2024-2025学年海南省海口市高三上学期10月摸底考物理试题及答案

海口市2025届高三摸底考试物理注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.以下说法中正确的是（）A.在国际单位制中把“力”定为基本物理量，其单位为“牛顿”理想化模型是把实际问题理想化，忽略次要因素，突出主要因素，例如：点电荷库仑提出了库仑定律，并最早通过实验测得元电荷的数值D.楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕2.“玉兔二号”上装配的放射性同位素电池，能将Pu衰变释放的部分核能转化成电能。Pu的半衰期是PuUX87.7A.X是发生衰变的核反应方程为器，下列正确的是（）温度升高Pu的半衰期变大PuX是D.100个87.7年剩余50个3.m方向成角的拉力，使木箱从静止开始做匀加速直线运动，前进距离l时速度为v。在该过程中，下列说法正确的是（）A.力F做功为力F的平均功率为D.木箱克服摩擦力做功为mgl力F的瞬时功率一直增大v4m/s04.某次足球比赛中，足球以的速度从球员身边直线滚过，在运动方向上离边界还有7.5m。该球vt员立即由静止开始同向直线追赶，球员和足球的图像如图所示，则下列说法正确的是（）第1共页A.球员的加速度大小为20~1s内，足球的平均速度大小为1.5m/s1s时，球员刚好追上足球D若球员不追赶足球，足球会滚出边界5.嫦娥六号于2024年6月2日成功着陆月背南极-艾特肯盆地。如图所示，假设登月探测器在环月轨道1P点实施变轨，进入椭圆轨道，再由Q点进入圆轨道。若轨道1的半径为3r，轨道3的半径为r，登月探测器在轨道3的运行周期为T，则下列说法正确的是（）A.探测器在轨道3上运行时加速度不变探测器在轨道2上运行的周期为2Tv:v1:3探测器在轨道1和轨道3上运行的线速度大小之比13D.探测器从轨道2Q点进入圆轨道3时，需要点火加速6.一定质量的理想气体从状态aabbcca回到原状态，其VT列说法正确的是（）A.ab中气体分子热运动的平均动能保持不变bc中外界对气体做功小于气体向外放出的热量第2共页ca中单位时间内撞击容器壁单位面积的气体分子数增多p:p3:1D.气体在ab两状态的压强大小之比7.在光电效应实验中，某同学分别用甲光、乙光、丙光照射同一光电管，得到了三条光电流随电压变化的ab图像，如图所示。下列说法正确的是（）A.甲光的强度大于乙光的强度甲光的频率大于乙光的频率乙光照射时光电子最大初动能大于丙光照射时光电子最大初动能D.甲光和丙光通过同一双缝干涉装置后，丙光形成的干涉条纹间距较大8.m的2024个相同匀质圆柱体依次放置在倾角为30°滑挡板挡住使圆柱体均处于静止状态，则下列说法中正确的是（）A.圆柱体123……2024对斜面压力依次减小挡板对圆柱体1的弹力大小为1012mg3圆柱体1对斜面的压力大小为6D.若将挡板绕下端点缓慢逆时针转60°，则转动过程中挡板受到的压力逐渐增大二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.21R线圈加上如图所示的交流电，则下列说法正确的是（）第3共页A.在t时，电压表的示数为0原线圈电流的有效值为0.5AR上消耗的电功率为10WD.加在原线圈上交流电压瞬时值的表达式为u2V10.如图甲所示，用水平力F把一质量为m的木块压在竖直墙壁上，F随时间变化规律如图乙所示。已知物块与墙壁间动摩擦因数为0.5，t0g）A.在T0.50时刻物块速度为0T~T在在D.在时间内物块的加速度为0.5g000~T02时间内物块的位移大小为00~T时间内物块与墙壁保持相对静止0光线从空气射入某介质，入射光线和界面的夹角为45°105°（）A.