2025年沪科版高三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高三物理下册阶段测试试卷918考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、以下说法正确的是（）A.体积很小的带电体就是点电荷B.点电荷是存在的，电场线也是存在的C.元电荷就是电子D.元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电量2、斜面所示，理想变压器原线圈接入交流电u=Umsinwt，副线圈接有一电压表和电阻为R的负载，电压表的示数为10V，在t=（T为交变流的周期），原线圈两端电压的瞬时值100V，由此可知变压器原副线圈的萜数比为（）A.10：1B.1，10C.1D.103、如图甲所示，一个箱内底部放一个质量为m的物体，当箱从高空某处以一定初速度下落时取向下为正方向，其速度-时间图象如图乙所示，则关于物体的有关说法正确的是（）A.箱子刚开始下落一小段时间内，箱内物体受到的支持力大于重力，处于超重状态B.箱内物体对箱子底部压力始终小于重力，处于失重状态C.箱子在下落的最后阶段时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大D.若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”4、在平静无风的沙漠上；有时眼前会突然耸立起亭台楼阁；城墙古堡，或者其他物体的幻影，虚无缥缈，变幻莫测，宛如仙境，这就是沙漠中的“海市蜃楼”现象，如图所示，下列关于此现象的成因及说法正确的是（）

A.沙漠中的“海市蜃楼”现象的形成是由于发生了全反射。

B.沙漠中的“海市蜃楼”现象的形成是由于发生了干涉。

C.沙漠地表附近的空气折射率从下到上逐渐增大。

D.沙漠地表附近的空气折射率从下到上逐渐减小。

5、如图所示；当线框从直线电流的左边运动到右边的过程中，关于线框中的磁通量的变化情况正确的说法是（）

A.一直增加。

B.先增加再减少。

C.先增加再减少再增加。

D.先增加再减少再增加再减少。

6、【题文】如右图所示为用“与”门构成的简易报警器的示意电路。当报警器发出警报声时，电键S1、S2处于的状态为（）

A.S1、S2都断开B.S1、S2都闭合C.S1断开，S2闭合D.S1闭合，S2断开7、如图所示，用轻杆栓接在同种材料制成的ab

两物体，它们沿斜面向下做匀速运动，关于ab

的受力情况，以下说法正确的是(

)

A.a

受三个力作用，b

受四个力用B.a

受四个力作用，b

受三个力作用C.ab

均受三个力作用D.ab

均受四个力作用8、如图所示，质量相同的物体AB

用轻弹簧连接并置于光滑的水平面上，开始时弹簧处于原长，现给物体B

与初速度v0

经过一段时间后，t0

时刻弹簧的长度第一次达到最长，此时弹簧在弹性限度内.

以下能正确描述两物体在0鈭�t0

时间越短过程的v鈭�t

图象是(

)

A.B.C.D.9、下列运动过程中，在任何相等的两段时间内，物体速度的变化量不同的是（）A.匀加速直线运动B.竖直上抛运动C.匀速圆周运动D.平抛运动评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、总质量为M的装砂的小车，正以速度v0在光滑水平面上向右前进，突然车底漏了，不断有砂子漏出来落到地面，则漏出的砂的速度为____，在漏砂的过程中，小车的速度的变化情况是____（选填“变大”、“不变”或“变小”）．11、（2010•盐城二模）（选修模块3-5）

（1）下列说法正确的是____

A．太阳辐射的能量来自太阳内部的核聚变反应。

B．根据氢原子光谱可知原子具有核式结构。

C．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应；可能是照射时间短。

D．运动的物体也具有波动性；只不过一般情况下不能观察到它的波动性。

（2）原子核不稳定时会发生放射现象，天然放射现象放出的射线有α、β和γ射线．α射线的穿透能力____（强于/弱于）γ射线，发生β衰变后原子核中少了一个____（质子/中子）．高温高压____（可以/不可以）改变放射性元素的半衰期．

（3）如图所示，在气垫导轨上有两个滑块质量分别为m1和m2，滑块上安装相同的遮光条．为探究碰撞过程中的不变量，让滑块A碰撞静止的B．碰前光电门1遮光时间为t1，碰后光电门1的遮光时间为t2，光电门2的遮光时间为t3，则碰撞前后动量守恒的表达式为____．12、某物体做匀速圆周运动，圆周的半径为R，周期为T，在运动的时间内，位移的大小是____，路程是____，转过的角度是____．运动的角速度是____．13、在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1500匝，横截面积S=20cm2，螺线管导线电阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω，C=30μF．闭合开关，在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化．电路中电流稳定后电容器两板间的电压是____V，下极板带____电．

