2024-2025学年高考物理一轮复习专题07受力分析共点力的平衡考点讲解含解析

专题（07）受力分析共点力的平衡考点一eq\a\vs4\al(受力分析整体法与隔离法的应用)1．受力分析的一般步骤2．受力分析的三个常用判据(1)条件判据：不同性质的力产生条件不同，进行受力分析时最基本的判据是依据其产生条件．(2)效果判据：有时候是否满意某力产生的条件是很难判定的，可先依据物体的运动状态进行分析，再运用平衡条件或牛顿运动定律判定未知力．(3)特征判据：从力的作用是相互的这个基本特征动身，通过判定其反作用力是否存在来判定该力是否存在．3．整体法与隔离法整体法隔离法概念将加速度相同的几个物体作为一个整体来分析的方法将探讨对象与四周物体分隔开的方法选用原则探讨系统外的物体对系统整体的作用力或系统整体的加速度探讨系统内物体之间的相互作用力题型1隔离法的应用【典例1】如图所示，传送带沿逆时针方向匀速转动．小木块a、b用细线连接，用平行于传送带的细线拉住a，两木块均处于静止状态．关于木块受力个数，正确的是()A．a受4个，b受5个B．a受4个，b受4个C．a受5个，b受5个D．a受5个，b受4个【答案】D【解析】先分析木块b的受力，木块b受重力、传送带对b的支持力、沿传送带向下的滑动摩擦力、细线的拉力，共4个力；再分析木块a的受力，木块a受重力、传送带对a的支持力、沿传送带向下的滑动摩擦力及上、下两段细线的拉力，共5个力，故D正确．【变式1】(多选)如图所示，A、B两物体在竖直向上的力F作用下静止，A、B接触面水平，则A、B两个物体的受力个数可能为()A．A受2个力、B受3个力B．A受3个力、B受3个力C．A受4个力、B受3个力D．A受4个力、B受5个力【答案】AC【解析】A、B两物体都处于平衡状态，若A与斜面刚好没有接触，则A受2个力作用(重力、B对A的支持力)，B受3个力作用(重力、A对B压力、外力F)，选项A正确；若A与斜面相互挤压且处于静止状态，则A受4个力作用(重力、B对A的支持力、斜面对A的压力、斜面对A的摩擦力)，B受3个力作用(重力、A对B压力、外力F)，选项C正确，B、D错误．【提分笔记】受力分析的基本技巧(1)要擅长转换探讨对象，尤其是对于摩擦力不易判定的情形，可以先分析与之相接触、受力较少的物体的受力状况，再应用牛顿第三定律判定．(2)假设法是推断弹力、摩擦力的存在及方向的基本方法．题型2整体法的应用【典例2】轻质弹簧A的两端分别连在质量为m1和m2的小球上，两球均可视为质点．另有两根与A完全相同的轻质弹簧B、C的一端分别与两个小球相连，B的另一端固定在天花板上，C的另一端用手牵住，如图所示．适当调整手的高度与用力的方向，保持B弹簧轴线跟竖直方向夹角为37°不变(已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)．当弹簧C的拉力最小时，B、C两弹簧的形变量之比为()A．1∶1 B．3∶5C．4∶3 D．5∶4【答案】C【解析】以两球整体为探讨对象，受力分析如图所示，由合成法知当C弹簧与B弹簧垂直时施加的拉力最小，由几何关系知TB∶TC＝4∶3，故选C.【变式2】在机场和海港，常用输送带运输旅客的行李和货物，如图所示，甲为水平输送带，乙为倾斜输送带，当行李箱m随输送带一起匀速运动时，不计空气阻力，下列几种推断中正确的是()A．甲、乙两种情形中的行李箱都受到两个力作用B．甲、乙两种情形中的行李箱都受到三个力作用C．情形甲中的行李箱受到两个力作用，情形乙中的行李箱受到三个力作用D．情形甲中的行李箱受到三个力作用，情形乙中的行李箱受到四个力作用【答案】C【解析】对甲上的行李受力分析知，其不受摩擦力作用，只受重力和弹力两个力的作用；对乙上的行李受力分析知，其受沿斜面对上摩擦力、重力和弹力三个力的作用，所以选项C正确．【提分笔记】受力分析的4个易错点1．不要把探讨对象所受的力与探讨对象对其他物体的作用力混淆．2．每一个力都应找出其施力物体，不能无中生有．3．合力和分力不能重复考虑．4．对整体进行受力分析时，组成整体的几个物体间的作用力为内力，不能在受力图中出现；当把某一物体单独隔离分析时，原来的内力变成外力，要在受力分析图中画出．题型3整体法与隔离法的综合应用【典例3】(多选)如图所示，两个相像的斜面体A、B在竖直向上的力F的作用下静止靠在竖直粗糙墙壁上．关于斜面体A和B的受力状况，下列说法正确的是()A肯定受到四个力B．B可能受到四个力C．