2024届上海市松江区高考物理全真模拟密押卷含解析

2024届上海市松江区高考物理全真模拟密押卷

考生须知：

1.全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色

字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、1960年10月第十一届国际计量大会确定了国际通用的国际单位制，简称SI制。国际单位制共有七个基本单位，

其中力学单位制中的3个基本单位是（）

①kgs③N@m⑤s（6）Nm⑦m/s?⑧、.s

A.B.C.②③⑦D.⑤⑥⑧

2、如图所示，电灯悬挂于两壁之间，更换水平绳04使连接点A向上移动而保持。点的位置不变，则A点向上移动

A.绳OA的拉力逐渐增大

B.绳OA的拉力逐渐减小

C.绳OA的拉力先增大后减小

D.绳OA的拉力先减小后增大

3、关于做简谐运动的单摆，下列说法正确的是（）

A.单摆做稳定的受迫振动时，单摆振动的频率等于周期性驱动力的频率

B.秒摆的摆长和振幅均减为原来的四分之一，周期变为0.5s

C.已知摆球初始时刻的位置及其周期，就可知摆球在任意时刻运动速度的方向

D.单摆经过平衡位置时摆球所受的合外力为零

4、如图所示，质量为机的小球用一轻绳悬挂，在恒力户作用下处于静止状态，静止时悬线与竖直方向夹角为53。，若

25

把小球换成一质量为7T〃，的小球，在恒力尸作用下也处于静止状态时，悬线与竖直方向夹角为37。，则恒力户的大

小是（）

<53c

5

D--tng

5、一个物体沿直线运动，，=0时刻物体的速度为1m/s,加速度为im/s%物体的加速度随时间变化规律如图所示，则

下列判断正确的是（）

A.物体做匀变速直线运动B.物体的速度与时间成正比

C.，=5s时刻物体的速度为6.25m/sD.f=8s时刻物体的速度为12.2m/s

6、下列说法正确的是（）

A.卢瑟福的。粒子散射实验揭示了原子核具有复杂的结构

B.在一根长为0.2m的直导线中通入2A的电流将导线放在匀强磁场中，受到的安培力为0.2N,则匀强磁场的磁感应

强度的大小可能是0.8T

C.伽利略利用理想斜面实验得出物体不受外力作用时总保持静止或匀速直线运动的状态，开创了物理史实验加合理

外推的先河

D.比值定义法是物理学中定义物理量的一种常用方法，电流强度/的定义式是/

R

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示为带电粒子在某电场中沿工轴正方向运动时，其电势能随位移的变化规律，其中两段均为直线。则下列叙

述正确的是（）

A.该粒子带正电

B.2m-4m内电势逐渐升高

C.Om~2m和2m~6m的过程中粒子的加速度大小相等方向相反

D.2m-4m电场力做的功和4m~6m电场力对该粒子做的功相等

8、如图所示，AB两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，小球A放在固定的光滑斜面上，斜面倾角a=30°，BC两小