14、描述机械波的物理量：

（1）波长λ：两个相邻的，在振动过程中相对平衡位置的位移总是相等的质点间的距离叫波长．在横波中，两个____或____之间的距离．在纵波中两相邻的密部（或疏部）中央间的距离；

（2）周期与频率：波的频率由____决定；在任何介质中传播波的频率不变．波从一种介质进入另一种介质时，唯一不变的是频率（或周期），波速与波长都发生变化．

（3）波速：单位时间内波向外传播的距离．v=，波速的大小____决定．振动在一个周期内在介质中传播的距离等于波长，v=____或____．15、匀加速直线运动的物体从A运动到C所用时间为t，B是AC连线上的一点，已知物体在AB段的平均速度为v．在BC段的平均速度为3v，则物体加速度的大小为____．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)16、将未饱和汽转化成饱和汽，可以用保持温度不变，减小体积，或是保持体积不变，降低温度，也可以用保持体积不变，减小压强．____．（判断对错）17、几个不同阻值的电阻并联后，其总电阻等于各电阻之和．____．（判断对错）18、作用力与反作用力一定是同种性质的力．____（判断对错）19、物体受到的合外力不做功，则物体一定作匀速直线运动．____．20、（2010•驻马店模拟）如图为一列沿x轴正方向传播的简谐波在t=0时刻的波形图，已知波速为10m/s，则图中P质点的振动方程为y=10sin5πt（cm）____（判断对错）21、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的____（判断对错）22、地理位置的南北极即为地磁场的南北极____．（判断对错）23、两个力的合力总是大于原来每一个力．____（判断对错）24、火车转弯时，若转弯处内外轨道一样高，则转弯时，对外轨产生向外的挤压作用．____．评卷人得分四、实验探究题(共4题，共12分)25、某实验小组用如下器材来测量电压表的内阻。

A.待测电压表(

量程3V

内阻约几千欧)

B.电流表(

量程0.6A

内阻约0.1娄赂)

C.电池组(

电动势约3V

内阻可忽略)

D.滑动变阻器R0

E.变阻箱R(0鈭�9999娄赂)

F.开关和导线若干。

(1)

图甲是某同学设计的电路；大家讨论后一致认为此电路不可行，你认为原因是______；

A.R0

阻值较小。

B.电流表存在内阻。

C.电压表无法准确读数。

D.电流表无法准确读数。

(2)

同学们改用图乙电路进行测量，设电阻箱的阻值R

电压表的示数为U

为了根据图象能求得电压表的内阻，应该作______图线(

选“1U鈭�R

”、填“U鈭�R

”、U鈭�1R)

(3)

请根据你选择的坐标轴和下表的数据；在图丙中标上合适的标度作出相应图线；

。R/k娄赂0.61.52345U/V2.521.81.51.31.131R/k娄赂鈭�11.670.670.50.330.250.201U/V鈭�10.400.500.560.670.780.88(4)

根据你所画出的图线，求出电源的电动势E=

______V

电压表内阻Rv=

______k娄赂(

保留两位有效数字)

26、利用负温度系数热敏电阻制作的热传感器，一般体积很小，可以用来测量很小范围内的温度变化，反应快，而且精确度高。(1)

如果将负温度系数热敏电阻与电源、电流表和其他元件串联成一个电路，其他因素不变，只要热敏电阻所处区域的温度降低，电路中电流将变________(

填“大”或“小”)

(2)

上述电路中，我们将电流表中的电流刻度换成相应的温度刻度，就能直接显示出热敏电阻附近的温度。如果刻度盘正中的温度为20隆忙(

如图甲)

则25隆忙

的刻度应在20隆忙

的刻度的________(

填“左”或“右”)

侧。(3)

为了将热敏电阻放置在某蔬菜大棚内检测大棚内温度变化，请用图乙中的器材(

可增加元器件)

设计一个电路。27、小明利用实验室提供的器材测量某种电阻丝材料的电阻率，所用电阻丝的电阻约为20娄赂.

他首先把电阻丝拉直后将其两端固定在刻度尺两端的接线柱a

和b

上；在电阻丝上夹上一个与接线柱c

相连的小金属夹，沿电阻丝移动金属夹，可改变其与电阻丝接触点P

的位置，从而改变接入电路中电阻丝的长度.