B与墙壁之间肯定有弹力和摩擦力D．A与B之间肯定有摩擦力【答案】AD【解析】对A、B整体受力分析，如图甲所示，整体受到向下的重力和向上的推力F，由平衡条件可知B与墙壁之间不行能有弹力，因此也不行能有摩擦力，C错误；对B受力分析如图乙所示，其受到重力、A对B的弹力及摩擦力而处于平衡状态，故B只能受到三个力，B错误；对A受力分析，如图丙所示，受到重力、推力、B对A的弹力和摩擦力，共四个力，A、D正确．【变式3】如图所示，在水平桌面上放置一斜面体P，两长方体物块a和b叠放在P的斜面上，整个系统处于静止状态．若将a与b、b与P、P与桌面之间摩擦力的大小分别用f1、f2和f3表示．则()A．f1＝0，f2≠0，f3≠0B．f1≠0，f2＝0，f3＝0C．f1≠0，f2≠0，f3＝0D．f1≠0，f2≠0，f3≠0【答案】C【解析】首先对整个系统进行受力分析可知，整个系统相对地面没有相对运动趋势，故f3＝0；再将a和b看成一个整体，a、b整体有相对斜面对下运动的趋势，故b与P之间有摩擦力，即f2≠0；再对a进行受力分析，a相对于b有向下运动的趋势，故a和b之间存在摩擦力作用，即f1≠0，选项C正确．【提分笔记】整体法和隔离法的运用技巧(1)当分析相互作用的两个或两个以上物体整体的受力状况及分析外力对系统的作用时，宜用整体法．(2)在分析系统内各物体(或一个物体各部分)间的相互作用时常用隔离法．(3)整体法和隔离法不是独立的，对一些较困难问题，通常须要多次选取探讨对象，交替运用整体法和隔离法．考点二eq\a\vs4\al(动态平衡问题的处理方法)1．动态平衡动态平衡就是通过限制某一物理量，使物体的状态发生缓慢的改变，但改变过程中的每一个状态均可视为平衡状态，所以叫动态平衡．2．常用法解析法(1)列平衡方程求出未知量与已知量的关系表达式；(2)依据已知量的改变状况来确定未知量的改变状况图解法(1)依据已知量的改变状况，画出平行四边形边、角的改变；(2)确定未知量大小、方向的改变相像三角形法(1)依据已知条件画出两个不同状况对应的力的三角形和空间几何三角形，确定对应边，利用三角形相像学问列出比例式；(2)确定未知量大小的改变状况题型1解析法的应用【典例4】(多选)如图所示，松软轻绳ON的一端O固定，其中间某点M拴一重物，用手拉住绳的另一端N.初始时，OM竖直且MN被拉直，OM与MN之间的夹角为αeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(α>\f(π,2))).现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角α不变．在OM由竖直被拉到水平的过程中()A．MN上的张力渐渐增大B．MN上的张力先增大后减小C．OM上的张力渐渐增大D．OM上的张力先增大后减小【答案】AD【解析】设重物的质量为m，绳OM中的张力为TOM，绳MN中的张力为TMN.起先时，TOM＝mg，TMN＝0.由于缓慢拉起，则重物始终处于平衡状态，两绳张力的合力与重物的重力mg等大、反向．如图所示，已知角α不变，在绳MN缓慢拉起的过程中，角β渐渐增大，则角α－β渐渐减小，但角θ不变，在三角形中，利用正弦定理得eq\f(TOM,sinα－β)＝eq\f(mg,sinθ)，(α－β)由钝角变为锐角，则TOM先增大后减小，选项D正确；同理知eq\f(TMN,sinβ)＝eq\f(mg,sinθ)，在β由0变为eq\f(π,2)的过程中，TMN始终增大，选项A正确．【变式4】如图所示，人的质量为M，物块的质量为m，且M>m，若不计绳与滑轮的摩擦，则当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止，则下列说法中正确的是()A．人受到的合力变大B．绳子上的张力增大C．地面对人的摩擦力增大D．人对地面的压力减小【答案】C【解析】人向右跨出一步后仍静止，由平衡条件知，人所受的合力为零．故人所受的合力不变，选项A错误；人向右跨出一步后物块仍静止，对物块由平衡条件知，绳子上的张力F＝mg，故绳子上的张力不变，选项B错误；设绳与水平方向的夹角为θ，由平衡条件得，地面对人的摩擦力f＝Fcosθ，人向右跨出一步，θ减小，cosθ增大，故f增大，选项C正确；由平衡条件得，人受到的支持力FN＝mg－Fsinθ，θ减小，sinθ减小，故FN增大，由牛顿第三定律知，人对地面的压力增大，选项D错误．