2025年人教新起点高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新起点高二物理下册月考试卷244考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、发现电流周围存在磁场的物理学家是（）A.奥斯特B.焦耳C.张衡D.安培2、汽车通过凹形路面时，在凹形路面的最低点，小明对座椅的压力A.等于零B.大于他的重力C.小于他的重力D.等于他的重力3、在“验证机械能守恒定律”的实验中；下列说法正确的是（）

A.实验中，需用天平测出重物的质量B.实验中，需用秒表测出重物下落的时间C.不可以用公式v=gt来计算重锤的速度D.实验时，应先释放纸带，再接通电源4、如图所示电路中，电源电动势E恒定，内阻r＝1Ω，定值电阻R3＝5Ω。开关K断开与闭合时，ab段电路消耗的电功率相等。则以下说法中正确的是A.电阻R1、R2可能分别为4Ω、5ΩB.电阻R1、R2可能分别为3Ω、6ΩC.开关K断开时理想电压表的示数一定小于K闭合时的示数D.开关K断开与闭合时，理想电压表的示数变化量大小与理想电流表的示数变化量大小之比一定等于6Ω5、在静电场中；下列关于电场强度和电势的说法，正确的是（）

A.电场强度大的地方电势一定高。

B.电场强度大小相同的点电势可能不同。

C.电势为零的地方电场强度也一定为零。

D.电场强度为零的地方电势也一定为零。

6、把四个完全相同的电阻串联后接入某恒压电路中；消耗的总功率为P，再把它们并联后又接回该电路中，则消耗的总功率为（）

A.P

B.4P

C.8P

D.16P

7、关于元电荷的理解，下列说法正确的是()A.物体所带的电荷量可以为任意实数B.元电荷就是质子C.元电荷就是自由电荷的简称D.元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量8、如图所示为两电源的U鈭�

Ⅰ图像，则下列说法正确的是()A.电源1

的电动势和内阻均比电源2

小B.当外接同样的电阻时，两电源的效率可能相等C.当外接同样的电阻时，两电源的输出功率可能相等D.不论外接多大的相同电阻，电源1

的输出功率总比电源2

的输出功率大9、下列图中不属于交流电的有：()

A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、两点电荷距离为r时，相互作用力为F，当距离变为r/2时，为使作用力仍为F，则两点电荷的电量可同时为原来的倍。11、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中；可供选择的器材及代号如下：

A．小灯泡L（3V；1.8W）；

B．滑动变阻器R1（0-10Ω；额定电流1.5A）；

C．滑动变阻器R2（0-2000Ω；额定电流0.3A）；

D．电压表V1（量程：0-3V，RV=5kΩ）；

E．电压表V2（量程：0-15V，RV=10kΩ）；

F．电流表A1（量程：0-0.6A，RA=0.5Ω）；

G．电流表A2（量程：0-3A，RA=0.1Ω）；

H．直流电源3V；电键各一个；导线若干；

实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压。

（1）为了减少误差，实验中应选电流表____，电压表____（填字母代号）；若电流表表盘指针位置如图1，电流表的示数为____A．

（2）实验电路图2为____（填字母代号）

（3）在实验中，小灯泡电阻的测量值比真实值____（填“大”、“小”或“相同”）．12、一条河的水速为u=1m/s，一艘船在静水中的航速为v=2m/s，则要使船能垂直的渡过河去，那么渡船的方向与河岸的夹角是____；要使船能最短时间渡过河去，那么渡船的方向是____．13、许多楼道灯有着这样的功能：天黑时，出现声音它就开启，而在白天即使有声音它也没反应，它的控制电流中接入______传感器开关和______传感器开关，从这些传感器来的信号，通过一个______（选填“非门”、“与门”或“或门”）电路后，进入执行电路．在图中的虚框内画出两种传感器开关控制的楼道灯电路图．14、如图所示为一正点电荷电场的电场线，电场中A、B两点间的电势差UAB=300V。将电荷量q=+6.0×10-8C的点电荷从A点移到B点，电场力做的功为__________J。若已知B点的电势φB=100V，则A点的电势φA=__________V。评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）17、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、推断题(共2题，共14分)21、根据下面的反应路线及所给信息；回答下列问题：

