2024年华师大新版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华师大新版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、在物理学发展过程中，许多科学家做出了突出贡献。下列说法正确的是A.奥斯特发现了磁场对电流的作用规律B.安培提出了分子电流假说C.楞次发现了电磁感应定律D.法拉第发现电流了电流磁效应2、首先发现电流磁效应的科学家是(

)

A.奥斯特B.安培C.库仑D.麦克斯韦3、如图所示；A；B两端电压不变，滑动变阻器滑片向右移动过程中，以下说法正确的是（）

A.L1变亮，L2变亮，L3变暗。

B.L1变暗，L2变亮，L3变暗。

C.L1变暗，L2变亮，L3变亮。

D.L1变亮，L2变暗，L3变亮。

4、如图是逻辑电路图；真值表中当A为1，B为0时，输出Z的值为（）

A.O

B.1

C.O或1

D.任意值。

5、如图所示，某理想变压器的原、副线圈匝数均可调节，原线圈两端电压为一峰值不变的正弦交变电压，副线圈接一可变电阻．在其他条件不变的情况下，为使变压器输入功率增大，下面的措施正确的是（）A.仅增加原线圈匝数n1B.仅增加副线圈匝数n2C.减小电阻R的阻值的同时增加原线圈匝数n1D.仅增大电阻R的阻值6、以下关于电磁学史，叙述不正确的是(

)

A.库仑发现了点电荷间的作用规律，并最先提出了场的概念B.安培发现磁场对电流的作用现象，并提出了分子电流假说C.焦耳发现了电流的效应D.富兰克林用正、负电荷来区分自然界中的两种电荷7、如果闭合电路中的感应电动势很大，那一定是因为(

)

A.穿过闭合电路的磁通量很大B.穿过闭合电路的磁通量变化很大C.穿过闭合电路的磁通量变化很快D.闭合电路的电阻很小8、图示为氢原子的部分能级图.

关于氢原子能级的跃迁，下列叙述中不正确的是(

)

A.用能量为10.21eV

的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态B.用能量为11.0eV

的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态C.用能量为14.0eV

的光子照射，可使处于基态的氢原子电离D.大量处于基态的氢原子吸收了能量为12.10eV

的光子后，能辐射3

种不同频率的光评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、匝数n=100的圆形金属线圈的电阻R=2Ω，线圈与R1=2Ω的电阻连结成闭合回路，其简化电路如图1所示，A．B为线圈两端点．线圈的半径r1=15cm，在线圈中半径r2=10cm的圆形区域存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系如图2所示．则下列说法正确的是（）A.R1两端电压为πVB.A点电势比B点电势高C.线圈中产生的感应电动势为4.5πVD.0～2s内流过R1的电量为1.125πC10、在光滑水平面上，一质量为m

速度大小为v

的A

球与质量为2m

静止的B

球发生正碰，碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，则碰后B

球的速度大小可能是A.0.7v

B.0.6v

C.0.4v

D.0.2v

11、一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的电流瞬时值表达式为：i=102sin100娄脨t(A)

则()

A.此交流的频率为50Hz

B.此交流的峰值为10A

C.用交流电流表测此电流，示数为10A

D.用交流电流表测此电流，示数为14.1A

12、下列单位换算正确的是(

)

A.1娄脤F=1000nF

B.1F=106娄脤F

C.1A=1000娄脤A

D.1000mAh=1C

13、某同学设计了一种静电除尘装置，如图1

所示，其中有一长为L

宽为b

高为d

的矩形通道，其前、后面板为绝缘材料，上、下面板为金属材料.

图2

是装置的截面图，上、下两板与电压恒定为U

的高压直流电源相连.

带负电的尘埃被吸入矩形通道的水平速度为v0

当碰到下板后其所带电荷被中和，同时被收集.

将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值，称为除尘率.

不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用.

要增大除尘率，则下列措施可行的是(

)

A.只增大电压U

B.只增大长度L

C.只增大高度d

D.只增大尘埃被吸入水平速度v0

14、一静止的铝原子核AI俘获一速度为1.0×107m/s的质子P后，变为处于激发态的硅原子核Si．下列说法正确的是（）A.核反应方程为p+Al→SiB.核反应过程中系统动量不守恒C.核反应前后核子数相等，所以生成物的质量等于反应物的质量之和D.硅原子核速度的数量级105m/s，方向与质子初速度方向一致15、如图所示，河的宽度为d，水流的速度为v2，小船以大小为v1、方向与上游河岸成θ的速度从A处过河，经过t时间，正好到达正对岸的B处．（）A.v1一定小于v2B.时间C.若要小船渡河时间最短，v1的方向要垂直指向对岸D.若v1增大，要小船仍然正好到达正对岸B处，在水流速度保持不变的情况下，还必须适当减小θ角16、爱因斯坦因提出光量子概念并成功地解释光电效应的规律而获得1921

年诺贝尔物理学奖.