该介质的折射率为3光在这种介质中的传播速度为v28光线从空气射入介质时，入射角大于45°会发生全反射第4共页D.光线从空气射入介质时，最大折射角不超过12.abca和bqc带负电荷，电量为2qA为、b连线的中点，O为三角形的中心，Ocr，下列说法正确的是（）A.O点电势小于A点电势O点电场强度小于A点电场强度负电荷沿OA从O点移到A点电势能减小FkD.带电量为Q的试探电荷在O点所受的电场力大小r213.我国新一代航母阻拦系统采用了电磁阻拦技术，工作原理如图所示。固定在水平甲板面内的“U”型金属导轨位于磁感应强度为BMN平行且相距为mR的导体棒ab质量为M的飞机着舰时，迅速钩住导体棒ab上的绝缘绳，同时关闭动力系统并立即与导体棒ab获得相对v航母的共同速度，飞机和导体棒一起减速滑行距离x后停下。除安培力外，两者一起运动时所受阻力恒0为的是（）A.飞机与导体棒向右运动过程中，ab棒中的电流方向为ba1Mm0fx2MPba产生的焦耳热为2R通过导体棒某横截面的电荷量为(Mm)v0B2lx2tD.所经的时间为f2三、实验题：本题共2小题，共20分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。14.第5共页1）下列关于图中实验说法正确的是______。A.图甲“探究平抛运动的特点”实验中，斜槽轨道必须光滑图乙计算油膜面积时，只数完整的方格数，油酸分子直径的测量值会偏大图丙“探究气体等温变化的规律”实验中，要紧握玻璃管气体部分并快速移动柱塞D.图丁“测量玻璃的折射率”实验中，玻璃砖宜选用宽度较窄的，大头针应垂直插入2）某同学利用如图甲所示的实验装置进行了探究加速度与力、质量的关系”的实验，该同学在钩码上方加装了一个力传感器，可以显示上方细线拉力的大小。图乙是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动BCDE，且相邻两计数点间还有4个计时点没有标出，计数点间的距离如图乙所示，电源的频率为50Hz。①实验中______（选填“需要”或“不需要”）满足所挂钩码的质量m远小于小车的质量M；va______2（结果均保留②由图乙可求得C点的瞬时速度大小3______m/s③该同学在实验前，没有测量小车的M，也忘记平衡摩擦力，在保持小车的质量不变的情况下，进行了多次实验，得到了如图丙所示的图像，则根据图像可求得小车的质量M______kg。Vr15k15.某兴趣小组为测量电压表1供了如下器材：Vr）2A．电压表（量程0~15V，内阻2R00~）．电阻箱（R）．滑动变阻器1（0~第6共页R20~10kΩ）D．滑动变阻器（．直流电源（电动势为18VS，导线若干。请完成下列填空：1）实验原理图如图甲所示，用笔画线代替导线，将图乙的实物电路补充完整______；RR2（选填“1”“”P调到最______2端（选填“”“右3P的示数为U的示数为U2V2V1V2表______V1RVr______（用“U”、“UR”、“”“0r的电阻为，则电压表的内阻011212四、计算题：本题共3小题，共36分。把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。16.bx轴负方向传播的ab的振动图像分别如图乙、丙所示。已知该波的波长大于0.7m，求：1）质点a在0~5s内振动走过的路程；2）可能的波速v。17.于O点正下方，并轻靠在物块左侧。现将细线拉直到水平位置，静止释放，小球运动到最低点时与物块发mM0.30kg，物块与生弹性碰撞。已知细线长L，小球质量，物块、小车质量均为12小车上表面间动摩擦因数空气阻力，重力加速度g取10m/s2。第7共页1）求小球运动到最低点与物块碰撞前所受拉力的大小；2）求小球与物块碰撞后的瞬间，物块速度的大小；3）为使物块不从小车上掉下来，小车长度的至少为多长？