rm{(1)11.2L(}标准状况rm{)}的烃rm{A}在氧气中充分燃烧可以产生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支链，rm{B}和rm{C}均为一氯化烃，它们的结构简式分别为____________，_____________rm{(3)D}的系统命名法名称__________________________rm{(4)垄脵}rm{垄脹}的反应类型依次是___________________，__________________rm{(5)}写出rm{垄脷}rm{垄脹}的反应化学方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分异构体的一种二氯代物rm{G}其核磁共振氢谱图上有两组峰，且峰面积之比为rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加热，充分反应后生成rm{H}rm{H}的结构简式为_________________请写出rm{H}发生加聚反应的化学方程式__________________22、已知：①一定条件下，R－Cl+2Na+Cl－R’®R－R’+2NaCl②醛和醇可以发生氧化反应，被氧化的难易次序是：RCHO最易，R—CH2OH次之，最难。现有某氯代烃A，其相对分子质量为78.5；B与氯气反应生成的一氯代物有两种。有关的转化关系如下图所示（部分产物及条件均已略去）：请回答下列问题：（1）分子式：A____；反应类型：E®F____；（2）结构简式：B____，K为____；（3）反应方程式：A→E________________________________________________；H→I________________________________________________；（4）J分子中含氧官能团的名称____（5）D的同分异构体属于羧酸的有四种，其中有2个-CH3基团的有两种。请写出这两种中的任一种结构简式：____。评卷人得分五、画图题(共2题，共8分)23、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象24、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、简答题(共3题，共24分)25、如图所示是对某种合金连续不断地加热过程中；温度随时间变化的曲线。试回答：

(1)

这种合金在固态时是不是晶体？请说明理由。(2)

这种合金的熔点是多少？请说明理由。(3)

熔化过程用了多少时间？(4)

图中BC

段表示这种合金处于什么状态？26、描述弱电解质电离情况可以用电离度和电离平衡常数表示，表rm{1}是常温下几种弱酸的电离平衡常数rm{left({K}_{a}right)}和弱碱的电离平衡常数rm{left({K}_{b}right)}表rm{2}是常温下几种难rm{(}微rm{)}溶物的溶度积常数rm{left({K}_{sp}right)}

表rm{1}。酸或碱电离平衡常数rm{Ka}或rm{Kb}rm{HCN}rm{HClO}表rm{2}。难rm{(}微rm{)}溶物溶度积常数27、rm{SO_{2}}是常见的大气污染物，燃煤是产生rm{SO_{2}}的主要原因。工业上有多种方法可以减少rm{SO_{2}}的排放。rm{(1)}往煤中添加一些石灰石，可以使燃煤过程中产生的rm{SO_{2}}转化成硫酸钙。该反应的化学方程式是_____________。rm{(2)}可用多种溶液做燃煤烟气中rm{SO_{2}}的吸收液。rm{垄脵}分别用等物质的量浓度的rm{Na_{2}SO_{3}}溶液和rm{NaOH}溶液做吸收液，当生成等物质的量的rm{NaHSO_{3}}时，两种吸收液体积比rm{V(Na_{2}SO_{3})}rm{V(NaOH)=}________。rm{垄脷NaOH}溶液吸收了足量的rm{SO_{2}}后会失效，可将这种失效的溶液与一定量的石灰水溶液充分反应后过滤，使rm{NaOH}溶液再生，再生过程的离子方程式是_________。rm{(3)}甲同学认为rm{BaC1_{2}}溶液可以做rm{SO_{2}}的吸收液。为此甲同学设计如下实验rm{(}如图所示，夹持装置和加热装置略，气密性已检验rm{)}已知：rm{Na_{2}SO_{3}(}固体rm{)+H_{2}SO_{4}(}浓rm{)overset{triangle}{=}Na_{2}SO_{4}+SO_{2}隆眉+H_{2}O}反应开始后，rm{)overset{triangle}{=}

