2024年统编版2024高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年统编版2024高二物理上册月考试卷477考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、物体m从倾角为的固定的光滑斜面由静止开始下滑，斜面高为h，当物体滑至斜面底端，重力做功的瞬时功率为（）A.B.C.D.mg2、如图所示，是从一辆在水平公路上行驶着的汽车拍摄的汽车后轮照片，从照片来看，汽车此时正在（）A.直线运动B.向右转弯C.向左转弯D.不能判断3、某电场中等势面分布如图所示，图中虚线表示等势面，过ab

两点的等势面电势分别为40V

和10V

则ab

连线的中点C

处的电势应为(

)

A.一定等于25V

B.大于25V

C.小于25V

D.可能等于25V

4、某同学用图示电路测量电阻Rx的阻值，当电压表的示数为4.8V时，电流表示数为1.2mA．分析这组数据，他发现所用测量方法不对．仔细观察电表表盘，了解到电压表的内阻为6KΩ，则Rx的真实值为（）A.4KΩB.6KΩC.12KΩD.由于不知道电流表的内阻，故无法求真实值，只能求测量值5、如图所示，一水平的可自由移动的通电长直导线置于螺线管的右端，通入垂直纸面向外方向的电流，当开关K闭合瞬间，长直导线的安培力方向为（）A.向上B.向下C.向左D.向右评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)6、如图，R1=2小明在实验中记录三只电表的读数时，不慎漏记了单位，记下了一组数据是1.5、2.5和3，请你帮助它确定电源电压是_____V，R2的电阻是_____7、某交流发电机，额定输出功率为4000kW，输出电压为400V，要用升压变压器将电压升高后向远处送电，所用输电线全部电阻为10Ω，规定输电过程中损失功率不得超过额定输出功率的10%，所选用的变压器的原、副线圈匝数比不得大于______．8、（A类题）如图，纵坐标表示某放射性物质中未衰变的原子核数（N）与原来总原子核数（N0）的比值，横坐标表示衰变的时间，则由图线可知该放射性物质的半衰期为______天，若将该放射性物质放在高温、高压或强磁场等环境中，则它的半衰期将______（填“变长”、“不变”或“变短”）9、[A][A]家庭电路的交变电压随时间变化的图象如图所示..由图可知，交变电压的有效值为________VV频率为________HzHz．[B][B]如图所示，已知电源电动势E=3VE=3V内阻r=1娄赂r=1娄赂电阻R=5娄赂R=5娄赂电路中的电表均为理想电表..则当开关SS闭合时，电流表的读数为________AA电压表的读数为________VV．10、在研究电磁感应现象时；可以用下面的实验装置来模仿法拉第的实验，请你根据实验情境，按要求回答下列问题：

（1）请用笔画线代替导线补全实验电路；

（2）将螺线管A插入B中，若在闭合电键的瞬时，发现电流表指针向左偏转，则当断开电键时电流表指针____偏转（填“向左”；“向右”或“不”）；

（3）电键保持闭合，滑动变阻器滑片不动时，线圈B中____感应电流（填“有”或“没有”）；

（4）实验结论是：____．

评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)11、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）12、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

13、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）16、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、简答题(共4题，共12分)17、在一列横波的传播方向上有两点P

和Q

两点间距离PQ=24m

它们的振动图象如图所示，P

点距波源近．

(1)

波速多大？

(2)

若PQ<娄脣(

波长)

画出t=4.2s

时，PQ

之间的波形曲线.(

请标出坐标的物理量及单位、有关数值)

