山西省忻州高级中学2025届物理高二第一学期期中教学质量检测试题含解析

山西省忻州高级中学2025届物理高二第一学期期中教学质量检测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下面四幅图中，前两幅表示通电直导线所受安培力F、磁感应强度B和电流I三者方向之间的关系；后两幅表示运动电荷所受洛伦兹力F、磁感应强度B和电荷速度v三者方向之间的关系，其中正确的是()A．B．C．D．2、在双缝干涉实验中，实验装置如图所示，图中①②③④⑤依次是是光源、滤光片、单缝、双缝、光屏．调整实验装置中的双缝，使两狭缝间的距离增大，则在光屏上看到的条纹（）A．条纹条数变少B．条纹间距不变C．条纹间距变大D．条纹间距变小3、下列关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很大的带电体才能看成点电荷B．体积很大的带电体一定不能看成点电荷C．一切带电体都能看成点电荷D．当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体才可以看成点电荷4、如图所示，平行板电容器中悬浮一个带电微粒P，今把A、B两个半方形金属盒相对插入电容器两板间，当A、B合拢时，对微粒运动情况的判断正确的是（）A．向上运动B．向下运动C．仍保持静止D．条件不足，无法判断5、如图所示，三条虚线表示某电场的三个等势面，其中φ1=10V，φ2=20V，φ3=30V一个带电粒子只受电场力作用，按图中实线轨迹从A点运动到B点，由此可知（

）A．粒子带正电 B．粒子的速度变大C．粒子的加速度变大 D．粒子的电势能变大6、如图所示，A、B、C是点电荷Q形成的电场中的三点，BC是以Q为圆心的一段圆弧，UAB＝＋10V，正点电荷q沿A→B→C移动，则（）A．点电荷Q带正电B．沿BC运动时电场力做正功C．B点的电场强度与C点的相等D．q在A点时具有的电势能比在C点时的大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A、B、C三个相同滑块，从光滑斜面同一高度同时开始运动，A静止释放；B初速度方向沿斜面向下，大小为；C初速度方向水平，大小也为。下列说法正确是（）A．A和C同时滑到斜面底端B．滑到下面底端时，B的动能均比A、C动能大C．滑到下面底端时，B的重力势能减少量与A、C相同D．滑到下面底端时，B的机械能与C相同8、如图6所示，飞船从轨道1变轨至轨道1．若飞船在两轨道上都做匀速圆周运动，不考虑质量变化，相对于在轨道1上，飞船在轨道1上的A．动能大B．向心加速度大C．运行周期长D．角速度小9、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标上，如图中的a、b、c所示，根据图线可知（）A．反映Pr变化的图线是cB．电源电动势为4VC．电源内阻为4ΩD．当电流为0.5A时，外电路的电阻为6Ω10、在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（）A．电流表示数变小B．电压表示数变大C．电容器C中的电场强度变小D．a点的电势降低三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）某同学在实验室测定金属丝电阻率的实验中游标卡尺测量长度如图甲所示,可知其长度为__________mm；如图乙所示,用螺旋测微器测金属丝的直径的测量值__________mm；（2）影响材料电阻率的因素很多,一般金属材料的电阻率随温度的升高而增大，半导体材料的电阻率则与之相反，随温度的升高而减小某学校研究小组需要研究某种材料的导电规律，他们用这种材料制作成电阻较小的元件P，测量元件P中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律．图a是他们按设计好的电路连接的部分实物图，请添加三根导线，使电路完整______。（3）改变滑动变阻器的阻值,记录两电表的读数根据表中数据，在图b中画出元件P的图像______，并判断元件P是_______（金属材料还是半导体材料）；（4）若可供选择的滑动变阻器（R1:最大阻值为2.5，额定电流为0.25A；R2最大阻值为5，额定电流1.5A）则本实验应该选用滑动变阻器_______。把元件P接入如图c所示的电路中，已知定值电阻R阻值为10，电源势为2V，内阻不计，利用图b计算该元件实际消耗的电功率为_________。12．（12分）某同学用游标卡尺测量一个圆柱形铜片的直径，如图所示，其直径为_____mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，平行板电容器的间距为d，极板与水平面成15°角．一电荷量为+q、质量为m的带电粒子在电容器下极板左端处，以初动能Ek0竖直向上射入两板之间，经偏转恰好从上极板右射出，且射出时速度方向与上极板平行．忽略粒子重力、空气阻力及极板的边缘效应．求：（1）板间电场强度E的大小；（2〕两极板的长度及粒子在两极板间运动时间．14．（16分）如图所示，竖直平面内有光滑绝缘半圆轨道，处于一个沿水平方向且与轨道平面平行的匀强电场中，轨道两端点A、C与圆心0高度相同，轨道半径为R，B为最低点。一个质量为m、带电量为+q的小球(可视为质点)从轨道右端的A处无初速度地沿轨道下滑，向左运动的最远点的位置为D，且OD与OB夹角θ=30°.重力加速度为g，设小球运动中电量q不变。求：(1)电场强度E的大小和方向；(2)小球在运动过程中受到轨道对其支持力的最大值。15．（12分）如图所示，一匀强电场（图中没有画出）的方向平行于直角三角形ABC所在平面，已知，，A、B两点间的距离L=2.0cm，将一带电量为的带电微粒从A点移到B点，静电力做功，再将该微粒从B点移到C点，静电力做功。取B点的电势为零。求：（1）A、C两点的电势各为多少？（2）该匀强电场的场强的大小及其方向。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A图中磁场方向垂直纸面向上，电流方向水平向里，根据左手定则，安培力的方向竖直向右．故A错误．B图中磁场方向垂直纸面向右，电流方向垂直纸面向外，根据左手定则，安培力的方向向上．故B错误．C图中磁场方向水平向上，正电荷运动的方向垂直纸面向右，根据左手定则，洛伦兹力方向竖直向外．故C错误．D图中磁场方向竖直向里，正电荷运动方向水平向左，根据左手定则，洛伦兹力的方向垂直纸面向上．故D正确．故选D．点睛：解决本题的关键掌握左手定则判定磁场方向、电流方向和安培力方向或洛伦兹力的关系．左手定则的内容：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．2、D【解析】试题分析：根据△x=Lλ/d，使两狭缝间的距离d增大，则会使△x变小，选项D正确．考点：双缝干涉的条纹．3、D【解析】