18.如图所示，在平面直角坐标系确定的平面内，虚线OM与x轴负方向的夹角为45°OM右侧区域I内存在垂直xOyOM左侧区域II内存在沿ym、v电荷量为q的带正电粒子从原点O沿x轴正方向以速度OM时0速度方向与y轴平行，并恰好能到达x轴上的P点。已知原点O与P点间的距离为d，不计粒子受到的重力，求：1）匀强磁场的磁感应强度大小B；2）匀强电场的电场强度大小；3）粒子从O点射出至第四次穿过边界线OM所用的时间t以及此时到O点的距离。总第8共页海口市2025届高三摸底考试物理答案一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。12345678BACDBBAC二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分9101213AC三、实验题：本题共2小题，共20分。10分，每空21）B2）①不需要②0.507（或者5.071）2.28~2.38210分，每空21）U1U1Ur0122）R左3）12.0或1U20U20Ur12四、计算题：本题共3小题，共36分。8）由振动图像可知，波的振动周期T．a从平衡位置开始震动每经四分之一个周期路程为一个振幅A5XA100cm0.22）若波沿着x轴负方向传播，则a间距离1xn，(n2)41即n4n可以取0，，波长24m3第9共页4则波速为2T0.80.80.83T12）对小球摆动到最低点的过程中，由动能定理120020v20L在最低点，对小球由牛顿第二定律FmT解得，小球运动到最低点与物块碰撞前所受拉力的大小为T6N2）小球与物块碰撞过程中，由动量守恒定律和机械能守恒定律012121102mv212222解得小球与物块碰撞后的瞬间，物块速度的大小为2m204m/smM3）物块在小车上表面滑动过程中，由牛顿第二定律得，f11ga2Mff地2g2g12Mt二者共速为v，物体和小车位移大小分别为x，x，由匀变速运动规律得12对物体vvat21对小车va2t4v0.8m/s54ts5(2vt1222分析可知，二者共速后一起匀减速运动，则为使物块不从小车上掉下来，小车水平轨道长s12s16解：由题意，可画出粒子在磁场和电场中的运动轨迹如图所示1）研究粒子在磁场中的匀速圆周运动，由向心力公式，得v20r0Bm由几何关系得rd0qdB2）粒子在电场中的匀减速运动，由动能定理，得1qEd020202则E23）粒子在磁场中运动的周期为2π2dπT03dπ20粒子第一次在磁场中运动的时间为tT14第一次穿过边界线OMO点的距离为12dmv20d在电场中的加速度为a2d4d粒子第一次在电场中来回的时间为t22a0粒子第二次在磁场中还是以速度0运动，则粒子第二次在磁场中的时间为第共页1πtT3420此时沿边界线OM移动的距离为22d粒子第二次在电场中以初速度0做类平抛运动，则在xxvt041y24在y24d联立解得t40此时沿边界线OM移动的距离为342d则粒子从O点射出至第四次穿过边界线OM的时间2πd8dttttt总12340第四次穿过边界线OMO点的距离为llll62d总123海口市2025届高三摸底考试物理注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.以下说法中正确的是（）A.在国际单位制中把“力”定为基本物理量，其单位为“牛顿”理想化模型是把实际问题理想化，忽略次要因素，突出主要因素，例如：点电荷库仑提出了库仑定律，并最早通过实验测得元电荷的数值D.楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕【答案】B【解析】kg、、sAA错误；模型，故B正确；．最早通过实验测得元电荷的数值的是密立根，故C错误；D．