2025年上外版高一物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版高一物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，某小船从河岸A点出发，保持船身与垂直于河岸方向成θ=37°的方向朝河对岸匀速行驶，小船在静水中的速度为v1=6m/s；河水均匀流动，速度为v2=10m/s；河宽96m．则下列说法正确的是（）

A.小船过河时间为16s

B.小船过河时间为20s

C.小船过河路程为160m

D.小船过河位移为57.6m

2、下表是四种交通工具的速度改变情况，下列说法正确的是（）。初始速度（m/s）经过时间（s）末速度（m/s）①2311②036③0206④010020A.①的速度变化最大，加速度最大B.②的速度变化最慢C.③的速度变化最快D.④的末速度最大，但加速度最小3、【题文】如图所示，AB为1/4圆弧轨道，BC为水平直轨道，圆弧的半径为R，BC的长度也是R，一质量为m的物体，与两个轨道间的动摩擦因数都为当它由轨道顶端A从静止开始下落，恰好运动到C处停止，那么物体在AB段克服摩擦力所做的功为（）

A.B.C.D.4、做圆周运动的两个物体M

和N

它们所受的向心力F

与轨道半径间的关系如图所示，其中N

的图线为双曲线的一支，则由图象可知(

)

A.物体MN

的线速度大小均不变B.物体MN

的角速度均不变C.物体M

的角速度不变，N

的线速度大小不变D.物体N

的角速度不变，M

的线速度大小不变5、物理公式在确定物理量数量关系的同时，也确定了物理量单位的关系，因此，国际单位制中选定了几个物理量的单位作为基本单位，进而导出其它物理量的单位.

下列物理量的单位为基本单位的是(

)

A.力B.质量C.速度D.加速度6、一物体随地球自转做匀速圆周运动，则物理量不变的是（）A.角速度B.线速度C.合外力D.向心加速度评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、如图所示，质量为m

的物体沿光滑斜面下滑，斜面倾角为娄脠

经时间t

到达斜面底端速度为v

则到达斜面底端时重力的功率是()

A.mgvsin娄脠

B.mgvcos娄脠

C.mg2tsin2娄脠

D.mg2tsin娄脠

8、如图所示是牛顿研究抛体运动时绘制的一幅草图，以不同速度抛出的物体分别沿abcd

轨迹运动，其中a

是一段曲线，b

是贴近地球表面的圆，c

是椭圆，d

是双曲线的一部分。已知引力常量为G

地球质量为M

半径为R

地面附近的重力加速度为g

以下说法中正确的是()

A.沿a

运动的物体初速度一定小于B.沿b

运动的物体速度等于C.沿c

运动的物体初速度一定大于第二宇宙速度D.沿d

运动的物体初速度一定大于第三宇宙速度9、关于做匀速圆周运动物体的线速度、角速度和周期的关系，以下说法中正确的是（）A.线速度大的角速度不一定大B.线速度大的周期一定小C.角速度大的半径一定小D.角速度大的周期一定小10、对于电场，下列说法正确的是（）A.电势越高场强越大B.沿着电场线方向电势降低C.电势降落的方向必定是电场强度的方向D.电势为零的点，场强不一定为零11、质量为2kg

的物体置于水平面上，在运动方向上受拉力作用下沿水平面做匀变速运动，物体的速度图像如图，若物体所受摩擦力为10N

则下列说法正确的是()

A.拉力做的功150J

B.拉力做的功100J

C.摩擦力做的功250J

D.物体克服摩擦力做功250J

12、关于运动的合成与分解有以下说法，其中正确的是(

)

A.两个直线运动的合位移一定比分位移大B.运动的合成与分解都遵循平行四边形定则C.某个分运动的规律会因另一个分运动而改变D.某个分运动的规律不会因另一个分运动而改变13、1930

年美国天文学家汤博发现了冥王星，但因当时错估了冥王星的质量，以为冥王星比地球还大，故将其视为太阳系里的第九颗行星.2006

年8

月24

日晚在布拉格召开的国际天文学联合会第26

届大会上通过联合决议，将冥王星降格为矮行星，并视其为海王星外天体的一个星族的标志，其主要的原因是经过最近30

年进一步观测，发现它的直径只有2300

公里，比月球还小，且在海王星以外发现了数以万计的小天体，它们构成一个“柯伊伯”环带，冥王星只是其中最早被发现的，但它并不是里面最大的，假如冥王星及“柯伊伯”环带的运行轨道是圆形的，引力常量为G

