2025年浙教版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高二物理上册阶段测试试卷459考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、磁流体发电是一项新兴技术．如图所示，平行金属板之间有一个很强的磁场，将一束含有大量正、负带电粒子的等离子体，沿图中所示方向喷入磁场．图中虚线框部分相当于发电机．把两个极板与用电器相连，则（）A.用电器中的电流方向从A到BB.用电器中的电流方向从B到AC.若只增强磁场，发电机的电动势增大D.若只增大喷入粒子的速度，发电机的电动势增小2、MN板两侧都是磁感强度为B的匀强磁场，方向如图，带电粒子（不计重力）从a位置以垂直B方向的速度V开始运动，依次通过小孔b、c、d，已知ab=bc=cd，粒子从a运动到d的时间为t，则粒子的荷质比为：A.B.C.D.3、如图所示，有一金属块垂直于表面C的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B，金属块的厚度为d，高度为h，当有稳定恒电流I平行平面C的方向通过时，由于磁场力的作用，金属块的上下两表面M、N间的电压为U，则金属块中单位体积内参与导电的自由电子数目为（）A.B.C.D.4、收录机等小型家用电器所用的稳压电源；是将220V的正弦交流电变为稳定的直流电的装置，其中的关键部分是整流电路，有一种整流电路可以将正弦交流电变成如图所示的脉动直流电（每个“脉动”都按正弦规律变化），则此脉动电流的有效值为（）

A.8A

B.4A

C.8A

D.4A

5、下列用电器中，利用静电的吸附作用进行工作的是（）A.复印机B.电冰箱C.电话机D.电饭煲6、真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F，如果保持这两个点电荷的带电量不变，而将它们之间的距离变为原来的4倍，那么它们之间静电力的大小为（）A.4FB.C.16FD.7、如图所示，在平行板电容器正中有一个带电微粒．K闭合时，该微粒恰好能保持静止．在保持K闭合；各用什么方法能使该带电微粒向上运动打到上极板？（）A.上移上极板MB.上移下极板NC.左移上极板MD.把下极板N接地评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)8、在做“验证力的平行四边形定则”的实验中；

（1）除已有的方木板、白纸、三角板、图钉、橡皮条、细绳、铅笔外，还需要的器材有____（填写字母代号）．

A．天平B．弹簧秤C．秒表D．游标卡尺E．刻度尺。

（2）实验过程中，用图钉把白纸钉在方木板上，把方木板平放在桌面上，用图钉把橡皮条的一端固定在A点（如图所示），橡皮条的另一端B上拴两个细绳套．先用两只弹簧秤a、b分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长到某一位置O．用铅笔记录O点的位置和两条细绳套的方向，并记录弹簧秤a、b的读数F1、F2．然后只用一个弹簧秤，通过细绳套把橡皮条的B端拉到同样位置O．读出弹簧秤的示数F，记下细绳的方向．那么，在这个过程中，F1、F2的作用效果与____的作用效果相同；如果实验规范、作图误差较小，则实验最终现象应该是____．

9、在研究地球绕太阳公转时，地球_________（填“可以”或“不可以”）看成质点；在研究一列火车通过一座桥的时间时，火车_________（填“可以”或“不可以”）看成质点。10、两根平行的直导线，当通以相反方向的电流时，它们相互______．电流之间的这种作用，是通过______来实现的．11、如图所示，电路中有四个完全相同的灯泡，额定电压均为U，额定功率均为P，变压器为理想变压器，现在四个灯泡都正常发光，则变压器的匝数比n1∶n2；电源电压U1为。12、如图所示，活塞与汽缸间无摩擦、无漏气，在汽缸内活塞左边封闭一定质量的空气，压强与大气压P0相同．现让活塞自由移动，气体体积由V1增加到V2，其吸收的热量为Q，那么这一过程中气体对活塞____（选填“做正功”、“不做功”、“做负功，内能增加量△U=____．

____13、“电场中等势线描绘”的实验装置如图所示：

(1)在图中a、b；c、d、e五个基准点中；电势最高的点是____________点．

(2)若电流表的两表分别按触图中d和f两点(f与d的连线和A与B的连线垂直)时表针反偏(电流从红表笔流进时，表针正偏；从黑表笔流进时，表针反偏)，则电流表的红表笔接在____________点，要使表针仍指在零刻度线，应将接f点的表笔向____________(填“左”或“右”)移动．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）16、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）17、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）评卷人得分四、实验探究题(共2题，共4分)19、一位质量为60kg的同学为了表演“轻功”；他用打气筒给4只相同的气球充以相等质量的空气（可视为理想气体），然后将这4只气球以相同的方式放在水平放置的木板上，在气球的上方放置一轻质塑料板，如图1所示．