某种金属逸出光电子的最大初动能Ekm

与入射光频率娄脥

的关系如图所示，其中娄脥0

为极限频率.

从图中可以确定的是(

)

A.逸出功与娄脥

有关B.Ekm

与入射光强度成正比C.当娄脥=娄脥0

时会逸出光电子D.图中直线斜率与普朗克常量有关17、如图所示，一辆运送沙子的自卸卡车装满沙子，沙粒之间的动摩擦因数为娄脤1

沙子与车厢底部材料的动摩擦因数为娄脤2

车厢的倾角用娄脠

表示(

已知娄脤2>娄脤1)

下列说法正确的是。

A.要顺利地卸干净全部沙子，应满足tan娄脠>娄脤2

B.要顺利地卸干净全部沙子，应满足sin娄脠>娄脤2

C.只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，应满足娄脤2>tan娄脠>娄脤1

D.只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，应满足娄脤2>娄脤1>tan娄脠

评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)18、如图所示，ab两端电压U不变，cd两端接理想电压表时，示数为60V，cd两端接理想电流表时，示数为3A，cd两端接电阻R3时，R1、R2、R3上消耗的电功率恰好相等．则ab两端的电压为____V，R3的阻值为____Ω．

19、使用多用电表的欧姆挡测电阻时，用“×100”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小，正确的判断和做法是____

A．被测电阻值很大。

B．被测电阻值很小。

C．为了把电阻值测得更准一些；应换用“×1k”挡，重新欧姆调零后再测量。

D．为了把电阻值测得更准一些，应换用“×10”挡，重新欧姆调零后再测量．20、如图所示，单匝矩形闭合导线框abcd全部处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，线框面积为S，电阻为R。线框绕与cd边重合的竖直固定转轴以角速度匀速转动，线框中感应电流的有效值I=。线框从中性面开始转过的过程中，通过导线横截面的电荷量q=。21、有一种“隐形飞机”，可以有效避开雷达的探测，秘密之一在于它的表面有一层特殊材料，这种材料能够____（填“增强”或“减弱”）对电磁波的吸收作用；秘密之二在于它的表面制成特殊形状，这种形状能够____（填“增强”或“减弱”）电磁波反射回雷达设备．22、如图所示，R1=12kΩ，R2=8kΩ，R3=20kΩ，R4=600Ω，当滑动变阻器滑动触头C调到最上端时，AB间的总电阻是______Ω，AB间最大电阻值为______Ω．23、如图所示，光滑水平面上有AB

两物块，已知A

物块的质量为2kg

以4m/s

的速度向右运动，B

物块的质量为1kg

以2m/s

的速度向左运动，两物块碰撞后粘在一起共同运动.

若规定向右为正方向，则碰撞前B

物块的动量为______kg?m/s

碰撞后共同速度为______m/s

．24、有一个电流表G，内阻Rg=100Ω，满偏电流Ig=300μA要把它改装为量程3V的电压表，则应串联一个电阻阻值______Ω，要把它改装为0.6A量程的电流表，则改装后电流表的内阻______Ω。25、下列说法中的现象属于波干涉的是____________；属于波的衍射的是____________．

A．夏日雷声轰鸣不绝。

B．闻其声而不见其人。

C．听到远离的汽笛声音音调较低。

D．两个完全相同的声源固定在空间某两位置上．如果在声源周围走动，时而感到有声，时而感到无声．26、一物体自由下落1m

和4m

时的动能之比是______，动量之比是______．评卷人得分四、计算题(共4题，共24分)27、（本题供教学进度已超前的考生做）（12分）钚的放射性同位素静止时，衰变时铀核激发态粒子，而铀核激发态立即衰变为铀核并放出能量为0.097MeV的光子。已知：粒子的质量分别为相当于931.5MeV的能量。（1）写出衰变方程；（2）已知衰变放出的光子的动量可忽略，求粒子的动能。28、有一n=10

匝的正方形金属线框，边长为L=20cm

线框总电阻为r=1娄赂

外接电阻R=9娄赂

线框绕轴以娄脴=10娄脨ad/s

的角速度匀速转动，如图所示，垂直于线框平面向里的匀强磁场的磁感应强度为B=0.5T

(1)

从图示位置开始计时；写出感应电动势随时间变化的表达式；

(2)

求线框从图示位置转过60鈭�

的过程中，通过电阻R

的电荷量。29、如图所示，R1=6娄赂R2=3娄赂R3=8娄赂R5=6娄赂.

