2025年浙教版选择性必修2物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版选择性必修2物理上册月考试卷112考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、发电机的路端电压为U，经电阻为r的输电线向远处的用户供电，发电机的输出功率为P，则A.输电线上的电流为B.用户得到的电压为C.输电线上的功率损失为D.输电上的功率损失为2、下面的几个图显示了磁场对通电直导线的作用力，其中正确的是（）A.B.C.D.3、如图所示，将a，b接入正弦交流电中；电路中所有电表和变压器是理想的。若交流电频率变成原来的两倍，下列说法正确的是（）

A.电压表示数不变B.变压器输入功率变为原来的两倍C.电流表A1的示数变为原来的两倍D.电阻R的功率变为原来的两倍4、如图，空间某区域中有一匀强磁场，磁感应强度方向水平，且垂直于纸面向里，磁场上边界b和下边界d水平。在竖直面内有一矩形金属线圈，线圈上下边的距离很短，下边水平，线圈从水平面a开始下落。已知磁场上下边界之间的距离大于水平面a、b之间的距离，若线圈下边刚通过水平面b、c（位于磁场中）和d时，线圈所受到的磁场力的大小分别为和则（）

A.>>B.<<C.>>D.<<5、如图所示，用两根相同的导线绕成匝数分别为n1和n2的圆形闭合线圈A和B，两线圈平面与匀强磁场垂直．当磁感应强度随时间均匀变化时，两线圈中的感应电流之比为（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、如图所示，空间存在方向垂直纸面的匀强磁场，一粒子发射源P位于足够大绝缘平板MN的上方距离为d处，在纸面内向各个方向发射速率均为v的同种带电粒子，不考虑粒子间的相互作用和粒子重力，已知粒子做圆周运动的半径大小也为d；则粒子。

A.能打在板上的区域长度为2dB.能打在板上离P点的最远距离为2dC.到达板上的最长时间为D.到达板上的最短时间为7、如图所示，电流表、电压表为理想电表，变压器为理想变压器，是定值电阻，为滑动变阻器。闭合开关S；则下列说法正确的是（）

A.仅将滑片上移时，电流表A的示数变大B.仅将滑片下移时，电压表V的示数变大RC.滑片下移、上移时，电阻的功率增大D.只断开开关S，电压表V的示数变大，电流表的示数变小8、如图所示，在直角坐标系xOy第一象限内x轴上方存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，在y轴上S处有一粒子源，它可向右侧纸面内各个方向射出速率相等的质量大小均为m，电荷量大小均为q的同种带电粒子，所有粒子射出磁场时离S最远的位置是x轴上的P点。已知粒子带负电，粒子重力及粒子间的相互作用均不计，则（）

A.粒子的速度大小为B.从O点射出的粒子在磁场中的运动时间为C.从x轴上射出磁场的粒子在磁场中运动的最长时间与最短时间之比为9：2D.沿平行x轴正方向射入的粒子离开磁场时的位置到O点的距离为9、如图甲所示，匀强磁场垂直穿过矩形金属线框磁感应强度随时间按图乙所示规律变化；下列说法正确的是（）

A.时刻线框的感应电流方向为B.时刻线框的感应电流方向为C.时刻线框的磁通量最大D.时刻线框边受到的安培力方向向右10、如图所示；竖直平面内存在垂直平面向里的有界磁场，一矩形线框从磁场边界以竖直向上的速度进入磁场，刚好能够完全进入，随后下落离开磁场，忽略空气阻力，则（）

A.线框在磁场中上升与下落的时间相同B.线框上升与下落过程中通过截面的电量相同C.线圈上升与下落过程中安培力产生的冲量大小相同D.线圈上升与下落过程中产生的焦耳热相同11、某偏僻山区靠小型发电机供电照明；供电电路如图甲所示，通过电灯的电流随时间变化的正弦规律图像如图乙所示，若发电机的线圈共有1000匝，总内阻为2Ω，电灯的电阻为48Ω，不计输电线的电阻，则下列说法正确的是（）

A.电路中的电流方向每秒改变100次B.穿过线圈的磁通量的最大值为C.穿过线圈的磁通量变化率的最大值为25Wb/sD.电灯的电功率为12.5W12、如图所示，有一电动势e=100sinl00πt（V）的交流电源与理想变压器输入端相连，已知理想变压器原、副线圈匝数比为5:1，输出端电阻R的阻值为4Ω．则（））