奥斯特发现了电流的磁效应，故D错误。。PuPu的半衰期是2.“玉兔二号”上装配的放射性同位素电池，能将衰变释放的部分核能转化成电能。UX87.7A.X是Pu发生衰变的核反应方程为器，下列正确的是（）Pu温度升高的半衰期变大Pu87.7年剩余50个X是D.100个【答案】A【解析】42，【详解】X质量数为42X是第1共页即粒子，故A正确，C错误；．半衰期只与原子核内部结构有关，与外界环境因素无关，故B错误；D．原子核的半衰期是针对大量原子核得出的统计规律，对少数原子核衰变不适用，故D错误；A。3.m方向成角的拉力，使木箱从静止开始做匀加速直线运动，前进距离l时速度为v。在该过程中，下列说法正确的是（）A.力F做功为力F的平均功率为D.木箱克服摩擦力做功为mgl力F的瞬时功率一直增大【答案】C【解析】【详解】AF做功为W故A．木箱运动的平均速度为vv2F的平均功率为PFcosvcos2故B错误；F的瞬时功率P由于木箱从静止开始沿直线匀加速运动，则力F的瞬时功率一直增大，故C正确；D．木箱受到的摩擦力为fNmgFsin)则木箱克服摩擦力做功为fflFsinl第2共页故D错误。。v4m/s04.某次足球比赛中，足球以的速度从球员身边直线滚过，在运动方向上离边界还有7.5m。该球vt员立即由静止开始同向直线追赶，球员和足球的图像如图所示，则下列说法正确的是（）A.球员的加速度大小为20~1s内，足球的平均速度大小为1.5m/s1s时，球员刚好追上足球D.若球员不追赶足球，足球会滚出边界【答案】D【解析】vt【详解】A图像中，图线的斜率为加速度的大小，故球员的加速度大小为vt3a21A错误；．根据匀变速直线运动规律可知，0~1s内，足球的平均速度大小为112vvv3402B错误；．1s时，球员的位移121xvt3112足球的位移112vvt4313.5m0122显然足球的位移大于运动员的位移，C错误；第3共页D．若球员不追赶足球，足球静止时的位移121xvt=44m=8m>7.5m0总2足球会滚出边界，D正确。D。5.嫦娥六号于2024年6月2日成功着陆月背南极-艾特肯盆地。如图所示，假设登月探测器在环月轨道1P点实施变轨，进入椭圆轨道，再由Q点进入圆轨道。若轨道1的半径为3r，轨道3的半径为r，登月探测器在轨道3的运行周期为T，则下列说法正确的是（）A.探测器在轨道3上运行时加速度不变探测器在轨道2上运行的周期为2Tv:v1:3探测器在轨道1和轨道3上运行的线速度大小之比13D.探测器从轨道2Q点进入圆轨道3时，需要点火加速【答案】B【解析】【详解】A．根据万有引力提供向心力有r2ar2探测器在轨道3上运行时加速度大小不变，方向改变，故A错误；．探测器在轨道2上运行时的轨道半长轴rr22r2探测器在轨道2和轨道3上运行时，根据开普勒第三定律可知(2r)223r3T2第4共页22T故B正确；．探测器在轨道1、3上运行，根据万有引力提供向心力可知v2mr2rGMrv1313故C错误；D．探测器由高轨道变轨到低轨道，做向心运动，需要减速，故D错误；。6.一定质量的理想气体从状态aabbcca回到原状态，其VT列说法正确的是（）A.ab中气体分子热运动的平均动能保持不变bc中外界对气体做功小于气体向外放出的热量ca中单位时间内撞击容器壁单位面积的气体分子数增多p:p3:1D.气体在ab两状态的压强大小之比ab【答案】B【解析】【详解】A．过程ab中，温度升高，分子热运动的平均动能增大，故A错误；．过程bc中，温度降低，气体内能减小，体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，过程第5共页bc中外界对气体做功小于气体向外放出的热量，故B正确；．