2024年沪科版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科版选修3物理上册阶段测试试卷805考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、红光与紫光相比（）A.在真空中传播时，紫光的速度比较大B.在玻璃中传播时，红光的速度比较大C.玻璃对红光的折射率较紫光的大D.在真空中传播时，红光的波长较紫光的短2、关于固体、液体和物态变化，下列说法正确的是（）A.当人们感到潮湿时，空气绝对湿度一定大B.当分子间距离增大时，分子间的引力减小，斥力增大C.一定量的理想气体，在压强不变时，气体分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度升高而增多D.水的饱和汽压随温度的升高而增大3、如图所示；根据实验数据在同一个I﹣U图象中画出了两只不同电阻的伏安特性曲线．下列判断正确的是（）

A.a图线对应的电阻阻值较大B.b图线对应的电阻阻值较大C.a图线对应的电阻的电阻率一定大D.b图线对应的电阻的电阻率一定大4、电风扇的挡位变换器电路如图所示，把它视为一个可调压的理想变压器，总匝数为2400匝的原线圈输入电压u=220sin100πt(V)，挡位1、2、3、4对应的线圈匝数分别为240匝、600匝、1200匝、2400匝．电动机M的内阻r=8Ω，额定电压为U=220V，额定功率P=110W．下列判断正确的是）（））

A.该交变电源的频率为100HzB.当选择3挡位后，电动机两端电压的最大值为110VC.当挡位由3变为2后，原线圈的电流变大D.当选择挡位4后，电动机的输出功率为108W5、瑞典皇家科学院2018年10月2日宣布，将2018年诺贝尔物理学奖授予美国科学家阿瑟•阿什金、法国科学家热拉尔•穆鲁以及加拿大科学家唐娜•斯特里克兰，以表彰他们在激光物理学领域的突破性贡献．阿什金发明的光镊工具能够“夹”住微小如原子、病毒以及活细胞等物体．穆鲁和斯特里克兰发明了“啁啾（zhōujiū）脉冲放大”技术．“啁啾”出自唐诗“到大啁啾解游飏，各自东西南北飞”，形容鸟的鸣叫．“啁啾脉冲放大”技术其原理为：将一段短脉冲在时域上展宽，然后放大，再进行压缩．此项技术已经成为高强度激光的标准，应用于众多领域．则下列关于激光的说法合理的是A.某激光器产生超短脉冲时长为2.0×10-13s，能量为1.0J，则此激光超短脉冲的功率为5.0×1013WB.短脉冲激光测速是对被测物体进行两次有特定时间间隔的激光测距，测得在该时间段内被测物体的移动距离，从而得到被测物体的移动速度．激光测速选取的时间间隔越长，测得物体移动的瞬时速度越准确C.“啁啾”来源于鸟鸣，意即频率变化，“啁啾脉冲”技术中的短脉冲激光瞬时频率随时间的变化而变化D.利用光学镊子捕获活体细菌时，红外激光光镊比绿色激光光镊更容易杀死活体细菌评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、如图所示，一根固定的绝缘竖直长杆位于范围足够大且相互正交的匀强电场和匀强磁场中，电场强度大小为E=磁感应强度大小为B．一质量为m、电荷量为q的带正电小圆环套在杆上，环与杆间的动摩擦因数为μo现使圆环以初速度vo向下运动，经时间to；圆环回到出发点．若圆环回到出发点之前已经开始做匀速直线运动，不计空气阻力，重力加速度为g．则下列说法中正确的是（）

A.环经过时间刚好到达最低点。

B.环的最大加速度为am=g+B.环在t0时间内损失的机械能为m(v02-)C.环下降过程和上升过程系统因摩擦产生的内能相等7、下图中S1和S2是相干波源，它们在同一水平面上产生两列圆形波．图中实线圆弧表示波峰，虚线圆弧表示波谷，图示为两列波在某时刻叠加的波形．图中有a、b、c三点()