球在竖直方向上通过劲度系数为人的轻质弹簧相连，小球C放在水平地面上。现用手控制住小球A,并使细线刚刚拉

直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行。已知小球A的质量为4川，小球BC质量相等，

重力加速度为g,细线与滑轮之间的摩浜不计，开始时整个系统处于静止状态。释放小球A后，小球A沿斜面下滑至

速度最大时小球C恰好离开地面，关于此过程，下列说法正确的是（）

A.小球BC及弹簧组成的系统机械能守恒

B.小球C的质量为加

C,小球A最大速度大小为2g、但

V5k

D.小球B上升的高度为华

k

9、如图（a）所示，光滑绝缘斜面与水平面成8=30。角放置，垂直于斜面的有界匀强磁场边界M、N与斜面底边平

行，磁感应强度大小为8=3T。质量〃z=0.05kg的“日”字形导线框在沿斜面向上的外力作用下沿斜面向上运动，导

体框各段长度相等，即ab=be=cd=de=qf=%=ft:=L=0.1m,ab、fc,ed段的电阻均为〃=其余电阻不

计。从导线框刚进入磁场开始计时，色段的电流随时间变化如图（力）所示（电流由/到c的方向为正），重力加速度

g=10m/s2下列说法正确的是（）

A.导线框运动的速度大小为10m/s

B.磁感应强度的方向垂直斜面向上

C.在，=0至，=0.03s这段时间内，外力所做的功为0.24J

D.在/=0.01s至，=0.02s这段时间内，导线框所受的安培力大小为0.3N

10、如图所示，半径分别为R和2R的甲、乙两薄圆盘固定在同一转轴上，距地面的高度分别为2〃和九两物块a、b

分别置于圆盘边缘，a、b与圆盘间的动摩擦因数〃相等，转轴从静止开始缓慢加速转动，观察发现，a离开圆盘甲后,

未与圆盘乙发生碰撞，重力加速度为g,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则（）

B.离开圆盘前，a所受的摩擦力方向一定指向转轴

C.离开圆盘后，a运动的水平位移大于b运动的水平位移

D.若〃=落地后a、b到转轴的距离之比为布：

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某课外活动小组使用如图所示的实验装置进行《验证机械能守恒定律》的实验，主要步骤:

A、用游标卡尺测量并记录小球直径d

B、将小球用细线悬于。点，用刻度尺测量并记录悬点。到球心的距离,

C、将小球拉离竖直位置由静止释放，同时测量并记录细线与竖直方向的夹角0

D、小球摆到最低点经过光电门，光电计时器（图中未画出）自动记录小球通过光电门的时间M

E、改变小球释放位置重复C、D多次

F、分析数据，验证机械能守恒定律

请回答下列问题：

（1）步骤A中游标卡尺示数情况如下图所示，小球直径d=mm

⑵实验记录如下表，请将表中数据补充完整（表中y是小球经过光电门的速度

010°20°30°40°50°60°

cos。0.980.940.871.770.640.50

A〃ms18.09.06.04.63.73.1

v/ms'10.541.09@_____2.132.653.16

v2/m2s'20.301.19②_______4.547.029.99

⑶某同学为了作出yZcosO图像，根据记录表中的数据进行了部分描点，请补充完整并作出yZcosO图像（）

（4）实验完成后，某同学找不到记录的悬点O到球心的距离,了，请你帮助计算出这个数据上―m（保留两位有效数

字），已知当地重力加速度为9.8m/s2。

12.（12分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验装置如图所示，其中A为固定橡皮条的图钉,0为橡皮条与细绳

的结点,0B和OC为细绳.实验的主要的步骤有：

A.在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；

B.用图钉把橡皮条的一端固定在板上的4点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；

C.用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条,使橡皮条伸长，结点到达某一位置。，记录下0点的位置，读出

两个弹簧测力计的示数；

D.按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力尸।和耳的图示，并用平行四边形定则求出合力F;

E.只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力

尸’的图示；

F.比较尸和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论.

（1）上述步骤中,有重要遗漏的步骤的序号是_________和；（填字母）

（2）根据实验数据在白纸上所作图如图乙所示，已知实验过程中操作正确.

①乙图中后、尸2、尸、P’四个力，其中力（填上述字母）不是由弹簧测力计直接测得的实验中.

②丙图是测量中某一弹簧测力计的示数，读出该力大小为N.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）热气球为了便于调节运动状态，需要携带压舱物，某热气球科学考察结束后正以大小为的速度匀速下降,

热气球的总质量为M,当热气球离地某一高度时，释放质量为;M的压舱物，结果热气球到达地面时的速度恰好为零,

4

整个过程中空气对热气球作用力不变，忽略空气对压舱物的阻力，重力加速度为g,求：

（1）释放压舱物时气球离地的高度上

（2）热气球与压舱物到达地面的时间差.

14.（16分）如图所示，导热良好的气缸直立在水平地面上，气缸的质量为，〃，高度为L底面面积为S,用活塞把一

定量的气体封闭在气缸内，活塞可沿气缸壁无摩擦移动，活塞及气体的质量可忽略不计，气体可看作理想气体。平衡

时，活塞处于距气缸底5L处。现用力F缓慢向上拉动活塞，直至气缸刚要离开地面，此过程中活塞未移动到气缸口

处。（环境温度保持不变，环境气体压强为P0）求：

⑴气缸刚要离开地面时，活塞距气缸底的距离；

⑵若此过程中力尸做功为W,则封闭气体需从外界吸收多少热量？

15.（12分）粗细均匀的U形玻璃管竖直放置，左端封闭，右端开口。初始时，管内水银柱及空气柱长度如图所示，

下方水银柱足够长且左、右两侧水银面等高。已知大气压强po=75cmHg,环境温度不变。现从U形管右侧缓慢注入水

银.使右侧空气柱上方水银柱的长度变为25cme求：

⑴右侧管内封闭空气柱的长度；

（ii）左侧管内水银面上升的高度。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】

国际基本单位有米、千克、秒、安培、开尔文、摩尔和坎德拉；其中力学单位制中的3个基本单位是米、秒、千克，

即时m、kg、s,即①©⑤，故A正确，BCD错误。

故选A。

2、D

【解析】

以。点为研究对象，根据受力平衡，有:

