2025年浙教新版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版必修3物理下册阶段测试试卷49考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流.a、0、b在M、N的连线上，O为的中点，c、d位于的中垂线上，且a、b、c、d到O点的距离均相等.关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）

A.O点处的磁感应强度为零B.a、c两点处的磁感应强度的方向相同C.c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相反D.a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反2、真空中两个相同的带等量异种电荷的小球A和B，分别固定在两处，两球间静电力为F。用不带电的同样小球C先和A接触，再与B接触，然后移去C，则AB间的静电力应为（）A.B.C.D.3、如图所示的匀强电场场强为103N/C，ab平行于电场线，ab＝cd＝4cm，ac＝bd＝3cm.则下述计算结果正确的是()

A.ab之间的电势差为40VB.ac之间的电势差为50VC.将q＝－5×10－3C的点电荷沿矩形路径abdc移动一周，电场力做功是－0.25JD.将q＝－5×10－3C的点电荷沿abd从a移动到d，电场力做功是0.25J4、如图所示的电路中，R1、R2是定值电阻，电表均为理想电表，RB是磁敏材料制定的元件（其特点无磁场时处于断开状态，有磁场出现时导通）。闭合开关S，滑动变阻器R的滑片处于某位置，当有磁铁靠近RB附近时；（）

A.电流表读数减小B.R1的功率减小C.电压表读数增大D.电源总功率增大5、质量均为m的三个带电小球A、B、C用三根长度均为l的绝缘丝线相互连接，放置在光滑绝缘的水平面上，A球的电荷量为＋q．在C球上施加一个水平向右的恒力F之后，三个小球一起向右运动，三根丝线刚好都伸直且没有弹力，F的作用线反向延长线与A、B间的丝线相交于丝线的中点，如图所示．已知静电力常量为k；下列说法正确的是。

A.B球的电荷量可能为＋2qB.C球的电荷量为C.三个小球一起运动的加速度为D.恒力F的大小为评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、如图所示的电路中，电池的电动势为E，内阻为r，电路中的三个电阻的阻值均为R．在电键S处于闭合状态下，若将电键S1由位置1切换到位置2，则()

A.电压表的示数变小B.电池内部消耗的功率变大C.电池的总功率变小D.电池的效率变小7、如图所示的电路,闭合开关S,滑动变阻器滑片P向左移动,下列说法正确的是。

A.电流表读数变小,电压表读数变大B.小灯泡L变暗C.电容器C上电荷量减小D.以上说法都不对8、如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻r，开关K闭合，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3的示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表示数变化量的绝对值为ΔI；正确的是。

A.V2的示数增大B.电源输出功率在增大C.ΔU3＞ΔU1＞ΔU2D.ΔU3与ΔI的比值在减小9、如图所示；A，B为相同的灯泡，均发光，电压U保持不变，当变阻器的滑片P向下滑动时，则（）

A.A灯变亮B.A灯变暗C.B灯变亮D.B灯亮度不变10、一直流电动机正常工作时两端的电压为U，通过的电流为I，电动机线圈的电阻为r．该电动机正常工作时，下列说法正确的是（）A.电动机消耗的电功率为UIB.电动机的输出功率为UI﹣I2rC.电动机的发热功率为D.I、U、r三个量间满足I=11、如图所示电路，电源电动势为E，内阻为r。当开关S闭合后，小型直流电动机M和指示灯L（可看作纯电阻）都恰能正常工作。已知指示灯L的电阻为R0，额定电流为I，电动机M的线圈电阻为R；则下列说法中正确的是（）

A.电动机的额定电压为IRB.电动机的输出功率为IE-I2（R0+R+r）C.电源的输出功率为IE-I2rD.整个电路的热功率为I2（R0+R）12、如图所示，直角坐标系中x轴上的r和－r处固定有两个带电荷量分别为－Q和＋9Q的点电荷，y轴上a、b两点的坐标分别为ya＝r和yb＝－r，x轴上d点的坐标为xd＝2r，则下列说法中正确的是（）

A.a、b两点的场强相同B.a、b两点的电势相等C.d点场强为零D.O点电势为零评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、电源的电动势是反映电源_________的本领的物理量，这个转化过程是通过_______做功来实现。14、电磁波的产生：变化的电场和磁场交替产生，由近及远向周围传播，形成_____________15、空气平行板电容器，电容为C，两极板间距离为d。充电后，两极板间相互作用力为F。则两极板间的电势差为_______，极板上的电荷为________。16、用10分度（测量值可准确到0.1mm）的游标卡尺测量小球的直径，测量的示数如图所示，读出小球直径d的值为__________mm。