A.a、b、c三点振动都加强B.a、c二点振动加强，b点振动减弱C.a、b、c三点振幅都相同D.a、b、c三点在同一时刻到达振动的正向最大位移8、如图所示；理想变压器原；副线圈匝数之比为10:1，原线圈两端连接正弦交流电源u=220线圈接电阻R，同时接有理想电压表和理想电流表．下列判断正确的是。

A.电压表读数约为31.1VB.若仅将副线圈匝数增加到原来的2倍，则电流表的读数增大到原来的2倍C.若仅将R的阻值增加到原来的2倍，则输入功率增加到原来的2倍D.若R的阻值和副线圈匝数同时增加到原来的2倍，则输出功率增加到原来的2倍9、如图甲所示，一高度为H的汽缸直立在水平地面上，汽缸壁和活塞都是绝热的，活塞横截面积为S，在缸的正中间和缸口处有固定卡环，活塞可以在两个卡环之间无摩擦运动。活塞下方封闭有一定质量的理想气体，已知理想气体内能U与温度T的关系为为正的常量，重力加速度为g。开始时封闭气体温度为T0，压强等于外界大气压强p0；现通过电热丝缓慢加热，封闭气体先后经历了如图乙所示的三个状态变化过程，则（）

A.活塞质量为B.从b→c过程，气体对外做功C.从a→d全过程，气体内能增加D.从a→d全过程，气体吸收的热量小于其内能的增量10、一定质量的理想气体从状态a开始，经历等压过程a→b，等温过程b→c，然后从c→a，回到原状态，其p–T图像如图所示，其中ca是直线，其延长线过原点O。下列判断正确的是（）

A.气体在a、c两状态的体积相等B.气体在状态b时的内能等于它在状态c时的内能C.在过程a→b中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D.在过程b→c中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功11、以下关于恒定电流部分知识说法正确的是：()A.所有材料的电阻率都会随着温度的升高而增大B.在导体中，只要自由电荷在运动，就一定会形成电流C.外电路断路时的路端电压大小等于电源电动势D.电源电动势的方向是电源内部电势升高的方向12、水面下深h处有一点光源，发出两种不同颜色的光a和b，光在水面上形成了如图所示的一个有光线射出的圆形区域，该区域的中间为由a、b两种单色光所构成的复色光圆形区域，周围为a光构成的圆环．若b光的折射率为n，下列说法正确的是____(选对1个得2分；选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）．

A.在水中，a光的波长比b光小B.水对a光的折射率比b光小C.在水中，a光的传播速度比b光大E.用同一装置做双缝干涉实验，a光的干涉条纹比b光窄E.用同一装置做双缝干涉实验，a光的干涉条纹比b光窄评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、某物理兴趣小组用实验探究光的色散规律，他们将半圆形玻璃砖放在竖直面内，在其左方竖直放置一个很大的光屏P，让一复色光束SA射向玻璃砖的圆心O后，有a和b两束单色光射向光屏P，如图所示．他们根据实验现象提出了以下五个猜想，你认为不正确的是_______

A．单色光a的波长小于单色光b的波长

B．在玻璃中单色光a的传播速度大于单色光b的传播速度

C．单色光a通过玻璃砖所需的时间大于单色光b通过玻璃砖所需的时间

D．在光束SA绕圆心O逆时针转动的过程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．单色光a比单色光b更容易发生明显衍射14、神州十四号航天员在出舱时，需穿着特殊的绝热航天服。为保护宇航员，航天服内气体的压强为标准大气压。当航天员到达太空后由于外部气压降低，航天服内部气体体积______（填“增大”“减小”或“不变”）。将航天服中研究气体视为理想气体，航天员出舱后，若不采取任何措施，航天服内气体内能______（填“增大”“减小”或“不变”），所以为保护宇航员，应在宇航服内部装有______（填“制冷装置”或“加热装置”）15、下列关于单摆的认识说法正确的是________E.摆球运动到平衡位置时，合力为零16、如图所示，小球A的质量为mA=5kg，动量大小为PA=4kg.m/s，小球A沿着光滑水平面向右运动，与静止的B球发生弹性碰撞，碰后A的动量大小变为PA'=1kg·m/s，方向仍然向右．则由此可知碰撞后小球B的动量大小为______kg·m/s，小球B的质量为____kg.