过程ca中，温度一定，气体分子运动的平均速率一定，体积增大，气体分子分布密集程度减小，则单位时间内撞击容器壁单位面积的气体分子数减小，故C错误；D．过程ab中，体积一定，根据查理定律有ab00p:p1:3ab故D错误。。7.在光电效应实验中，某同学分别用甲光、乙光、丙光照射同一光电管，得到了三条光电流随电压变化的图像，如图所示。下列说法正确的是（）A.甲光的强度大于乙光的强度甲光的频率大于乙光的频率乙光照射时光电子最大初动能大于丙光照射时光电子最大初动能D.甲光和丙光通过同一双缝干涉装置后，丙光形成的干涉条纹间距较大【答案】A【解析】【详解】BC．根据光电效应方程Ekν0根据动能定理可得eUc0k联立可得eUc0根据图像中遏止电压的大小关系可知，甲光、乙光、丙光的频率大小关系为第6共页乙丙甲Ekν0可知乙光照射时光电子最大初动能小于丙光照射时光电子最大初动能故错误；A的光的强度，故A正确；D．根据c可得三中光的波长关系为乙丙甲根据条纹间距公式Lxd可知甲光和丙光通过同一双缝干涉装置后，甲光形成的干涉条纹间距较大，故D错误。A。8.m的2024个相同匀质圆柱体依次放置在倾角为30°滑挡板挡住使圆柱体均处于静止状态，则下列说法中正确的是（）A.圆柱体123……2024对斜面压力依次减小挡板对圆柱体1的弹力大小为1012mg3圆柱体1对斜面的压力大小为6D.若将挡板绕下端点缓慢逆时针转60°，则转动过程中挡板受到的压力逐渐增大【答案】C【解析】A1小，即都为Ncos30而圆柱体1因为还受到水平向右的挡板对其的弹力，因此圆柱体1对斜面的压力大小应等于自身重力垂直斜面方向的分力大小与挡板对圆柱体1的弹力在垂直斜面方向的分力的大小之和，故A错误；第7共页2024个圆柱体为整体，根据受力平衡可得F30挡2024可得挡板对圆柱体1的弹力大小为3F挡3故B错误；2024个圆柱体为整体，根据受力平衡可得斜面对2024个圆柱体的总支持力大小为2024N总303则斜面对圆柱体1的支持力大小为3NNcos301总636则圆柱体1对斜面的压力大小为C正确；D．对整体受力分析，做出力的矢量三角形如图所示可知，随着挡板绕下端点缓慢逆时针转动o时，挡板对整体的弹力沿着斜面向上，垂直于支持力FN，随着挡板绕下端点缓慢逆时针转动到60°三定律可知，挡板受到的压力将先减小后增大，故D错误。。二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.21R线圈加上如图所示的交流电，则下列说法正确的是（）第8共页A.在t时，电压表的示数为0原线圈电流的有效值为0.5AR上消耗的电功率为10WD.加在原线圈上交流电压瞬时值的表达式为u2V【答案】【解析】【详解】A．由乙图可知，原线圈两端电压最大值为Um202V，则有效值为UmU120V2根据电压与匝数比关系，有解得副线圈两端的电压为U11U2221U210V因电压表显示的示数是有效值，故任何时刻电压表的示数都为10V，不会为零，故A错误；．根据欧姆定律可得流过R的电流为U2RI2根据电流与匝数比的关系，有12I21121故B正确；第9共页．根据电功率公式，有PI22R10W故C正确；D．由乙图可知，周期T=0.02s，则角速度为/sT原线圈两端电压最大值为Um202V，根据uUtVm可知加在原线圈上交流电压瞬时值的表达式为2sinπtVu故D错误。。10.如图甲所示，用水平力F把一质量为m的木块压在竖直墙壁上，F随时间变化规律如图乙所示。已知物块与墙壁间动摩擦因数为0.5，t0g）A.在T0.50时刻物块速度为0T~T在在D.在时间内物块的加速度为0.5g000~T02时间内物块的位移大小为00~T时间内物块与墙壁保持相对静止0【答案】AC【解析】0T【详解】A．