18、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五种元素的原子序数依次增大，其中非金属元素rm{A}的基态原子中成对电子数是未成对电子数的两倍，rm{C}元素在地壳中含量最高，rm{D}的单质是短周期中熔点最低的金属，rm{E}的合金是我国使用最早的合金。rm{B}rm{C}rm{D}五种元素的原子序数依次增大，其中非金属元素rm{E}的基态原子中成对电子数是未成对电子数的两倍，rm{A}元素在地壳中含量最高，rm{C}的单质是短周期中熔点最低的金属，rm{D}的合金是我国使用最早的合金。rm{E}元素的基态原子核外电子排布式为____________。rm{(1)E}的某种氢化物rm{(2)A}分子中含有_________个rm{A_{2}H_{2}}键和_________个rm{娄脪}键。rm{娄脨}的含氧酸根离子rm{(3)A}的立体构型是____________。rm{AO_{3}^{n-}}的最简单氢化物的沸点比rm{(4)B}的最简单氢化物的沸点高得多，其原因是___________。rm{A}的最高价氧化物对应的水化物溶解于氨水中生成的复杂化合物的化学式是__________。rm{(5)E}下图是rm{(6)}单质的晶体堆积方式，这种堆积方式的晶胞中原子的配位数为_________，若该原子的半径为rm{D}此晶体的密度rm{rpm}________rm{娄脩=}用含rm{g隆陇cm^{-3}(}的代数式表示，阿伏加德罗常数用rm{r}表示rm{N_{A}}rm{)}19、沿铁道排列的两电杆正中央安装一闪光装置，光信号到达一电杆称为事件1，到达另一电杆称为事件2.从地面上的观察者和运动车厢中的观察者看来，两事件是否是同时事件？20、如图所示，已知电源提供20V的稳定电压，当接入固定电阻R=5Ω时，电路中标有“3V4.5W”的灯泡L和线圈电阻r′=0.5Ω的小型直流电动机恰好都能正常工作；求：

（1）电路中的电流强度？

（2）电动机的额定工作电压？

（3）电动机的发热功率？

（4）电动机的机械功率？评卷人得分五、作图题(共1题，共7分)21、如图所示，A、B、C是匀强电场中平行于电场线的某一平面上的三个点，各点的电势分别为φA=20V，φB=4V，φC=8V，请你画出该电场的其中一个等势面和一条电场线．评卷人得分六、画图题(共2题，共16分)22、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象23、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】解答：体下滑过程中机械能守恒，所以有：①

物体滑到底端重力功率为：P=mgvsinα②

联立①②解得：mg；故选项ABD错误，C正确．

故选C．

分析：应用公式P=Fv求某力的瞬时功率时，注意公式要求力和速度的方向在一条线上，在本题中应用机械能守恒求出物体滑到斜面底端时的速度，然后将速度沿竖直方向分解即可求出重力功率．2、C【分析】解：A；根据轮胎的形变可判断；汽车有向右滑动的趋势，故不可能直线运动，故A错误。

B；根据轮胎的形变可判断；汽车有向右滑动的趋势，故受到的摩擦力向左侧，根据物体做圆周运动的条件，受到的合力指向左侧，故汽车向左转弯．故B错误。

C；同理；C正确；

D；可以判定；故D错误。

故选C

根据轮胎的形变可判断；汽车有向右滑动的趋势，故受到的摩擦力向左侧，根据物体做圆周运动的条件，受到的合力指向左侧，故汽车向左转弯．

考查了生活中的圆周运动，会结合实际情况分析得出理论、并处理．【解析】【答案】C3、C【分析】解：因为电场线与等势面垂直，根据等势面的形状可知，电场线从左向右由密变疏，即从a

到c

电场强度逐渐减弱，而且电场线方向从a隆煤b.ac

段电场线比bc

段电场线密，ac

段场强较大，根据公式U=Ed

可知，ac

间电势差Uac

大于cb

间电势差Ucb

即娄脮a鈭�娄脮c>娄脮c鈭�娄脮b

得到：

娄脮c<娄脮a+娄脮b2=40+102V=25V

．

故选：C

电场线和等势线垂直，等势线密的地方电场线密，电场线密的地方等势面也密.

