一段粗细均匀、电阻约为60Ω的合金丝的电阻率，若已测得其长度，要尽量精确的测量其电阻值R，器材有：电池组（电动势3.0V，内阻约1Ω）；电流表（量程0～100mA，内阻约0.5Ω）；电压表（量程0～3V，内阻约3kΩ）；滑动变阻器R1（0～10Ω，允许最大电流2.0A）；滑动变阻器R2（0～500Ω，允许最大电流0.5A）；电键一个、导线若干．①以上器材中，所用的滑动变阻器应选_______．（填“R1”或“R2”）②用螺旋测微器测量合金丝直径时的刻度位置如图甲所示，读数为mm．③如图乙所示是测量合金丝电阻的电路，闭合开关之前，滑动变阻器的滑片应移到．(填“最左端”或“最右端”)④闭合开关后，滑动变阻器的滑片从一端移到另一端，电压表示数变化明显，但电流表示数始终几乎为零，由此可以推断：电路中(填“1、2、3”或“4、5、6”或“6、7、8”)之间出现了．(填“短路”或“断路”)⑤在电路故障被排除后，为了更准确地测出合金丝的阻值，在不更换实验器材的条件下，对实验应改进的是．（填选项前的字母）A．电流表连接方式改为内接法B．滑动变阻器连接方式改为限流式四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示电路中，R1=0.8Ω，R3=6Ω，滑动变阻器的全值电阻R2=12Ω，电源电动势E=6V，内阻r=0.2Ω，当滑动变阻器的滑片在变阻器中央位置时，闭合开关S，电路中的电流表和电压表的读数各是多少?14．（16分）如图10­2­30所示为泰安某学校一套校内备用供电系统，由一台内阻为1Ω的发电机向全校22个教室（每个教室有“220V40W”的白炽灯6盏）供电．如果输电线的总电阻R是4Ω，升压变压器和降压变压器（都认为是理想变压器）的匝数比分别是1∶4和4∶1，那么：（1）发电机的输出功率应是多大？（2）发电机的电动势是多大？（3）输电效率是多少？15．（12分）如图所示的装置，在加速电场U1内放置一根塑料管AB（AB由特殊绝缘材料制成，不会影响电场的分布），紧靠其右侧的是两块彼此平行的水平金属板，板长为L，两板间距离为d．一个带负电荷的小球，恰好能沿光滑管壁运动．小球由静止开始加速，离开B端后沿金属板中心线水平射入两板中，若给两水平金属板加一电压U2，当上板为正时，小球恰好能沿两板中心线射出；当下板为正时，小球射到下板上距板的左端L/4处，求：（1）U1：U2的比值大小；（2）若始终保持上板带正电，为使经U1加速的小球，沿中心线射入两金属板后能够从两板之间射出，两水平金属板所加电压U的范围是多少？（请用U2表示）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A．根据电阻定律有：可知长度变为原来的2倍后，由于体积不变，故电阻变为原来的4倍，故A错误.B．根据：可知电阻两端电压不变，R变为原来的4倍时，P变为原来的，故B错误.CD．根据欧姆定律有：可知电流变为原来的，又根据微观表达式：由A选项可知S变为原来的，单位体积中自由移动的电子数不变，电子电荷量不变，故电子定向移动的速率变为原来的，故C错误，D正确.2、D【解析】

A、图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明随着所加电压的增大，电阻逐渐增大，故AB错误；

C、对应P点，根据欧姆定律可知小灯泡的电阻为，故C错误，D正确．3、A【解析】

小球从A点第一次到D点的过程，根据动能定理，有mgR+qER=…①

第一次经过最低点D时，根据向心力公式，有N1D-mg=…②

联立①②解得N1D=5mg，由牛顿第三定律知小球第一次经过最低点D对管壁的压力大小为5mg．

小球从A点第一次到C点的过程，根据动能定理，有-mgR+qER=…③

第一次过C点，根据向心力公式，mg-N1C=…④

联立③④解得N1C=mg，由牛顿第三定律知小球第一次经过C点时最高点C时对管壁的压力大小为mg，因此，小球释放后，第一次经过最低点D和最高点C时对管壁的压力之比为5：1，故A正确．从A点释放到B点过程，根据动能定理，有qE•2R=…⑤

第一次达到B点时，据向心力公式，有N1B-qE=…⑥

联立⑤⑥解得：N1B=5mg，由牛顿第三定律知小球释放后，第一次达到B点时对管壁的压力为5mg，故B错误；带电小球由A点运动到B点的过程中，重力做功为零，电场力做正功，动能增加，由动能定理知道小球到达B点时有速度，还继续向上运动，不可能在BDA间往复运动．故C错误；小球到达平衡位置时速度最大，因为mg=qE，可知平衡位置在BD的中点，即小球经过BD中点时速度最大，选项D错误；故选A.【点睛】本题中关键要理清物体的运动规律，会用等效合力的方法研究小球的运动；会利用动能定理以及圆周运动的知识研究小球的运动．4、B【解析】试题分析：根据公式可得,故选B,考点：考查了电流宏观表达式的应用点评：基础题，比较简单，关键是对公式的正确掌握5、D【解析】试题分析:应把长木板的右端适当垫高，以平衡摩擦阻力，故A错误；应使小车离打点计时器近些，这样可以打更多的点，故B错误；打点计时器接在交流电源上，故C错误；应调整滑轮高度使细绳与长木板表面平行，故D正确．考点：探究加速度与力、质量的关系6、D【解析】