则下列有关冥王星和“柯伊伯”环带的说法中正确的是(

)

A.由冥王星围绕太阳运转的周期和轨道半径可求出冥王星的质量B.由冥王星的一个卫星绕冥王星在圆形轨道上运动的线速度和轨道半径可求出冥王星的质量C.“柯伊伯”环带中小天体绕太阳运动的线速度与离太阳的距离成反比D.“柯伊伯”环带中小天体绕太阳运动的线速度离太阳的距离的平方根成反比评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、如图所示，楼梯口一倾斜天花板与水平面的夹角θ=37°，一装潢工人手持木杆绑着刷子粉刷天花板．工人所持木杆对刷子的作用力始终保持竖直向上，大小为F=10N，刷子的质量为m=0.5kg，刷子可视为质点，且沿天花板向上匀速运动，取sin37°=0.6，则刷子与天花板间的动摩擦因数为____．

15、【题文】用相同的水平拉力F分别使质量为m和2m的物体在粗糙水平面上移动相同位移s，若拉力F对两个物体做功分别为W1和W2，则W1和W2之间的关系为W1_______W2。(填=、>、<)16、运动员在投铅球时；可使铅球的速度在0.2s内由零增加到17m/s；而旅客列车在起步时，用500s的时间可使它的速度由零增加到28m/s．在这两种情况中：

（1）______的速度变化大，______的速度变化是快；

（2）铅球的速度变化与发生这个变化所用时间的比=______m/s2，旅客列车的速度变化与发生这个变化所用时间的比=______m/s2，可见比值越大，速度变化得越______，因此用比值可表示物体速度变化的快慢．17、如图甲所示为一拉力传感器，某实验小组在用拉力传感器探究作用力与反作用力关系的实验中，获得了如图乙所示的图线．根据这个图线，你可以得出的结论是：______．

18、一导弹离地面高度为h

水平飞行.

某一时刻，导弹的速度为v

突然爆炸成质量相同的AB

两块，AB

同时落到地面，两落地点相距4v2hg

两落地点与爆炸前导弹速度在同一竖直平面内.

不计空气阻力.

已知爆炸后瞬间，A

的动能EKA

大于B

的动能EKB

则EKAEKB=

______．19、某同学将以10m/s的速度滚来的足球反向踢回，速度大小变为15m/s，历时0.1s．设足球反向被踢回时的方向为正方向，则此过程中足球平均加速度为____m/s2．20、【题文】两个小球固定在一根长为L的杆的两端，绕杆上的固定点O做匀速圆周运动，如图，当小球1的速度为v1时，小球2的速度为v2，则转轴到球1的距离是____21、在发射航天器时的发射速度要符合三个宇宙速度，其中第一宇宙速度的大小是______，第二宇宙速度大小是______．评卷人得分四、实验题(共3题，共12分)22、小明同学利用打点计时器探究小车速度随时间变化的关系，所用交流电的频率为50Hz，下图为某次实验中得到的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6、7为计数点，相邻两计数点间还有3个打点未画出．从纸带上测出x1＝3.20cm，x2＝4.74cm，x3＝6.40cm，x4＝8.02cm，x5＝9.64cm，x6＝11.28cm，x7＝12.84cm.(1)请通过计算，在下表空格内填入合适的数据(计算结果保留三位有效数字)；(2)根据表中数据，在所给的坐标系中作出v－t图象(以0计数点作为计时起点)；并由图象求得小车运动的加速度大小为________m/s2.23、为了测量某一弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上不同质量的砝码．实验测得了砝码的质量m与弹簧长度l的相应数据，7个对应点已在图上标出．（取g=10m/s2)（1）作出m-l的关系图线；（2）弹簧的原长为____cm；（3）弹簧的劲度系数为____N/m（保留2位有效数字）。24、【题文】在“探究小车速度随时间变化的规律”时，某同学得到如图的一条纸带，标有0、1、2、3、4、5、6等计数点，各计数点间还有四个打点在图中被覆盖，测得各相邻计数点间距S1＝5.18cm，S2＝4.40cm，S3＝3.62cm，S4＝2.84cm，S5＝2.06cm，S6＝1.28cm．