（1）关于气球内气体的压强，下列说法正确的是______．

A．大于大气压强B．是由于气体重力而产生的。

C．是由于气体分子之间的斥力而产生的D．是由于大量气体分子的碰撞而产生的。

（2）在这位同学慢慢站上轻质塑料板正中间位置的过程中，球内气体温度可视为不变．下列说法正确的是______．

A．球内气体体积变大B．球内气体体积变小。

C．球内气体内能变大D．球内气体内能不变。

（3）为了估算气球内气体的压强，这位同学在气球的外表面涂上颜料，在轻质塑料板面向气球一侧的表面贴上间距为2.0cm的方格纸．表演结束后，留下气球与方格纸接触部分的“印迹”，如图2所示．若表演时大气压强为1.013×105Pa，取g=10m/s2，则气球内气体的压强为______Pa．（取4位有效数字）20、一个电流表G

的内阻rg=1k娄赂

满偏电流为IR=500娄脤A

现要把它改装成量程为15V

的电压表，求：

(1)

串联的分压电阻；

(2)50娄脤A

刻度处对应的电压值为多少？评卷人得分五、识图作答题(共3题，共21分)21、细胞自噬是依赖溶酶体对细胞内受损、异常的蛋白质和衰老的细胞器进行降解的过程。被溶酶体降解后的产物，如果是对细胞有用的物质，细胞可以再利用，废物则被排出细胞外（部分过程见下图）。回答下列问题：

（1）细胞内衰老的线粒体可在自噬体内被降解，该过程利用了溶酶体中的_________酶。若利用同位素标记法验证“自噬体中的酶来自于高尔基体”，则实验现象应为_______________________________________________________________________________。（2）研究表明，若抑制肝癌发展期大鼠的细胞自噬，其肿瘤的体积和数量都比没有抑制细胞自噬的对照组小，说明在肝癌发展期，细胞自噬会_________（填“促进”或“抑制”）肿瘤的发生，结合图中自噬过程，推测其原因可能是_____________________________________。22、下图A为两个渗透装置，溶液a、b为等浓度的同种溶液，液体c为清水；图B为在“观察植物细胞质壁分离与复原”实验中看到的处于质量分数为30%的蔗糖溶液的紫色洋葱表皮细胞。请回答下列问题。（1）一个成熟的植物细胞可看作一个封闭的渗透系统，因为图B中的________相当于图A中的2（半透膜），当图B所示细胞发生吸水过程时，图B中的________相当于图A中的a溶液，4处的成分为________，这种成分能到达4处是因为________。（2）若要探究溶液浓度对渗透作用的影响，则要调整图A中的某一溶液浓度，调整后，a、b、c三种溶液浓度大小顺序最好为____________。23、草鱼(2n＝48)是中国淡水养殖的四大家鱼之一，草鱼因其能迅速清除水体各种草类而被称为“拓荒者”。多倍体鱼类与相同的二倍体鱼类相比，其个体大、生长速度快、抗病及耐寒性强，可以通过人工方法诱导多倍体鱼类形成。多倍体鱼类的产生机制如图所示，a、b、c为成熟个体。请回答下列问题：(1)上述育种方法称为________，原理是______________________________________。(2)通过上述方法，得到的成熟个体a为______________倍体；通过“方法三”获得的草鱼个体体细胞中含____________条染色体。(3)秋水仙素诱导染色体加倍的原理是_________________________________________。(4)草鱼虽可控制杂草生长，但其天然繁殖能力强，易对水生植物造成严重损坏，因此可以通过方法__________(填写图中方法的序号)培育不育的草鱼解决该问题。评卷人得分六、简答题(共4题，共36分)24、如图所示，在柏油马路和湖面上常常遇到耀眼的炫光，它使人的视觉疲劳．这些天然的炫光往往是光滑表面反射而来的镜式反射光和从表面反射的漫反射光重叠的结果，漫反射光是非偏振光，而镜式反射光一般是部分偏振光．由于它们是从水平面上反射的，光线的入射面是垂直的，所以反射光含有大量振动在水平方向的偏振光．要想消除这种炫光，只要将光线中的水平振动成分减弱些就可以了．同理，要想消除从竖直面反射来的炫光，如玻璃窗反射来的炫光，所用偏振轴应取水平方向．请回答下列两个问题：(1)某些特定环境下照相时，常在照相机镜头前装一片偏振滤光片使影像清晰，这是利用什么原理？(2)市场上有一种太阳镜，它的镜片是偏振片，为什么不用普通的带色玻璃片而用偏振片？安装镜片时它的透振方向应该沿什么方向？25、如图装置中，rm{b}电极用金属rm{M}制成，rm{a}rm{c}rm{d}为石墨电极，接通电源，金属rm{M}沉积于rm{b}极，同时rm{a}rm{d}电极上产生气泡试回答：