17、如图所示，电源输出电压U=10V，A、B两板间距离为2cm，C点离A板5mm，D点离B板4mm，则EC=______V/m，UC=______V，UD=______V．

评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)18、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

19、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

20、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共21分)21、某实验小组要精确测定额定电压为220V的电热丝正常工作时的电阻；已知电热丝正常工作时电阻大约1100Ω，电学符号电阻的电学符号相同．

实验室提供的器材有：

A．电流表A1（量程为0至3mA，内阻RA1约为6Ω）

B．电流表A2（量程为0至1mA，内阻RA2约为10Ω）

C．定值电阻R1=500Ω

D．定值电阻R2=1200Ω

E．滑动变阻器R（0至20Ω）一只。

F．电压表V1（量程为0至100V，内阻Rv1=1000Ω）

G．电压表V2（量程为0至300V，内阻Rv2约9kΩ）

H．Ups不间断电源E（可视为蓄电池组；电动势为300V，内阻不计）

I．开关S一只。

（1）如图所示，请选择合适的器材（填写器材前的字母编号）：电表1为______，电表2为______，实验小组的同学认为应该将其中一个电表______联（填入“串联”或“并联”）一定值电阻方可顺利完成实验，则该电表为______，该定值电阻应为______．

（2）实验小组按要求正确连接电路（图略）后，进行了测量______．

（3）若电流表A1的测量值为I1，电流表A2的测量值为I2，电压表V1的测量值为U1，电压表V2的测量值为U2，写出测量电热丝正常工作时的电阻表达式Rx=____________（填字母）．22、某同学欲将量程为200μA的电流表G改装成电压表。

①该同学首先采用如图所示的实验电路测量该电流表的内阻Rg，图中R1、R2为电阻箱。他按电路图连接好电路，将R1的阻值调到最大，断开开关S2，闭合开关S1后，调节R1的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度，接下来他应该正确操作的步骤是___________（选填下列步骤前的字母代号），最后记下R2的阻值；

A.闭合S2，调节R1和R2的阻值；使电流表的指针偏转到满刻度的一半。

B.闭合S2，保持R1不变，调节R2的阻值；使电流表的指针偏转到满刻度的一半。

②如果按正确操作步骤测得R2的阻值为120Ω，则认为Rg的阻值大小为___________（选填字母代号）；

A.60ΩB.120ΩC.240ΩD.360Ω

③如果该同学在调节R1使电流表满偏过程中，发现电流表指针满偏时，R1的接入阻值不到其总阻值的二分之一、为了减小实验误差，该同学可以采取下列措施中的___________（选填字母代号）；

A.将R2换成一个最大阻值更大的电阻箱。

B.将R1换成一个最大阻值为现在二分之一的电阻箱。

C.将电源换成一个电动势为现在电源两倍；内阻可以忽略的电源。

D.将电源换成一个电动势为现在电源二分之一；内阻可以忽略的电源。

④利用上述方法测量出的电流表内阻值___________（选填“大于”或“小于”）该电流表内阻的真实值；

⑤依据以上的测量数据可知，若把该电流表改装成量程为3V的电压表，需与该表串联一个阻值为___________Ω的定值电阻。23、在做用油膜法估测分子大小的实验中，酒精油酸溶液的浓度约为每104mL溶液中有纯油酸6mL；用注射器测得1mL上述溶液为75滴，把1滴该溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔在玻璃板上描出油酸的轮廓，再把玻璃板放在坐标纸上，其形状和尺寸如图所示，坐标纸中正方形方格的边长为1cm，试求：