由图看出，ac

段电场线比bc

段电场线密，ac

段场强较大，根据公式U=Ed

定性分析ac

间与bc

间电势差的大小，再求解中点b

的电势娄脮c

．

本题的关键是运用匀强电场中场强与电势差的公式定性分析电势差的大小，同时还可以根据电场线的疏密程度，大致确定30V

的电势线，从而进行比较，即可求解．【解析】C

4、C【分析】解：电压表与Rx并联电阻为：R==Ω=4000Ω

由并联电路的性质得：=+

则得：Rx==Ω=12000Ω=12kΩ；

故选：C．

由于电压表的内阻不是无穷大，所以要分流，电压表与Rx并联，根据电压表示数与电流表示数之比，可求得电压表与Rx并联电阻，再由并联电路的性质求解Rx．

本题关键把电压表当作能测量电压的电阻来对待，实质是一个简单的并联电路问题，要知道伏安法测量误差产生的原因，可分析得出Rx．【解析】【答案】C5、A【分析】解：

根据右手螺旋定则可知；开关闭合后，螺线管产生的磁极N极在右侧。

根据左手定则可知；垂直纸面向外方向的直导线受到垂直导线向上的安培力，故A正确，B；C、D错误。

故选：A。

依据右手螺旋定则可判定通电螺线管产生的磁场；依据左手定则可判定导线a端的受力方向。

考查左手定则与右手螺旋定则的内容，熟练应用左、右手定则是关键，牢记“左力右电”。【解析】A二、填空题(共5题，共10分)6、略

【分析】本题考查了串并联电路规律以及欧姆定律的应用（1）分析电路结构，明确各电路元件的连接方式，画出等效电路图；（2）根据各电表所测量的量及题中所给数据，判断各数据是哪个表的示数，再根据电表所测的量及并联电路特的确定各电表示数单位；（3）根据电路图及电表示数求出电源电压，由并联电路特点求出流过R2的电流，最后由欧姆定律求出电阻R2的阻值．（1）分析电路结构，等效电路图如图所示；（2）由电路图知：电压表测电源电压，电源电压与电压表示数相等，R1=2Ω，由欧姆定律知：电源电压，即电压表示数即电压表示数是电流表A2示数的两倍，由题中所给数据可知：3是电压表示数，3的单位是V，即电源电压1.5是电流表的示数，单位是A，即剩下的数据2.5是电流表A1的示数单位是A，即IA1=2.5A；（3）由并联电路电流特点知；流过电阻R2的电流的阻值思路拓展：本题考查了根据数据判断电表单位，求电源电压与电阻阻值问题，确定各数据是哪个电表的示数是本题的难点，也是解本题的关键．【解析】【答案】3，3；7、略

【分析】解：损失功率P损=I2R，即×4×106=I2×10；

因I2=4×104；

解得：I=200A

又4×106W=IU2；

因此，则有：U2=V=2×104V；

根据电压与线圈匝数成正比，则有：===0.02；

故答案为：0.02．

根据输电线上损耗的电功率求出输电线上的电流；结合升压变压器原线圈中输出电压；输出功率求出原线圈中的电流，从而根据原副线圈的电流之比等于匝数之反比求出升压变压器原副线圈的匝数比的最大值．

变压器匝数之比等于原副线圈的电压之比；解决远距离输电时，要注意升压后输电线上的功率损失是解决问题的关键，要明确变压器本身不消耗电功率，只有导线上存在功率和电压损失．【解析】0.028、略

【分析】解：放射性元素的原子核有半数发生衰变时所需要的时间叫半衰期；

由图线可知该放射性物质的半衰期为3.8天；

半衰期由元素本身决定；与原子核所处环境；状态无关；所以若将该放射性物质放在高温、高压或强磁场等环境中，则它的半衰期将不变．

故答案为：3.8；不变．

半衰期是对大量放射性元素的统计规律；是由元素本身决定，与原子核所处环境；状态无关；同时要明确发生半衰期次数、衰变前总质量、衰变后质量之间的关系．

本题考查了半衰期的定义以及有关半衰期运算，对于基本概念要深刻理解其含义，同时理解有关半衰期公式中各个物理量的含义．【解析】3.8；不变9、[A]22050

[B]0.52.5

【分析】[A]

【分析】由图像可知电压最大值和周期；从而计算出频率和有效值。

本题考查了交流电的峰值和有效值的关系，要会从图像中获取有用的物理信息。【解答】由图像可知电压最大值为：2202V

电压有效值为：U=2202隆脕12V=220V

周期为0.02s

所以频率为：f=10.02Hz=50Hz

故填：22050

[B]

