2025年沪科新版必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、一物块在外力F作用下沿粗糙斜面向上运动，一段时间后撤去F，物块继续沿斜面运动，如图所示为物块运动的v-t图像（沿斜面向上方向为正方向）；则（）

A.物块在t1时刻距离斜面底端最远B.外力F作用的时间为0到t2时间段C.在t2时刻物块开始沿斜面向下运动D.在t3时刻物块回到了斜面底端2、某同学通过实验探究力的矢量合成法则时，发现当两个共点力的合力为10N时，若其中一个分力F1的方向与合力F的方向成30°角，另一个分力F2的大小为5.24N，则他预测以下选项中正确的是()A.F1的大小是唯一的B.F1的大小可以取任意值C.F2有两个可能的方向D.F2的大小可取大于零的所有值3、灯笼为春节增添了不少喜庆的气氛。如图所示，重力为的灯笼用细绳悬挂，在水平风力的吹动下偏离竖直方向一定的角度，并保持静止，此时细绳对灯笼的拉力为则（）

A.B.C.与的合力与相同D.若F增大，灯笼重新平衡时，则也增大4、如图所示，自由落下的小球，从接触竖直放置的弹簧开始到弹簧的压缩量最大的过程中，小球的速度及所受的合外力的变化情况是（）

A.合力变小，速度变小B.合力变小，速度变大C.合力先变小，后变大；速度先变大，后变小D.合力先变大，后变小，速度先变小，后变大5、如图所示，物体A以某一速度沿斜劈B匀速下滑，运动到C点时对物体A施加向右的水平推力作用，若斜劈B一直处于静止状态，在施加推力后的一小段时间内物体A一直沿斜面向下运动；下列说法正确的是（）

A.物体A所受的合外力不变B.斜劈B对物体A的作用力沿斜面向上C.地面对斜劈B的支持力大于A、B总重力D.地面对斜劈B的摩擦力水平向左评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、小球由空中某点自由下落，与地面相碰后，弹至某一高度，小球自由下落和弹起过程的速度图象如图所示，不计空气阻力，g=10m/s2，则（）.

A.小球下落的加速度方向与向上弹起的加速度方向相反B.小球下落高度为1.25mC.小球能弹起1.25mD.小球在运动的全过程中路程为1.7m7、如图是A、B两物体运动的速度-时间图像；则下列说法正确的是（）

A.物体A以10的速度匀速直线运动B.物体B第1s内以5的速度与A同向运动，第3s内以5的速度与A反向运动C.物体B在最初3s内位移是10mD.物体B在最初3s内路程是10m8、从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图像如图所示，在0~t0时间内；下列说法中正确的是（）

A.Ⅰ、Ⅱ两个物体在相遇前t1时刻相遇B.Ⅰ物体的平均速度大于C.Ⅰ、Ⅱ两个物体必定在t1-t0某时刻相遇D.Ⅰ、Ⅱ两个物体都在做加速度减小的运动9、一质点从O点出发做直线运动，它运动的v-t图象如图所示，A、B、C、D、E五点分别对应其运动过程中经过的五个位置；则下列说法中正确的是（）

A.在C点处,质点的运动方向发生了变化B.整个过程中,D点处质点离出发点最远C.整个过程中,CE段质点的加速度最大D.在CE段,质点通过的位移是24m10、a、b两物体从同一位置沿同一直线运动；它们的速度随时间时间变化图像如图所示，则在0~60s范围内下列说法正确是()

A.40秒末,两物体相距最远B.40秒末，两物体速度相等C.60秒末，物体a在物体b的前方D.两物体加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度11、如图所示；皮带运输机将物体匀速地送往高处，下列结论正确的是（）

A.物体受到与运动方向相同的摩擦力作用B.传送的速度越大，物体受到的摩擦力越大C.物体所受的摩擦力与传送的速度无关D.物体受到的静摩擦力为物体随皮带运输机上升的动力12、一物体静止于水平桌面上，两者之间的最大静摩擦力为5N，现将水平面内三个力同时作用于物体的同一点，三个力的大小分别为2N、2N、3N.下列关于物体的受力情况和运动情况判断正确的是()A.物体所受静摩擦力可能为2NB.物体所受静摩擦力可能为4NC.物体可能仍保持静止D.物体一定被拉动13、在物理学习中有许多思想方法，下列说法正确的是（）A.根据速度定义式等，当非常非常小时，就可以表示物体在时刻的瞬时速度，该定义应用了极限的思想方法B.在力的合成过程中用一个力代替几个力，这里采用了等效替代的思想C.在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后计算每一段的位移在累加，这里采用了微元法D.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，可用质点来代替物体，这是采用假设法14、如图所示为两个大小不变、夹角θ变化的力的合力的大小F与θ角之间的关系图像（0≤θ≤360°）；下列说法中错误的是（）

