2025年上外版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版选修3物理上册月考试卷265考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，电源电动势为E，内电阻为r。当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，发现理想电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为ΔU1和ΔU2；下列说法中正确的是（）

A.小灯泡L3变亮，L1、L2变暗B.小灯泡L1、L3变暗，L2变亮C.ΔU1<ΔU2D.ΔU1>ΔU22、一定质量的理想气体经历了如图所示的ab、bc、cd、da四个过程，其中bc的延长线通过原点，cd垂直于ab且与水平轴平行，da与bc平行；则气体体积在（）

A.ab过程中不断减小B.bc过程中保持不变C.cd过程中不断增加D.da过程中保持不变3、对于一定质量的理想气体，下列说法正确的是（）A.如果气体绝热地自发向真空扩散，则扩散前后气体内能相同B.气体可通过不断对外做功从而达到绝对零度C.气体温度升高，每个分子速率一定增大D.在完全失重的状态下，气体的压强为零4、一通电直导线与x轴平行放置，匀强磁场的方向与xOy坐标平面平行，导线受到的安培力为F，若将该导线做成圆环，放置在xOy坐标平面内，如图所示，并保持通电的电流不变，两端点ab连线也与x轴平行，则圆环受到的安培力大小为（

A.FB.C.D.）5、在光滑水平面上，一质量为m、速度大小为v的A球与质量为2m静止的B球碰撞后，A球的速度方向与碰撞前相反。则碰撞后B球的速度大小可能是()A.0.6B.0.4C.0.3D.0.2评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、下列说法正确的是（）A.水的饱和汽压随温度的升高而增大B.升高温度可以使未饱和汽变为饱和汽C.缩小体积可以使未饱和汽变为饱和汽D.秋天夜晚温度降低，大气的饱和汽压减小，水蒸气容易在小草上形成露水7、如图所示的电路中，闭合开关后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动；则有（）

A.V1表读数变大B.V2表读数变小C.A表读数变小D.电源的功率变小8、一定质量的理想气体发生状态变化，其体积V随热力学温度T变化的图像如图所示，气体经历了A→B→C→D→A的循环过程；下列分析正确的是（）

A.A→B的过程中外界对气体做功B.B→C过程气体压强不变C.C状态的单位体积气体分子数一定比D状态的小E.A状态的气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数一定比C状态的小E.A状态的气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数一定比C状态的小9、如图甲所示，直线A为电源的路端电压U与电流I关系的图象，直线B是电阻R的两端电压U与电流I的关系图象．现用该电源与电阻R组成闭合电路，如图乙所示，则以下判断正确的是（）

A.电阻R=1ΩB.电源的电动势E=3VC.电阻R消耗的电功率P=18WD.电源的内阻r=0.5Ω10、一定质量的理想气体状态变化如图所示；则（）

A.状态b、c的内能相等B.状态a的内能比状态b、c的内能大C.在a到b的过程中气体对外界做功E.在b到c的过程中气体一直向外界放热E.在b到c的过程中气体一直向外界放热11、一定质量的理想气体由状态a经状态b、c到状态d，其体积V与热力学温度T关系如图所示，O、a、d三点在同一直线上，ab和cd平行于横轴，bc平行于纵轴；则下列说法正确的是()

A.从状态a到状态b，气体吸收热量B.从状态a到状态b，每个气体分子的动能都增大C.从状态b到状态c，气体对外做功，内能减小E.从状态a到状态d，气体的内能增加E.从状态a到状态d，气体的内能增加12、图示电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为可变电阻，C为电容器,电压表与电流表为理想电表．在可变电阻R3的滑片由a向b移动的过程中，下列说法中正确的是（）