rm{(1)a}为______极，rm{c}极的电极反应式为______．为______极，rm{(1)a}极的电极反应式为______．

rm{c}电解开始时，在rm{(2)}电解开始时，在rm{B}烧杯的中央，滴几滴淀粉溶液，你能观察到的现象是：______，电解进行一段时间后，罩在rm{c}极上的试管中也收集到了气体，此时rm{c}极上的电极反应为______．烧杯的中央，滴几滴淀粉溶液，你能观察到的现象是：______，电解进行一段时间后，罩在rm{(2)}极上的试管中也收集到了气体，此时rm{B}极上的电极反应为______．

rm{c}rm{c}当极上收集到rm{(3)}当rm{d}极上收集到rm{(3)}rm{d}rm{44.8mL}极上放出了______rm{44.8mL}气体，若气体rm{(}电极上沉积金属rm{(}的质量为标准状况rm{)}rm{)}时停止电解，rm{a}极上放出了______rm{moL}气体，若rm{b}电极上沉积金属rm{M}的质量为rm{a}

rm{moL}rm{b}电解停止后加蒸馏水使rm{M}烧杯中的溶液体积仍为rm{0.432g}取这种溶液加入到rm{0.432g}，则此金属的摩尔质量为______rm{g/mol}rm{g/mol}．rm{(4)}电解停止后加蒸馏水使rm{A}烧杯中的溶液体积仍为rm{200mL}取这种溶液加入到沉淀完全rm{(4)}烧杯中rm{A}rm{200mL}rm{25.0mL}rm{0.100mol?L}rm{25.0mL}rm{0.100mol?L}rm{-1}rm{-1}26、把水或油灌入小口瓶时，常在瓶口插入一根竹筷或玻璃棒，水或油就沿着竹筷或玻璃棒流入瓶中，不致流到瓶子外面，这是什么道理？如果要将水银灌入小口瓶中，能否采用竹筷或是玻璃棒？你能想出其它的方法吗？27、【化学rm{隆陋}选修rm{5}有机化学基础】有机物rm{G}是一种医药中间体，可通过如图所示路线合成，rm{A}的产量是衡量一个国家石油化工发展水平的重要标志，rm{H}的分子式是rm{C_{7}H_{8}}

已知：

请回答以下问题：rm{(1)A}的结构简式是________。

rm{(2)H隆煤I}的化学反应方程式为___________________________________________，rm{E隆煤F}的化学方程式为_______________________________________________。

rm{(3)C隆煤D}的反应类型是_____________，rm{I隆煤J}的反应类型是____________。

rm{(4)}标况下，rm{1molE}分别与足量的rm{Na}单质、rm{NaHCO_{3}}溶液充分反应，生成的气体体积分别为rm{aL}rm{bL}则rm{a}rm{b}为___________。rm{aL}则rm{bL}rm{a}为___________。rm{b}满足以下条件的rm{(5)}的同分异构体还有________种rm{F}不包含rm{(}

rm{F)}能与氯化铁溶液发生显色反应rm{垄脵}苯环上有两个取代基rm{垄脷}红外光谱等方法检测分子中有“”结构。rm{垄脹}写出其中能与碳酸氢钠溶液反应任意一种的结构简式_________________________。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A|C【分析】试题分析：等离子体喷入磁场后，受洛伦兹力作用，正离子打在上极板，带正电，负离子打在下极板，带负电，用电器中电流方向从A到B，A正确，B错误；当等离子体在磁场和电场中时，电场强度此时电动势最大，最大值所以若只增强磁场或若只增大喷入粒子的速度，发电机的电动势均会增大，C正确、D错误。考点：磁流体发电机【解析】【答案】AC2、D【分析】【解析】试题分析：不计重力的带电粒子在磁场中均做匀速圆周运动，由于是垂直边界进入磁场，从a到d经过了三个半圆周，则有可以求出：答案选择D考点：考查带电粒子在磁场中的运动【解析】【答案】D3、A【分析】解：由图；磁场方向向里，电子向左移动，根据左手定则，电子向上表面偏转，上表面得到电子带负电，下表面带正电；