A.当变压器原线圈瞬时电压为零时，电压表读数也为零B.电压表读数为20VC.电流表读数为D.理想变压器的输出功率为100WA评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、如图所示，阻值为R的金属棒从图示ab位置分别以v1、v2的速度沿光滑导轨（电阻不计）匀速滑到a′b′位置，若v1∶v2=1∶2，则在这两次过程中回路的电流I1∶I2=___________，产生的热量Q1∶Q2=___________，通过任一截面的电荷量q1∶q2=___________，外力的功率P1∶P2=___________

14、红外线。

（1）红外线是一种光波，波长比无线电波_____，比可见光_____。

（2）所有物体都发射红外线，热物体的红外辐射比冷物体的红外辐射_____。

（3）红外线的应用主要有________和红外体温计。15、如图所示，是一个按正弦规律变化的交变电流的图像，则该交变电流的周期是_________s，电流的有效值是______A。

16、如图所示，交流发电机的矩形线圈中，匝数匝，线圈电阻外电阻线圈在磁感应强度的匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴匀速转动，角速度则产生感应电动势的最大值为__________V，交流电压表的示数为__________V：从图示位置起，转过90°过程中，通过线圈截面的电荷量为__________C；从图示位置起，转过60°时通过电阻R的电流为__________A。

17、如图是一个正弦式交变电流的图像，由图可知，电流的峰值Im＝________A，有效值I＝________A，周期T＝________s，频率f＝________Hz。

评卷人得分四、作图题(共4题，共24分)18、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

19、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

20、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

21、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)22、如图所示是“探究影响通电导线受力的因素”的实验装置图，三块相同的蹄形磁铁并列放置，可以认为磁极间的磁场是均匀的。实验时，先保持导体棒通电部分的长度不变，改变电流的大小；然后保持电流的大小不变，改变导体棒通电部分的长度。每次实验导体棒在场内同一位置平衡时，悬线与竖直方向的夹角记为θ。

(1)下列说法正确的是：____________。

A．该实验探究了电流大小以及磁感应强度大小对安培力的影响。

B.该实验探究了磁感应强度大小以及通电导体棒长度对安培力的影响。

C.如果想增大θ；可以把磁铁的N极和S极对调。

D.如果想减小θ；可以把接入电路的导体棒从①；④两端换成②、③两端。

(2)若把电流为I且接通②、③时，导体棒受到的安培力记为F；则当电流减半且接通①、④时，导体棒的安培力为：___________。

(3)本实验采用的研究方法是：______________。23、（1）在研究自感现象时，自感系数较大的线圈一般都有直流电阻，某同学利用如图（1）所示的电路采用伏安法测定线圈的直流电阻，在实验测量完毕后，将电路拆去时应______。

A．先断开开关S1B．先断开开关S2

C．先拆去电流表D．先拆去电阻R

（2）图（2）所示是该同学研究自感现象的实验电路图，并用电流传感器显示出在t=1×10-3s时断开开关前后一段时间内各时刻通过线圈L的电流（如图（3）所示）。已知电源电动势E=6V，内阻不计，灯泡的阻值R1=6Ω，电阻R的阻值为2Ω。

①线圈的直流电阻为______Ω；

②开关断开时，该同学观察到的现象是：______。24、学校实验室提供如图甲所示的可拆变压器元件；某同学探究变压器原；副线圈两端的电压与线圈匝数之间的关系：

(1)该同学还需要的实验器材是______（填选项前的字母）；

A.B.C.

D.E.

(2)该同学实验组装的变压器如图乙所示。铁芯上原，副线圈接入的匝数分别为n1=800匝和n2=400匝，原线圈两端与电源相连，测得原、副线圈两端的电压分别为10V和1.8V，发现结果与正确实验结论有明显偏差，最有可能原因是______；

A.副线圈的数太少B.副线圈的电阻太大。

C.原线圈的匝数太多，电阻过大D.没有将铁芯B安装在铁芯A上。

(3)改正后正确操作，为原线圈n1=800匝接入12V电压，副线圈n2=400匝接线柱间输出电压最有可能是______。

A.24VB.6VC.5.6VD.2V25、某同学做“探究感应电流产生的条件”的实验时；由于没有滑动变阻器，于是他用一个光敏电阻（光照越强电阻越小，反之越大）和一个可调节光照强度的光源替代滑动变阻器。图甲中实验器材有部分已用导线连接。