A、B、电场线越密的地方电场强度越大，所以场强EA＜EB，沿着电场线电势降低，所以电势φA>φBC、将+q电荷从A点移动到B点所受电场力和电场线方向相同，电场力做正功，电势能减小；故C错误.D、将-q电荷分别放在A、B两点，根据φA>φB可得(-q)⋅φA<(-q)⋅φB，即故选D.【点睛】本题抓住电场线的物理意义：电场线表示电场线的强弱，电场线越密，场强越大．同一条直线电场线上各点的电场强度的方向都相同.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】

A．根据粒子轨迹的弯曲的方向，可以判定出该粒子受力的方向大体向左下方，则粒子从a运动到c的过程中，电场力先做负功后做正功，其电势能先增大后减小，所以粒子在b点的电势能最大，故A正确。B．根据轨迹看出粒子与点电荷间存在斥力，是同种电荷，所以高速粒子带正电，故B错误。C．根据正点电荷电场线的分布情况：电场线从正点电荷出发到无穷远处终止，顺着电场线电势降低，越靠近点电荷电势越高，所以b点的电势最高，a点电势最低，c点的电势比a点电势高，故C正确。D．根据库仑定律可知，粒子越靠近点电荷，所受的库仑力越大，产生的加速度越大，所以有ab＞ac＞aa．故D正确。8、AC【解析】

A．测量电阻时如果指针偏转过大，说明电阻较小，所以应将选择开关S拨至倍率较小的档位，每次换挡都需要重新调零后测量，故A正确；B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，B错误；C．测量电路中的某个电阻，内置电源接通，所以应该把该电阻与电路断开，C正确；D．每次换挡都需要重新调零，但是不换挡不需要调零，所以测量阻值不同的电阻时并不是必须重新调零，D错误；故选AC。9、ABC【解析】

由题可知，直线OAC表达式是P总=EI，从而可知其斜率为电源的电动势，所以电源电动势E=3V；抛物线0BC表达式为P热=I2r，从图中交点C的数据r=1Ω，故A正确；当I=2A时电源的总功率PA=EI=6W和电源内部的热功率PB=I2r=4W，从而可求AB段表示的功率为2W，故B正确；AB段实际上就是电流的输出功率，即可用P出=I2R，得外电阻R=0.5Ω，故C正确。交点C表示电源的总功率与电源内部热功率相等，说明电源短路，外电阻为0，故D错误。故选ABC。10、BCD【解析】

由电子的轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向，确定电场线的方向，判断电势高低．匀强电场中场强处处大小相等．根据电场力方向与电子速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确定电子在a点与b点动能的大小．【详解】AC、若图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场线方向水平向左，则a点的电势比b点低，由于从a点运动到b点电场力做正功，所以电子的电势能减小，所以电子在a点的电势能比在b点的电势能大，故A错误，C正确；BD、若实线是等势面，由于电场线与等势面垂直，电子所受电场力方向向下，则电场线方向向上，则a点的电势比b点高。从a到b电子做负功，所以电势能增加，则电子在a点的电势能比在b点的电势能小，故BD正确；故选BCD。【点睛】物体做曲线运动时，所受合力指向轨迹弯曲的内侧，根据轨迹的弯曲方向要能判断出物体合力的大致方向．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、丁0.75.7【解析】

(1)[1]由实验需要测量不同电压下的实际功率，故应滑动变阻器选用分压式接法，“4V，2W”知小灯泡额定电流为0.5A，正常发光时电阻为8Ω，电流表应选外接法。故选丁图。

(2)[2][3]根据小灯泡额定电压4V，额定电流0.5A，则电流表选A1，电压表选V1.

(3)[4][5]由图象知小灯泡电压2V时，电流通过小灯泡为0.36A，则实际功率为：P=UI=2×0.35=0.70W此时灯泡电阻：(4)[6]本实验电路采用的是电流表外接法，测量到的电流比真实电流大，测量的电压为准确值，所以测量功率比真实功率大。故A正确。[7]因为小灯泡的测量电压是准确值，测量电流偏大，所以测量电阻比真实电阻偏小。故B正确。12、①；②0.730(0.728--0.732)；③最左端；④4、5、6；断路；⑤A；【解析】

试题分析：①滑动变阻器用分压电路，故应选阻值较小的R1；②合金丝直径为：0.5mm+0.01mm×23.0=0.730mm；③闭合开关之前，滑动变阻器的滑片应移到最左端；④可以推断：电路中4、5、6之间出现了断路；⑤因，故采用电流表内接电路误差较小，故选A.考点：伏安法测电阻.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答