那么根据e=evB，I=neSv=nehdv，得：n=故A正确，BCD错误．

故选：A．

定向移动的电子受到洛伦兹力发生偏转；在前后表面间形成电势差，电子到达的表面带负电，电势较低．最终电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡求出单位体积内的自由电子数．

解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡．【解析】【答案】A4、C【分析】

由于电流的热效应与电流的方向无关，脉动直流电与正弦交变电流一个周期通过相同的电阻产生的热量相同，则图示电压的最大与正弦式电压的最大值相同，有效值也相同，则该脉动直流电电流的有效值为U，根据电流的热效应I=8A．

故选C．

【解析】【答案】电流的热效应与电流的方向无关；将图中脉动直流电与正弦交变电流一个周期的热效应相比较，求解电压的最大值，再求出有效值．

5、A【分析】【解答】解：A；复印机复印文件资料；就是利用静电墨粉吸附在鼓上．故选A正确；

B；电冰箱是利用物态变化时的吸热和放热原理制冷的；故B错误；

C；电话是利用电磁波传递信息；利用了电流的磁效应工作的，故C错误；

D；电饭煲是利用了电流的热效应；来加热的，故D错误．

故选A．

【分析】本题考查各种电器的工作原理，从各种实例的原理出发可以得出结论．6、D【分析】解：距离改变之前：F=①

当电荷量都变为原来的2倍时：F1=②

联立①②可得：F1=F；故ABC错误，D正确．

故选：D

本题比较简单；直接利用库仑定律进行计算讨论即可．

库仑定律应用时涉及的物理量较多，因此理清各个物理量之间的关系，可以和万有引力定律进行类比学习．【解析】【答案】D7、B【分析】解：开始时；粒子受重力和电场力，二力平衡；

保持K闭合时，电压U不变，要使该带电微粒向上运动打到上极板，故电场力要增加，根据E=极板距离要减小；故B正确，ACD错误；

故选：B。

保持K闭合时电容板间电压保持不变，根据公式E=分析板间场强的变化；判断能否使带电微粒向上加速运动．

本题是电容器动态变化分析的问题，关键明确粒子的电场力要增加，故电场强度要增加；基础题目．【解析】B二、填空题(共6题，共12分)8、略

【分析】

（1）除已有的器材（方木板；白纸、弹簧秤、细绳套和铅笔）外；根据实验原理可知该实验是通过拉橡皮条来实现力的作用效果的等效性，需要用弹簧秤测量力的大小，同时要用刻度尺做出力的图示，用刻度尺和三角板画平行四边形．

故答案为：B；E．

（2）该实验采用了“等效替换法”，两个弹簧拉橡皮筋的作用效果和一个弹簧拉橡皮筋的作用效果相同，即两个弹簧F1、F2的作用效果与一个弹簧弹力F的作用效果相同，若表示F1、F2的大小和方向作平行四边形；所夹对角线的长度与以F大小和方向所作力的图示基本重合（或偏差较小），则验证了力飞平行四边形定则．

故答案为：F，表示F1、F2的大小和方向作平行四边形；所夹对角线的长度与以F大小和方向所作力的图示基本重合（或偏差较小）．

【解析】【答案】（1）了解“验证力的平行四边形定则”实验原理；即可知道该实验需要的仪器；

（2）“验证力的平行四边形定则”实验原理是找出两个分力以及合力的大小和方向；利用平行四边形画出理论值，比较理论值和实际值之间的关系．

9、略

【分析】【解析】试题分析：在研究地球的公转时，由于地球的大小和形状对我们所研究的问题影响不大，所以能看做质点，但是研究一列火车通过桥的时间时，由于火车的长度相对于桥的长度不能忽略，所以不能看做质点考点：考查了判断质点的条件【解析】【答案】可以不可以10、略