可供选择的器材还有：

电池组E(

电动势为3.0V

内阻约1娄赂)

电流表A1(

量程0隆芦100mA

内阻约5娄赂)

电流表A2(

量程0隆芦0.6A

内阻约0.2娄赂)

电阻箱R(0隆芦999.9娄赂)

开关；导线若干．

小明的实验操作步骤如下：

A.用螺旋测微器在电阻丝上三个不同的位置分别测量电阻丝的直径；

B.根据所提供的实验器材；设计并连接好如图甲所示的实验电路；

C.调节电阻箱使其接入电路中的电阻值较大；闭合开关；

D.将金属夹夹在电阻丝上某位置；调整电阻箱接入电路中的电阻值，使电流表满偏，记录电阻箱的电阻值R

和接入电路的电阻丝长度L

E.改变金属夹与电阻丝接触点的位置；调整电阻箱接入电路中的阻值，使电流表再次满偏.

重复多次，记录每一次电阻箱的电阻值R

和接入电路的电阻丝长度L

F.断开开关．

垄脵

小明某次用螺旋测微器测量电阻丝直径时其示数如图乙所示；则这次测量中该电阻丝直径的测量值d=

______mm

垄脷

实验中电流表应选择______(

选填“A1

”或“A2

”)

垄脹

小明用记录的多组电阻箱的电阻值R

和对应的接入电路中电阻丝长度L

的数据；绘出了如图丙所示的R鈭�L

关系图线，图线在R

轴的截距为R0

在L

轴的截距为L0

再结合测出的电阻丝直径d

可求出这种电阻丝材料的电阻率娄脩=

______(

用给定的物理量符号和已知常数表示)

垄脺

若在本实验中的操作；读数及计算均正确无误；那么由于电流表内阻的存在，对电阻率的测量结果是否会产生影响？若有影响，请说明测量结果将偏大还是偏小.(

不要求分析过程，只回答出分析结果即可)

答：______．

28、某实验小组利用如图甲所示装置测定当地重力加速度的数值。实验开始时；小钢球被电磁铁吸引静止不动，光电门位于钢球的下方，二者的中心处在同一竖直线上。将此时钢球球心位置记为A点，光电门中心位置记为O点，AO间距离为h。

（1）使用螺旋测微器测定小钢球的直径如图乙所示；可知钢球直径大小为d=______mm；

（2）断开电磁铁开关；小钢球由静止开始下落，下落过程中通过位于O点处光电门，由数字计时器记录钢球通过光电门的时间可由表达式v=______得到小钢球球心通过光电门时的瞬时速度；

（3）将光电门向下移动一小段距离后，重新釋放小钢球，记录小钢球通过光电门时数字计时器显示的时间△t1和此时光电门与O点间距离x1；重复上述步骤，得到若干组△t和x的数值；在-x坐标中描点连线，得到如图丙所示直线并计算出其斜率大小为1.6×105，根据此斜率值，可以得到当地重力加速度的数值为______m/s2。评卷人得分五、证明题(共4题，共16分)29、如图所示，小球用不可伸长的长度为L的轻绳悬于O点．（不计阻力）试证明：绳对小球在最低点拉力T1与最高点拉力T2之差T1-T2=6mg．

30、（2015秋•西城区期末）如图1所示；一根轻质弹簧上端固定在天花板上，下端挂一小球（可视为质点），弹簧处于原长时小球位于O点．将小球从O点由静止释放，小球沿竖直方向在OP之间做往复运动，如图2所示．小球运动过程中弹簧始终处于弹性限度内．不计空气阻力，重力加速度为g．

（1）在小球运动的过程中，经过某一位置A时动能为Ek1，重力势能为EP1，弹簧弹性势能为E弹1，经过另一位置B时动能为Ek2，重力势能为EP2，弹簧弹性势能为E弹2．请根据功是能量转化的量度；证明：小球由A运动到B的过程中，小球；弹簧和地球组成的物体系统机械能守恒；

（2）已知弹簧劲度系数为k．以O点为坐标原点；竖直向下为x轴正方向，建立一维坐标系O-x，如图2所示．

a．请在图3中画出小球从O运动到P的过程中，弹簧弹力的大小F随相对于O点的位移x变化的图象．根据F-x图象求：小球从O运动到任意位置x的过程中弹力所做的功W，以及小球在此位置时弹簧的弹性势能E弹；

b．已知小球质量为m．求小球经过OP中点时瞬时速度的大小v．31、如图所示，一列平面波朝着两种介质的界面传播，A1A2是它在介质I中的一个波面，C1和C2位于两种介质的界面上，B1B2是这列平面波进入介质II后的一个波面；A1C1和A2C2是它的两条波线，入射角为θ1，折射角为θ2，波在I、Ⅱ介质中的传播速度分别为v1和v2．