Na_{2}SO_{4}+SO_{2}隆眉+H_{2}O}中rm{A}固体表面有气泡产生同时有白雾生成，rm{Na_{2}SO_{3}}中有白色沉淀。甲同学认为rm{B}中白色沉淀是rm{B}与rm{SO_{2}}溶液反应生成的rm{BaC1_{2}}所以rm{BaSO_{3}}溶液可做rm{BaC1_{2}}的吸收液。乙同学认为rm{SO_{2}}中的白色沉淀是rm{B}产生rm{BaSO_{4}}的原因是：rm{BaSO_{4}}中产生的白雾是浓硫酸的酸雾，进入rm{垄脵A}中与rm{B}溶液反应生成rm{BaCl_{2}}沉淀。rm{BaSO_{4}}____________________。为证明rm{垄脷}与rm{SO_{2}}溶液不能反应得到rm{BaCl_{2}}沉淀，乙同学对甲同学的实验装置做了如下改动并实验rm{BaSO_{3}}如图所示，夹持装置和加热装置略，气密性已检验rm{(}反应开始后，rm{):}中rm{A}固体表面有气泡产生同时有白雾生成；rm{Na_{2}SO_{3}}rm{B}试管中除了有气泡外，未见其他现象；rm{C}中红色褪去。rm{D}试管rm{垄脹}中试剂是______溶液；滴加浓硫酸之前的操作是________。rm{B}通过甲、乙两位同学的实验，得出的结论是___________。rm{垄脺}参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【分析】由教材知；第一个发现电流周围存在磁场的物理学家是奥斯特，所做的实验是著名的奥斯特实验，A对，BCD错。

【点评】学生知道焦耳发现了电流的热效应即焦耳定律，安培总结了电流与磁场的关系是安培定则。2、A【分析】本题考查了参考系和坐标系。要判断物体的动与静，就要比较物体与参照物的位置关系.

选择参照物的关键是首先找出被研究物体，然后选择该物体之外的物体进行位置的比较。车窗外的路灯杆疾速向后运动所选的参照物是小明乘坐的汽车，选项A正确；若以路面或其他路灯杆或高架护栏为参照物，车窗外的路灯杆是静止的，选项B、C

D错误。故选A。参考系的选取原则上是任意的，但在选取时应以研究的方便为原则。

本题考查了匀速直线运动的图像。匀速直线运动的位移隆陋

时间图像是倾斜的直线，其斜率表示速度；匀速直线运动的速度隆陋

时间图像是平行于横轴的直线。匀速直线运动是速度不变的运动，其路程和时间成正比，A

图表示匀速直线运动，B

图表示物体静止，选项A符合题意，选项B不合题意；A

图：是s鈭�t

图像，图线是一条倾斜的直线，物体做匀速直线运动，选项A符合题意；B

图：是s鈭�t

图像，图线平行于时间轴，物体静止，选项B不合题意；C

图：是v鈭�t

图像，图线是一条倾斜的直线，物体的速度均匀增加，物体做加速直线运动，选项C不合题意；D

图：是v鈭�t

图像，图线是一条倾斜的直线，物体的速度均匀减小，物体做减速直线运动，选项D不合题意。故选A。掌握匀速直线运动的v鈭�t

图像与s鈭�t

图像的特点是正确解题的前提与关键。

本题考查了动能和势能的相互转化、功的计算、动能定理的应用。依据重力做功的特征：重力做功与高度有关，下坡做正功，上坡做负功；然后再依据重力做功与重力势能的变化关系，确定重力势能的变化；物体动能的变化等于合外力所做的功，合外力做正功，物体动能增加，合外力做负功，物体的动能减小。汽车在减速上坡过程中，重力做负功，重力势能增大，选项A、B错误；汽车在减速上坡过程中，合力对汽车做负功，汽车的动能减少，选项C错误，选项D正确。故选D。解决本题的个是：重力做功的特征，依据重力做功与重力势能的变化关系；正确理解动能定理。

本题考查了向心力、作用力和反作用力。汽车通过凹形路面最低处时，重力与支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律列出表达式来分析判断压力与重力的关系。汽车过凹形路面的最高低时，设速度为v

半径为r

由牛顿第二定律得：解得：，即FN>mg

根据牛顿第三定律可知，它对路面的压力大于重力。故选B。分析物体做圆周运动时，关键是分析清楚物体受到的所有的力，求出指向圆心方向的向心力，然后用向心力公式求解。【解析】。【小题1