（1）请用笔画线代替导线将图中的实验电路连接完整______。

（2）闭合电键的瞬间，观察到电流表G的指针向右偏转。那么闭合电键后，增强可调光源强度，电流表G的指针将向______偏转（填“左”或“右”）。

（3）该同学根据感应电流产生的条件，想利用摇绳发电。如图乙所示，把一条大约10m长电线的两端连在一个灵敏电流计的两个接线柱上，形成闭合导体回路。两个同学沿______（选填“东西”或“南北”）方向站立并迅速摇动这条电线时，发电的可能性比较大。评卷人得分六、解答题(共1题，共4分)26、如图所示，顶角的光滑金属导轨固定在水平面内，导轨处在方向竖直向下、磁感应强度大小为曰的匀强磁场中。一根与垂直的导体棒在水平外力作用下以恒定速度沿导轨向右滑动，导体棒的质量为导轨与导体棒单位长度的电阻均为导体棒与导轨的接触点分别为和导体棒在滑动过程中始终保持与导轨良好接触。时，导体棒位于顶角处。求：

（1）时刻流过导体棒的电流大小和电流方向，并判断端电势高低。

（2）导体棒做匀速直线运动时水平外力随时间变化的表达式。

（3）导体棒在时间内产生的焦耳热

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

A．根据P=UI得，输送电流

故A错误；

B．输电线上损失的电压为

用户得到的电压为

故B错误；

CD．输电线上的功率损失为

故C错误；D正确。

故选D。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．由左手定则可知磁场对通电直导线的作用力方向向右；故A错误；

B．由左手定则可知磁场对通电直导线的作用力方向向下；故B错误；

C．由左手定则可知磁场对通电直导线的作用力方向向下；故C正确；

D．电流方向与磁感应强度方向平行；磁场对通电直导线没有力的作用，故D错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

AC．频率变为原来两倍，根据公式

又

可知；电压和电流最大值和有效值也变为原来两倍，A错误，C正确；

BD．根据公式

可得变压器和输入功率和电阻的功率为原来的四倍；BD错误。

故选C。4、D【分析】【详解】

线圈从a到b做自由落体运动，在b点开始进入磁场切割磁感线所以受到安培力Fb，由于线圈的上下边的距离很短，所以经历很短的变速运动而进入磁场，以后线圈中磁通量不变不产生感应电流，在c处不受安培力，但线圈在重力作用下依然加速，因此从d处切割磁感线所受安培力必然大于b处。故选D。5、D【分析】【详解】

由法拉第电磁感应定律得：可知感应电动势与半径的平方成正比．而根据电阻定律：线圈的电阻为线圈中感应电流由上综合得到，感应电流与线圈半径成正比，即因相同导线绕成匝数分别为和的圆形线圈，因此半径与匝数成反比，故选D.二、多选题(共7题，共14分)6、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．打在极板上粒子轨迹的临界状态如图所示。

根据几何关系知，带电粒子能到达板上的长度l=R+R=（1+）R=（1+）d

所以A错误；

B．由图可以看到打在板上最远点是右边，由几何关系可得，它与P点的距离是2d；所以B正确；

CD．在磁场中运动时间最长和最短粒子运动轨迹示意图如图所示。

由几何关系知，最长时间t1=T

最短时间t2=T

又有粒子在磁场中运动的周期

根据题意t1=t2=

所以C正确；D错误；

故选BC。7、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．只将滑片上移时；副线圈匝数增大原副线圈两端电压与匝数成正比，可知输出电压增大，输出功率增大，输入功率也增大，电流表A的示数增大，选项A正确；

B．只将滑片下移时，接入的阻值减小，接入的阻值与的并联电阻减小，副线圈电流增大，两端电压增大；而副线圈两端电压不变，故电压表V的示数变小，选项B错误；

C．滑片下移，副线圈电路电压减小，滑片上移，副线圈电路总电阻增大，故总电流减小，电阻的功率减小；选项C错误；

D．只断开开关S，副线圈两端电压不变，电路总电阻增大，电流减小，消耗功率减小，原线圈输入功率也减小，电流表A的示数变小，两端电压减小，则电压表V测的是电阻两端的电压；示数变大，选项D正确。