若电源提供的总功率为P脳脺=30W

电源输出功率为P鲁枚=28.4W

电源内阻r=0.4娄赂

求：

(1)AB

间的电压UAB=

(2)

电源电动势娄脜=

30、如图所示；一横波的波源在坐标原点，x轴为波的传播方向，y轴为振动方向．当波源开始振动1s时，形成了如图所示的波形（波刚传到图中P点）．试求：

（1）从图示位置再经多长时间波传到Q点？

（2）波传到Q点时质点P的位移．评卷人得分五、画图题(共2题，共6分)31、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象32、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】试题分析：安培发现了磁场对电流的作用规律，A错；法拉第发现了电磁感应定律，C错；奥斯特发现电流了电流磁效应，D错。考点：物理学史【解析】【答案】B2、A【分析】解：1820

年；奥斯特意外地发现载流导线的电流会作用于磁针，使磁针改变方向，也就是通电导体周围产生磁场．

故选：A

．

根据物理学史和常识解答；记住著名物理学家的主要贡献即可．

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．【解析】A

3、D【分析】

滑动变阻器滑片向右移动过程中，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据欧姆定律得知，干路中电流I增大，则L3变亮；并联部分电路的电压U并=UAB-IRL3，UAB不变，I增大，则U并减小，L2的电流减小，则L2变暗．因L2的电流减小，而干路电路增大，所以灯L1电流增大，则L1变亮．故D正确；A；C、D错误．

故选D

【解析】【答案】滑动变阻器滑片向右移动过程中，变阻器接入电路的电阻减小，分析外电路总电阻如何变化，由欧姆定律确定干路中电流如何变化，即可知灯L3亮度的变化．并能判断出并联部分电压的变化，分析灯L2亮度的变化，根据L2的电流与干路电流的变化，判断灯L1电流的变化，从而判断灯L1亮度的变化．

4、B【分析】

图示是或门符号；故满足或逻辑关系，当A为1，B为0时，输出Z的值为1

故选B

【解析】【答案】会区分三个基本门电路的符号；理解它们的逻辑关系．

5、B【分析】解：A；原线圈匝数增加使得副线圈电压减小；输出功率减小，输入功率也减小，故A错误；

B；副线圈匝数增加；电压电流都增加，故输出功率增加，故B正确；

C；负载电阻减小；原线圈匝数增加使得副线圈电压减小，功率不一定增大，故C错误；

D；负载电阻增大；而电压不变，所以输出功率和输入功率都减小，故D错误；

故选：B

根据电压器的特点：匝数与电压成正比；与电流成反比，输入功率等于输出功率．

做好本类题目除了利用变压器特点外，还要根据闭合电路的欧姆定律去分析负载变化引起的电流变化．【解析】【答案】B6、A【分析】解：A

库仑发现了点电荷间的作用规律；法拉第认为电荷的周围存在着由它产生的电场；并采用了电场线来简洁地描述它，故A错误；

B；安培通过实验测定了磁场对电流的作用力；并提出了分子电流假说。故B正确。

C；焦耳发现了电流的效应；故C正确。

D；富兰克林用正、负电荷来区分自然界中的两种电荷；故D正确；

本题选择错误的；故选：A

根据物理学史和常识解答；记住著名物理学家的主要贡献即可。

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。【解析】A

7、C【分析】解：闭合电路中的感应电动势很大；根据法拉第电磁感应定律得知，穿过闭合电路的磁通量变化率很大，则磁通量变化很快．

故选C

闭合电路中的感应电动势很大；穿过闭合电路的磁通量变化率大，说明磁通量变化很快．

磁通量变化率反映了磁通量变化的快慢.

感应电动势的大小与磁通量变化快慢有关．【解析】C

8、B【分析】解：A

基态的氢原子吸收10.21eV

的能量；能量为鈭�13.61+10.21=鈭�3.40eV.

跃迁到第二能级.

故A正确．

B；11.0eV

的能量不等于基态与其它能级间的能级差；所以不能吸收而发生跃迁.

故B错误．

C、因为鈭�13.61+14.0eV>0

所以用能量为14.0eV

的光子照射，可使处于基态的氢原子电离.