（1）油酸膜的面积是______

（2）每滴酒精油酸溶液中含有纯油酸的体积是______

（3）按以上实验数据估测出油酸分子的直径______评卷人得分六、解答题(共2题，共6分)24、如图所示，总容积为3V0、内壁光滑的汽缸竖直放置，一面积为S的活塞将一定质量的理想气体封闭在汽缸内，汽缸上端封闭且留有抽气孔。活塞上方气体的压强为p0，活塞下方气体的体积为V0，温度为T0。将活塞上方抽成真空并密封，整个抽气过程中缸内气体温度始终保持不变，当活塞上方抽成真空后，活塞下方气体的体积为2V0。然后将活塞下方的气体缓慢加热，活塞体积忽略不计，重力加速度为g；求：

（1）活塞的质量m；

（2）气体缓慢加热到温度4T0时气体的压强。

25、在核反应堆里，用石墨作减速剂，使铀核裂变所产生的快中子通过与碳核不断的碰撞而被减速。假设中子与碳核发生的是弹性正碰，且碰撞前碳核是静止的。已知碳核的质量近似为中子质量的12倍，中子原来的动能为E0，试求：经过一次碰撞后中子的能量变为多少？参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

A.在真空中；紫光和红光传播的速度相同．故A错误．

BC.因为红光的频率小于紫光的频率，折射率常随频率的升高而增大，所以红光的折射率小于紫光的折射率，根据知；在玻璃中，红光的传播速度大．故B正确，C错误．

D.根据c=λf知，红光的频率小，则红光的波长长．故D错误．2、D【分析】【分析】

【详解】

A．在一定气温条件下；大气中相对湿度越大，水汽蒸发也就越慢，人就感受到越潮湿，故当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较大，但绝对湿度不一定大，故A错误；

B．分子间距离增大时；分子间的引力和斥力均减小，故B错误；

C．温度升高；气体分子对器壁的平均撞击力增大，要保证压强不变，分子单位时间对器壁单位面积平均碰撞次数必减少，故C错误；

D．饱和汽压与液体种类和温度有关；水的饱和汽压随温度的升高而增大，故D正确。

故选D。3、B【分析】【详解】

线性电阻的的斜率的倒数表示电阻的大小；故斜率越大，电阻越小，所以b的电阻阻值较大，A错误B正确；该图只能比较阻值大小，不能比较电阻率大小，CD错误．4、D【分析】【分析】

根据原线圈输入电压的瞬时值表达式即可知角速度，结合得交变电源的频率；当选择3档位后，根据变压比规律求出副线圈两端电压的有效值，最大值为有效值的倍；当档位由3变为2后，根据变压比规律判断副线圈的电压，分析输出功率的变化，根据输入功率等于输出功率，由判断原线圈电流的变化；当选择档位4后，根据变压比规律求出副线圈电压，根据能量守恒求电动机的输出功率．

【详解】

A、根据原线圈输入电压的瞬时值表达式知：交变电源的频率故A错误；

B、当选择3档位后，副线圈的匝数为1200匝，根据电压与匝数成正比得：解得：所以电动机两端电压的最大值为V；故B错误；

C、当档位3变为2后，根据电压与匝数成正比知，副线圈两端的电压减小，输出功率变小，输入功率变小，根据知原线圈电流变小；故C错误；

D、当选择档位4，副线圈匝数等于2400匝，根据电压比规律得到副线圈两端的电压为220V，电动机正常工作，流过电动机的电流电动机的发热功率电动机的输出功率故D正确．

故选D．

【点睛】

本题考查变压器原理，要注意明确变压器的规律，能用线圈匝数之比求解电压及电流；同时注意注意明确对于非纯电阻电路欧姆定律不能使用，在解题时要注意正确选择功率公式．5、C【分析】【详解】

A项：由公式故A错误；

B项：时间间隔越短；该段时间内的平均速度越接近物体的瞬时速度，所以激光测速选取的时间间隔越短，测得物体移动的瞬时速度越准确，故B错误；

C项：“啁啾”来源于鸟鸣；即鸟叫的频率变化，所以“啁啾脉冲”技术中的短脉冲激光瞬时频率随时间的变化而变化，故C正确；

D项：由于红外线的能量比绿色光的能理更低；红外激光光镊比绿色激光光镊更难杀死活体细菌，故D错误．

故选C．二、多选题(共7题，共14分)6、B:C【分析】【分析】

A；环来回运动性质不相对称；从而判定即可；B、依据牛顿第二定律，结合洛伦兹力大小公式f=Bqv，及左手定则，即可求解；C、根据动能定理，即可回到原点的机械能变化量；D、依据动能定理，结合初末速度，即可求解．