由图可知，，压力的大小为0FfF0.5fa0.5g此时，物块和墙壁间的摩擦力为由牛顿第二定律可知物块的加速度在T时刻物块速度为0v00.50A正确；T~T时间内，压力的大小00F2此时，物块和墙壁间的摩擦力为fF与物块的重力平衡，物块的加速度为，B错误；0T．时间内物块的位移01x0.25gT201020~Tv物块以速度做匀速运动，位移为0x0.520200~T时间内，压力的大小0F'此时摩擦力的大小f'F'根据牛顿第二定律可知，此时物块的加速度f''第共页'a0.5gv方向竖直向上，所以此阶段物块以初速度a'向下做匀减速运动，根据匀变速直线运动规律可得，此阶段物块的位移1xa'0230230.25020T时间内物块的位移0xxxx20123C正确，D错误。。光线从空气射入某介质，入射光线和界面的夹角为45°105°（）A.该介质的折射率为3光在这种介质中的传播速度为v28光线从空气射入介质时，入射角大于45°会发生全反射D.光线从空气射入介质时，最大折射角不超过【答案】【解析】【详解】A．光线从空气射入某介质，入射角为45°，折射角为30°，则该介质的折射率为sinsin30n2A错误；．光在这种介质中的传播速度为cv1.52108nB正确；．光线从空气射入介质时，因光线从光疏介质射入光密介质，则不会发生全反射，选项C错误；D．光线从空气射入介质时，当入射角最大为90°时，折射角最大，最大折射角sin902sinrn2则折射角不超过45°，选项D正确。。12.abca和bqc带负电荷，电量为2qA为、b连线的中点，O为三角形的中心，Ocr，下列说法正确的是（）A.O点电势小于A点电势O点电场强度小于A点电场强度负电荷沿OA从O点移到A点电势能减小FkD.带电量为Q的试探电荷在O点所受的电场力大小r2【答案】【解析】【详解】A．根据电场的合成可知，段电场由A指向c，沿着电场线方向，电势逐渐降低，可知O点电势小于A点电势，故A正确；c点电荷在O点处的电场大于Aab点电荷在A点的合场强为0O点的合场强不为0的合成可知，O点电场强度大于A点电场强度，故B错误；C．O点电势小于A点电势，负电荷在电势高的位置电势能较小，所以负电荷沿OA从O点移到A点电势能减小，故C正确；D．根据几何关系可知O到顶点的距离都为r，根据库仑定律2q与Q的库仑力为2qcr2ab正电荷与Q的库仑力为Fr2夹角为120°，根据矢量合成可知，带电量为Q的试探电荷在O点所受的电场力大小F2kr2r2r2故D正确；。13.我国新一代航母阻拦系统采用了电磁阻拦技术，工作原理如图所示。固定在水平甲板面内的“U”型金属导轨位于磁感应强度为BMN平行且相距为mR的导体棒ab质量为M的飞机着舰时，迅速钩住导体棒ab上的绝缘绳，同时关闭动力系统并立即与导体棒ab获得相对v航母的共同速度，飞机和导体棒一起减速滑行距离x后停下。除安培力外，两者一起运动时所受阻力恒0为的是（）A.飞机与导体棒向右运动过程中，ab棒中的电流方向为ba1Mm0fx2MPba产生的焦耳热为2R通过导体棒某横截面的电荷量为(Mm)v0B2lx2tD.所经的时间为f2【答案】【解析】Aab棒中的电流方向为baA正．对导体棒和飞机这一整体，根据动能定理，有1安fx0Mm022由于回路MPba产生的焦耳热等于ab棒克服安培力所做的功，可得1焦安Mm0fx22故B正确；．通过导体棒某横截面的电荷量为t2REBlxqIttt总2R2R故C错误；D．导体棒和飞机这一整体，根据动量定理，有Ftft0Mmv安0即BIltft0Mmv0Itq联立求得MmvB2lx2t0f2Rf故D正确。。三、实验题：本题共2小题，共20分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。14.1）下列关于图中实验说法正确的是______。A.