【分析】根据闭合电路欧姆定律求解电流；根据U=IR

求解路段电压。

本题考查了闭合电路的欧姆定律；本题是闭合电路欧姆定律的直接运用，根据公式I=Er+R

求解电流，根据U=IR=E鈭�Ir

求解路段电压。【解答】根据闭合电路欧姆定律，有：I=ER+r=3V1娄赂+5娄赂=0.5A

路端电压为：U=IR=0.5A隆脕5娄赂=2.5V

故填：0.52.5

【解析】[A]220[A]2205050

[B]0.5[B]0.52.52.5

10、略

【分析】

（1）实验电路有两套电路；每套电路各自行车闭合回路，实验电路图如图所示．

（2）将螺线管A插入B中；若在闭合电键的瞬时，穿过回路的磁通量变大；

发现电流表指针向左偏转；当断开电键时，原磁场方向不变，穿过回路的磁通量变小，感应电流方向反向，则电流表指针向右偏转．

（3）电键保持闭合；滑动变阻器滑片不动时，原线圈电流不变，产生的磁场不变，穿过副线圈的磁通量不变，副线圈B中没有感应电流．

（4）由上述实验可知：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化；闭合电路中就有感应电流．

故答案为：（1）电路如图；（2）向右；（3）没有；（4）只要穿过闭合电路的磁通量发生变化；闭合电路中就有感应电流．

【解析】【答案】（1）探究电磁感应现象实验；有两套电路，两套电路分别组成闭合回路．

（2）由楞次定律可知；感应电流磁场方向总是阻碍原磁通量的变化，如果原磁场方向不变，磁通量变化方向相反时，感应电流方向相反．

（3）只有穿过闭合回路的磁通量发生变化时；电路中才有感应电流．

（4）根据实验现象；得出实验结论．

三、判断题(共6题，共12分)11、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．12、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．13、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．16、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、简答题(共4题，共12分)17、解：（1）根据振动图象可知；横波的周期T=1.2s；

表明P点先于Q点振动．由图可知，P点的振动状态传到Q点需要时间：△t=（n+）T=（0.4n+0.3）s；

则波速（n=0；1、2）

（2）波长λ=vT=（n=0；1、2）；

若PQ＜λ；则n=0，此时波长λ=32m；

t=4.2s=

根据振动图象可知，t=0时，P在波峰处，Q在平衡位置处且向下振动，则经过P在波谷处，Q在平衡位置处且向上振动；

PQ之间的波形曲线；如图所示：

答：（1）波速为（n=0；1、2）；

（2）PQ之间的波形曲线如图所示．【分析】

(1)

先根据振动图象得出周期；P

点距波源近，P

点与Q

点振动早，根据振动图象，P

与Q

振动时间相隔至少，得出时间与周期的关系式，求出波速．

(2)

根据PQ<娄脣

求出波长；根据振动图象得出t=0

时，PQ

的位置及振动情况，再结合t=4.2s

与周期的关系判断t=4.2s

时，PQ

的位置及振动情况，进而画出图象．

本题通过振动图象表示两个质点的状态，根据同一时刻两质点的状态，分析波传播时间与周期关系，也可以分析两质点间距离与波长的关系．【解析】解：(1)

根据振动图象可知；横波的周期T=1.2s

表明P

点先于Q

点振动.

由图可知，P

点的振动状态传到Q

点需要时间：鈻�t=(n+34)T=(0.4n+0.3)s

则波速v=xt=24(n+34)T=804n+3(n=012)

(2)

波长娄脣=vT=80隆脕1.24n+3=964n+3(n=012)

若PQ<娄脣

则n=0

此时波长娄脣=32m

t=4.2s=312T

根据振动图象可知，t=0

时，P

在波峰处，Q

在平衡位置处且向下振动，则经过312TP

在波谷处，Q

在平衡位置处且向上振动；

PQ

之间的波形曲线；如图所示：

答：(1)

波速为964n+3(n=012)