A.合力大小的变化范围是0≤F≤10NB.合力大小的变化范围是2N≤F≤14NC.这两个分力的大小分别为6N和8ND.这两个分力的大小分别为2N和8N评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后加速度大小为5m/s2，那么开始刹车后3s通过的位移为__________m,刹车后6s通过的位移为__________m．16、重力的测量。

（1）方法一：利用牛顿第二定律。

先测量物体做自由落体运动的加速度g，再用天平测量物体的___________，利用牛顿第二定律可得G=___________

（2）方法二：利用力的平衡条件。

将待测物体悬挂或放置在___________，使它处于静止状态。这时物体受到的重力的大小___________测力计对物体的拉力或支持力的大小。17、一小球从距地面4米的高处竖直向下抛出，被地面弹回，在距地面1米处被接住，坐标原点定在抛出点的正下方2米处，选竖直向下为坐标轴的正方向，则抛出点，落地点，接住点的位置坐标分别是_________米，____________米，________米18、如图所示，某物体受五个共点力，合力为零，若F3的方向沿逆时针转过90°而保持其大小不变，其余四个力的大小和方向保持不变，则此时物体所受到的合力大小是_____。

19、将一个质量为m的物体放在斜面上，并沿斜面向上施加一个拉力T，为使物体能在斜面上保持静止，所加拉力的最小值为T1，最大值为T2，则物体受到最大静摩擦力的大小为__________。评卷人得分四、实验题(共4题，共16分)20、某同学利用如图1所示的装置探究弹力和弹簧伸长的关系．将弹簧的上端与刻度尺的零刻度对齐，读出不挂钩码时弹簧下端指针所指刻度尺的刻度值，然后在弹簧下端钩上钩码，并逐个增加钩码，依次读出指针所指刻度尺的刻度值，所读数据列表如下：（弹簧始终未超过弹性限度，取重力加速度g=9.8m/s2）

。123456钩码质量m/g0306090120150刻度尺读数x/cm6.008.349.4810.6411.79

（1）实验中挂30g钩码时刻度尺如图1所示，该读数为__________cm．

（2）该小组根据所测数据，在图2中的坐标纸建立x-m坐标系，并描出了5组测量数据，请你将第2组数据描在坐标纸上，并画出x-m的关系图线____________．

（3）作出的图线与坐标系纵轴有一截距，其物理意义是___________；该弹簧的劲度系数k=________N/m（结果保留3位有效数字）．21、在探究物体的加速度a与物体所受外力F、物体质量M间的关系时，采用如下图所示的实验装置．小车及车中的砝码质量用M表示，盘及盘中的砝码质量用m表示。

（1）当M与m的大小关系满足________时；才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力。

（2）某一组同学先保持盘及盘中的砝码质量m一定来做实验，其具体操作步骤如下，以下做法正确的是________。

A．平衡摩擦力时；应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上。

B．每次改变小车的质量时；不需要重新平衡摩擦力。

C．实验时；先放开小车，再接通打点计时器的电源。

D．用天平测出m以及小车质量M，小车运动的加速度可直接用公式a＝求出。

（3）另两组同学保持小车及车中的砝码质量M一定，探究加速度a与所受外力F的关系，由于他们操作不当，这两组同学得到的a－F关系图象分别如图1和图2所示；其原因分别是：

图1：________________________________；

图2：________________________________。

（4）某同学在某次实验得到了如图所示的纸带（两计数点间还有四个点没有画出，纸带上的数字是相邻两点间的距离，电源频率是50赫兹)，根据纸带可求出小车的加速度大小为________打计数点“4”时的速度大小为________（结果保留两位有效数字）

22、为了探究受到空气阻力时；物体运动速度随时间的变化规律，某同学采用了“加速度与物体质量；物体受力关系”的实验装置（如图所示）．实验时，平衡小车与木板之间的摩擦力后，在小车上安装一薄板，以增大空气对小车运动的阻力．

(1)往砝码盘中加入一小砝码，在释放小车___________（选填“之前”或“之后”）接通打点计时器的电源；在纸带上打出一系列的点．

（2）从纸带上选取若干计数点进行测量，得出各计数点的时间t与速度v的数据如下表：。时间t/s00.501.001.502.002.50速度v/（m·s-1）0.120.190.230.260.280.29