带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系，则体积很小的带电体不一定能看成点电荷，体积很大的带电体不一定不能看成点电荷，故ABC错误；由带电体看作点电荷的条件，当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，故D正确．4、B【解析】

带电微粒在匀强电场中悬浮，说明重力与静电力平衡，若两个金属盒相对插入，电容变大，电压减小，场强减小，直到当它们合拢时，金属盒有静电屏蔽的作用，其内部场强将变为零，所以带电微粒所受静电力减小，向下运动。A．向上运动，故A错误；B．向下运动，故B正确；C．仍保持静止，故C错误；D．条件不足，无法判断，故D错误。故选B。5、B【解析】

由图象可知带电粒子的轨迹向右偏转，得出粒子所受力的方向向右；又由电场线指向电势降低的方向，得出电场线方向大致向左．因为带电粒子受力与电场的方向相反，所以粒子带负电，故A错误；由动能定理得，合外力（电场力）做正功，动能增加，故B正确；由于等势面密的地方电场线也密、电场线密的地方粒子受到的力也大，力越大加速度也越大，所以粒子从A点运动到B点，加速度在变小，故C错误；由电场力做功的公式得，粒子从A点运动到B点，电场力做正功，电势能减小，故D错误．【点睛】做曲线运动物体所受合外力指向曲线内侧，本题中粒子只受电场力，由此可判断电场力向右，根据电场力做功可以判断电势能的高低和动能变化情况，加速度的判断可以根据电场线的疏密进行．6、D【解析】