(2)PQ

之间的波形曲线如图所示．18、rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

rm{(2)3}rm{2}

rm{(3)}正三角形

rm{(4)}氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能，所以氨的沸点比甲烷高

rm{(5)[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}

rm{(6)8}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times

10^{-30}}}【分析】【分析】非金属元素rm{A}的基态原子中成对电子数是未成时电子数的两倍，则电子排布伟rm{1s^{2}2s^{2}2p^{2}}故元素rm{A}为rm{C}rm{C}元素在地壳中含量最高，则元素rm{C}为rm{O}rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五种元素的原子序数依次增大，元素rm{A}为rm{C}元素rm{C}为rm{O}则元素rm{B}为rm{N}rm{D}的单质是短周期中熔点最低的金属，则元素rm{D}为rm{Na}rm{E}的合金是我国使用最早的合金，则元素rm{E}为rm{Cu}据此进行分析。rm{(1)}元素rm{E}为rm{Cu}原子序数为rm{29}据此书写基态原子电子排布式；rm{(2)}元素rm{A}为rm{C}rm{A}的某种氢化物rm{A_{2}H_{2}}为rm{C_{2}H_{2}}其结构式为rm{H-C隆脭C-H}据此进行分析；rm{(3)}据杂化方式，分析空间构性；rm{(4)}氢键对物理性质的影响；rm{(5)}元素rm{E}为rm{Cu}rm{E}的最高价氧化物对应的水化物为rm{Cu(OH)_{2}}rm{Cu(OH)_{2}}溶于氨水生成配合物rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}据此进行分析；rm{(6)}如图是rm{D}单质的晶体堆积方式，离中心原子rm{Na}最近的rm{Na}原子数有rm{8}个，故这种堆积方式的晶胞中原子的配位数为rm{8}该晶胞中rm{Na}原子个数rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+1=2}每个晶胞的质量rm{=dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}rm{Na}原子的直径为rm{2rpm}晶胞的边长rm{=2sqrt{2}rpm}所以晶胞的体积为rm{16sqrt{2}r^{3}pm}根据rm{娄脩=dfrac{m}{V}}计算其密度。本题考查物质结构与性质，涉及空间构型、氢键对物质熔沸点的影响、核外电子排布、晶体类型与性质、晶胞结构与计算等，难度中等。【解答】非金属元素rm{A}的基态原子中成对电子数是未成时电子数的两倍，则电子排布伟rm{1s^{2}2s^{2}2p^{2}}故元素rm{A}为rm{C}rm{C}元素在地壳中含量最高，则元素rm{C}为rm{O}rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五种元素的原子序数依次增大，元素rm{A}为rm{C}元素rm{C}为rm{O}则元素rm{B}为rm{N}rm{D}的单质是短周期中熔点最低的金属，则元素rm{D}为rm{Na}rm{E}的合金是我国使用最早的合金，则元素rm{E}为rm{Cu}

rm{(1)}元素rm{E}为rm{Cu}原子序数为rm{29}则其基态原子电子排布式为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

故答案为：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

rm{(2)}元素rm{A}为rm{C}rm{A}的某种氢化物rm{A_{2}H_{2}}为rm{C_{2}H_{2}}其结构式为rm{H-C隆脭C-H}故分子中含有rm{3}个rm{娄脪}键，rm{2}个rm{娄脨}键；

故答案为：rm{3}rm{2}

rm{(3)}元素rm{A}为rm{C}则rm{AO_{3}^{n-}}为rm{CO_{3}^{2-}}rm{CO_{3}^{2-}}中心原子的价层电子对数rm{=3+dfrac{1}{2}(4+2-3隆脕2)=3}杂化方式为rm{=3+dfrac

{1}{2}(4+2-3隆脕2)=3}没有孤电子对，分子的立体构型为正三角形；

故答案为：正三角形；

rm{sp^{2}}元素rm{(4)}为rm{A}元素rm{C}为rm{B}rm{N}的最简单的氢化物的沸点比rm{B}的最简单的氢化物的沸点高得多；其原因是氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能，所以氨的沸点比甲烷高；

故答案为：氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能；所以氨的沸点比甲烷高；

rm{A}元素rm{(5)}为rm{E}rm{Cu}的最高价氧化物对应的水化物为rm{E}rm{Cu(OH)_{2}}溶于氨水生成配合物rm{Cu(OH)_{2}}

故答案为：rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}

rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}如图是rm{(6)}单质的晶体堆积方式，离中心原子rm{D}最近的rm{Na}原子数有rm{Na}个，故这种堆积方式的晶胞中原子的配位数为rm{8}该晶胞中rm{8}原子个数rm{Na}每个晶胞的质量rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+1=2}rm{=dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}原子的直径为rm{Na}晶胞的边长rm{2rpm}所以晶胞的体积为rm{=2sqrt{2}rpm}所以此晶体的密度rm{娄脩=dfrac{dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}{16sqrt{2}r^{3}隆脕10^{-30}}=dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}g/cm^{3}}

故答案为：rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}}

rm{16sqrt{2}r^{3}pm}【解析】rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}rm{(2)3}rm{2}rm{(3)}正三角形rm{(4)}氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能，所以氨的沸点比甲烷高rm{(5)[Cu(NH_{3})_{