【详解】

AB、由题意可知，环在运动的过程中，受到的电场力大小为方向始终竖直向上．假设竖直向下为正方向，则当环下滑的过程中，受力分析，根据牛顿第二定律得：化解得：负号代表该加速度与运动方向相反，故物体在下滑的过程中做加速度逐渐减小的减速运动；当环上升的过程中，根据牛顿第二定律解得：环做加速度逐渐减小的减速运动，在到达原出发点前，加速度减为零，此时，开始以速度v做匀速直线运动．

所以，由于运动的不对称性可以确定，从开始下滑到最低点的时间不等于A错误；整个运动过程中，加速度一直减小，所以在运动的最开始时，加速度最大，加速度大小的最大值为：B正确；

C、由以上计算，可知，整个过程中，系统损失的机械能C正确；

D；环上升和下降的过程中；摩擦力的平均值大小不相等，故因摩擦产生的内能不相等，D错误．

故本题选BC．

【点睛】

考查牛顿第二定律、动能定理的内容，掌握机械能损失与除重力以外的力做功有关，理解环在运动中受到洛伦兹力与速率的关系，及洛伦兹力的方向判定，注意环来回运动性质的不同，是解题的关键．7、A:C【分析】【分析】

【详解】

a点是波峰与波峰相遇点，是振动加强点；b点是波峰与波峰相遇点，是振动加强点；c点是波谷与波谷相遇点，是振动加强点，A正确，B错误；a、b、c三点都是振动加强点，故振幅相同，C正确；a、b两点是波峰与波峰相遇点，而c点是波谷与波谷相遇点，故当a、b达到正向最大位移时，c此时正达到负向最大位移，D错误．8、B:D【分析】【分析】

由题意可知考查变压器变压；功率关系；由变压器变压规律分析计算可得．

【详解】

A.由变压器电压关系可得，

电压表的读数为22v；故A不符合题意；

B.若仅将副线圈匝数增加到原来的2倍，

则电压表；电流表的读数增大到原来的2倍；故B符合题意．

C.若仅将R的阻值增加到原来的2倍，由可知输出功率变为原来的则输入功率增加到原来的故C不符合题意．

D.若R的阻值和副线圈匝数同时增加到原来的2倍，电压和电阻均翻倍，由可知输出功率增加到原来的2倍；故D符合题意．

【点睛】

一个原线圈，一个副线圈的变压器变压规律电流变压规律输入电压决定输出电压，输出功率、电流决定输入功率、电流．9、A:C【分析】【详解】

A．气体在等压膨胀过程中由受力平衡，有

解得

故A正确；

B．图像斜率不变时体积不变，只有在b→c过程中气体对外做功

故B错误；

C．在a→d全过程中，由理想气体状态方程，有

由题目条件可知气体内能的变化量

故C正确；

D．从a→d全过程；气体对外做功，根据热力学第一定律可知，气体吸收的热量大于其内能的增量，故D错误。

故选AC。10、A:B【分析】【详解】

由理想气体方程可得

a、c连线过坐标原点，说明气体在a、c两状态的体积相等；故A正确；

B．一定质量的理想气体内能仅与温度有关，因b、c两状态温度相同，所以气体在状态b时的内能等于它在状态c时的内能；故B正确；

C．分析图象可知过程a→b中，温度升高，内能增大，压强不变，由可知温度升高时，气体体积变大，说明气体对外界做功，由热力学第一定律可得

气体从外界吸收的热量大于气体对外界所做的功；故C错误；

D．分析图象可知过程b→c中温度不变；内能不变，压强变大，气体的体积减小，说明外界对气体做功，由热力学第一定律可得气体对外放热，且对外界放出的热量等于外界对气体做的功，故D错误。