（1）试根据惠更斯原理证明：；

（2）若已知θ1=53°（sin53°=0.8），A1A2的长度为0.6m，介质I和介质II中的波速之比为v1：v2=4：3，则：A1C1B1与A2C2B2的长度相差多少？32、船以4m/s′的速度（相对静水）垂直河岸渡河；水流的速度为5m/s．若河宽为120m，试计算：

（1）船能否垂直到达对岸？

（2）船需要多少时间才能到达对岸？

（3）船登陆的地点离出发点的距离是多少？评卷人得分六、解答题(共3题，共6分)33、如图所示是某质点做简谐运动的振动图象；根据图象中的信息，回答下列问题．

（1）质点离开平衡位置的最大距离有多大？

（2）在1.5s和2.5s这两个时刻；质点的位置各在哪里？

（3）在1.5s和2.5s这两个时刻，质点向哪个方向运动？34、图一表示等量异种电荷P和Q形成的电场内的一簇等势面；求。

（1）P；Q各带何种电荷？

（2）把q=10-7C的正点电荷从A移到B；电场力做多少功？

（3）把q从B移到C电场力做多少功？

（4）把q从C移到A电场力做多少功？

（5）q从A出发经过B和C回到A的过程中电场力对电荷做的总功为多少？35、一个光滑的圆锥体固定在水平桌面上；其轴线沿竖直方向，母线与轴线之间的夹角θ=30°，如图所示，一条长度为l的轻绳，一端的位置固定在圆锥体的顶点O处，另一端拴着着一个质量为m的小物体（可视为质点）．物体以速率υ绕圆锥体的轴线做水平匀速圆周运动．则：

①当时；绳的拉力大小为多少？

②当时，绳的拉力大小为多少？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】点电荷是当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时；这两个带电体可看作点电荷．

而元电荷是带电量的最小值，它不是电荷，所有带电体电荷量均是元电荷的整数倍．【解析】【解答】解：A；点电荷是将带电物体简化为一个带电的点；物体能不能简化为点，不是看物体的体积大小和电量大小；

而是看物体的大小对于两个电荷的间距能不能忽略不计；故A错误；

B；点电荷是理想化的模型；实际不存在，电场线是为了描述电场假想的，实际不存在，故B错误；

C；元电荷是带电量的最小值；它不是电子，故C错误；

D；元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电量；故D正确；

故选：D．2、D【分析】【分析】根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得．【解析】【解答】解：在t=时刻原线圈电压为最大值100V；所以有效值为100V，电压表显示的是有效值，电压与匝数成正比，所以原副线圈的匝数比为100：10=10：1

故选D3、A【分析】【分析】考查v-t图象，由图可知物体的运动状态为向下减速，加速度方向向上，物体处于超重状态，且由图象的斜率可得出加速度的变化是逐渐减小【解析】【解答】解：A；由图可知；刚开始下落一小段时间内，物体的运动状态为向下减速，加速度方向向上，处于超重状态，箱内物体受到的支持力大于重力，故A正确；

B；随时间延长；物体最终做匀速直线运动，处于平衡状态，不是失重，故B错误；

C；箱子在最后阶段处于平衡状态；不再超重，箱内物体受到的支持力比刚投下时小，故C错误；

D、箱子在最后阶段处于平衡状态，箱内物体受到的支持力等于它自身的重力，不会“飘起来”，D错误．故选A4、A|C【分析】

沙漠上下层空气温度比上层高；密度比上层小，故沙漠地表附近的空气折射率从下到上逐渐增大．远处的亭台楼阁；城墙古堡等发出的光线射向沙漠地表时，由于不断被折射，越来越偏离法线方向，进入上层的入射角不断增大，以致发生全反射，光线反射回空气，人们逆着光线看去，就会看到远方的景物悬在空中，而产生了“海市蜃楼”现象，故沙漠中的“海市蜃楼”现象的形成是由于发生了全反射．故AC正确，BD错误．

故选AC

【解析】【答案】海市蜃楼是光在密度分布不均匀的空气中传播时发生全反射而产生的．沙漠上下层空气温度比上层高；密度比上层小，折射率也比上层小，当光从光密介质射入光疏介质，入射角大于临界角时会产生全反射，据此来分析此题．