】A【小题2

】A【小题3

】D【小题4

】B3、C【分析】解：A、因为我们是比较mgh与mv2的大小关系；故m可约去比较，不需要测出重物的质量，故A错误；

B；利用打点计时器可以直接读出下落时间；不需要使用秒表，故B错误；

C；实验中如果利用v=gt计算速度；则即认为物体只受重力则机械能一定守恒，不需要再验证了，故不能用v=gt求速度，故C正确；

D；先接通电源；再松开纸带，让重物自由下落，在纸带上打出一系列点，利于数据的采集和处理，故D错误。

故选：C。

明确验证机械能守恒定律实验的实验原理；了解实验的仪器；操作步骤和数据处理以及注意事项，清楚该实验的误差来源等。

本题考查验证机械能守恒定律的实验方法，要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒，知道能够减小实验误差的方法，从而明确实验中的注意事项。【解析】C4、A|D【分析】试题分析：因为电键K断开与闭合时，ab段电路消耗的电功率相等，则有：将R1=4Ω、R2=5Ω代入方程成立，而将R1=3Ω、R2=6Ω代入方程不成立．故A正确，B错误．电键K断开时外电路总电阻大于K闭合时外电路总电阻，则电键K断开时电压表的示数一定大于K闭合时的示数．故C错误．根据闭合电路欧姆定律得：U=E-（R3+r）I则电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比为：．故D正确．故选：AD．考点：电功率；全电路欧姆定律.【解析】【答案】AD5、B【分析】

A；电场线密处；电场强度大，而电场线方向不确定，故无法判断电势高低，电势就不一定高．故A错误．

B；电场强度大小相同的点电势可能不同；例如匀强电场中各店电场强度大小相同，但是电势可能不同，故B正确．

C；电势为零；是人为选择的，而电场强度是由电场决定的，此处电场强度不一定为零．故C错误．

D；电势为零；是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不一定为零．故D错误．

故选B．

【解析】【答案】电场线的疏密表示电场强度的相对大小；电场线的方向反映电势的高低，则电场强度与电势没有直接关系．电场强度为零，电势不一定为零．电势为零，电场强度也不一定为零．电场强度越大的地方，电势不一定高．顺着电场线方向，电势逐渐降低，但场强不一定减小．

6、B【分析】

设每个电阻的阻值为R；电路的电压为U，则。

四个电阻串联时，则有P=①

四个电阻并联时，则有P′=②

由②：①得P′=4P

故选B

【解析】【答案】根据功率公式P=分别对两种情况进行研究，运用比例法，即可求解它们并联后消耗的总功率．

7、D【分析】试题分析：元电荷指的自然界中的最小电量荷，而不是带电粒子，其大小等于一个电子所带电荷量，故B、C错误，D正确；任何带电体所带电荷量都是元电荷的整数倍，所以A错误。考点：元电荷【解析】【答案】D8、D【分析】略【解析】D

9、A【分析】【分析】

直流电是指电流的方向不发生变化的电流，其大小可以变化，交流电是指电流的方向发生变化的电流，但是它的电流的大小可以不变。交流电的最大的特点是电流方向在不断的变化；对于其大小是否变化没有要求。

【解答】

交流电是指电流的方向发生变化的电流；电流的大小是否变化对其没有影响，电流的方向变化的是BCD

故BCD是交流电。

故选A。【解析】A

二、填空题(共5题，共10分)10、略

【分析】由库仑定律可知电场力与电荷量的乘积成正比，与距离的平方成反比，所以但距离变为r/2时，为使作用力仍为F，则两点电荷的电量可同时为原来的1/2【解析】【答案】1/211、略

【分析】

（1）小灯泡额定电压是3V，电压表应选V1；即D．

灯泡额定电流I==0.6A，电流表应选电流表A1．即F．

电流表表盘指针位置如图1；电流表的示数为0.40A

（2）因为电压；电流需从零开始测起；所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻大约5Ω，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法误差较小．

故选A．

（3）在实验中；由于电压表的分流造成实验的误差，通过灯泡的实际电流小于电流表的读数；

根据R=得小灯泡电阻的测量值比真实小．

故答案为：（1）F；D；0.40

（2）A（3）小。

【解析】【答案】（1）根据灯泡额定电压选择电压表；根据灯泡额定电流选择电流表；

（2）测量灯泡的伏安特性曲线；电流；电压需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，根据灯泡的电阻大小确定电流表的内外接．

（3）知道伏安法测电阻的误差是由于电流表的分压或电压表的分流造成的．

12、略

【分析】

设渡船的方向与河岸的夹角θ；当合速度方向与河岸垂直时，有vcosθ=u，解得θ=60°．

当静水速与河岸垂直时；渡河时间最短，所以渡船的方向是垂直河岸．

故答案为：60°；垂直河岸．

【解析】【答案】当合速度的方向与河岸垂直时；船将垂直渡河，根据平行四边形定则，求出渡船的方向和河岸方向的夹角．当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短．