请根据实验数据作出小车的v—t图象___________．

(3)通过对实验结果的分析，该同学认为：随着运动速度的增加，小车所受的空气阻力将变大，你是否同意他的观点？请根据v-t图象简要阐述理由_________．23、某同学用图示装置测量木块与长木板间的动摩擦因数。轻绳在重物的带动下牵引木块在水平的长木板上做匀加速直线运动；按正确操作得到一条较理想的纸带。

（1）为减小实验误差，本实验应选用的打点计时器是___________（选填“电磁打点计时器”或“电火花计时器”）。

（2）若测得木块的质量是重物质量的倍，且根据纸带得到木块运动的加速度大小为当地的重力加速度大小为则木块与长木板间的动摩擦因数___________（用题中相关物理量的符号表示）。

（3）若长木板的右端高于左端，则在其他操作无误的情况下，木块与长木板间的动摩擦因数的测量值___________（选填“大于”、“等于”或“小于”）真实值。评卷人得分五、解答题(共1题，共3分)24、如图所示，质量M=1kg的足够长的木板静置于竖直墙壁左侧，质量为m=1kg木块放于木板最左端。某时刻开始，木块受到与水平面夹角为θ=45°，大小F1=5N恒力作用，经3s时撤去F1；又经过2.25s木板与竖直墙壁发生完全弹性碰撞，同时对木板持续施加水平向右恒力F2=2N。已知木块与木板之间滑动摩擦因数1=0.4，木板与地面之间滑动摩擦因数2=0.1，重力加速度g=10m/s2；求：

（1）0-3s内木块与木板的加速度大小；

（2）初始时刻木板右侧距墙壁的距离x（计算结果可用分数表示）；

（3）第一次木板与墙壁碰后木块相对木板的总位移大小。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．由图像可以看出，0~t2时间内，物块速度为正方向，即沿斜面向上运动，所以物块在t2时刻距离斜面底端最远，t2时刻之后速度方向为负方向，即在t2时刻物块开始沿斜面向下运动；故A错误C正确；

B．由图像可以看出，0~t1时间内，物块加速向上运动，t1时刻之后，物块减速向上运动，所以外力F作用的时间为0到t1时间段；故B错误；

D．图像中图线与坐标轴所围图形的面积等于位移，0~t2时间内，沿斜面上升的位移大于t2～t3内沿斜面下滑的位移，所以在t3时刻物块还没有回到斜面底端；故D错误。

故选C。2、C【分析】【详解】

已知一个分力有确定的方向，与F成夹角，知另一个分力的最小值为

而另一个分力大小大于5N小于10N，所以分解的组数有两组解，即F2有两个可能的方向。

故选C。3、D【分析】【详解】

ABD．根据题意；对灯笼受力分析，如图所示。

由平衡条件有

解得

若增大，则增大，增大；故AB错误，D正确；

C．由共点力平衡特点可知，与的合力与大小相等；方向相反，故C错误。

故选D。4、C【分析】【分析】

小球自由落下，接触弹簧时有竖直向下的速度，接触弹簧后，弹簧被压缩，弹簧的弹力随着压缩的长度的增大而增大．以小球为研究对象，开始阶段，弹力小于重力，合力竖直向下，与速度方向相同，小球做加速运动，合力减小；当弹力大于重力后，合力竖直向上，小球做减速运动，合力增大．

【详解】

小球自由落下，接触弹簧时有竖直向下的速度．以小球为研究对象，分析小球的受力情况和运动情况：开始阶段，弹力小于重力，合力竖直向下，与速度方向相同，小球做加速运动，合力变小；当弹力大于重力后，合力竖直向上，小球做减速运动，合力变大．当弹力等于重力时，合力为零，速度最大．故选C．

【点睛】

含有弹簧的问题，是高考的热点．关键在于分析小球的受力情况，来确定小球的运动情况，抓住弹力是变化的这一特点．不能简单认为小球一接触弹簧就做减速运动．5、C【分析】【详解】