5、D【分析】

分四段过程研究：

线框从a位置到右侧刚b的过程；根据安培定则判断得到：穿过线框的磁场方向向外，磁场增强，磁通量增大；

从线框右侧刚b到线框中线经过b的过程：穿过线框的左部分的磁场向外；右侧磁场向里，两边磁通量有抵消，而且抵消增多，磁通量减小；

从线框中线经过b到刚离开b的过程：穿过线框的左部分的磁场向外；右侧磁场向里，右侧的磁感线较多，两边磁通量有抵消，但抵消减小，磁通量增大；

从线框离开b到c位置的过程；磁场减弱，磁通量减小．

所以先增加再减少再增加再减少．

故选D

【解析】【答案】根据安培定则判断出穿过线框的磁感线方向．分四段研究：线框从a位置到刚b、从刚到b到中线经过b、从a的中线离开b到完全离开b时、从离开b到c四个过程．

6、D【分析】【解析】

试题分析：当与门输出为高电压时报警器报警，当Sl闭合，S2断开时两个支路均输出高电压；所以与门输出为高电压，D对，故选D

考点：考查门电路。

点评：难度中等，明确当与门输出为高电压时报警器报警，所以只需要使与门输出为高电压即可【解析】【答案】D7、C【分析】解：对整体分析；根据平衡有：Mgsin娄脠=娄脤Mgcos娄脠

解得：娄脤=tan娄脠

．

再隔离对a

分析，假设受到拉力，有：mgsin娄脠=T+娄脤mgcos娄脠

解得：T=0.

所以绳子无拉力，ab

均受三个力；重力；支持力和摩擦力.

故C正确，AB

D错误．

故选：C

．

先对整体分析，根据共点力平衡求出动摩擦因数，再隔离对a

或b

分析，判断是否存在拉力作用，从而确定ab

的受力个数．

解决本题的关键需通过共点力平衡判断出绳子是否有拉力，从而确定物体受力的个数．【解析】C

8、D【分析】解：给物体B

一初速度v0

弹簧开始伸长，B

受到向左的弹力，做减速运动，减速的过程中，弹力增大，则加速度增大，即弹簧的长度第一次达到最长的过程中，B

做加速度逐渐增大的减速运动．

A

受到向右的弹力；做加速运动，弹力增大，A

的加速度增大，即弹簧的长度第一次达到最长的过程中，A

做加速度增大的加速运动．

故ABC错误；D正确．

故选：D

．

根据AB

的受力得出加速度的方向；结合加速度方向与速度方向的关系判断AB

的运动规律，从而确定正确的图线．

解决本题的关键知道加速度的方向与合力的方向相同，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．【解析】D

9、C【分析】【分析】加速度是描述速度变化快慢的物理量；在任何相等的两段时间内，物体速度的变化量相同说明加速度不变．【解析】【解答】解：A；匀加速直线运动的加速度恒定；故在任何相等的两段时间内，物体速度的变化量相同，故A错误；

B；竖直上抛运动的加速度恒定；故在任何相等的两段时间内，物体速度的变化量相同，故B错误；

C；匀速圆周运动的加速度方向时刻改变；是变量，故在任何相等的两段时间内，物体速度的变化量方向不同，故C正确；

D；平抛运动的加速度恒定；故在任何相等的两段时间内，物体速度的变化量相同，故D错误；

故选：C．二、填空题(共6题，共12分)10、v0不变【分析】【分析】车以及沙子在水平方向动量守恒，根据动量守恒列方程求解即可．【解析】【解答】解：设漏掉质量为m的沙子后，砂子从车上漏掉的瞬间由于惯性速度仍然为v0；汽车速度为v′，根据水平方向动量守恒可得：

Mv0=mv0+（M-m）v′

解得：v′=v0；小车的速度保持不变．

故答案为：v0，不变．11、AD弱于中子不可以=【分析】【分析】（1）太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应；原子核式结构模型是在α粒子散射实验基础上提出来的，不能发生光电效应，是因为没有达到极限频率，运动的物体也具有波动性．

（2）原子核的衰变是随机的；半衰期是一个统计规律，与温度压强无关．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的．γ射线一般伴随着α或β射线产生，在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱．

