2025年鲁教五四新版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁教五四新版选修3物理上册阶段测试试卷904考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、用豆粒模拟气体分子；可以模拟气体压强产生的原理．如图所示，从距秤盘80cm高处把1000粒的豆粒连续均匀地倒在秤盘上，持续作用时间为1s，豆粒弹起时竖直方向的速度大小变为碰前的一半，方向相反．若每个豆粒只与秤盘碰撞一次，且碰撞时间极短(在豆粒与秤盘碰撞极短时间内，碰撞力远大于豆粒受到的重力)，已知1000粒的豆粒的总质量为100g．则在碰撞过程中秤盘受到的压力大小约为()

A.0.2NB.0.6NC.1.0ND.1.6N2、如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r．将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表A数变化量的绝对值为ΔI，则（）

A.A的示数减小B.ΔU1小于ΔU2C.ΔU3与ΔI的比值大于R+rD.电源的输出功率一定增大3、联合国安理会每个常任理事国都拥有否决权，只要有一个理事国不通过，提案都无法通过．假设设计一个表决器，常任理事国投反对票时输入“0”，投赞成票或弃权时输入“1”，提案通过为“1”，通不过为“0”，则这个表决器应具有哪种逻辑关系（）A.“与”门B.“或”门C.“非”门D.都不是4、如图所示为一种获得高能粒子的装置，环形区域内存在垂直纸面向外、大小可调节的均匀磁场．质量为m、电荷量为＋q的粒子在环中做半径为R的圆周运动，不计粒子重力．A、B为两块中心开有小孔的极板，原来电势都为零，每当粒子顺时针飞经A板时，A板电势升高为U，B板电势仍保持为零，粒子在两板间电场中得到加速，每当粒子离开B板时，A板电势又降为零，粒子在电场中一次次加速下动能不断增大，而绕行半径不变，则（）

A.粒子从A板小孔处由静止开始在电场作用下加速，绕行n圈后回到A板时获得的总动能为(n－1)qUB.在粒子绕行的整个过程中，A板电势可以始终保持为＋UC.在粒子绕行的整个过程中，每一圈的周期不变D.为使粒子始终保持在半径为R的圆轨道上运动，磁场必须周期性递增，则粒子绕行第n圈时的磁感应强5、一定质量理想气体的状态变化如图所示，该气体从状态a沿圆形线到状态b、c、d，最终回到状态a；则（）

A.状态b到状态d的过程是等温变化过程B.状态a的压强大于状态b的压强C.从状态c到状态d，体积减小D.从状态a到状态c，内能增大6、如图所示，一定质量的理想气体，经过一系列过程，如图所示，下列说法中正确的是（）

A.a→b过程中，气体体积减小，压强减小B.b→c过程中，气体压强不变，体积增大C.c→a过程中，气体内能增大，体积不变D.c→a过程中，气体压强增大，体积减小评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、在如图所示的电路中，灯L1、L2的电阻分别为R1、R2，滑动变阻器的最大阻值为R0，若有电流通过，灯就发光，假设灯的电阻不变，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端移动时，灯L1、L2的亮度变化情况是()

A.当时，灯L1变暗，灯L2变亮B.当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2先变亮后变暗C.当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2不断变暗D.当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2不断变亮8、气体能够充满密闭容器，说明气体分子除相互碰撞的短暂时间外（）A.气体分子可以做布朗运动B.气体分子可以自由运动C.气体分子间的相互作用力十分微弱D.气体分子沿各个方向运动的机会（概率）相等9、北方室内供暖后；室内外温差会很大，正所谓“窗外寒风刺骨，屋内温暖如春”。现将一导热性能良好的敞口空瓶在室外静置一段时间，等充分热交换后，盖紧塞子，把瓶子拿回室内。设盖好瓶塞后瓶子密闭良好，瓶内气体可视为理想气体。在室内充分热交换后，瓶内气体（）