故选AD。8、A:C【分析】【详解】

A．粒子射出磁场时离S最远的位置是x轴上的P点,可以画出其轨迹1，可知SP为直径

得到R=d

洛仑兹力提供向心力

代入

A正确；

B．运动周期

得到

由几何知识可得从O点射出的粒子如轨迹3，轨迹所对的圆心角为60°，在磁场中的运动时间

故B错误；

C．运动时间最长的粒子为运动轨迹与x轴相切的粒子（轨迹2），对应的圆心角为270°，得

运动时间最短的粒子为从原点飞出的粒子（轨迹3），此时对应的圆心角为60°，得到

所以

选项C正确；

D．沿平行x轴正方向射入的粒子，圆心在原点处，运动轨迹为四分之一圆，离开磁场时的位置到O点的距离为d；故D错误；

故选AC。9、A:C:D【分析】【详解】

AD．时刻线框的磁通量向里增加，根据楞次定律可知，线框的感应电流方向为根据左手定则可知，线框边受到的安培力方向向右；故AD正确；

B．时刻线框的磁通量向里减少，根据楞次定律可知，线框的感应电流方向为故B错误；

C．时刻磁感应强度最大；线框的磁通量最大，故C正确。

故选ACD。10、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．上升过程加速度大小大于下降过程的加速度大小，由可知；加速度大的运动的时间少，所以线框在磁场中上升比下落的时间少，则A错误；

B．根据公式可知线框上升与下落过程中通过截面的磁通量的变化量大小相同，所以线框上升与下落过程中通过截面的电量相同，则B正确；

C．安培力产生的冲量为

由于线框上升与下落过程中通过截面的电量相同；则线圈上升与下落过程中安培力产生的冲量大小相同，所以C正确；

D．线圈上升与下落过程中产生的焦耳热不相同；因为上升与下降过程中相同位置上升的速度比下降时的速度大，则切割磁场产生的感应电动势也大，电流也大，则产生的焦耳热也大，所以D错误；

故选BC。11、A:B【分析】【详解】

A．由图乙可知，一周期内电流方向变化两次，所以每秒改变

故A正确；

B．电流的最大值为

可得

故B正确；

C．设磁通量变化率的最大值为em，电流的最大值为

可得

故C错误；

D．电流的有效值为

灯的电功率为

故D错误。

故选AB。12、B:D【分析】【详解】

电压表读数为副线圈有效值，根据公式E=得U1=100V；由得U2=100×=20V，故A错误；电压表读数为U2的值20V故B正确．电流表读数：因I2==5A由得I1=I2=1A，电流表读数为1A，故C错误；理想变压器的输出功率P=U2I2=100W；故D正确．故选BD．

【点睛】

电表读数为交流电有效值，正弦交流电有效值等于最大值的输出功率用有效值计算．三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]回路中感应电流为。

则有。

[2]产生的热量为。

则有。

[3]通过任一截面的电荷量为。

即q与v无关；则有。

[4]由于棒匀速运动；外力的功率等于电路中的热功率，即。

则有。

【解析】1∶21∶21∶11∶414、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.短②.长③.强④.红外遥感15、略

【分析】【详解】

[1]由图可知；该交变电流的周期是0.20s；

[2]由图可知，该交变电流的最大值为电流的有效值【解析】0.201016、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]感应电动势最大值为

带入数据联立解得

[2]交流电压表的示数为

[3]转过90根据

[4]转过60此时电流【解析】17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】140.25四、作图题(共4题，共24分)18、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】19、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】21、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共16分)22、略

【分析】【详解】

(1)[1]AB．该实验探究了导体棒通长度和电流大小对安培力的影响；故AB错误；

C．把磁铁的N极和S极对调，不改变B的大小，故F不变；故C错误；

D．把接入电路的导体棒从①、④两端换成②、③两端，L减小，故安培力F减小；故D正确；

(2)[2]若把电流为I且接通②、③时，导体棒受到的安培力记为F；则当电流减半且接通①、④时，导体棒的安培力为

(3)[3]研究安培力与电流、长度的关系时，需先控制一个量不变，这种研究的方法称为控制变量法。【解析】D控制变量法23、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]若先断开开关S1，或先拆去电流表或先拆去电阻R，由于L的自感作用和电压表组成回路，原先L中有较大的电流通过，现在这个电流将通过电压表，造成电表损坏，所以实验完毕应先断开开关S2；故B正确，ACD错误。

故选B；

(2)①[2]断开开关前，通过线圈的电流为1.5A，则

②[3]由楞次定律可