青海省大通回族土族自治县第一完全中学2025届高二物理第一学期期中考试试题含解析

青海省大通回族土族自治县第一完全中学2025届高二物理第一学期期中考试试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A和B均可视为点电荷，A固定在绝缘支架上，B通过绝缘轻质细线悬挂在天花板上，由于二者之间库仑力的作用细线与水平方向成30°角．A、B均带正电，电荷量分别为Q、q，A、B处于同一高度，二者之间的距离为L．已知静电力常量为k，重力加速度为g．则B的质量为A． B．C． D．2、两个大轮半径相等的皮带轮的结构如图所示，A、B两点的半径之比为2:1，C、D两点的半径之比也为2:1，下列说法正确的是()A．A、B两点的线速度之比为vA:vB=1:2B．A、C两点的角速度之比为C．A、C两点的线速度之比为vA:vC=1:1D．A、D两点的线速度之比为vA:vD=1:23、如图所示，图中两组曲线中实线代表电场线（方向未画出）、虚线代表等势线，点划线是一个带电粒子仅在电场力作用下从A到B的运动轨迹，下列说法正确的是A．粒子一定带正电B．粒子的动能一定是越来越大C．粒子的电势能一定是越来越大D．A点的电势一定高于B点的电势4、以下说法正确的是（）A．由可知此场中某点的电场强度与成正比B．由公式可知电场中某点的电势与成反比C．公式，电容器的电容大小与电容器两极板间电势差无关D．由可知，匀强电场中的任意两点、间的距离越大，则两点间的电势差一定越大5、两个电池1和2的电动势E1＞E2，它们分别向同一电阻R供电，电阻R消耗的电功率相同．比较供电时电池1和2内部消耗的电功率P1和P2及电池的效率η1和η2的大小，则有()A．P1＞P2，η1＞η2 B．P1＞P2，η1＜η2C．P1＜P2，η1＞η2 D．P1＜P2，η1＜η26、如图所示，PQ为某电场中的一条电场线，下列说法正确的是（）A．该电场一定是匀强电场B．该电场一定是点电荷产生的电场C．P点的电场强度一定比Q点的大D．正电荷在P点受到的电场力方向沿着电场线方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在倾角的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A，B，它们的质量均为m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态现开始用一沿斜面方向的力F拉物块A使之以加速度a向上做匀加速运动，当物块B刚要离开C时力F的大小恰为则A．物块B刚要离开C时受到的弹簧弹力为B．加速度C．这个过程延续的时间为D．这个过程A的位移为8、如图所示，甲、乙两个电路，都是由一个表头G和一个变阻器R组成，下列说法正确的是()A．甲是电流表原理，R减小时量程增大B．甲是电流表原理，R减小时量程减小C．乙是电压表原理，R减小时量程增大D．乙是电压表原理，R减小时量程减小9、如图所示的电路，电源电压U=3.0V，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的I-U特性曲线如右图所示．当开关闭合后，下列关于电路中灯泡的说法中，正确的是()A．灯泡L1消耗的电功率为0.30WB．灯泡L1的电阻为7.5ΩC．灯泡L3的电阻为12ΩD．三灯泡消耗的总电功率为0.90W10、如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.4m．在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度E=1.0×104N/C，现有一电荷量q=+1.0×10﹣4C，质量m=0.1kg的带电体(可视为质点)，在水平轨道上的P点由静止释放，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C，然后落至水平轨道上的D点，取g=10m/s1．()A．带电体在圆形轨道C点的速度大小为B．落点D与B点的距离xBD=0C．带电体从P运动到圆形轨道B点时的速度大小为D．带电体在从B到C运动的过程中对轨道的最大压力为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一只标值为“2.5V，xW”的小灯泡，其额定功率的标值已模糊不清。某同学想通过测绘灯丝伏安特性曲线的方法来测出该灯泡的额定功率。(1)已知小灯泡的灯丝电阻约为5Ω，请先在甲图中补全伏安法测量灯丝电阻的电路图______，再选择电流表、电压表的合适量程，并按图甲连接方式将图乙中的实物连成完整的电路______。(2)开关S闭合之前，将图乙中滑动变阻器的滑片应置于________。(选填“A端”、“B端”或“AB正中间”)(3)该同学通过实验作出了灯丝的伏安特性曲线如图丙所示，则小灯泡的额定功率为________W。12．（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，实验室备有下列器材供选择：A．小灯泡（“3.0V、0.5A”）B．电流表(量程3A，内阻约为1Ω)C．电流表(量程0.6A，内阻约为5Ω)D．电压表(量程3.0V，内阻约为10kΩ)E．电压表(量程15.0V，内阻约为50kΩ)F．滑动变阻器(最大阻值为5Ω，额定电流2.0A)G．电源(电压为4.0V，内阻不计)H．电键及导线等(1)为了使实验完成的更好，电流表应选用________；电压表应选用________；(只需填器材前面的字母即可)(2)实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量．①画出实验电路图．_____②用笔画线代替导线，将图中的实验仪器连成完整的实验电路．_____③该同学描绘出的I-U图象和下图中的________形状最接近．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在边长为a的正方形的每个顶点上都放置一个电荷量为q的点电荷，如果保持它们的位置不变，每个电荷受到的其它三个电荷的静电力的合力是多大？14．（16分）如图所示，离子发生器发射出一束质量为m，电荷量为q的离子，从静止经加速电压U1加速后，获得速度，并沿垂直于电场线方向射入两平行板中央，受偏转电压U2作用后，以速度离开电场，已知平行板长为，两板间距离为d，求：①的大小；②离子在偏转电场中运动时间；③离子在偏转电场中受到的电场力的大小F；④离子在偏转电场中的加速度；⑤离子在离开偏转电场时的横向速度；⑥离子在离开偏转电场时的速度的大小；⑦离子在离开偏转电场时的横向偏移量y；15．（12分）如图所示．在竖直平面内一个带正电的小球质量为m，所带的电荷量为q，用一根长为L不可伸长的绝缘细线系在一匀强电场中的O点．匀强电场方向水平向右，分布的区域足够大．现将带正电小球从O点右方由水平位置A点无初速度释放，小球到达最低点B时速度恰好为零．求:(1)A、B两点的电势差；(2)匀强电场的电场强度E的大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