（3）要验证动量守恒定律需要知道物体的质量和速度，而速度可以用位移与时间的比值代替．【解析】【解答】解：（1）A；太阳内部进行的是热核聚变．故A正确．

B；原子核式结构模型是在α粒子散射实验基础上提出来的．故B错误．

C；一束光照射到某种金属上不能发生光电效应；是因为没有达到极限频率，与时间无关，故C错误；

D；运动的物体也具有波动性；但是在一般情况下观察不到，故D正确．

故选AD

（2）在这三种射线中；γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，所以α射线的穿透能力强于γ射线；

β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的；所以发生β衰变后原子核中少了一个中子；

半衰期与温度压强无关；所以高温高压不可以改变放射性元素的半衰期．

（3）设遮光条的宽度为d，则碰撞前A的速度为：vA=

碰撞后A的速度为：vA′=-，B的速度为：vB=

若要验证动量守恒定律则：mAvA=mBVB+mAvA′，带入得：=

故答案为：AD；弱于；中子；不可以；=12、R【分析】【分析】熟悉描述匀速圆周运动相关物理量的意义和表达式并展开讨论即可．【解析】【解答】解：某物体做匀速圆周运动，圆周的半径为R，周期为T，在运动的时间内；

位移的大小x=R；

路程s=2×2πR+×2πR=；

运动的角速度ω=；

转过的角度是θ=ωt=；

故答案为：R；；；13、0.6正【分析】【分析】根据法拉第地磁感应定律求出螺线管中产生的感应电动势．

根据楞次定律可知；感应电流的方向，从而确定电容器极板带电情况；

电容器与R2并联，两端电压等于R2两端的电压，根据Q=CU求出电容器的电量．【解析】【解答】解：根据法拉第电磁感应定律：E=nS=1500××20×10-4=1.2V；

根据全电路欧姆定律，有：I===0.12A

根据楞次定律可知；螺线管下极带正电，则电流稳定后电容器下极板带正电；

S断开后，流经R2的电量即为S闭合时C板上所带的电量Q

电容器两端的电压：U=IR2=0.12×5=0.6V

故答案为：0.6，正．14、相邻波峰相邻波谷波源由介质λf【分析】【分析】利用描述波物理量的定义分析即可，知道频率由波源决定，波速由介质决定．【解析】【解答】解：（1）据波长的定义可知；在横波中，两个相邻波峰或相邻波谷之间的距离．

（2、3）频率由波源决定，波速由介质决定；据波速公式得：v==λf．

故答案为：（1）相邻波峰；相邻波谷；（2）波源；（3）由介质；；λf．15、【分析】【分析】根据某段时间内平均速度为中间时刻的瞬时速度；再由速度公式可得出加速度的大小．【解析】【解答】解：由题意可知，AB段中间时刻的速度为v，BC段中间时刻为3v，而平均速度均为中间时刻的瞬时速度；由速度公式可得：3v=v+a；

解得加速度为：a=

故答案为：三、判断题(共9题，共18分)16、×【分析】【分析】根据饱和汽压仅仅与温度有关，然后结合理想气体的状态方程即可正确解答．【解析】【解答】解：根据与饱和蒸汽压有关的因素可知；同一种蒸汽的饱和蒸汽压仅仅与温度有关，与其体积无关．所以该说法是错误的．

故答案为：×17、×【分析】【分析】根据并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的读数之和进行判定即可，【解析】【解答】解：因为并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的倒数之和；所以题干则的说法是错误的．

故答案为：×18、√【分析】【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．【解析】【解答】解：由牛顿第三定律可知；作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失，故该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】物体做匀速直线运动时，合外力对物体不做功，但合外力不做功，物体不一定作匀速直线运动．【解析】【解答】解：物体受到的合外力不做功；则物体一定作匀速直线运动，如匀速圆周运动，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案为：×20、×【分析】【分析】首先据波动图象读出波长和求出周期，根据质点的振动和波的传播特点分析质点的振动情况，然后再写出振动方程，与题干中的方程比较即可．【解析】【解答】解：该波是振幅是10cm，波速为10m/s，波长为4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

该波向x轴的正方向传播；由上下坡法可知，图中P质点在t=0时刻振动的方向向下，所以振动方程为y=-10sin5πt（cm），错误．

故答案为：×21、×【分析】【分析】根据狭义相对论的两个基本假设：

①物理规律在所有惯性系中都具有相同的形式．这叫做相对性原理．

②在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．它告诉我们光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依赖于发光物体的运动速度．【解析】【解答】解：根据相对论的两个基本假设可知；在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．故以上说法是错误的．