17、现有一个电流表G，内阻Rg=30满偏电流Ig=1mA。

(1)把它改装成量程为0~3V的电压表，要________（填“串联”或“并联”）一个_______的电阻。

(2)把它改装成量程为0~0.6A的电流表，要________（填“串联”或“并联”）一个_____的电阻。评卷人得分四、作图题(共1题，共7分)18、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)19、有一根粗细均匀的导电材料样品，截面为同心圆环，如图甲所示；用刻度尺测量样品的长度l，用游标卡尺测得其内径d，用螺旋测微器测得其外径D；示数如图乙所示；用如图丙所示电路测其电阻，电流表和电压表的示数如图丁所示。

内径d=______mm，外径D=______mm，电阻R=______Ω。20、有一根由a、b两段截面积相同的不同金属材料串接而成的导线；总长度为1.0m，某兴趣小组实验探究其电阻的规律。

(1)小明用欧姆表测其电阻值，选用“×100”倍率的电阻挡测量时，发现欧姆表指针偏转过大，因此需选择______（选填“×10”或“×1k”）倍率的电阻挡，并将红表笔和黑表笔________，调节旋钮使指针指到欧姆零点，再进行测量时示数如图1所示，读数为________Ω。

(2)小红用伏安法描绘其伏安特性曲线；选用的器材包括：

电池组（电动势3V；内阻约1Ω）

电流表（内阻约2Ω）

电压表（内阻约30kΩ）

滑动变阻器R（0~20Ω；额定电流2A）

开关；导线若干。

为使实验尽可能准确，且电压由零开始调节，用笔画线代替导线，将图2连接成完整电路______________。

(3)小刚将导线与电池、电流表A连成图3所示的电路，电流表和电池的内阻均可忽略。电流表的一端接在导线上的某一点，用刻度尺测得接点与导线左端的距离x，由电流表测得的电流I，推得连入电路的导线电阻R，作出的关系图像如图4所示，则导线a的电阻为________Ω，导线a的电阻率________（选填“大于”“等于”或“小于”）导线b的电阻率，要测量导线a的电阻率，还需要的测量仪器是____________。

评卷人得分六、解答题(共2题，共8分)21、以煤作燃料的电站，每天排出的烟气带走大量的煤粉，不仅浪费燃料，而且严重污染环境，利用静电除尘可以除去烟气中的煤粉。如图所示是静电除尘器的原理示意图，除尘器由金属管A和悬在管中的金属丝B组成，在A、B上各引电极a、b接直流高压电源。假定煤粉只会吸附电子，而且距金属丝B越近场强越大。

（1）试判断所接高压电源的极性；

（2）试定性说明静电除尘器的工作原理；

（3）设金属管A的内径r＝3m，长为L＝50m，该除尘器吸附煤粉的能力D＝3.5×10－4kg/（s·m2）；求其工作一天能回收煤粉多少吨？（最后结果取三位有效数字）

22、如图所示电路中，伏特计V1示数为100伏特，V示数为120伏特，电阻R=4欧姆，电动机内电阻r=2欧姆；则电动机的输出功率为多少瓦，电动机的效率为多少？（摩擦力忽略不计）

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

A．由安培定则分别画出两直导线在a、b、c、d、O点的磁场方向；如下图所示。

由平行四边形定则可得，O点的磁感应强度不为零；选项A错误；

B．a；c两点处磁感应强度的方向都竖直向下；选项B正确；

C．c；d两点处的磁感应强度大小相等；方向均竖直向下，选项C错误；

D．a、b两点处的磁感应强度大小相等；方向相同，选项D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

两个完全相同且可看成点电荷的金属小球A和B，分别带有等量异种电荷q，这时两球间静电引力的大小为F；当用一个不带电，且与A和B完全相同的绝缘金属小球C先与A球接触，再与B球接触后移去。根据电荷的分配规律，是先中和在平分的原则。

小球C先与A球接触，A球和C球分别带电

B球和C球

由库仑定律可得

两球间静电力的大小为原来的八分之一；故ABD错误，C正确。

故选C。3、A【分析】【详解】

ab之间的电势差为选项A正确；ac处在同一等势面上，则ac之间的电势差为0V，选项B错误；将q＝－5×10－3C的点电荷沿矩形路径abdc移动一周，电场力做功为零，选项C错误；将q＝－5×10－3C的点电荷沿abd从a移动到d，电场力做功是选项D错误；故选A.4、D【分析】【详解】

AC．当有磁铁经过RB附近时，外电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得

可知电流表示数变大，外电路电压为U=E-Ir

I变大；其它量不变，所以电压表示数减小，故AC错误；

D．电源的总功率P=IE

因为电流I变大；所以电源总功率变大，故D正确；

C．根据题意可知当有磁铁经过RB附近时，RB的阻值减小，根据串反并同可知通过R1的电流增大，根据P=I2R1

可知R1的功率增大；故B错误。

故选D。5、C【分析】【分析】

根据库仑力公式求出库仑斥力；一起运动的加速度方向与F的作用线平行，根据牛顿第二定律求解分析；

【详解】

A；根据对称性可知；A球的电荷量和B球的电荷量相同，故A错误；

BC、设C球的电荷量为以A球为研究对象，B球对A球的库仑斥力为C球对A球的库仑引力为由题意可得一起运动的加速度方向与F的作用线平行，则有：解得：故C正确，B错误；