由图可知，绳子。8上的拉力逐渐减小，0A上的拉力先减小后增大。

A.绳。4的拉力逐渐增大，与分析不符，故A项错误；

B.绳0A的拉力逐渐减小，与分析不符，故B项错误；

C.绳。4的拉力先增大后减小，与分析不符，故C项错误；

D.绳。4的拉力先减小后增大，与分析相符，故D项正确。

3、A

【解析】

A.系统做稳定的受迫振动时，系统振动的频率等于周期性驱动力的频率，与固有频率无关，故A正确；

B.根据单摆的周期公式

7=24归

知摆长缩短为原来的四分之一，则周期变为原来的二分之一，即为1s,故B错误；

C.投球在同一位置振动方向有两种，所以已知初始时刻的位置和振动周期，不知道初始时刻搜球的振动方向，不能

知道振子在任意时刻运动速度的方向，故c错误；

D.单摆运动中，摆球在最低点做圆周运动，所以摆球经过平衡位置时所受的合外力提供向心力，故D错误。

故选A。

4、D

【解析】

对两个球受力分析如图所示：

在AACB中:

ACCB

sin37o-sin（53°-37°）

其中：

—2、7

CB=-mg-mg=-fng

解得：

-T；5

AC=­mg

在AAPC中有：

________AP_________AC

sin[180°-（53°+a）]-sina

所以：

5

-mg

mg=6

sin（53°+a）sina

解得：

a=53°

可见AAPC是等腰三角形，PC=AC＞即：

L5

F=­/ng

故D正确，ABC错误。

5、I）

【解析】

A.物体的加速度在增大，做变加速直线运动，故A错误。

B.由图像知质点的加速度随时间增大，根据片Po+W可知，物体的速度与时间一定不成正比，故B错误。

C.由图知A=O.1/+1（m/s*2）,当/=5s时，a=1.5m/s2,速度的变化量

Av=x5m/s=6.25m/s

2

知r=5s时的速度为

v=vo+Av=lm/s+6.25m/s=7.25m/s

故C错误。

D.a4图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量，则0・8s内，a=O.li+l（m/s2）,当/=8s时，a=1.8m/s2,速度的变化

量

.1+1.8°.....

Av=-------x8mzs=11.2m/s

2

知r=8s时的速度为

v=vo+Av=1m/s+11.2m/s=12.2m/s

故D正确。

故选D。

6、B

【解析】

A.天然放射现象的发现揭示了原子核具有复杂的结构，故A错误；

B.长为0.2m的直导线中通入2A的电流，将导线放在匀强磁场中，受到的安培力为0.2N,故有

nF0.20.5

D———

ILsin02x0.2xsin6?sin0

因为

0<sin<9<1

故可得82OST,即大小可能是0.8T,故B正确；

C.物体不受外力作用时总保持静止或匀速直线运动的状态，是牛顿在伽利略、笛卡尔的研究基础上得到的牛顿第一

定律，故c错误；

D.比值定义法是物理学中定义物理量的一种常用方法，电流强度/的定义式是

/=幺

t

故D错误。

故选Bo

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、CD

【解析】

AB.由于电场的方向未知，因此粒子的电性不能确定，2m〜6m的电势的高低也不能判断，AB错误;

C.根据电势能与电势的关系

Ep=q(p

场强与电势的关系

得

E」.也

qAx

由数学知识可知EP-x图像切线的斜率等于空1,故斜率间接代表了场强大小，Om~2m和2m~6m的斜率大小相等方

Ar

向相反，因此电场强度的方向大小相等方向相反，则粒子的加速度大小相等方向相反，C正确；

D.2m-4m两点间距与4m〜61n两点间距相等，电场强度也相等，因此由U=Ed可知,2m〜4m两点间的电势差等于4m-6m

两点间的电势差，则2m~4m电场力做的功和4m〜6m电场力做的功相等，D正确。

故选CD,

8、BC

【解析】

A.以小球B、C及弹簧组成的系统为研究对象，除系统重力外，绳的拉力弓对系统做功，则系统机械能不守恒，故

A错误；

R.小球A速度最大时.小球A的加速度为零.则

Amgsina=4

对小球爪。及弹簧组成的系统

耳=2ng

联立以上两式，解得

mr-m

故B正确；

CD.小球C恰好离开地面时，弹簧弹力

F弹=mcg=mg

弹簧伸长量为W，初始时，弹簧被压缩W，则小球3上升坐，以小球A、B、C及弹簧组成的系统为研究对象,

kKk

由机械能守恒定律得

2mc.2mg1,12

m.g-r-sina-mBg-——=-mAv；+

Kk22

又

V=以

联立以上两式，解得

…信

故C正确，D错误。

故选BC.