13、略

【分析】解：根据题意；天黑时，出现声音它就开启；而白天，即使有声音它也没有反应，故电路中有光传感器，即使天黑，没声音灯也不亮，故用到了声音传感器．即控制电路中接入了光传感器；声音传感器．

根据题意；灯亮必须同时具备天黑，出现声音的条件，可得该逻辑关系属于与逻辑关系，对应的门电路为与门电路，故设计的门电路为与门电路．相当于两个控制开关串联；

故答案为：声音；光；与．如图所示；

了解延时开关的使用原理；利用了光传感器；声音传感器，天黑、声音同时出现它就开启，灯亮．根据题意，灯亮这件事要想发生，必须同时满足，天黑，出现声音的条件，该逻辑关系属于与逻辑关系，对应的门电路为与门电路．

考查了延时开关的工作原理，用到了光传感器、声音传感器．同时考查了基本逻辑关系，基本逻辑门电路及其功能．【解析】声音；光；与门14、略

【分析】点电荷从A点移到B点，电场力对其做功为WAB=qUAB=6.0×10-8×300J=1.8×10-5J，根据UAB=ΦA-ΦB，得ΦA=ΦB+UAB=100+300=400（V）。【解析】1.8×10-5J400三、判断题(共6题，共12分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．17、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．18、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、推断题(共2题，共14分)21、（1）C4H10

（2）

（3）2-甲基-1-丙烯

（4）消去反应，水解反应（取代反应）

（5）

（6）CH2=CH-CH=CH2

【分析】【分析】本题考查有机化合物的推断和有机反应类型的判断，同分异构体等，题目难度中等。【解答】rm{(1)}rm{11.2L(}标准状况rm{)}的烃rm{A}物质的量为rm{0.5mol}在氧气中充分燃烧可以产生rm{88gCO}标准状况rm{11.2L(}的烃rm{)}物质的量为rm{A}在氧气中充分燃烧可以产生rm{0.5mol}rm{88gCO}rm{{,!}_{2}(2mol)}和rm{45gH}rm{45gH}rm{{,!}_{2}}则证明rm{O}当中含有rm{O}个碳原子，rm{(2.5mol)}个氢原子，则rm{A}是rm{4}故答案为：rm{10}rm{A}rm{C_{4}H_{10}}有支链，则rm{C_{4}H_{10}}是异丁烷，在光照下和氯气反应生成的一氯代烃rm{(2)}和rm{A}有支链，则rm{A}是异丁烷，在光照下和氯气反应生成的一氯代烃rm{B}和rm{C}分别是：分别是：和故答案为：和rm{A}rm{A}分别和氢氧化钠醇溶液发生消去反应生成烯烃rm{B}rm{C}的系统命名名称是：rm{(3)B}甲基rm{C}丙烯，故答案为：rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}甲基rm{D}丙烯；rm{2-}反应rm{-1-}是氯代烃的消去反应；反应rm{2-}是氯代烃的水解反应，故答案为：消去反应，水解反应rm{-1-}取代反应rm{(4)}rm{1}反应rm{3}是rm{(}与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，反应方程式为：反应rm{)}是反应rm{(5)}的产物rm{垄脷}是与氢氧化钠水溶液发生的取代反应生成醇类，反应方程式为：故答案为：rm{垄脷}根据rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}的分子式及结构简式可知，其同分异构体为正丁烷，正丁烷的二氯代物rm{垄脹}有两种等效氢，且峰面积之比为rm{垄脷}的结构为：rm{E}rm{(6)}在足量的rm{A}的醇溶液中加热，充分反应后生成rm{G}发生的是消去反应，rm{1:1}为：rm{CH_{2}ClCH_{2}CH_{2}CH_{2}Cl}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加热，充分反应后生成rm{H}发生的是消去反应，rm{H}为：中含双键，可以发生加聚反应的化学方程式：rm{G}rm{NaOH}故答案为：rm{H}；

rm{H}【解析】rm{(1)C_{4}H_{10}}rm{(2)}rm{(3)2-}甲基rm{-1-}丙烯rm{(4)}消去反应，水解反应rm{(}取代反应rm{)}rm{(5)}rm{(6)CH_{2}=CH-CH=CH_{2;;;;;;;;;;}}rm{{,!}}rm{{,!}}22、略