【分析】解：两根平行的直导线；当通以相反方向的电流时，它们相互排斥，电流之间的这种作用，是通过磁场来实现的．

故答案为：排斥；磁场．

电流和电流之间的相互作用通过磁场来实现的；同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．

解决本题的关键知道电流的周围存在磁场，磁场对放入磁场中的电流或磁铁有力的作用．【解析】排斥；磁场11、略

【分析】试题分析：设每盏电灯的额定电流为I，则变压器初级电流为I，次级电流为2I,根据解得：变压器次级电压为U，则初级电压为2U,所以U1=U1/+2U=4U。考点：变压器初次级电压与匝数的关系及初次级电流与匝数的关系【解析】【答案】2:14U12、做正功Q﹣P0（V2﹣V1）【分析】【解答】气体的体积增大；气体对活塞做正功．气体对活塞做功为：

W=P△V=P0（V2﹣V1）．

由热力学第一定律可知；内能增加量为：

△U=Q﹣W=Q﹣P0（V2﹣V1）．

故答案为：做正功，Q﹣P0（V2﹣V1）．

【分析】气体的体积增大，对外做正功．气缸内气体发生等压变化，求出气体对外做的功，应用热力学第一定律即可求得内能的增加．13、略

【分析】解：(1)本实验利用恒定电流场模拟静电场；A电极相当于正点电荷，电B相当于负点电荷，电场线从A指向B，则电势最高的点是a点．

(2)由题意；电流从红表笔流进时，表针正偏，说明红表笔处电势高于黑表笔处电势．若电流表的两表分别按触图中d和f两点时表针反偏，由图，根据等量异种电荷等势线的分析情况可知，d的电势低于f的电势，则电流表的红表笔接在d点．要使表针仍指在零刻度线，应将接f点的表笔向右移动．

故答案为：(1)a；(2)d，右【解析】a;d;右三、判断题(共5题，共10分)14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．16、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．17、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．四、实验探究题(共2题，共4分)19、略

【分析】解：（1）A；气球内气体的压强等于大气压与气球弹力产生的压强之和．所以大于大气压强；故A正确．

BCD；气球内气体的压强不是由于气体的重力产生的．而是由于大量分子都在不停地做无规则热运动；与器壁频繁碰撞，使器壁受到一个平均持续的冲力，致使气体对器壁产生一定的压强，故BC错误，D正确；

故选：AD．

（2）A；气球被压后；气压变大，根据玻意耳定律公式PV=C，故体积缩小，故A错误，B正确；

C；气体被压缩；外界对气体做功，但温度不变，故内能不变，气体对外放热，故C错误，D正确；

故选：BD；

（3）人处于平衡状态，由平衡条件得：

提供数方格可知；每一个气球的压痕的方格数是89个，则。

=

故答案为：（1）AD（2）BD（3）

（1）气球内气体的压强等于大气压与气球弹力产生的压强之和．根据被封闭气体压强产生的原理；判断压强产生原因．

（2）气压变大；等温过程，根据玻意耳定律判断体积的变化情况；根据热力学第一定律判断内能的变化；

（3）由于平衡条件可以求出气体的压强．

本题是一道联系生活实际的好题，反应了物理来源于生活，又服务于生活的思想；关键抓住理想气体状态方程列式求解．对于气体的压强与固体和液体压强产生的原因的不同，运用分子动理论来理解．热学中很多知识点要需要记忆，注意平时的积累．【解析】AD；BD；20、略

【分析】

本题(1)

的关键是根据串联电路规律和欧姆定律解出分压电阻阻值即可；题(2)

的关键是明确电压表表盘刻度是均匀的；然后按比例求解即可．

电压表或电流表的改装原理是欧姆定律和串并联规律，可以先画出电路图，然后求解即可；应明确直流电表的表盘刻度是均匀的．【解析】解：(1)

根据欧姆定律可知，需要串联的分压电阻为：R=UIg鈭�rg=15500隆脕10鈭�6鈭�1000=29k娄赂

(2)

由改装原理可知，500娄脤A

刻度对应的电压为15V

由于电压表的刻度是均匀的，所以50娄脤A

刻度对应的电压应是U隆盲=15500隆脕50V=1.5V

答：(1)