故C正确．

D；基态氢原子吸收12.10eV

的能量；会跃迁到第3

能级，会辐射出3

种不同频率的光子.

故D正确．

本题选不正确的故选：B

．

能级间发生跃迁吸收的光子能量能用两能级间的能级差.

基态的氢原子吸收的能量若大于等于13.61eV

则会发生电离．

解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律，即Em鈭�En=hv

．【解析】B

二、多选题(共9题，共18分)9、AB【分析】解：根据法拉第电磁感应定律故C错误；

根据楞次定律；磁通量均匀增大，感应电流逆时针方向，A端接的电源正极，B端接的电源负极，因此A点电势比B点电势高，故B正确；

回路中的电流

两端的电压为：故A正确；

0～2s内流过的电量为：故D错误；

故选：AB

由楞次定律判断出感应电流的方向，从而确定电势的高低；由法拉第电磁感应定律求出线圈中产生的感应电动势，由欧姆定律求出电阻R1两端的电压大小；由公式q=It求出通过电阻R1上的电量q．

本题是法拉第电磁感应定律、欧姆定律的综合应用，应用法拉第定律时要注意s是有效面积，并不等于线圈的面积．【解析】【答案】AB10、BC【分析】略【解析】BC

11、AC【分析】【分析】本题关键是明确交流电的瞬时值、有效值、最大值的区别，明确有效值是根据电流的热效应规定的，交流电流表测量的是有效值。对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义。【解答】A.交流电的表达式为：i=102sin100娄脨t(A)

故角速度娄脴=100娄脨娄脴=100娄脨，频率f=2娄脨T=50Hz

故A正确；B.由表达式i=102sin100娄脨t(A)

知最大值为102A

故B错误；CD.

电流最大值为102A

故有效值为I=Im2=10A

故C正确，D错误。故选AC。【解析】AC

12、AB【分析】解：A1娄脤F=106pF=103nF

故A正确．

B；1F=106娄脤F

故B正确．

C；AmA娄脤A

的进制为103.

则1A=106娄脤A

故C错误．

D；根据q=It

知；1C=1As鈮�1000mAh

故D错误．

故选：AB

．

电容的单位有：FmF娄脤FnFpF

单位的进制为103

电流的单位有：AmA娄脤A

进制为103

．

解决本题的关键知道电容和电流的单位，知道单位之间的进制，基础题．【解析】AB

13、AB【分析】解：A

增加除尘率即是让离下极板较远的粒子落到下极板上，带电尘埃在矩形通道内做类平抛运动，在沿电场的方向上的位移为y=12Uqdm(Lv0)2

增大y

便可增大除尘率，故A正确。

B；由A

分析知；B正确。

C；由A

分析知；C错误。

D；由A

知；D错误。

故选AB

带电尘埃在矩形通道内做类平抛运动，在沿电场的方向上的位移为y=12Uqdm(Lv0)2

增大y

便可增大除尘率。

此题为结合生活背景的题目，考查频率较高，注意构建物理情景类平抛运动，应用运动的分解知识求解【解析】AB

14、AD【分析】解：A、由质量数守恒和电荷数守恒可知，核反应方程为为p+Al→Si；故A正确；

B；核反应方程过程中系统动量守恒；能量也守恒，故B错误；

C；核反应过程中；要释放热量，质量发生亏损，生成物的质量小于反应物的质量之和，故C错误；

D；设质子的质量为m；则铝原子原子核的质量约为27m，以质子初速度方向为正，根据动量守恒定律得：

mv0=（m+27m）v

解得：v=3.57×105m/s，数量级为105m/s；方向与质子初速度方向一致，故D正确。

故选：AD。

由质量数；电荷数守恒书写核反应方程．核反应方程过程中系统动量守恒；能量也守恒，核反应过程中质量发生亏损，根据动量守恒定律求解硅原子核的速度．

本题的关键要明确核反应方程遵守质量数守恒和电荷数守恒，核反应遵守系统动量守恒，能量守恒．【解析】AD15、BC【分析】解：A；船能垂直达到对岸；说明船沿河岸方向的分速度与水流的速度相等，所以船的速度大于水的速度．故A错误；