A．根据两点的电势差UAB＝＋10V，可知离电荷越远电势越高，可知Q为负电荷，A错误；B．BC为等势面，故沿BC运动时电场力不做功，B错误；C．根据点电荷的电场强度公式，可知两点的电场强度大小相等，但方向不同，不能说电场强度相等，C错误；D．根据AB两点的电势差为10v，且q为正电荷，故在A点时具有的电势能比在B点时的大，而BC电势相等，所以q在A点时具有的电势能比在C点时的大，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】

A．A沿斜面向下做初速度为零的匀加速运动，C水平方向做匀速运动，沿斜面向下做初速度为零的匀加速运动，且加速度和A相同，可知A和C同时滑到斜面底端，选项A正确；B．根据机械能守恒可知滑到下面底端时，对A对BC可知BC的动能相等且比A动能大，选项B错误；C．根据Ep=mgh可知，滑到下面底端时，B的重力势能减少量与A、C相同，选项C正确；D．开始时BC机械能相同，由于机械能守恒，可知滑到下面底端时，B的机械能与C相同，选项D正确。故选ACD。8、CD【解析】

根据得，，，，，由这些关系可以看出，r越大，a、v、ω越小，动能越小，而T越大，故AB错误，CD正确．9、ABD【解析】

A.根据直流电源的总功率PE=EI内部的发热功率Pr=I2r输出功率PR=EI-I2r可知反映Pr变化的图线是c，反映PE变化的是图线a，反映PR变化的是图线b，故A正确。B.图线a的斜率等于电源的电动势，由得到故B正确。C.由图，当I=2A时，Pr=8W，由公式Pr=I2r得r=2Ω故C错误。D.当电流为0.5A时，由图读出电源的功率PE=2W，由代入得到，R=6Ω故D正确。10、BCD【解析】

B．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，并联电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻两端电压增大，则电压表示数变大，故B正确；AD．根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于两端的电压，，，干路电流I增大，变小，则a点的电势降低，通过的电流减小，通过电流表的电流，干路电流I增大，减小，则增大，即电流表示数变大，故A错误，D正确；C．电阻两端的电压，干路电流I增大，则变小，电容器板间电压变小，电容器C中的电场强度减小，故C正确．【点睛】本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析．根据电流方向判断电势高低，由电压的变化判断电势的变化．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、101.5510.500（10.499~10.501）半导体材料R10.24（0.23~0.25）【解析】

（1）游标卡尺和螺旋测微器的读数都是先读固定刻度数值，再读可动刻度的示数，游标卡尺不需要估读。（2）U-I在图像中，如果图像为直线，则材料为金属材料，不是直线则为半导体材料。（3）实验要求电压从零调，所以变阻器应是分压式接法，且为阻值小额定电流大的变阻器；待测元件的电阻较小应用外接法；（4）关键是在表示元件的图象中再作出表示电源的图象，求出两图线的交点坐标即可。【详解】（1）[1]游标卡尺是20分度的卡尺，精确度为0.05mm，格数不估读，则电阻丝的长度为：101mm+11×0.05mm=101.55mm；[2]螺旋测微器的转到刻度50格共0.5mm，则精确度为0.01mm，格数需估读，则电阻丝的直径为：10.5mm+0.0×0.01mm=10.500mm（2）[3]由于实验要求电压从零调，所以变阻器应是分压式接法；由于待测元件的电阻较小，满足，所以电流表应用外接法，连线图如图所示：

（3）[4]将各个数据点描细点，用平滑的曲线连接各点可得元件的I-U图象如图所示：[5]由，可知，元件的电阻大小与图线上各点与原点连线的斜率大小乘正比，表示元件的电阻大小随温度的升高而减小，可判定元件P材料是半导体材料；（4）[6]由于电压要求从零调，所以变阻器应是分压式接法，则应选择阻值小的变阻器R1，以方便调节。[7]：在表示元件P的I-U图象中同时作出表示电源的I-U图象，如图所示，读出两图线的交点即工作点的坐标为：I=0.24A，U=1.0V，所以元件P消耗的功率为：（0.23~0.25）．12、10.75【解析】

游标卡尺的主尺读数为1cm=10mm，游标尺上第15个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为15×0.05mm=0.75mm，所以最终读数为：10m