A．物体A匀速下滑时，对物体A，所受的合外力为零，根据平衡条件

解得

对物体A施加向右的水平推力，对物体A，垂直斜面方向有

沿斜面方向上有

则物体A的合力不为零，故物体A所受的合外力变化；故A错误；

B．对物体A，受斜劈B的垂直斜面向上的支持力受斜劈B的沿斜面向上的滑动摩擦力则斜劈B对物体A的作用力为和的合力；这两个力的合力不可能沿斜面方向，故B错误；

CD．对物体B，根据牛顿第三定律可知，物体B受物体A垂直斜面向下的压力

物体B受物体A沿斜面向下的滑动摩擦力

竖直方向上，设地面对斜劈B的支持力为根据平衡条件有

水平方向上，假设地面对斜劈B的摩擦力水平向左，根据平衡条件有

解得

即地面与斜劈B之间无摩擦力；故D错误C正确。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)6、B:D【分析】【详解】

A．由速度时间图线的斜率表示加速度可知；小球下落的加速度方向与向上弹起的加速度方向相同；故A错误。

B．根据图线围成的“面积”知，小球下降的高度

故B正确。

CD．在0.5s-0.8s小球向上弹起，可知，小球弹起的高度

故小球在运动的全过程中路程为S=h1+h2=1.7m

故C错误；故D正确。

故选BD。7、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图像可知，A物体做匀速直线运动，速度大小为10A正确；

BCD．B物体在第1s内朝正方向做匀速直线运动，第2s内静止，第3s内朝负方向做匀速直线运动，由于B物体第1s内与第3s内运动的速率相同，在第3s末，B物体回到出发点，位移刚好为零，但路程是往复运动轨迹长度

BD正确；C错误。

故选ABD。8、B:C:D【分析】【详解】

A．由图线可知，在t1时刻之前，Ⅱ的速度大于Ⅰ的速度，两物体间距一直增加，故t1时刻相距最远；选项A错误；

B．图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于故Ⅰ物体的平均速度大于Ⅱ物体的平均速度小于选项B正确；

C．图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图可知Ⅰ、Ⅱ两个物体在t1-t0某时刻时与时间轴所围面积相等，则两个物体必定在t1-t0某时刻相遇；选项C正确；

D．速度-时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小；故物体Ⅰ做加速度不断减小的加速运动，物体Ⅱ做加速度不断减小的减速运动，选项D正确。

故选BCD。9、B:C【分析】【详解】

A.C点前后的速度都为正值；运动方向没有发生变化；故A错误.

B.从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点表示的状态离出发点最远；故B正确.

C.整个过程中，CE段的倾角最大；斜率最大，故其加速度数值最大；故C正确.

D.图象与坐标轴围成的面积表示位移，则CE段位移为零；故D错误.10、A:B:C【分析】【详解】

A．面积代表位移，故40秒末，a、b两物体相距最远；故A正确；

B．由图知，40秒末，a、b两物体速度相等；故B正确；

C．0～20s内a的位移大于b的位移，即20s时a在b的前面；20s～60s内，b物体的平均速度为40m/s，而此段时间内a物体一直以此速度匀速运动，在此段时间内两物体位移相等，故60秒末，物体a在物体b的前方；故C正确。

D．斜率代表加速度，故物体a的加速度小于物体b的加速度，故D错误；11、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

物体随皮带运输机一起上升的过程中；物体具有相对于皮带下滑的趋势，受到沿皮带向上的摩擦力作用，是使物体向上运动的动力，其大小等于物体重力沿皮带向下的分力，与传送的速度大小无关。

故选ACD。12、A:B:C【分析】【详解】

2N和2N的合力范围为[0；4N]，3N在此范围内，故当两个2N合力为3N时，再与第三个力大小相等方向相反，则三个力的合力为0，故2N，2N，3N三个力的合力范围为[0，7N]；2N在三个力的合力范围内，故当三个力的合力为2N时，物体所受静摩擦力为2N，故A正确；4N在三个力的合力范围内，故当三个力的合力为4N时，物体所受静摩擦力为4N，故B正确；当三个力的合力小于最大静摩擦力5N时，物体仍保持静止状态，故C正确，D错误；故选ABC．

【点睛】

本题考查的是三个力的合力范围，处理时，先求得两个力的合力范围，若第三个力在其两个力的合力范围内，则合力最小值为0，若不在两个力的合力范围内，则与第三个力最接近的那个力的差值为最小值．13、A:B:C【分析】【详解】