故答案为：×22、×【分析】【分析】地球是个巨大的磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近．地球周围存在着磁场．【解析】【解答】解：地理北极附近是地磁南极；地理南极附近是地磁北极．所以该说法是错误的．

故答案为：×23、×【分析】【分析】解答此题时；要从力的大小和方向两个方面来考虑，在分析各选项时千万不能漏掉力的方向．

（1）如果二力在同一条直线上；根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直线反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间；【解析】【解答】解：当两个力方向相同时；合力等于两分力之和，合力大于每一个分力；当两个分力方向相反时，合力等于两个分力之差，合力可能小于分力，由此可见：合力可能大于分力也有可能小于分力，故错误；

故答案为：×．24、√【分析】【分析】火车在水平轨道上转弯时，需要有力提供指向圆心的向心力，若转弯处内外轨道一样高，只能轨道的压力提供．【解析】【解答】解：火车在水平轨道上转弯时；做圆周运动，需要有力提供指向圆心的向心力，即方向指向内侧，此时外轨对火车的压力提供向心力，根据牛顿第三定律可知，火车对外轨产生向外的压力作用，此说法正确。

故答案为：√四、实验探究题(共4题，共12分)25、略

【分析】解：(1)

运用图甲测量电压表的内阻；即运用电压表的示数除以电流表的示数，即为电压表的内阻，由于电动势大约3V

电压表的内阻大约几千欧，则电流表的示数非常小非常小，无法准确读数，可知该电路不可行的原因是电流表的无法准确读数；

故选：D

(2)

根据闭合电路欧姆定律得：E=U+URVR

整理得：1U=RERV+1E

作1U鈭�R

图线；图线的纵轴截距等于电动势的倒数，根据图线的斜率可以求出电压表的内阻。

(3)1U鈭�R

图线如图所示。

(4)

由图象可知，当R=0

时，1U=0.34V

则E=10.34V=2.9V

图线的斜率k=1ERV=0.88鈭�0.40(5鈭�0.6)脳103RV=3.1隆脕103娄赂=3.1k娄赂

故答案为：(1)D(2)1U鈭�R(3)

如图所示，(4)2.93.1

(1)

根据实验的原理；结合欧姆定律分析该电路不可行的原因。

(2)

根据闭合电路欧姆定律得出电压表示数U

与电阻箱电阻R

的关系式；结合线性函数关系确定所作的图线。

(3)

描点作图。

(4)

根据图线的斜率和纵轴截距求出电动势和电压表的内阻。

解决本题的关键知道实验的原理，运用闭合电路欧姆定律，运用图象法进行求解。对于图线问题，一般的解题思路是得出物理量间的关系式，结合图线的斜率或截距进行求解。【解析】D1U鈭�R2.93.1

26、(1)

小(2)

右(3)

见解析【分析】(1)

因为负温度系数热敏电阻温度降低时，电阻增大，故电路中电流会减小。(2)

由(1)

的分析知，温度越高，电流越大，25隆忙

的刻度应对应较大电流，故在20隆忙

的刻度的右侧。(3)

如图所示。

【解析】(1)

小(2)

右(3)

见解析27、略

【分析】解：垄脵

由图示螺旋测微器可知；固定刻度是0.5mm

可动刻度是23.0隆脕0.01mm=0.230mm

金属丝直径d=0.5mm+0.230mm=0.730mm(0.728鈭�0.732mm

均正确)

．

垄脷

电路最大电流约为I=ER+r=320+1隆脰0.14A

不到0.6A

的四分之一；

如果使用电流表A2

实验误差较大；因此电流表应选A1

．

(3)

由实验步骤可知；外电路电阻不变，由串联电路特点可知；

外电路总电阻R脳脺=R+R碌莽脳猫脣驴=R+娄脩LS=R+娄脩L蟺(d2)2=R+娄脩4L蟺d2

由图象可知；当电阻丝接入电路的长度为零时，电路总电阻R脳脺=R0

则R+娄脩4L蟺d2=R0R=R0鈭�娄脩4L蟺d2

图象斜率k=R0L0=4娄脩蟺d2

则电阻率娄脩=娄脨d2R04L0

(4)

应用图象法处理实验数据；电流表内阻对实验结果没有影响．

故答案为：垄脵0.730垄脷A1垄脹娄脨d2R04L0垄脺

不产生影响．

垄脵

螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．

垄脷

根据电路最大电流选择电流表．

垄脹

由实验步骤可知；电源电动势不变，电路电流始终等于电流表的满偏电流，电路电流不变，由此可知，电路总电阻不变，由图象及串联电路特点可以求出电路总电阻，由电阻定律及实验数据可以求出电阻率的表达式．