B、船到达B的时间：故B正确；

C、若要小船渡河时间最短，则需要船头的方向垂直于河岸的方向，即v1的方向要垂直指向对岸；故C正确；

D、若在增大υ1的同时；也必须适当增大θ角，这样才能保证水流方向的分速度不变，而垂直河岸的分速度在增大，则船还能垂直达到对岸，且时间更短，故D错误．

故选：BC

由题意可知；根据船实际的位移判断出两个分速度的关系，由匀速直线运动的特点求出运动的时间．

考查运动的合成与分解，掌握平行四边形定则的应用，注意要使小船在更短的时间内过河并且也正好到达正对岸B处，必须满足船在水流方向的分速度不变，且垂直河岸的分速度要增大．【解析】【答案】BC16、CD【分析】解：A

金属的逸出功与入射光的频率无关；由金属本身的性质决定，故A错误．

B；由图可知；最大初动能Ekm

与入射光的频率有关，与入射光的强度无关，故B错误．

C、由图可知，当入射光的频率v>v0

时；光电子的最大初动能大于零，可知当v鈮�v0

时，会逸出光电子，故C正确．

D；根据光电效应方程得；Ekm=hv鈭�W0

可知图线的斜率表示普朗克常量，故D正确．

故选：CD

．

本题考查光电效应的特点：垄脵

金属的逸出功是由金属自身决定的；与入射光频率无关；垄脷

光电子的最大初动能Ekm

与入射光的强度无关；垄脹

光电子的最大初动能满足光电效应方程．

只要记住并理解了光电效应的特点，只要掌握了光电效应方程就能顺利解决此题，所以可以通过多看课本加强对基础知识的理解．【解析】CD

17、AC【分析】【分析】当与车厢底部接触的沙子从车上卸下时，全部沙子就能顺利地卸干净，此时沙子所受的重力沿斜面向下的分力大于最大静摩擦力；当与车厢底部不接触的沙子卸下，而与车厢底部接触的沙子未卸下时，只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，根据重力的分力与最大静摩擦力的关系，求出tan娄脠

满足的条件。本题是实际的情景，实质上考查对最大静摩擦力的理解能力，当外力大于最大静摩擦力时，物体将发生相对滑动。难度一般。【解答】AB

由题，娄脤2>娄脤1

可知越是上层的沙子越容易卸下，当与车厢底部接触的沙子从车上卸下时，全部沙子就能顺利地卸干净，则有mgsin娄脠>娄脤2mgcos娄脠

得tan娄脠>娄脤2

故A正确，B错误；

CD

与车厢底部不接触的沙子卸下，而与车厢底部接触的沙子未卸下时，只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，这时，应有mgsin娄脠>娄脤1mgcos娄脠mgsin娄脠<娄脤2mgcos娄脠

得足娄脤2>tan娄脠>娄脤1

故C正确，D错误。

故选AC。

【解析】AC

三、填空题(共9题，共18分)18、略

【分析】

cd端接电压表时：I=IR2==60V①；

cd端接电流表时：R2短路，I′==3A②；

cd端接R3，功率相等，R2和R3并联：U2=U3，由P=可得R2=R3；

I1=I2+I3=2I3=2I2，由题意知三个电阻消耗的功率相等，由P=I2R可得R1==③；

将①②③联立得：R1=25Ω，R2=R3=100Ω；U=75Ω．

故答案为：75；100．

【解析】【答案】本题给出的条件较多；只需按照题目给出的条件根据欧姆定律以及电路的串并联规律，列出式子联立解之，即可得到答案．

19、略

【分析】

欧姆表表盘的特点是：左边密右边疏；零刻度在右边．偏角小，说明电阻阻值大，故A正确B错误；

为了测量准确；应换用较大挡×1K，重新欧姆调零后再测量，故C正确D错误．

故选AC

【解析】【答案】利用欧姆表测电阻时；应使指针指在中央附近，选择合适的挡位后要重新欧姆调零．

20、略

【分析】【解析】【答案】（3分）（3分）21、增强减弱【分析】【解答】现代的“隐形飞机”之所以能够避开雷达的探测；其原因在于它的表面制成特殊形状，这种形状能够减弱电磁波的反射，同时隐形飞机的表面有一层特殊材料，这种材料能够增强对电磁波的吸收作用，使得雷达受到反射回来的电磁波发生变化，即导致雷达无法根据反射回来的电磁波判断前方物体．

故答案为：增强；减弱．

【分析】雷达的工作原理是这样的：其首先向外发射电磁波，这些电磁波碰到前方物体后发生反射，即雷达通过接收到的反射回来的电磁波的情况判断前方的物体情况．所以该题可以据上面所说的雷达的工作原理分析即可．22、略