图甲“探究平抛运动的特点”实验中，斜槽轨道必须光滑图乙计算油膜面积时，只数完整的方格数，油酸分子直径的测量值会偏大图丙“探究气体等温变化的规律”实验中，要紧握玻璃管气体部分并快速移动柱塞D.图丁“测量玻璃的折射率”实验中，玻璃砖宜选用宽度较窄的，大头针应垂直插入2）某同学利用如图甲所示的实验装置进行了探究加速度与力、质量的关系”的实验，该同学在钩码上方加装了一个力传感器，可以显示上方细线拉力的大小。图乙是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动BCDE，且相邻两计数点间还有4个计时点没有标出，计数点间的距离如图乙所示，电源的频率为50Hz。①实验中______（选填“需要”或“不需要”）满足所挂钩码的质量m远小于小车的质量M；va______2（结果均保留②由图乙可求得C点的瞬时速度大小3______m/s③该同学在实验前，没有测量小车的质量M，也忘记平衡摩擦力，在保持小车的质量不变的情况下，进行了多次实验，得到了如图丙所示的图像，则根据图像可求得小车的质量M______kg。【答案】（）B【解析】（2）①.不需要②.0.507.2.36.2【小问1详解】A“探究平抛运动的特点”实验中，探究的是小球抛出后的运动情况，斜槽轨道是否光滑对实验没有影响，A错误；．计算油膜面积时，只数完整的方格数，会导致面积S偏小，根据油膜法计算分子的直径VdS测得的分子直径会偏大，B正确；度升高，C错误；D“测量玻璃的折射率”大头针应垂直插入在纸面上，D错误。。【小问2详解】[1]由于实验器材中有力传感器，可以直接测量出小车所受拉力的大小，故不需要满足所挂钩码的质量m远小于小车的质量M。[2]根据匀变速直线运动规律，中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，故有2TC2[3]根据逐差法可求得小车的加速度xxaCET(20.212222242f[4]设小车受到的摩擦力为，根据牛顿第二定律可知FfFfaMMaF由此可知，在的图像中，斜率为小车质量的倒数，即1kM1124MkVr5k15.某兴趣小组为测量电压表11供了如下器材：Vr）2A．电压表（量程0~15V，内阻2R00~）．电阻箱（R）．滑动变阻器1（0~R20~10kΩ）D．滑动变阻器（．直流电源（电动势为18VS，导线若干。请完成下列填空：1）实验原理图如图甲所示，用笔画线代替导线，将图乙的实物电路补充完整______；RR2（选填“1”“”P调到最______2端（选填“”“右3PV2V1的示数为UV的示数为U22表______V1RVr______（用“U”、“URr2的电阻为，则电压表的内阻”、“”“011210R1【答案】（）（2）①..左UrR1203）.12.0.URUr2012【解析】【小问1详解】根据电路图可得实物连接如图所示【小问2详解】RV[1][2]根据题意可知，滑动变阻器采用分压接法，为了方便调节，应选用1，为了保护电压表，闭合S1前应将滑动变阻器的滑片调到最左端。【小问3详解】V[1]电压表的分度值为1V，需要估读到分度值下一位，读数为12.0V；2[2]根据电路图，由电流关系可得U2U1U1r20r1UrR0112U20Ur12四、计算题：本题共3小题，共36分。把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。16.abx1mb的振动图像分别如图乙、丙所示。已知该波的波长大于0.7m，求：1）质点a在0~5s内振动走过的路程；2）可能的波速v。【答案】（）100cm2）1m/s【解析】【小问1详解】由振动图像可知，波的振动周期Ta从平衡位置开始振动每经四分之一个周期路程为一个振幅A4cm，可知5sA【小问2详解】若波沿着x轴负方向传播，则a间距离14xn，(n2)即1n40.7mn可以取0，，波长14