垄脺

应用图象法求电阻率；电流表内阻对实验结果没有影响．

(1)

螺旋测微器示数等于固定刻度与可动刻度示数之和；对螺旋测微器读数时要注意估读；

(2)

为减小读数误差；电表量程选择要合适，在保证安全的前提下，量程不能过大；

(3)

知道外电路电阻不变，熟练应用电阻定律即可正确解题．【解析】0.730A1娄脨d2R04L0

不产生影响28、11.0009.68【分析】解：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为11mm；可动刻度读数为0.01×0.0=0.000mm，则d=11.000mm。

（2）根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度知，钢球通过光电门的速度表达式v=

（3）依据运动学位移与速度公式，则有：2g（h+x）=整理得

而-x图象的斜率大小为k=1.6×105；

那么g==9.68m/s2；

故答案为：（1）11.000；

（2）

（3）9.68。

（1）螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数；需估读。

（2）根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出钢球经过光电门的速度。

（3）依据运动学位移与速度公式，结合-x斜率含义；即可求解；

解决本题的关键知道实验的原理，掌握螺旋测微器的读数方法，注意其读数的估计值，知道极短时间内的平均速度等于瞬时速度。【解析】11.0009.68五、证明题(共4题，共16分)29、略

【分析】【分析】根据牛顿第二定律分别求出小球通过最高点和最低点时拉力与速度的关系式，再由机械能守恒定律列式，得到两点速度的关系，联立即可证明．【解析】【解答】解：根据牛顿第二定律得：

在最高点有：T2+mg=m

在最低点有：T1-mg=m

根据机械能守恒定律得：mg•2L=-mv22；

解得：T1-T2=6mg

得证．30、略

【分析】【分析】（1）根据动能定理；重力做功与重力势能的关系、弹力做功与弹性势能的关系分别列式；即可证明；

（2）画出F-x图象，该图象与坐标轴所围的面积表示弹力做功，求出弹力做功从而得到弹簧的弹性势能E弹；

（3）小球由O点到OP中点，根据动能定理列式．小球由O点到P点，根据机械能守恒定律列式，联立解得v．【解析】【解答】解：（1）设重力做的功为WG，弹力做的功为W弹

根据动能定理得WG+W弹=Ek2-Ek1

由重力做功与重力势能的关系WG=Ep1-Ep2

由弹力做功与弹性势能的关系W弹=E弹1-E弹2

联立以上三式可得Ek1+Ep1+E弹1=Ek2+Ep2+E弹2；

（2）a．F-x图象如右图所示。

图中的图线和x轴围成的面积表示功的大小。

所以弹力做功为W=-

由弹力做功与弹性势能的关系W弹=0-E弹

解得E弹=

b．小球由O点到OP中点；根据动能定理得：

mgx-=-0

小球由O点到P点；根据机械能守恒定律得：

mg•2x=

解得v=g

答：

（1）证明见上．

（2）a、小球从O运动到任意位置x的过程中弹力所做的功W是-，以及小球在此位置时弹簧的弹性势能E弹是．

b．已知小球质量为m．小球经过OP中点时瞬时速度的大小v是g．31、略

【分析】【分析】（1）根据惠更斯原理画出波面C1D1与C2D2；根据几何关系得到入射角正弦和折射角的正弦．结合光传播距离公式s=vt求解．

（2）根据光线在两种介质中的速度之比为入射角和折射角的正弦之比，通过几何关系求出A1C1B1和A2C2B2的长度相差的距离【解析】【解答】解：（1）证明：如图，根据惠更斯原理画出波面C1D1与C2D2．

在RT△C1D1C2和RT△C2D2C1中：∠C2C1D1=θ1，∠C1C2D2=θ2；有：

，

又因为D1C2=v1t，C1D2=v2t

所以联立各式得：得证。

（2）根据，v1：v2=4：3和θ1=53°得：θ2=37°

所以C1C2=1.0m，D1C2=0.8m，C1D2=0.6m

所以A1C1B1与A2C2B2的长度相差：△r=D1C2-C1D2=0.2m

答：（1）证明见上．

（2）A1C1B1与A2C2B2的长度相差0.2m．32、略

【分析】【分析】将小船渡河的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向的两个分运动；在两个方向上都做匀速直线运动，因此不能垂直到达对岸；

再根据分运动和合运动具有等时性求出渡河的时间；