故选AB。11、C:D【分析】【详解】

金属的电阻率随温度升高而变大,但并非所有材料的电阻率都会随着温度的升高而增大,选项A错误;在导体中，自由电荷定向运动，才会形成电流,选项B错误;外电路断路时的路端电压大小等于电源电动势,选项C正确;电源电动势的方向是电源内部电势升高的方向,选项D正确.12、B:C:D【分析】【详解】

ABC项：a光在水面上形成的圆形亮斑面积较大，知a光的临界角较大，根据知a光的折射率较小，再由可知，在水中，a光的波长比b光大；故A错误BC正确；

D项：依据结合几何关系，可知，而复色光圆形区域的面积为故D正确；

E项：a光的折射率小，波长长，根据双缝干涉条纹与波长成正比，可知相同条件下，a光干涉条纹比b光宽，故E错误．三、填空题(共5题，共10分)13、A:C:D【分析】【详解】

A、由图知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，则a光的波长大于b光的波长；故A错误；

BC、由知，b光在玻璃砖中传播速度较小；时间较长，故B正确，C错误；

D、由知a光的临界角较大，b光的临界角较小，则当光束SA绕圆心O逆时针转动过程中，在光屏P上最早消失的是b光；D错误；

E、a光的波长大于b光的波长，a光波动性强，相同条件下，a光比b光容易发生衍射，故E正确；

不正确的是故选ACD．

【点睛】

根据光线的偏折程度，比较光的折射率大小，从而得出频率的大小关系；由比较光在玻璃砖中传播速度的大小，即可比较时间的长短；由比较临界角的大小，临界角小的光最先消失；折射率越小，波长越长，越容易发生衍射．14、略

【分析】【详解】

[1]当航天员到达太空后由于外部气压降低；航天服内部气压大于外部气压，内部气体将膨胀对外做功，导致航天服内部气体体积增大；

[2]由于航天服绝热，则有

根据上述，内部气体将膨胀对外做功，则有

根据

可知

即若不采取任何措施；航天服内气体内能减小；

[3]为保护宇航员，需要确保航天服内气体的压强为标准大气压，即发生等压变化，根据

由于内部气体体积增大，则必须升高温度，即应在宇航服内部装有加热装置。【解析】增大减小加热装置15、B:C:D【分析】【详解】

A；伽利略发现了单摆的等时性；惠更斯给出了单摆的周期公式，故A错误；

B、摆钟由广州移至哈尔滨时，重力加速度g变大，摆钟的摆长L不变，由可知；摆钟的周期变小，摆钟变快，要校准摆钟，需要增大摆钟的周期T，可以增大摆钟的摆长L，故B正确；

C、由得在利用单摆测量重力加速度的实验中，在测量摆长时，只量了悬线的长度L当作摆长，而没有加上摆球的半径，导致摆长偏小，故g值偏小，故C正确；

D、摆角从5°改为3°，单摆仍然做简谐运动，由周期公式可知；单摆的周期不变，故D正确；

E；摆球实际做圆周运动（一部分）；经最低点（平衡位置）时，绳子拉力与重力的合力提供向心力，绳子拉力大于重力，故E错误；

故选BCD。

【点睛】

关键是知道摆长应等于悬线长度加上摆球的半径，摆钟由广州移至哈尔滨时，重力加速度g变大，摆钟的摆长L不变，由可知，摆钟的周期变小；摆角从5°改为3°，单摆仍然做简谐运动，由周期公式可知，单摆的周期不变。16、略

【分析】【详解】

以向右为正方向，根据动量守恒定律得：解得：由机械能守恒定律得：代入数据解得：．【解析】3317、略

【分析】【详解】

[1]根据串联电路特点，可知电容器两板间的电压

由

[2][3]根据U=Ed

可得UBC=250×0.015V=3.75V

UBD=250×0.004V=1V

因为φB=0

再根据UBC=φB-φC

可得φC=0-3.75V=-3.75V

又有UBD=φB-φD

可得φD=-1V【解析】250-3.75-1四、作图题(共3题，共30分)18、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】19、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共21分)21、略