D、以三个小球整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得：故D错误；

故选C．

【点睛】

关键是要知道三根丝线刚好都伸直且没有弹力，对称性可知A球的电荷量和B球的电荷量相同．二、多选题(共7题，共14分)6、A:B:D【分析】【详解】

根据题意可知，接1时，外电路的总电阻为1.5R，接2时，外电路的总电阻为

A．外电路的总电阻减小；所以干路电流增大，内电压增大，路端电压减小，A正确。

B．干路电流增大；所以电池内部消耗的功率变大，B正确。

C．干路电流增大；电池的总功率变大，C错误。

D．电池的效率

可知，干路电流增大，电池的效率减小，D正确7、A:B【分析】【详解】

AB．滑动变阻器滑片P向左移动时；接入电路的电阻增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，则总电流减小，电流表的读数变小，内电压减小，电动势不变，则外电压增大，所以电压表示数变大。通过灯泡的电流减小，则小灯泡变暗。故AB正确。

CD．通过灯泡的电流减小，则灯泡两端的电压减小，而外电压增大，所以滑动变阻器两端的电压增大，根据Q=CU知，电容器上电荷量增大。故CD错误。8、B:C【分析】【详解】

理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表分别测量R；路端电压和变阻器两端的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时；接入电路的电阻减小，电路中电流增大．

A.根据闭合电路欧姆定律得：的示数

I增大，减小；故A错误；

B.电路中定值电阻阻值R大于电源内阻r；外电阻减小，电源输出功率在增大，故B正确；

D.由闭合欧姆定律得：

解得

所以不变；故D错误；

C.由闭合欧姆定律得：

又定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r，则故C正确．9、B:D【分析】【分析】

【详解】

当变阻器的滑片P向下滑动时；滑动变阻器的电阻变小，则灯泡A两端的电压变小，所以灯泡A变暗，而灯泡B接在电压U两端，所以灯泡B的亮度不变，故BD正确；AC错；

故选BD

【点睛】

本题考查了电路的动态变化，要利用局部的变化找到回路中总电流的变化，再利用总电流的变化找到灯泡量度的变化．10、A:B【分析】【详解】

A．电动机输入的功率是电动机消耗的电功率，即

故A正确；

BC．电动机的发热功率根据焦耳定律得到

电动机的输出功率是机械功率，根据能量守恒定律得

故B正确；C错误；

D．当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，不满足欧姆定律，故

故D错误．11、B:C【分析】【详解】

A.电动机不是纯电阻，不能满足欧姆定律，IR不是电动机的额定电压；故A错误；

B.根据能量守恒定律可知，电动机总功率为内部消耗功率为故输出功率为故B正确；

C.电源的总功率为IE，内部消耗功率为I2r，则电源的输出功率为故C正确；

D.整个电路的热功率为故D错误。

故选BC。12、B:C【分析】【详解】

A．根据电场线分布的对称性可知，a、b两点场强的大小相等，但方向不同，则a、b两点的场强不等；故A错误；

B．由电场分布的对称性可知，a、b两点的电势相等；故B正确；

C．+9Q在d点产生的场强大小

方向水平向右，－Q在d点产生的场强大小

方向水平向左，所以由电场的叠加原理可知，d点场强为零；故C正确；

D．由于零电势点的选取可以是任意的，则O点电势不一定为零；故D错误。

故选BC。三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量；

[2]电动势的转化过程是通过非静电力做功来实现。

【点睛】【解析】把其他形式能转化为电能非静电力14、略

【解析】电磁波15、略

【分析】【详解】

设电容器极板上的电荷为Q，板间场强为E，板间电压为U，则有

解得【解析】16、略

【分析】【详解】

通过观察游标卡尺，主尺读数为17mm，游标尺第六条刻度线与主尺刻度线对齐，可得小球直径为d=17mm+6×0.1mm=17.6mm【解析】17.617、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]把它改装成量程为0~3V的电压表，要串联一个分压电阻，电阻大小为

(2)[3][4]把它改装成量程为0~0.6A的电流表，要并联一个分流电阻，其大小为【解析】串联并联0.05四、作图题(共1题，共7分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共2题，共20分)19、略

【分析】【详解】

[1]10分度游标卡尺的精确值为由图中游标卡尺刻度可知内径为

[2]螺旋测微器的精确值为由图中螺旋测微器刻度可知外径为

[3]电压表读数为

电流表读数为

根据欧姆定律