（1）相邻两记数点间的时间间隔为_______s；

（2）物体的加速度大小a＝________m/s2；

（3）打点计时器打下记数点3时，物体的速度大小v3＝_______m/s.评卷人得分五、简答题(共1题，共9分)25、rm{(1)}用电子式表示下列物质的结构：rm{垄脵NH_{4}Cl}______________；rm{垄脷Na_{2}O_{2}}____________；rm{垄脹NH_{3}}_______________；rm{(2)}用电子式表示下列化合物的形成过程：rm{垄脺H_{2}S}__________________________；rm{垄脻MgCl_{2}}_____________________________。rm{(3)垄脵隆芦垄脻}中，属于离子化合物是________，属于共价化合物是________。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B|C【分析】

小船沿河岸方向的分速度vx=v2-v1sin37°=10-6×0.6m/s=6.4m/s．

小船垂直于河岸方向上的分速度vy=v1cos37°=4.8m/s．

则小船渡河的时间t=．小船在沿河岸方向上的位移x=vxt=6.4×20m=128m．

所以小船的合位移s=．故B；C正确；A、D错误．

故选BC．

【解析】【答案】将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向；得出两个方向上的分速度，根据等时性求出小船渡河的时间，求出沿河岸方向上的位移，从而确定总位移．

2、D【分析】【解析】试题分析：①的速度变化量为（11-2）m/s=9m/s，加速度为②的速度变化量为6m/s，加速度为③的速度变化量为6m/s，速度变化量为④的末速度为20m/s，加速度为0.2m/s2，加速度表示速度的变化快慢，所以D对；考点：考查速度的变化量和加速度的概念【解析】【答案】D3、D【分析】【解析】略【解析】【答案】D4、C【分析】解：AM

为过原点的倾斜直线；说明M

的向心力与半径成正比，根据F=mR娄脴2

知，M

的角速度不变；

N

为双曲线的一个分支，知N

的向心力与半径成反比，根据F=mv2R

知；N

的线速度大小不变.

故C正确，ABD错误．

故选：C

根据F=mv2R

知，线速度不变，向心力与r

成反比；根据F=mR娄脴2

知，角速度不变，向心力与r

成正比.

运用控制变量法进行分析．

解决本题的关键掌握向心力的不同表达形式，知道线速度一定，向心力与半径成反比，角速度一定，向心力与半径成正比．【解析】C

5、B【分析】解：国际单位制规定了七个基本物理量.

分别为长度；质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量.

它们的在国际单位制中的单位称为基本单位；所以B正确，ACD错误．

故选：B

国际单位制规定了七个基本物理量.

分别为长度；质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量.

它们的在国际单位制中的单位称为基本单位；而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位.

他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔．

单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本物理量.

分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．【解析】B

6、A【分析】解：地球自转绕地轴转动，物体随地球一起以相同的角速度转动，角速度不变，根据v=ωr可知线速度大小不变方向时刻变化，根据F=mω2r可知；大小不变，方向时刻指向圆心，向心加速度也时刻指向圆心，故A不变，BCD变化，故A正确。

故选：A。

物体随地球一起自传；具有相同的角速度，根据矢量，判断出物体的大小和方向是否变化即可判断．

本题主要考查了描述圆周运动的各物理量的大小和方向，熟练记住即可判断【解析】A二、多选题(共7题，共14分)7、AC【分析】【分析】结合重力与速度的方向，根据瞬时功率的公式求出重力的功率；解决本题的关键知道瞬时功率和平均功率的区别，掌握两种功率的求法，在运用瞬时功率P=Fvcos娄脕

求解时，注意娄脕

为力与速度方向的夹角。【解答】因为斜面的倾角为娄脠

则速度方向与重力方向的夹角为90鈭�鈭�娄脠

则重力的瞬时功率P=mgvcos(90鈭�鈭�娄脠)=mgvsin娄脠

又因：v=ata=gsin娄脠P=mgvcos(90鈭�鈭�娄脠)=mg2tsin2娄脠

故A、C正确；故选AC。

【解析】AC

8、AB【分析】【分析】沿bb运动的物体做匀速圆周运动，重力提供向心力，列式求其速度，第一宙物体绕地做匀速圆周运的最大环绕速度。

解决本题的关键要清楚匀速圆周运动的卫星的向心力来源，根据有万有引力等于向心力解答。【解答】A.沿aa运的物体做近心运速度定比bb的速小，则沿运动的物体初速度定小于gR