【提分笔记】解决动态平衡问题的方法(一)——解析法确定探讨对象，并对探讨对象进行受力分析．再依据物体的平衡条件列式求解，得到已知量和未知量的关系表达式，最终依据已知量的改变求未知量的改变．题型2图解法的应用【典例5】在新疆吐鲁番的葡萄烘干房内，果农用图示支架悬挂葡萄．OA、OB为承重的轻杆，A、O、B始终在同一竖直平面内，OA可绕A点自由转动，OB与OA通过铰链连接，可绕O点自由转动，且OB的长度可调整．现将簇新葡萄用细线悬挂于O点，保持OA不动．调整OB的长度让B端沿地面上的AB连线向左缓慢移动，OA杆所受作用力大小为F1，OB杆所受的作用力大小为F2，∠AOB由锐角变为钝角的过程中，下列推断正确的是()A．F1渐渐变大，F2先变小后变大B．F1先变小后变大，F2渐渐变大C．F1渐渐变小，F2渐渐变小D．F1渐渐变大，F2渐渐变大【答案】A【解析】由题可知，保持OA的位置不变，以O点为探讨对象进行受力分析，受到细线的拉力(等于葡萄的重力)和两杆的支持力，如图所示，OB杆的支持力F2与OA杆的支持力F1的合力与细线的拉力等大、反向，当OB杆向左移动而OA位置不变时，各力的改变状况如图所示，由图可知，F1渐渐增大，F2先减小再增大，当OB与OA相互垂直时，F2最小，故A正确．【变式5】(多选)如图，一个轻型衣柜放在水平地面上，一条光滑轻绳两端分别固定在两侧顶端A、B上，再挂上带有衣服的衣架．若保持绳长和左端位置点不变，将右端依次改在C点或D点后固定，衣柜始终不动，下列说法正确的是()A．若改在C点，绳的张力相等且变小B．若改在D点，衣架两侧绳的张力不相等C．若改在D点，衣架两侧绳的张力相等且不变D．若改在C点，衣柜对地面的压力将会增大【答案】AC【解析】对衣架受力分析如图所示，设绳子与竖直方向的夹角为θ，绳子张力为FT，衣服的质量为m，轻绳长为l，衣柜宽度为d，依据共点力的平衡条件可得2FTcosθ＝mg，若改在C点，两侧绳的张力相等，绳子与竖直方向的夹角θ变小，则绳的张力变小，选项A正确；若改在D点，衣架两侧绳的张力仍相等，因为绳长不变，依据几何关系可知sinθ＝eq\f(d,l)，当绳子右端上下移动过程中，绳子与竖直方向的夹角θ不变，则依据2FTcosθ＝mg可知，绳子拉力不变，选项B错误，C正确；对图中整体受力分析可知，地面对衣柜的支持力等于整体的重力，则衣柜对地面的压力等于整体的重力，故衣柜对地面的压力不变，选项D错误．【提分笔记】解决动态平衡问题的方法(二)——图解法eq\x(第1步)—eq\b\lc\|\rc\(\a\vs4\al\co1(\a\vs4\al(依据已知条件，画出力的平行四边形或三,角形，以及力发生改变引起边、角改变后的,多个平行四边形或三角形.)))⇩eq\x(第2步)—eq\b\lc\|\rc\(\a\vs4\al\co1(依据边长的改变推断力的大小的改变，依据,边的方向的改变或依据角的改变推断力的,方向的改变.))题型3相像三角形法的应用【典例6】如图所示，竖直墙壁上固定有一个光滑的半圆形支架(AB为直径)，支架上套着一个小球，轻绳的一端P悬于墙上某点，另一端与小球相连．已知半圆形支架的半径为R，轻绳长度为L，且R<L<2R.现将轻绳的上端点P沿墙壁缓慢下移至A点，此过程中轻绳对小球的拉力F1及支架对小球的支持力F2的大小改变状况为()A．F1和F2均增大B．F1保持不变，F2先增大后减小C．F1先减小后增大，F2保持不变D．F1先增大后减小，F2先减小后增大【答案】A【解析】小球受重力、绳的拉力和支架供应的支持力，由于平衡，三个力可以构成矢量三角形，如图所示，依据平衡条件，该矢量三角形与几何三角形POC相像，故eq\f(G,PO)＝eq\f(F1,L)＝eq\f(F2,R)，解得F1＝eq\f(L,PO)G，F2＝eq\f(R,PO)G，当P点下移时，PO减小，L、R不变，故F1增大，F2增大，A正确．【变式6】(多选)如图所示，在倾角为α的斜面上，放一质量为m的小球，小球和斜面及挡板间均无摩擦，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中()A．斜面对球的支持力渐渐增大B．斜面对球的支持力渐渐减小C．挡板对小球的弹力先减小后增大D．挡板对小球的弹力先增大后减小【答案】BC【解析】对小球分析知，小球受到重力mg、斜面的支持力FN1和挡板的弹力FN2，平移到一个矢量三角形中，如图．