【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，难度较大，是对有机物知识的综合考查，综合性较强，能较好的考查学生的阅读、分析与思维能力，（5）为本题的易错点。氯代烃A，其相对分子质量为78.5，则A的分子式为C3H7Cl，A与钠发生题中信息中的反应生成B，B与氯气反应生成的一氯代物有两种，则A为CH3CHClCH3，B为A在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成E为CH2=CHCH3，E发生加聚反应得F为E与溴发生加成反应得G为CH2BrCHBrCH3，G水解得H为CH2OHCHOHCH3，H选择氧化得I为CH3CHOHCHO，I选择氧化得J为CH3CHOHCOOH，J在浓硫酸加热条件下得六元环酯K为A碱性水解得C为CH3CHOHCH3，C与乙酸发生酯化反应得D为CH3COOCH（CH3）2，据此答题。【解答】氯代烃A，其相对分子质量为78.5，则A的分子式为C3H7Cl，A与钠发生题中信息中的反应生成B，B与氯气反应生成的一氯代物有两种，则A为CH3CHClCH3，B为，A在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成E为CH2=CHCH3，E发生加聚反应得F为，E与溴发生加成反应得G为CH2BrCHBrCH3，G水解得H为CH2OHCHOHCH3，H选择氧化得I为CH3CHOHCHO，I选择氧化得J为CH3CHOHCOOH，J在浓硫酸加热条件下得六元环酯K为，A碱性水解得C为CH3CHOHCH3，C与乙酸发生酯化反应得D为CH3COOCH（CH3）2，（1）根据上面的分析可知，A的分子式为C3H7Cl，E→F的反应类型加聚反应；（2）根据上面的分析可知，B为，K为；（3）A→E的反应方程式为+NaOHCH3CH=CH2+NaCl+H2O，H→I的反应方程式为2CH2OHCHOHCH3+O22CH3CHOHCHO+2H2O；（4）J为CH3CHOHCOOH，其分子中含氧官能团为羟基、羧基；（5）D为CH3COOCH（CH3）2，D的同分异构体属于羧酸的有四种，其中有2个﹣CH3基团的有两种，则其结构简式分别为。【解析】（1）C3H7Cl加聚反应（2）（3）+NaOHCH3CH=CH2+NaCl+H2O2CH2OHCHOHCH3+O22CH3CHOHCHO+2H2O（4）羟基、羧基（5）五、画图题(共2题，共8分)23、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】24、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】六、简答题(共3题，共24分)25、（1）是，理由：从图象观察，该合金在熔化时，有一段时间内继续加热，但温度不再升高，说明物质有一定的熔点，属于晶体；（2）熔点是210℃，理由：合金熔化时的温度为210℃，所以熔点是210℃；（3）由图知，从第6min开始熔化，到第14min完全熔化完，所以熔化过程经历t=14min-6min=8min；（4）固、液共存。【分析】【分析】

(1)

晶体和非晶体的重要区别是：晶体熔化过程中；不断吸收热量，温度保持不变.

凝固过程中，不断放出热量，温度保持不变，非晶体熔化过程中，不断吸收热量，温度不断上升，凝固过程中，不断放出热量，温度不断下降，其中晶体的熔化；凝固图象中有一水平线段，而非晶体没有；

(2)

晶体熔化时的温度即为该种物质的熔点，温度不变的这段时间即为熔化的过程，且同种物质的熔点和凝固点是相同的。本题考查晶体的熔化，晶体与非的重要区别是晶体有固定的熔点而非晶体没有固定的熔点。【解答】(1)

从图象观察；该合金在熔化时，有一段时间内继续加热，但温度不再升高，说明物质有一定的熔点，属于晶体；

(2)

合金熔化时的温度为210隆忙

所以熔点是210隆忙

(3)

由图知；从第6min

开始熔化，到第14min

完全熔化完，所以熔化过程经历t=14min鈭�6min=8min

(4)BC

段时间延长；温度不变，晶体融化过程，即固；液共存。

故答案为：(1)

是，理由：从图象观察，该合金在熔化时，有一段时间内继续加热，但温度不再升高，说明物质有一定的熔点，属于晶体；(2)

熔点是210隆忙

理由：合金熔化时的温度为210隆忙

所以熔点是210隆忙

(3)

由图知，从第6min

开始熔化，到第14min

完全熔化完，所以熔化过程经历t=14min鈭�6min=8min

(4)

固、液共存。【解析】(1)

是，理由：从图象观察，该合金在熔化时，有一段时间内继续加热，但温度不再升高，说明物质有一定的熔点，属于晶体；(2)