A.电容器的带电量在逐渐减小B.电压表的示数减小C.电源的输出功率变大D.电源内部消耗的功率变大13、如图所示，在一端封闭、长约的玻璃管内注满清水，水中放一个红蜡做的小圆柱体（视为质点）．现将玻璃管轴线与竖直方向轴重合，在小圆柱体上升刚好到达匀速时的起点位置记为坐标原点同时玻璃管沿轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动．小圆柱体依次经过平行横轴的三条水平线上的位置，在三个过程中沿轴方向的高度均相等，每个过程对应的水平位移的大小之比分别为机械能的变化量依次为动量的变化量大小依次为．若小圆住体与玻璃管壁之间的相互作用力可忽略不计，则下面分析中正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、一些同学可能有这样的经验：傍晚用电多的时候，灯光发暗，而当夜深人静时，灯光特别明亮．又如，在插上电炉、电暖气等功率大的电器时，灯光会变暗，拔掉后灯光马上又亮起来．在一些供电质量不太好的地区尤其是这样．试着解释这种现象．________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________15、恒温环境中，在导热性能良好的注射器内，用活塞封闭了一定质量的空气（视为理想气体）。用力缓慢向里压活塞，该过程中封闭气体的压强_________（选填“增大”或“减小”）；气体_________（选填“吸收”或“放出”）热量。16、如图所示，小量程电流表的内阻为满偏电流为若把它改装成的两个量程的电压表，那么____________________

17、一条弹性绳子呈水平状态；M为绳子中点，两端P；Q同时开始上下振动，一小段时间后产生的波形如图所示，对于其后绳上各点的振动情况，以下判断正确的是（____）

E．绳的两端点P、Q开始振动的方向相同18、阅读下列资料并完成相关问题．

资料：如图所示；冰箱的致冷设备由蒸发器；压缩机、冷凝器、毛细管等部件组成．电冰箱工作过程中，致冷剂氟利昂（一种既容易汽化又容易液化的化学物质）在蒸发器中迅速蒸发①热，使冷冻室内温度②，气态的氟利昂经压缩机压缩后，送入冰箱外面的冷凝器，在此致冷剂液化③热，液态的致冷剂通过很细的毛细管回到蒸发器，又开始了新的循环．电冰箱就这样源源不断地将冷冻室内的热吸出来，并散发到冰箱的外面．

(1)在资料的①、②、③三处，补写上适当的内容分别是①________、②________、③________．

(2)冰箱冷冻室内温度很低，那么在室内多放几台打开冷冻室门的冰箱长时间工作能不能降低室内温度？评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共27分)22、某同学利用图示装置测量某种单色光的波长．实验时；接通电源使光源正常发光：调整光路，使得从目镜中可以观察到干涉条纹．回答下列问题：

（i）若想减少从目镜中观察到的条纹个数，该同学可_____；

A．将单缝向双缝靠近。

B．将屏向靠近双缝的方向移动。

C．将屏向远离双缝的方向移动。

D．使用间距更小的双缝。

（ii）若双缝的间距为d，屏与双缝间的距离为L，测得第1条暗条纹到第6条暗条纹之间的距离为△x，则单色光的波长λ＝_____；23、某实验小组利用如图1所示的电路做”测量电池的电动势和内电阻”的实验．

（1）请你根据电路图，在图3所示的实物图上连线_____________．

（2）该小组利用测量出来的几组电压和电流值画出了图线如图2．根据图线求出电源的电动势________，电源的内电阻________．

（3）另一实验小组也做了“测量电池的电动势和内电阻”的实验；他们在实验室里找到了以下器材：

A．一节待测的干电池。

B．电流表（满偏电流内阻）

C．电流表（内阻约为）

D．滑动变阻器（）

E．定值电阻（）

F．开关和导线若干。

某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但提供了两块电流表，于是他设计了如图4所示的电路，并进行实验．该同学测出几组电流表的数据利用测出的数据画出图像，则由图像可得被测干电池的电动势_________内电阻________．（两空结果均保留两位有效数字）24、如下图所示是电子拉力计的示意图，金属弹簧右端和滑动触头P固定在一起（弹簧的电阻不计，P与R1之间的摩擦不计）．定值电阻R0；电阻R1是用均匀电阻丝密绕在瓷管上做成的（类似于滑动变阻器），其长度为10cm，阻值R1=300Ω，电源电动势E=3V，内阻不计．理想电流表的量程为0~100m。A．当拉环不受拉力时，触头P刚好不与电阻R1接触（即电路断开）．弹簧的劲度系数为10000N/m．

（1）电路中连入的R0阻值至少应为______Ω．

（2）设计中需要将电流表上的电流数值改为拉力的数值，那么在原电流表的40mA处应改为_______N．分析可知，拉力计的刻度是否均匀_______．（填写“均匀”或“不均匀”）