当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，小球的合力为零，依据平衡条件得知，FN1和FN2的合力与重力mg大小相等、方向相反，作出小球在三个不同位置力的合成图，由图看出，斜面对球的支持力FN1渐渐减小，挡板对小球的弹力FN2先减小后增大，当FN1和FN2垂直时，弹力FN2最小，故选项B、C正确，A、D错误．【变式7】如图所示是竖直面内一个光滑的圆形框架，AB是它的一条竖直直径，O点为其圆心．弹簧的一端连在A点，另一端连着一个质量为m的小套环，换用不同的弹簧，套环可静止于框架上不同的位置，对应的θ角也就会不同，则在套环从图示位置下移到θ角接近90°的过程中，框架对套环的弹力FN和弹簧对套环的弹力F的改变状况是()A．FN减小 B．FN增大C．F减小 D．F增大【答案】C【解析】对套环进行受力分析，受重力、框架的支持力、弹簧的弹力，构建力的矢量三角形，利用力三角形和几何三角形相像得eq\f(mg,OA)＝eq\f(F,AC)＝eq\f(FN,OC)，故框架弹力FN不变、弹簧弹力F变小，C正确．|提分笔记|解决动态平衡问题的方法(三)——相像三角形法假如物体受到三个力的作用处于平衡状态，其中一个力大小、方向均不变，另外两个力的方向都发生改变，且题目给出了相应的几何关系时，可以用力三角形和几何三角形相像的方法．(1)依据已知条件画出力的三角形，并找到与之对应的几何三角形，利用三角形相像列出对应边比例式．(2)确定未知量大小的改变状况．考点三eq\a\vs4\al(平衡问题中的临界、极值问题)1．临界问题当某物理量改变时，会引起其他几个物理量的改变，从而使物体所处的平衡状态“恰好出现”或“恰好不出现”，在问题的描述中常用“刚好”“刚能”“恰好”等语言叙述．2．极值问题平衡物体的极值，一般指在力的改变过程中的最大值和最小值问题．3．解决极值问题和临界问题的方法(1)极限法：首先要正确地进行受力分析和改变过程分析，找出平衡的临界点和极值点；临界条件必需在改变中去找寻，不能停留在一个状态来探讨临界问题，而要把某个物理量推向极端，即极大和微小．(2)数学分析法：通过对问题的分析，依据物体的平衡条件写出物理量之间的函数关系(画出函数图象)，用数学方法求极值(如求二次函数极值、公式极值、三角函数极值)．(3)物理分析方法：依据物体的平衡条件，作出力的矢量图，通过对物理过程的分析，利用平行四边形定则进行动态分析，确定最大值与最小值．题型1临界问题的分析与处理【典例7】如图所示，质量为m的物体放在一固定斜面上，当斜面倾角为30°时恰能沿斜面匀速下滑．对物体施加一大小为F的水平向右的恒力，物体可沿斜面匀速向上滑行．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当斜面倾角增大并超过某一临界角θ0时，不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜面对上滑行，试求：(1)物体与斜面间的动摩擦因数；(2)这一临界角θ0的大小．【答案】(1)eq\f(\r(3),3)(2)60°【解析】(1)由题意可知，当斜面的倾角为30°时，物体恰好能沿斜面匀速下滑，由平衡条件可得，FN＝mgcos30°，mgsin30°＝μFN.解得μ＝tan30°＝eq\f(\r(3),3).(2)设斜面倾角为α，对物体受力分析如图所示Fcosα＝mgsinα＋FfFN＝mgcosα＋FsinαFf＝μFN当物体无法向上滑行时，有Fcosα≤mgsinα＋Ff联立解得F(cosα－μsinα)≤mgsinα＋μmgcosα若“不论水平恒力F多大”，上式都成立则有cosα－μsinα≤0解得tanα≥eq\f(1,μ)＝eq\r(3)，即a≥60°故θ0＝60°.【变式8】如图所示，将三个质量均为m的小球a、b、c用轻质细线相连后，再用轻质细线悬挂于O点．用力F拉小球c，使三个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持为θ＝37°，已知重力加速度大小为g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：(1)F的最小值和此时细线Oa的拉力大小；(2)F取最小值时细线ac与竖直方向的夹角α的正切值．【答案】(1)1.8mg2.4mg(2)18(或－18)【解析】(1)当F和Oa垂直时，F最小为Fmin对整体，据平衡条件得Fminc