A.与外界空气达到热平衡，其标志是与外界气体的压强相等B.温度升高，分子热运动的平均速率增大C.压强增大，分子对瓶和塞内侧单位面积上的压力增大E.用国际单位制单位表示的状态参量在图中图线一定过原点，可能如图中E.用国际单位制单位表示的状态参量在图中图线一定过原点，可能如图中10、一定质量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其V−T图像如图所示，pa、pb、pc分别表示状态a、b、c的压强；下列判断正确的是（）

A.过程a到b中气体一定吸热B.C.过程b到c气体吸收热量E.过程c到a中气体吸收的热量大于对外做的功E.过程c到a中气体吸收的热量大于对外做的功11、一定质量的理想气体从a状态开始，经历三个过程ab、bc、ca回到a状态，其p-t图像如图所示，图中ba的延长线过原点O，bc平行于t轴，ca的延长线过点（-273.15℃；0）。下列判断正确的是（）

A.过程ab中气体体积不变B.过程ab中气体内能增加C.过程bc中气体从外界吸热E.b状态与c状态相比，c状态时容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数较少E.b状态与c状态相比，c状态时容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数较少12、如图所示，在间距为足够长的两条水平虚线间有垂直纸面向里的匀强磁场，其上方距上边界h处有一导线框（各边长如图标注），现将导线框由静止释放，从线框下边进入磁场开始计时至线框完全离开磁场（整个过程线框保持竖直不翻转），该过程中v－t图线可能正确的是（）

A.B.C.D.13、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1，b是原线圈中心的抽头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1=220sin100πtV，则（）

A.当单刀双掷开关与a连接时，电压表V1的示数为22VB.当时，电压表V0的读数为VC.单刀双掷开关与a连接，当滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，电压表V1的示数增大，电流表示数变小D.当单刀双掷开关由a扳向b时，电压表V1和电流表的示数均变大14、一列向右传播的简谐横波，当波传到处的P点时开始计时，该时刻波形如图所示，时，观察到质点P第三次到达波峰位置，下列说法正确的是

A.波速为B.经1.4s质点P运动的路程为70cmC.时，处的质点Q第三次到达波谷D.与该波发生干涉的另一列简谐横波的频率一定为2.5HZ15、以下关于物理现象的说法中，正确的是（）A.示踪原子利用的是元素同位素的放射性B.医院用彩超检查病人血管血流、心脏跳动等情况，其原理是多普勒效应C.人们用紫外线消毒依靠的是紫外线明显的热效应D.海市蜃楼涉及到光的全反射现象评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、如图所示的电路中，E、r、R1已知，可变电阻R2的最大值

（1）当R2=______时，R1的电功率P1有最大值，最大值为______；

（2）当R2=______时，R2的电功率P2有最大值，最大值为______；

（3）当R2=______时，电源功率PE有最大值，最大值为______；

（4）当R2=______时，电源内部消耗的功率有最小值，最小值为______

（5）当R2=______时，电源输出功率P出有最大值，最大值为______17、如图是一定质量理想气体的图像，气体从图中A状态变到状态，设A，状态的体积分别为内能分别为由图可知______________________（填“”“”或“”）。从到气体___________热量（填“吸收”或“放出”）。

18、在如图所示的电路中；电源电压保持不变。由于电阻R；灯L可能出现了故障，闭合开关S，两电表只有一个有示数。

①发生故障时；小灯L__发光（选填“可能”或“不可能”）；

②在原故障电路中，将一个检查小灯L′并在R两端，电流表A的示数不发生变化，电路中可能存在的故障是_________。19、一定质量的理想气体从初状态A分别经不同过程到达末状态B、C、D，它们的PV图象如图所示．其中AB是等容过程，AC是等温过程，AD是等压过程．则内能减小的过程是________(选填“AB”“AC”或“AD”)；气体从外界吸收热量的过程是________(选填“AB”“AC”或“AD”)．20、在水平放置的气垫导轨上，质量为0.4kg、速度为0.5m/s的滑块甲与质量为0.6kg、速度为0.1m/s的滑块乙迎面相撞，碰撞后滑块乙的速度大小变为0.2m/s，此时滑块甲的速度大小为______m/s，方向与它原来速度方向_______．评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共6分)24、某科技小组的同学通过查找资料动手制作了一个电池．