（3）为了使拉力计的量程增大应采用的措施是（只填写一条）__________________________________________．评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)25、如图所示是圆心为O内外半径分别为R1、R2的同心圆；内圆区域内存在均匀辐射的电场，圆心与内圆圆周边界间的电势差恒为U，内外圆之间存在方向垂直纸面向外的匀强磁场．一质量为m；电荷量为+q的粒子从圆心O处由静止释放，不计重力．

(1)求粒子到达内圆边界时的速度大小；

(2)若粒子首次到达外圆圆周时没有射出外圆，求磁感应强度的最小值．26、如图宽为a=0.1m长为b=0.2m的两个金属板M、N之间的距离是d=0.2m，两板间有磁感应强度为B1=2T方向与两金属板平行的匀强磁场，带有正负电荷的等离子体（电阻率为ρ=0.1Ωm）以垂直于磁场的速度v=10m/s进入两板之间形成一个磁流体发电机．金属板M、N分别与水平面内的两平行导轨相连，平行导轨间距离为L=0.5m，处于竖直向下的磁感应强度为B2=1.25T的匀强磁场内，质量为m=0.5kg的导体棒PQ垂直放在平行导轨上并与导轨有良好的接触，若导体棒PQ与每根导轨之间的最大静摩擦因数均为μ=0.2，重力加速度g=10m/s2，金属板M、N和导线以及平行导轨的电阻都不计．在导体棒PQ刚刚开始运动的瞬间具有a=0.5m/s2的加速度；求：

（1）磁流体发电机的电动势。

（2）通过导体棒PQ的电流强度大小和方向。

（3）导体棒PQ的电阻大小27、如图所示,光滑平行金属轨道的倾角为θ,宽度为L.在此空间存在着垂直于轨道平面的匀强磁场,磁感应强度为B.在轨道上端连接阻值为R的电阻.质量为m电阻为R的金属棒搁在轨道上,由静止释放,在下滑过程中,始终与轨道垂直,且接触良好.轨道的电阻不计.当金属棒下滑高度达h时,其速度恰好达最大.试求:

(1)金属棒下滑过程中的最大加速度.

(2)金属棒下滑过程中的最大速度.

(3)金属棒从开始下滑到速度达最大的过程中,电阻R所产生的热量28、图甲所示为一列简谐横波在某一时刻的波形图；图乙所示为介质中x=2m处的质点P以此时刻为计时起点的振动图像．问：

(1)这列波的传播方向?

(2)这列波的传播速度是多少?

(3)经过0.35s，质点P的位置?参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

AB．当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，而在干路，故变亮；变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分电压减小，则变暗；总电流增大，而的电流减小，则的电流增大，则变亮。故AB错误；

CD．由上述分析可知，电压表的示数减小，电压表的示数增大，由于路端电压减小，所以故D正确，C错误。

故选D。

【点睛】

对于电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”思路进行分析。运用总量法分析两电压表读数变化量的大小。2、B【分析】【分析】

【详解】

B．因为bc的延长线通过原点，所以bc是等容线，即气体体积在bc过程中保持不变；B正确。

A．ab是等温线；压强减小则体积增大，A错误。

C．cd是等压线；温度降低则体积减小，C错误。

D．连接aO交cd于e，则ae是等容线，即Va＝Ve，因为Vd<Ve，所以Vd<Va，所以da过程中气体体积发生变化；D错误。

故选B。3、A【分析】【分析】

【详解】

A．如果气体绝热，则

气体自发向真空扩散，不做功，则

根据热力学第一定律可知气体内能不变；故A正确；

B．通过任何方式都不可能使气体温度达到绝对零度；故B错误；

C．气体温度升高；则分子平均动能增大，但每个分子速率并不一定增大，故C错误；

D．气体压强是由于气体分子热运动撞击器壁形成的；在完全失重状态下，气体分子的撞击仍然存在，故气体的压强不为零，故D错误；

故选A。4、B【分析】【分析】

根据导线与圆环的弧长关系，求得半径，圆环受到的安培力即线段ab受到的安培力；即可求得．

【详解】

通电导线为L，此时受到的安培力为F，制作成圆环时，圆环的半径为R，则解得：故圆环的有效长度ab的长度所以此时圆环受到的安培力故B正确，ACD错误．

【点睛】

本题主要考查了通电导线在磁场中受到的安培力，关键是抓住通电导线的有效长度即可判断．5、A【分析】【详解】

由碰撞中的动量守恒得mv=2mvB－mvA，vA＞0，则vB＞0.5v，故小于0.5v的值不可能有，A正确。二、多选题(共8题，共16分)6、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．温度升高；水分子运动更剧烈，更容易蒸发变成水蒸气，使得水的饱和汽压增大，所以水的饱和汽压随温度的升高而增大，A正确；