故A正确；B.沿bb运动的物体匀速圆周运动，由重力向力得mg=mvb2Rmg=mdfrac{{{v}_{b}}^{2}}{R}则vb=gR{v}_{b}=sqrt{gR}故B正确；C.发射速度大于第一宇宙速度而小于第二宇宙速度，卫星的轨道为椭圆，如cc故C错误；D.发射速度大于第二宇宙速度，轨迹将不闭合，发射速度大于第三宇宙速度，轨迹也不闭合，故dd轨迹不能确定其发射速度是否大于第三宇宙速度，故D错误。故选AB。

【解析】AB

9、AD【分析】解：A、由公式v=ωr可知：线速度大；角速度不一定大；只有当半径一定时，线速度大，角速度一定大。故A正确。

B、由公式v=v大，T不一定小。只有当半径一定时，线速度大，周期一定小。故B错误。

C、由公式v=ωr可知：角速度大的半径不一定小；只有当线速度一定时，角速度大的半径一定小。故C错误。

D、由ω=角速度大的周期一定小。故D正确。

故选：AD。

由线速度与角速度的关系式v=ωr可知；线速度大，角速度不一定大；角速度大的半径不一定小．由公式v=v大，T不一定小．由ω=角速度大的周期一定小。

对于圆周运动的公式要采用控制变量法来理解，由线速度与角速度的关系式v=ωr可知；线速度大，角速度不一定大；角速度大的半径不一定小．【解析】AD10、BD【分析】解：A；电场线密处；电场强度大，而电场线方向不确定，故无法判断电势高低，电势就不一定高，故A错误；

B；在匀强电场中；电场强度不变，沿着电场线的方向，电势总是逐渐降低的，故B正确；

C；沿着电场方向电势降低最快．故C错误．

D；电势为零；是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不一定为零，故D说法正确；

故选：BD．

电场强度和电势这两个概念非常抽象；可借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．

电场线的疏密表示电场强度的相对大小；电场线的方向反映电势的高低，则电场强度与电势没有直接关系．

顺着电场线方向，电势逐渐降低，但场强不一定减小．【解析】【答案】BD11、AD【分析】【分析】由速度鈭�

时间图象可知，物体做匀减速运动，速度在5s

末为零，求出物体运动的加速度，然后即可求出物体运动的距离及拉力和摩擦力做功。此题考查学生通过v鈭�t

图象中所给的数据来解答问题的能力，需加强练习，难度不大。【解答】设物体的加速度为a

由v鈭�t

图象知：

v=at

解得：a=2m/s2

物体运动的位移由牛顿第二定律得：合外力F=ma=2隆脕2=4N

由于物体受到的摩擦力Ff=10N

故拉力F脌­=Ff鈭�F=10鈭�4=6N

方向沿物体运动方向。

故拉力做功W脌­=F脌­隆脕x=6隆脕25=150J

故A正确，B错误；

摩擦力做负功WFf=Ff隆脕x=10隆脕25=250J

故摩擦力做功为鈭�250J

即物体克服摩擦力做功250J

故C错误，D正确。

故选AD。【解析】AD

12、BD【分析】解：A

根据平行四边形定则知；合位移可能比分位移大，可能比分位移小，可能与位移相等.

故A错误．

B

运动的合成与分解都遵循平行四边形定则.

故B正确．

CD

两分运动相互独立；互不影响.

故C错误，D正确．

故选：BD

．

合运动是直线运动还是曲线运动取决于合速度方向与合加速度方向是否在同一条直线上.

根据平行四边形定则；可知合速度；合位移与分速度、分位移的大小关系．

解决本题的关键知道合运动是直线运动还是曲线运动取决于合速度方向与合加速度方向是否在同一条直线上.