串联的分压电阻为29k娄赂

(2)50娄脤A

处对应的电压值为1.5V

五、识图作答题(共3题，共21分)21、（1）水解被放射性标记的氨基酸（物质）依次出现在高尔基体、溶酶体、自噬体中（其它答案合理也可给分）

（2）促进癌细胞可利用自噬过程的降解产物作为自身细胞代谢的原料，以满足其持续增殖和生长的需要。【分析】【分析】本题结合图解，考查细胞结构和功能，重点考查细胞器的相关知识，要求考生识记细胞中各种细胞器的结构、分布和功能，能结合所学的知识准确答题。【解答】（1）细胞内衰老的线粒体可在自噬体内被降解，该过程利用了溶酶体中的水解酶。溶酶体中的水解酶的化学本质是蛋白质，其合成场所是核糖体；这些水解酶经内质网加工后转至高尔基体中进行再加工，最后以囊泡形式转运到溶酶体中。所以若利用同位素标记法验证“自噬体中的酶来自于高尔基体”，则实验现象应为被放射性标记的氨基酸（物质）依次出现在高尔基体、溶酶体、自噬体中。（2）研究表明，若抑制肝癌发展期大鼠的细胞自噬，其肿瘤的体积和数量都比没有抑制细胞自噬的对照组小，说明在肝癌发展期，细胞自噬会促进肿瘤的发生，推测其原因可能是癌细胞可利用自噬过程的降解产物作为自身细胞代谢的原料，以满足其持续增殖和生长的需要。【解析】（1）水解被放射性标记的氨基酸（物质）依次出现在高尔基体、溶酶体、自噬体中（其它答案合理也可给分）（2）促进癌细胞可利用自噬过程的降解产物作为自身细胞代谢的原料，以满足其持续增殖和生长的需要。22、（1）原生质层细胞液质量分数为30%的蔗糖溶液细胞壁是全透性的（2）a>b>c（或b>a>c）【分析】【分析】本题主要考查细胞质壁分离与质壁分离复原现象及其原因的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。【解答】（1）B图中的细胞膜、液泡膜和两层膜之间的细胞质，构成植物细胞的原生质层，相当于A图中的2半透膜；液泡中的细胞液相当于图A中的a溶液，由于细胞壁是全透性的，所以外界溶液可进入细胞壁，则4处的物质是质量分数为30%的蔗糖溶液，内外溶液之间存在浓度差，所以一个成熟的植物细胞可看作一个渗透系统。（2）​若要探究溶液浓度对渗透作用的影响，则要调整图A中的某一溶液浓度。由于溶液a、b为等浓度的同种溶液，液体c为清水，浓度差相同，因此需要调整a或b的浓度，调整后a、b、c三种溶液浓度大小顺序为a＞b＞c或b＞a＞c。【解析】（1）原生质层细胞液质量分数为30%的蔗糖溶液细胞壁是全透性的（2）a>b>c（或b>a>c）23、（1）多倍体育种染色体变异（2）三96（3）抑制细胞分裂前期纺锤体形成，使染色体数目加倍（4）一、二【分析】【分析】本题考查染色体数目变异与育种，主要考查学生的识图能力和应用题图信息解决问题的能力，以及运用遗传变异知识解决生活中实际问题的能力。【解答】（1）二倍体草鱼通过上述多倍体育种形成三倍体草鱼；原理是染色体变异。

（2）通过上述方法a得到的卵细胞含有2个染色体组；与含有1个染色体组的正常精子，受精后形成含有3个染色体组的受精卵，得到的成熟个体a为三倍体；二倍体体细胞含有2n=48条染色体，通过“方法三”之前形成的是正常的受精卵，经过秋水仙素处理后，染色体数目增倍，因此获得的草鱼个体体细胞中含96条染色体。

（3）秋水仙素诱导染色体加倍的原理是抑制细胞分裂前期纺锤体形成；使染色体数加倍。

（4）方法一、二获得的草鱼是三倍体，高度不育，可解决草鱼天然繁殖能力强的问题。【解析】（1）多倍体育种染色体变异（2）三96（3）抑制细胞分裂前期纺锤体形成，使染色体数目加倍（4）一、二六、简答题(共4题，共36分)24、略