B．升高温度,水的饱和汽压增大；可以使饱和汽变为未饱和汽。B错误；

C．缩小体积可以使分子的间距变小；气体浓度上升，所以缩小体积可以使未饱和汽变为饱和汽。C正确；

D．温度降低时；气体饱和汽压减小，水蒸气变成液体，水蒸气容易在小草上形成露水，D正确。

故选ACD。7、A:B:D【分析】当闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动，变阻器接入电路的阻值变大，则外电路的总电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律可知，总电流变小，则路端电压变大，所以V1表读数变大，故A正确；总电流变小，根据部分电路的欧姆定律，R1两端的电压变小，所以V2表读数变小，故B正确；路端电压等于R2两端的电压加上R1两端的电压，即U1+U2=U，因为R1两端的电压变小，路端电压变大，所以R2两端的电压变大，故R2中的电流减大，即A表读数变大，故C错误；电源的总功率为P=EI，电动势E不变，I减小，则电源的总功率变小，故D正确．所以ABD正确，C错误．8、A:D:E【分析】【详解】

A．由题图可知，从A到B；气体做等温变化，温度不变，体积减小，外界对气体做功，A正确；

B．从B到C，气体做等容变化，体积不变，温度升高，由查理定律可得因由此可知即压强变大，B错误；

C．C状态下，气体的温度比D状态下高，D状态下，气体体积比C状态下大，气体分子数不变，可知C状态的单位体积气体分子数一定比D状态的大；C错误；

D．从D到A，气体做等容变化，温度降低，内能减小，由热力学第一定律可知可得

可知气体对外放出热量；D正确；

E．在A和C状态，由理想气体状态方程可知

因为

则有

因为

则有

因此可知，A状态的气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数一定比C状态的小；E正确。

故选ADE。9、A:B:D【分析】【详解】

由图象B可知，电阻故A正确；由图象A可知电源的电动势E=3V，短路电流为6A，根据故BD正确；根据P=UI得：P=UI=2×2W=4W，故C错误.10、A:B:D【分析】【详解】

A．根据理想气体状态方程结合图象可知，状态b；c的温度相同；故内能相等，故A正确；

B．根据理想气体状态方程结合图象可知，状态a的温度比状态b、c的温度高，故状态a的内能比状态b；c的内能大；故B正确；

C．在a到b的过程中；体积减小，外界对气体做功，故C错误；

D．a到b的过程；温度降低，内能减小，气体体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知气体应从外界放热，故D正确；

E．状态b、c的内能相等，由b到c的过程气体体积增大，气体对外界做功，根据热力学第一定律可知，整个过程气体吸热，由a到b的过程气体放热，故在c到a的过程中气体应吸热；故E错误．11、A:D:E【分析】【详解】

A．由状态a变到状态b过程中，气体体积不变，则W=0，温度升高，则∆U>0；根据∆U=W+Q可知气体吸收热量，选项A正确；

B．由状态a变到状态b过程中；气体的温度升高，则气体分子的平均动能变大，但不是每个气体分子的动能都会增大，选项B错误；

C．从状态b到c；气体温度不变，内能不变；体积变大，则气体对外做功，选项C错误；

D．从状态c到d；气体体积不变，则气体的密度不变，选项D正确；

E．从a状态到d状态气体温度升高，则内能增加，选项E正确；12、A:D【分析】【分析】

【详解】

可变电阻R3的滑片由a向b移动的过程中，可变电阻R3接入电阻的电阻逐渐减小；电路总电阻逐渐减小，总电流逐渐增大．

A．电路中总电流逐渐增大，电容器两端电压

逐渐减小，电容器的带电量

逐渐减小．故A项正确．

B．电路中总电流逐渐增大，电阻R1两端电压

增大；电压表读数增大．故B项错误．

C．电路外电阻减小，由于不知内外电阻的大小关系，电源的输出功率

变化不确定．故C项错误．

D．电路中总电流逐渐增大，电源内部消耗的功率增大；故D项正确．

故选AD。

点睛：灵活应用闭合电路的欧姆定律，电动势、路端电压和内电压关系，串并联电路的电压电流关系是解决动态电路的关键，即先局部--整体局部的解题思路．13、A:C【分析】【分析】