根据库仑定律，A、B之间的库仑力：，以B为研究对象，在水平方向：F=FTcos30°，在竖直方向：mg=FTsin30°，联立可得：A.。故A项错误；B.。故B项错误；C.。故C项错误；D.。故D项正确。2、B【解析】

A.A、B属于同轴转动，所以角速度相同，根据：，线速度与半径成正比，vA:vB=2：1，A错误B.A、D两点皮带传动，具有相同的线速度，C、D两点具有相同的角速度，所以，所以，B正确C.根据，且，所以vA:vC=1:2，C错误D.A、D两点皮带传动，具有相同的线速度，vA:vD=1:1，D错误3、B【解析】

A.由于不知道电场线的方向，所以不能判断电场的方向，则不能判断电荷的性质，故A错误；BC.根据粒子的运动的轨迹可以判断，粒子受到的力指向轨迹弯曲的内侧，即指向右下方，所以从A到B的过程中，电场力做正功，所以粒子的动能一定是越来越大，粒子的电势能一定是越来越小，故B正确，C错误；D.由于不知道电场的方向，所以不能判断A点和B点电势的高低，故D错误。4、C【解析】

AB．电场场强、电势都由电场本身决定，与电场力、检验电荷无关，故两种说法错误，故AB错误；C．是电容的定义式，采用比值法定义，电容器的电容大小由电容器本身决定，与电容器两极板间电势差无关，故C正确；D．由可知，匀强电场中的任意两点、间沿电场线方向间的距离越大，则两点间的电势差一定越大，若匀强电场中的点、间的距离与电场线垂直，距离越大但电势不变，故D错误；故选C。5、B【解析】因为向同一电阻R供电，电阻R消耗的电功率相同，则电流I相等．据，因E1＞E2，则．据，两电源内部消耗的电功率．据，电池的效率．故B项正确，ACD三项错误．点睛：注意区分电源的功率与效率，搞清各自的公式．6、D【解析】

ABC.仅由这一根电场线无法判断是什么电场，不知电场线的疏密，电场的强弱也无法判断，所以ABC错误；D.正电荷受到的电场力方向沿着电场线方向，D正确．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