以及会根据平行四边形定则判断合速度与分速度的大小关系．【解析】BD

13、BD【分析】解：A

根据GMmr2=mr4娄脨2T2

知；已知冥王星绕太阳运行的周期和轨道半径，可以求出太阳的质量，不能求解冥王星的质量，故A错误．

B、根据GMmr2=mv2r

知；已知冥王星一个卫星的轨道半径和线速度，可以求出冥王星的质量，故B正确．

C、根据GMmr2=mv2r

知，v=GMr

“柯伊伯”环带中小天体绕太阳运动的线速度与离太阳的距离的二次方根成反比，故C错误，D正确．

故选：BD

．

根据万有引力提供向心力；结合周期和轨道半径求出中心天体的质量，或根据线速度与轨道半径的求出中心天体的质量.

结合万有引力提供向心力得出线速度与轨道半径的关系，从而分析判断．

解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，知道通过该理论只能求解中心天体的质量，不能求解环绕天体的质量．【解析】BD

三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】

刷子受四个力作用；如图所示。

由平衡条件，得：Fsinθ=mgsinθ+Ff，Fcosθ=mgcosθ+FN

且Ff=μFN；

由三式得μ=tanθ=0.75

故答案为：0.75

【解析】【答案】画出刷子的受力图；刷子匀速运动则受力平衡，做出正交轴，列平衡方程联立求解即可．

15、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】=16、略

【分析】解：（1）铅球的速度从零增加到17m/s；速度变化量为17m/s，列车的速度从零增加到28m/s，速度变化量为28m/s，可知列车的速度变化大．

铅球的加速度a=

列车的加速度a′=．可知铅球速度变化快．

（2）铅球的速度变化与发生这个变化所用时间的比=85m/s2，旅客列车的速度变化与发生这个变化所用时间的比=0.056m/s2，可见比值越大，速度变化得越快，因此用比值可表示物体速度变化的快慢．

故答案为：（1）列车；铅球；（2）85，0.056，快．

根据初末速度的大小比较速度变化量；加速度是反映速度变化快慢的物理量，结合加速度的定义式分析判断．

解决本题的关键掌握加速度的定义式，知道加速度的物理意义，知道加速度越大，速度变化越快．【解析】列车；铅球；85；0.056；快17、略

【分析】解：根据这个图线；你可以得出的结论是：作用力与反作用力大小相等，方向相反，同时产生同时消失．

故答案为：作用力与反作用力大小相等；方向相反，同时产生同时消失．

作用力与反作用力总是等大反向作用在一条直线上；作用在两个物体上且同时产生同时消失．

解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，同时产生，同时变化，同时消失．【解析】作用力与反作用力大小相等，方向相反，同时产生同时消失18、略

【分析】解：爆炸后瞬间，A

的动能EKA

大于B

的动能EKB

知AB

的速度反向，根据动量守恒定律得，mv=m2vA鈭�m2vB

解得vA鈭�vB=2v

平抛运动的时间t=2hg

则(vA+vB)2hg=4v2hg

所以vA+vB=4v

联立解得vA=3vvB=v

．

则EKAEKB=91

．

故答案为：91

根据动量守恒定律；结合平抛运动的规律求出两物体的速度关系，从而求出两物体爆炸瞬间动能之比．

本题考查了考查了动量守恒定律和平抛运动的规律，综合性较强，难度不大，需加强训练．【解析】91

19、略

【分析】

设足球反向被踢回时的方向为正方向，则a==m/s2

故答案为：250m/s2．

【解析】【答案】根据加速度的定义式a=求出足球的加速度；注意足球的末速度与初速度方向相反．

20、略

【分析】【解析】两球具有相同的角速度，所以计算可得转轴到球1的距离

故答案为：【解析】【答案】21、略

【分析】解：第一宇宙速度，这是卫星绕地球做圆周运动的最小发射速度7.9km/s

若7.9km/s鈮�v<11.2km/s

物体绕地球运行(

环绕速度)

第二宇宙速度，这是物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度11.2km/s

若11.2km/s鈮�v<16.7km/s

物体绕太阳运行(

脱离速度)

故答案为：7.9km/s11.2km/s

．

第一宇宙速度又称为环绕速度；是指在地球上发射的物体绕地球飞行作圆周运动所需的最小初始速度，第二宇宙速度，这是物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度．

理解三种宇宙速度，特别注意第一宇宙速度有三种说法：它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度，它是卫星进入