【详解】

因蜡块在竖直方向做匀速运动，在OA、AB、BC三个过程中沿y轴方向的高度均相等，可知在OA、AB、BC三个过程中的时间均相等，设为T，水平方向做初速度为零的匀加速运动，可知

设蜡块水平方向的加速度为a，因三个过程中竖直高度变化相同，重力势能变化相同，竖直速度不变，则机械能的变化量

则

则

故选AC。三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】由于大多数用电器都是并联的，当傍晚用电多的时候或者在插上电炉、电暖气等功率大的电容时，干路上的总电流会变大，这时候导线上的电压损失就会增加，当变压器供给用户电压一定的情况下，会使得用户得到的电压减小，所以电灯就会发暗，而当夜深人静时，用户用电器减少，或者拔掉电炉、电暖气等功率大的电容时，干路上的总电流会减小，这时候导线上的电压损失就会减小，用户得到的电压增大，所以电灯就会明亮．【解析】见解析15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]下压活塞，气体的体积变小，温度不变，由

可知；压强增大；

[2]外界对气体做正功，气体温度不变故内能不变，由

可知，气体放出热量。【解析】①.增大②.放出16、略

【分析】【详解】

[1]由题意知量程时，由

得

[2]量程为时，由

得【解析】4500##5000##17、A:D:E【分析】由题意可知；波在同种介质传播，所以波速相同，由于距离相同，所以两波同时到达M点．故A正确，B错误．由于波长的不同，因此在M点相遇时，并不总是加强或减弱；当两波刚传的M点时，此时刻位移为零，所以M点的位移大小在某时刻可能为零．故C错误，D正确．据波的传播特点可知，各质点的起振方向与波源的起振方向相同，据波形可知，两波源的起振方向都是向上振动，故E正确；

故选ADE．

点睛：考查波的叠加原理，及相遇后出现互不干扰现象．同时注意之所以两列在相遇时“消失”，原因这两列波完全相同，出现振动减弱现象.18、略

【分析】（1）氟利昂在冰箱内部的蒸发器里面汽化；吸收冰箱内的内能，使冰箱内的温度降低．携带有冰箱里面内能的氟利昂，到了冰箱外面的冷凝器里液化，液化放热，将冰箱内部的内能转移到冰箱的外面．故答案为①吸；②降低；③放；

（2）冰箱工作时，只不过是将冰箱内部的能量转移到冰箱的外面．冰箱工作一段时间，内部的温度虽然降低了，但外界的温度由于能量的增加而升高．若打开冰箱门，会出现部分内能从冰箱内到冰箱外的房间，再由房间到冰箱内的循环．室内的总内能并没有减少，所以，室内温度不会降低．故答案为不能．【解析】吸降低放不能四、作图题(共3题，共6分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共27分)22、略

【分析】【详解】

第一空．减少从目镜中观察到的条纹个数，则条纹的宽度增大，根据相邻亮条纹间的距离为△x=λ，为增大相邻亮条纹（暗条纹）间的宽度，可减小双缝间距离或增大双缝到屏的距离；故CD正确，AB错误；

第二空．第1条暗条纹到第6条暗条纹之间的距离为△x，则两个相邻明纹（或暗纹）间的距离△x′=

则单色光的波长；【解析】（1）CD（2）；23、略

【分析】【分析】

（1）根据图1所示电路图连接实物电路图；

（2）电源U-I图象与纵轴的交点是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻；

（3）由图象求出与纵轴的交点；然后由欧姆定律求出该电流所对应的电压，该电压是电源的电动势，图象斜率的绝对值等于电源的内阻；

【详解】

（1）根据电路图连接实物电路图；如图所示：

（2）由图2所示可知，电源电动势为电源内阻

（3）由图5所示可知，图象与纵轴的交点为：与横轴的交点为：

则电源内阻为：

电源电动势为：．

【点睛】

应用图象求电源电动势与内阻时，从图象上求出电流值，然后应用欧姆定律求出电源电动势与内阻．【解析】如图所示：

1.50.6024、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）当P移动到R1的最右端时，电流表恰好满偏，根据欧姆定律，则有．

（2）根据欧姆定律得：当I1=4mA=0.04A时，电路中的总