【分析】解：当电位器滑动触头C调到最上端时；并联部分的电阻为：

R并==kΩ=8.4kΩ

此时总电阻为：R=R并+R4=8400+600=9000Ω

电位器滑动触头C调到中间某个位置时；并联部分的电阻为：

R并==kΩ≤kΩ=10kΩ

（当28-R上=12+R上，即R上=8kΩ时取等号）

此时总电阻为：R=R并+R4=10000+600=10600Ω

故答案为：9×103，1.06×104．

串联电路的电阻等于各个电阻的电阻值之和；并联电路的电阻值的倒数等于各个支路的电阻值的倒数之和．

本题关键是第二问，推导出总电阻的表达式，然后结合表达式的知识求解极值，不难．【解析】9×103；1.06×10423、略

【分析】解；规定向右为正方向；碰撞前B

物块的动量PB=mBvB=1隆脕(鈭�2)kgm/s=鈭�2kgm/s

．

根据动量守恒定律得：mAvA+mBvB=(mA+mB)v

解得：v=2隆脕4鈭�1隆脕22+1m/s=2m/s

．

故答案为：鈭�22

．

根据动量的公式求出碰撞前B

的动量；对AB

组成的系统运用动量守恒定律，求出碰撞后的共同速度．

本题考查动量守恒定律的基本运用，知道AB

组成的系统碰撞过程中动量守恒，注意动量守恒表达式的矢量性，基础题．【解析】鈭�22

24、99000.05【分析】解：依据电表改装的特点，要改装成3V量程的电压表需串联电阻；则有：U=Ig（Rg+R）；解得需串联R=9900Ω；

若改成0.6A的电流表，应并联电阻分流，则有：R′=解得需并联0.05Ω的电阻，即总电阻R总=0.05；所以电流表的内阻0.05Ω。

故答案为：9900；0.05。

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻；把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，根据串并联电路特点与欧姆定律分析答题。

本题考查了电流表与电压表的改装，知道电表的改装原理、应用串并联电路规律以及欧姆定律即可正确解题。【解析】99000.0525、略

【分析】解：A；夏日雷声轰鸣不绝是波的反射现象；

B；闻其声而不见其人；属于波的衍射现象；

C；听到远离的汽笛声音音调较低；属于多普勒效应；

D；两个完全相同的声源固定在空间某两位置上．如果在声源周围走动；时而感到有声，时而感到无声，属于波的干涉现象；

故选：D，B【解析】D;B26、1：4；1：2【分析】解：自由落体运动是初速度为0

的匀加速直线运动；由公式：2gh=v2

得：

v=2gh

所以：v1v2=2gh12gh2=h1h2=14=12

根据动能的定义式：Ek=12mv2

所以：Ek1Ek2=v12v22=14

根据动量的定义式：P=mv

所以：

P1P2=v1v2=12

故答案为：1412

物体做自由落体运动，根据2gh=v2

求解速度，根据Ek=12mv2

求解动能；根据P=mv

求解动量即可．

本题关键根据自由落体运动的规律求解速度，然后根据动能定义式求解动能之比，根据动量的定义式求解动量之比即可.

基础题目．【解析】1412

四、计算题(共4题，共24分)27、略

【分析】【解析】

（1）衰变方程为①（2分）②（2分）或合起来有③（写出③式直接给4分）（2）上述衰变过程的质量亏损为④（1分）放出的能量为⑤（1分）由能量的转化和守恒定律可知，此能量是铀核的动能a粒子的动能光子的能量之和⑥（1分）由④⑤⑥式得⑦（1分）设衰变后的铀核和a粒子的速度分别为VU和则由动量守恒有⑧（1分）又由动能的定义知⑨（1分）由⑧⑨式得⑩（1分）由⑦⑩式得代入题给数据得（1分）【解析】【答案】（1）（2）28、略

【分析】

(1)

先根据Em=NB娄脴S

求出最大值；即可得出电动势的瞬时表达式；

(2)

根据法拉第电磁感应定律可求得平动电动势；则可得出对应的电量。

本题涉及交流电压与交流电流的瞬时值、最大值、有效值和平均值；瞬时值要注意确定相位，对于电表读数、求产生的热量均由交变电的有效值来确定，而涉及到耐压值时，则由最大值来确定，而通过某一电量时，则用平均值来求。【解析】解：(1)

根据Em=NB娄脴S

可得感应电动势的最大值为：

Em=10隆脕0.5隆脕0.22隆脕10娄脨V=6.28V

因此感应电动势的瞬时表达式为：e=6.28sin10娄脨t(V)

(2)

线圈从计时开始，转过60鈭�

过程中通过线圈某