9、AD

【解析】

B.由于在0~0.01s时间内，电流从/到c为正，可知W中电流从〃到c,则由右手定则可知，磁感应强度的方向垂直

斜面向下，选项B错误；

A.因为cd刚进入磁场时，通过我的电流为0.5A,可知通过cd的电流为1A,则由

,BLv

，•十一7

2

解得

v=10m/s

选项A正确；

C.在至/=0.03s这段时间内，线圈中产生的焦耳热为

Q=31Ht=3xFx3x0.01J=0.09J

线框重力势能的增加量

Ep=mg•3Lsin30=0.075J

则外力所做的功为

IV=G+E/J=0.165J

选项C错误；

D.在，=0.01s至，=0.02s这段时间内，导线框的U边在磁场内部，则所受的安培力大小为

=B/L=3xlx0.1N=0.3N

选项D正确。

故选AD,

10、ABD

【解析】

A.由题意可知，两物块随圆盘转动的角速度相同，当最大静摩擦力提供物体向心力时，此时的角速度为物体随圆盘

做圆周运动的最大角速度，为临界角速度，根据牛顿第二定律得

^nibg=2mbRcob

解得b物体滑离圆盘乙的临界角速度为

林书

同理可得，a物块的临界角速度为

由几何知识知，物体a滑离圆盘时，其位移的最小值为

x^=y)QR)2_R2=6R

由题意知，其未与圆盘乙相碰，根据平抛运动规律可知

x=R(D.At=Rg-Jy>^nin=CR

解得

3R

〃〉一

2/7

所以A正确；

B.离开圆盘前，a随圆盘一起做匀速圆周运动，由静摩擦力来提供向心力，所以a所受的摩擦力方向一定指向转轴,

B正确；

C.由于

所以一定是b物块先离开圆盘，离开圆盘后，物块做平抛运动，对b物体的水平位移为

4=vbz=2叫二一=2y[phR

同理可得，a物体的水平位移为

工a=d=Redo、-t'=Redo,­=2-y//.ihR

故离开圆盘后a的水平位移等于b的水平位移，所以C错误;

D.当

5Rj

Ll=—时

2h

a的落地点距转轴的距离为

X,={K+X；=4HR

同理，b的落地点距转轴的距离为

2

x2=yl(2R)+xl=^R

故

毛V14

所以D正确。

故选ABDo

三、实验题：本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、9.801.632.661.0

【解析】

(1)口］游标卡尺的主尺读数为9mm,游标尺上第16个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为

16x0.05mm=0.80mm,所以最终读数为：9mm+0.80mm=9.80mm；

⑵［2］根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小球经过光电门时的速度为：

d9.80x10-3

m/s=1.63m/s

6.0x10-3

网则有:

v2=2.66nr/s2

⑶⑷先根据记录表中的数据进行了描点，作出v2-cosO图像如图:

（4）[5]由P2-cos0图像可得图像斜率的绝对值为:

,10-0

k—_______=20

-1.0-0.5

要验证机械能守恒定律，必须满足:

mg(/-/cosO)=—tnv~

化简整理可得：

v2=2切-2^/cos0

则有：

2gl=k=20

解得：

I=1.0m

12、CEF'9.0

【解析】

本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行

比较，得出结果.所以实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样

才能作出拉力的图示.步骤C中未记下两条细绳的方向；步骤E中未说明把橡皮条的结点拉到位置O.

⑵①[3].尸在凡与尸2组成的平行四边形的对角线上，为实验的理论值，用一个弹簧秤橡皮筋时，其弹力一定与橡皮筋

共线，因此用弹簧秤直接测量值为F，所以尸不是由弹簧秤直接测得的.

②[4].由图示测力计可知，其分度值为1N,示数为9.0N；

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

【解析】

(1)由题意知尸浮=Mg

释放压舱物后：=(Ma

即热气球向下做匀减运动的加速度大小为：

1

a=_g

3

由于热气球到地面时的速度刚好为零，则

,v23v2

n=——=----

2a2g

⑵设压舱物落地所用时间为d