A．速度定义式表示平均速度，当时，表示物体在t时刻的瞬时速度；是采用数学上极限思想方法，故A正确；

B．合力和分力是等效替代的关系；在力的合成过程中用一个力代替几个力，采用了等效替代的思想，故B正确；

C．推导匀变速运动位移公式时；把整个运动过程划分成无数小段，采用的是数学中的微元法，故C正确；

D．在不需要考虑物体本身的大小和形状时；用质点代替物体采用了理想化模型的方法，故D错误。

故选ABC。14、B:C【分析】【分析】

【详解】

CD．由题图可知，当两分力夹角为180°时，两分力的合力为2N，则有|F1-F2|=2N

而当两分力夹角为90°时，两分力的合力为10N，则有=10N

联立解得这两个分力大小分别为6N；8N；故C正确，D错误。

AB．当两个分力方向相同时，合力最大，为14N；当两个分力方向相反时，合力最小，为2N，合力在最大值与最小值之间，即合力大小的变化范围是2N≤F≤14N

故A错误；B正确。

本题选择错误的，故选AD。三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

[1]汽车刹车到停止所需的时间

因为3s＜4s；所以3s末汽车还未停止；

根据位移时间公式开始刹车后3s通过的位移为

[2]因为6s＞4s，所以前6s内的位移等于前4s内的位移，则【解析】37.5m40m16、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]利用天平测量物体的质量。

[2]自由落体运动的物体受到的合外力即为物体重力，所以根据牛顿第二定律可得G=mg

(2)[3][4]将待测物体悬挂在测力计或放置在测力计上，静止时，根据平衡条件可知，物体的重力与测力计对物体的拉力或支持力的大小相等。【解析】①.质量②.mg③.测力计上④.等于17、略

【分析】【分析】

【详解】

根据坐标原点的位置可知，抛出点，落地点，接住点的位置坐标分别是-2米，2米，1米。【解析】-2米2米1米18、略

【分析】【详解】

[1]物体受五个共点力，合力为零，则其余4个力的合力与F3等大反向，若F3的方向沿逆时针转过90°而保持其大小不变，其余四个力的大小和方向保持不变，则此时物体所受到的合力大小是【解析】F319、略

【分析】【详解】

[1]设最大静摩擦力为fm，当拉力最小时，摩擦力方向沿斜面向上，有

当拉力最大时，摩擦力方向沿斜面向下，有

联立以上两式解得【解析】四、实验题(共4题，共16分)20、略

【分析】【详解】

(1)由图,刻度尺的最小分度为1mm,由图可以知道,读数为：7.15cm（7.12~7.18）;

(2)以横轴表示弹簧的弹力,纵横轴表示弹簧的伸长量,描点连线作图.让尽量多的点落在直线上或分居直线两侧.如图所示;

(3)图像与纵坐标有交点；此交点代表施加拉力为零时弹簧的长度，即代表了弹簧的原长；

图象的斜率表示弹簧的劲度系数,根据图象,

可求弹簧的劲度系数（25.0N~26.0N）

【点睛】

在描点连线时一定要注意让尽量多的点落在直线上或分居直线两侧.偏离太远的点可以直接舍去．图像的斜率代表了弹簧的劲度系数．【解析】7.12~7.18弹簧的原长25.0~26.025.0~26.021、略

【分析】【详解】

（1）[1]在消除摩擦力对实验的影响后，那么小车的合力就是绳子的拉力，根据牛顿第二定律得，

对M

解得

当时；即当砝码和盘的总重力要远小于小车及车中的砝码的重力，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力。

（2）[2]A．因为是用重力沿倾斜木板向下的分力平衡摩擦力；所以不能将及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上，A错误；

B．设斜面的倾斜角度为当

就平衡了摩擦力；上式中的质量可以抵消，所以改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力，B正确；

C．实验时；先接通电源，再释放小车，C错误；

D．小车运动的加速度通过纸带求出，不能通过牛顿第二定律探究牛顿第二定律，即不能用

求出；D错误。

故选B。

（3）[3]图1中随着F的增大；即砝码和盘的质量增大，不再满足砝码和盘的质量远小于小车及车中的砝码的质量，因此曲线上部出现弯曲现象。

（3）[4]从图2可知，F不等于零时；加速度为零，也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为零，知没有平衡摩擦力，或平衡摩擦力时长木板的倾角过小。

（4）[5]两个计数点的时间间隔

根据

运用逐差法得

（4）[6]打计数点“4”时的速度大小【解析】B不再满足砝码和盘的质量远小于小车及车中的砝码的质量没有平衡摩擦力，或平衡摩擦力时长木板的倾角过小22、略

【分析】【详解】

(1)由于纸带长度有限；为了能在有限长度的纸带上打出更多可用的点，应该先接通电源再释放纸带．

(2)合理选