当物块B刚要离开C时，对挡板的压力为零，根据平衡条件求出此时弹簧的弹力，结合胡克定律求出弹簧的形变量，对A，根据牛顿第二定律求出物块A的加速度，弹簧开始处于压缩，根据平衡求出压缩量的大小，抓住A的位移等于弹簧的形变量求出物块A的位移；【详解】A、物块B刚要离开C时B对C的弹力恰好为零，对B，由平衡条件得，此时弹簧的弹力：，故A正确；

B、B刚要离开C时，对A，由牛顿第二定律得：，解得：，故B错误；

D、刚开始时，对A由平衡条件得：，B刚要离开C时，弹簧弹力：，整个过程A的位移：，解得：，物体A做初速度为零的匀加速直线运动，位移：，解得，运动时间：，故C正确，D错误．【点睛】本题考查了牛顿第二定律和共点力平衡的基本运用，关键能够正确地受力分析，知道A的位移等于弹簧长度的变化量，从而求出时间；8、AD【解析】

由题中“甲、乙两个电路”可知，本题考查电表改装，根据电流表和电压表原理可分析本题。【详解】AB.甲是电流表原理，R为分流电阻，当R减小时，所分电流变大，因此量程变大，故A正确B错误；CD.乙是电压表原理，R为分压电阻，R减小时，分压变小，因此量程变小，故C错误D正确。9、ABC【解析】

AB、由题意，电源电动势为3.0V，内阻不计，则知L3的电压U3=E=3V，L2、L1的电压均为，由小灯泡的伏安特性曲线读出L1的电流为I1=0.20A，则其电阻为，灯泡L1消耗的电功率为，故A、B正确；C、由小灯泡的伏安特性曲线读出L3的电流为I3=0.25A，则其电阻为，故C正确；D、灯泡L3消耗的电功率为，灯泡L2消耗的电功率等于灯泡L1消耗的电功率，所以三灯泡消耗的总电功率，故D错误；故选ABC．【点睛】关键是知道电源电动势为3.0V，内阻不计，则知三个灯泡两端的电压，由小灯泡的伏安特性曲线读出三个灯泡的电流，由求出电阻，根据P=UI求出功率．10、BCD【解析】

A．设带电体通过C点时的速度为vC，依据牛顿第二定律：解得vC=1.0m/s故A错误；B．设带电体从最高点C落至水平轨道上的D点经历的时间为t，根据运动的分解有：故：xDB＝联立解得xDB=0故B正确；C．设带电体通过B点时的速度为vB，带电体从B运动到C的过程中，依据动能定理：解得选项C正确；D．由题意可知，滑块的最大速度出现在平衡位置处。在从B到C的过程中只有重力和电场力做功，由给定的数据可知，这两个力大小相等，其平衡位置在与重力方向成45°夹角斜向右下方，故最大速度必出现在B点右侧对应圆心角为45°处。

设小球的最大动能为Ekm，根据动能定理有：；在动能最大位置，支持力也最大，因电场力与重力的合力大小为mg，根据牛顿第二定律，有：；联立解得：根据牛顿第三定律知，带电体在从B到C运动的过程中对轨道最大压力为故D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B1.1【解析】（1）测定伏安特性电压电流需从0开始测起，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻约为5Ω，属于小电阻，电流表采取外接法．灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选择3V量程的，灯泡的额定电流在0..44A，则电流表量程选择0.6A的，电路图和实物连线图如下图：（2）开关S闭合之前，将图乙中滑动变阻器的滑片应置于B端，使测量电路部分处于短路状态，闭合电键时，电压表、电流表示数为零，起到保护作用。（3）当电压U=2.5V时，I=0.44A，根据P=UI=2.5×0.44W=1.1W。12、CDB【解析】

(1)从测量精确度考虑，小灯泡的额定电流为Imax=0.5A，则电流表要大于等于0.5A的量程，故选C(0.6A);小灯泡的额定电压为3V，所以电压表选取量程为大于等于(2)由于电压和电流需从0开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法;灯泡的电阻为R=UI≈30.5由外接法+分压式连实物如图所示：(3)由于灯泡内阻随温度的升高而增大，而I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数；因此其对应的I-U图象应斜率越来越小；故只有B图正确．【点睛】本题考查描绘小灯泡伏安特性曲线的实验，正确掌握本实验中电路的接法；注意分压接法以及电流表接