【分析】(1)在某些特定环境下，如拍摄池水中的游动的鱼时，由于水面反射光的干扰，影像会不清楚，在镜头前装一片偏振片，清除反射光(反射光为偏振光)，影像就变得清晰．这是利用了光的偏振(2)这种太阳镜是为了消除柏油马路和湖面上反射的耀眼的炫光，因此应用偏振片而不是带色的普通玻璃片．该反射光为水平方向的偏振光，故应使镜片的透振方向竖直．【解析】【答案】见解析25、rm{(1)}阳rm{2I^{-}-2e^{-}=I_{2}}

rm{(2)c}极附近的溶液首先变成蓝色rm{4OH^{-}-4e=2H_{2}O+O_{2}隆眉}

rm{(3)0.001}rm{108g/mol}

rm{(4)0.1mol/L}【分析】【分析】根据电解原理，金属rm{M}沉积于rm{b}极，说明rm{b}是阴极，则rm{a}是阳极，rm{c}是阳极，rm{d}是阴极，rm{(1)}根据rm{a}是阳极，溶液中的阴离子放电；rm{(2)}在rm{B}烧杯中，rm{c}是阳极，溶液中的阴离子放电，即rm{2I^{-}-2e^{-}=I_{2}}根据放电顺序先放电的rm{I^{-}}接着是rm{OH^{-}}放电，rm{(3)}根据串联电路中以及电解池中阴、阳两极得失电子数目相等求出气体的物质的量和金属的物质的量，最后根据rm{M=dfrac{m}{n}}求出金属的摩尔质量；rm{(4)}先根据rm{(3)}求出已放电的rm{M^{+}}的物质的量，然后根据剩余的溶液与rm{HCl}反应求出剩余的rm{M^{+}}两者相加得原溶液中的rm{M^{+}}的物质的量，最后带入公式rm{C=dfrac{n}{V}}求出电解前rm{A}烧杯中rm{MNO_{3}}溶液的物质的量浓度rm{.}本题主要考查了电解原理的运用以及有关计算，难度不小，学生做起来有较大的难度。【解答】由电解原理可得：金属rm{M}沉积于rm{b}极，说明rm{b}是阴极，则rm{a}是阳极，rm{c}是阳极，rm{d}是阴极；

rm{(1)}因rm{a}是阳极，溶液中的阴离子放电，根据离子的放电顺序，可知是rm{I^{-_{路脜碌莽}}}rm{2I^{-}-2e^{-}=I_{2}}故答案为：阳；rm{2I^{-}-2e^{-}=I_{2}}

rm{(2)}在rm{B}烧杯中，rm{c}是阳极，溶液中的阴离子放电，即rm{2I^{-}-2e^{-}=I_{2}}rm{I_{2}}遇到淀粉能使淀粉变蓝，rm{I^{-}}放电完毕后；

接着是rm{OH^{-}}放电：rm{4OH^{-}-4e=2H_{2}O+O_{2}隆眉}rm{c}极上的试管中收集到的气体为氧气；

故答案为：rm{c}极附近的溶液首先变成蓝色；rm{4OH^{-}-4e=2H_{2}O+O_{2}隆眉}

rm{(3)d}极是溶液中氢离子放电：

rm{2H^{+}+2e^{-}=H_{2}隆眉}

rm{0.004mol}rm{dfrac{0.0448L}{22.4L/mol}}

rm{dfrac

{0.0448L}{22.4L/mol}}极上氢氧根离子放电：

rm{a}

rm{4OH^{-}-4e=2H_{2}O+O_{2}隆眉}rm{0.004mol}

即氧气的物质的量为rm{0.001mol}

rm{0.001mol}极上氢氧根离子放电：rm{b}

rm{M^{+}+e^{-}=M}rm{0.004mol}

则金属的摩尔质量rm{M=dfrac{m}{n}=dfrac{0.432}{0.004}=108g/mol}

故答案为：rm{0.004mol}rm{M=dfrac{m}{n}=dfrac

{0.432}{0.004}=108g/mol}

rm{0.001}设稀释后溶液的浓度为rm{108g/mol}根据反应：rm{(4)}

rm{X}rm{Cl^{-}+M^{+}=MCl隆媒}

解得rm{0.100mol/L隆脕0.025L}

所以rm{X隆脕0.03125L}电解停止后加蒸馏水稀释的溶液中，rm{X=0.08mol?L^{-1}}的物质的量为rm{200mL}则电解前rm{M^{+}}烧杯中rm{0.08mol?L^{-1}隆脕0.2L=0.016mol}溶液的rm{A}物质的量rm{MNO_{3}}所以rm{M^{+}}溶液的物质的量浓度rm{=dfrac{0.02mol