熔点是210隆忙

理由：合金熔化时的温度为210隆忙

所以熔点是210隆忙

(3)

由图知，从第6min

开始熔化，到第14min

完全熔化完，所以熔化过程经历t=14min鈭�6min=8min

(4)

固、液共存。26、rm{(1)HCN}rm{B}

rm{(2)}中性rm{C(CH_{3}COO^{-})=C(NH_{4}^{+})>C(OH^{-})=C(H^{+})}

rm{(3)0.26}【分析】【分析】本题考查了弱电解质的电离平衡、离子浓度大小比较、难溶物的溶解平衡及沉淀转化本质，题目难度中等，明确电离平衡常数的含义是解本题的关键，结合电荷守恒来分析解答即可；rm{(4)}为难点、易错点，注意合理分析、处理题中信息。【解答】rm{(1)}由表rm{1}所给的四种酸的电离常数可知，rm{HCN}的电离常数最小，电离常数越小，酸性越弱，所以酸性最弱的是rm{HCN}能使醋酸溶液中rm{CH_{3}COOH}的电离程度增大，说明电离平衡向正方向移动，电离常数不变，则温度不变，所以是加水稀释，而加少量的rm{CH_{3}COONa}固体或冰醋酸，电离程度均减小；故答案为：rm{HCN}rm{B}rm{(2)}醋酸和一水合氨的电离常数相同，在溶液中的电离程度相同，则醋酸根离子与铵根离子的水解程度相同，所以rm{CH_{3}COONH_{4}}的水溶液呈中性，溶液中各离子浓度大小关系是rm{c(NH_{4}^{+})=c(CH_{3}COO^{-})>c(OH^{-})=c(H^{+})}故答案为：中性；rm{c(NH_{4}^{+})=c(CH_{3}COO^{-})>c(OH^{-})=c(H^{+})}rm{(3)SO_{4}^{2-}}物质的量浓度为rm{0.01mol?L^{-1}}时，钡离子的浓度为：rm{c(Ba^{2+})=1隆脕10^{?10/}0.01mol/L=1隆脕10^{-8}mol/L}若使rm{SO_{4}^{2-}}物质的量浓度不小于rm{0.01mol?L^{-1}}则钡离子浓度应该大于rm{1隆脕10^{-8}mol/L}当钡离子浓度为rm{1隆脕10^{-8}mol/L}时，则溶液中碳酸根离子浓度为：rm{2.6隆脕10^{?9/}1隆脕10^{?8}mol/L=0.26mol/L}所以当碳酸根离子浓度rm{geqslant0.26mol/L}时，钡离子浓度小于rm{1隆脕10^{-8}mol/L}则rm{SO_{4}^{2-}}物质的量浓度不小于rm{0.01mol/L}故答案为：rm{0.26}【解析】rm{(1)HCN}rm{B}rm{(2)}中性rm{C(CH_{3}COO^{-})=C(NH_{4}^{+})>C(OH^{-})=C(H^{+})}rm{(3)0.26}27、(1)2CaCO3+2SO2+O22CaSO4+2CO2

(2)①1：2②Ca2++OH-+HSO3-=CaSO3↓+H2O

(3)②A中产生的SO2与装置内空气中的O2进入B中与BaCl2溶液反应生成BaSO4沉淀。

③饱和NaHSO3打开弹簧夹，通入N2；一段时间后关闭弹簧夹。

④SO2与BaCl2溶液不能得到BaSO3沉淀；不能用BaCl2溶液做吸收SO2的吸收液。

【分析】【分析】

本题考查了二氧化硫性质的实验验证分析判断；物质性质的分析，装置特征的判断，反应条件的应用是解题关键，题目难度中等。

【解答】

rm{(1)}根据题意，碳酸钙与二氧化硫、氧气在高温条件下反应生成硫酸钙，同时生成二氧化碳，所以反应的方程式为：rm{2CaCO_{3}+2SO_{2}+O_{2}dfrac{underline{;{赂脽脦脗};}}{;}2CaSO_{4}+2CO_{2}}

故答案为：rm{2CaCO_{3}+2SO_{2}+O_{2}dfrac{underline{;{赂脽脦脗};}}{;}2CaSO_{4}+2CO_{2}}

rm{2CaCO_{3}+2SO_{2}+O_{2}dfrac{

underline{;{赂脽脦脗};}}{;}2CaSO_{4