(1)甲同学选用图1所示的电路图测量该电池的电动势和内阻．在他测量与计算无误的情况下，所得到的电源电动势E的测量值比真实值小．E的测量值比真实值小的原因可能是________(填选项前的字母)造成的．

A．电压表的分流。

B．电流表的分压。

(2)乙同学选用图2所示的电路图测量该电池的电动势和内阻，其中定值电阻的阻值为R0，根据实验电路图连接好电路，闭合开关S，逐次改变电阻箱接入电路中电阻的阻值R，读出与R对应的电压表的示数U，并作记录．根据多组实验数据绘出如图3所示的图象，若已知图线的斜率为k，纵轴截距为b，则这个实验中所测电池电动势的测量值E＝________，内阻的测量值r＝________.评卷人得分六、解答题(共4题，共36分)25、趣味运动“充气碰碰球”如图所示。用完全封闭的PVC薄膜充气膨胀成型，人钻入洞中，进行碰撞游戏。充气之后碰碰球内气体体积为0.8m3，压强为1.5×105Pa。碰撞时气体最大压缩量是0.08m3；不考虑压缩时气体的温度变化。

（1）求压缩量最大时；球内气体的压强；（结果保留3位有效数字）

（2）为保障游戏安全，球内气体压强不能超过1.75×105Pa，那么，在早晨17℃环境下充完气的碰碰球，球内气体压强为1.5×105Pa；若升温引起的球内容积变化可忽略，请通过计算判断是否可以安全地在中午37℃的环境下进行碰撞游戏。

26、2012年6月16日16时21分“神舟九号”飞船载着三名宇航员飞向太空．为适应太空环境；去太空旅行的航天员都要穿航天服．航天服有一套生命保障系统，为航天员提供合适的温度；氧气和气压，让航天员在太空中如同在地面上一样．假如在地面上航天服内气压为1atm，气体体积为2L，到达太空后由于外部气压低，航天服急剧膨胀，内部气体体积变为4L，使航天服达到最大体积．若航天服内气体的温度不变，将航天服视为封闭系统．

(1)求此时航天服内的气体压强；并从微观角度解释压强变化的原因；

(2)若开启航天服保障系统向航天服内充气，使航天服内的气压恢复到0.9atm，则需补充1atm的等温气体多少升？27、一端开口且导热性能良好的汽缸固定在水平面上，如图所示，用质量为m、横截面积为S、厚度可忽略不计的活塞封闭一定质量的理想气体．系统平衡时，活塞与汽缸底部的距离为h1=10cm；外界环境的温度保持不变，将质量为2m的砝码放在活塞上，系统再次平衡时活塞与汽缸底部的距离为h2；现将汽缸内气体的温度缓缓升高∆t=60℃，系统再次平衡时活塞与汽缸底部的距离为h3=6cm．已知外界大气压强P0=mg/s,忽略活塞与汽缸之间的摩擦.求：

(1)h2为多少？

(2)最初汽缸内封闭的理想气体的温度t1为多少摄氏度？28、如图，光滑水平面上静止一质量m1=1.0kg、长L=0.3m的木板，木板右端有质量m2=1.0kg的小滑块，在滑块正上方的O点用长r=0.4m的轻质细绳悬挂质量m=0.5kg的小球。将小球向右上方拉至细绳与竖直方向成θ=60°的位置由静止释放，小球摆到最低点与滑块发生正碰并被反弹，碰撞时间极短，碰撞前后瞬间细绳对小球的拉力减小了4.8N，最终小滑块恰好不会从木板上滑下。不计空气阻力，滑块、小球均可视为质点，重力加速度g取10m/s2。求：

(1)小球碰前瞬间的速度大小；

(2)小球碰后瞬间的速度大小；

(3)小滑块与木板之间的动摩擦因数。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【详解】

豆粒下落到秤盘上的速度

反弹后速度大小为

设向上为正方向，在豆粒与秤盘碰撞极短时间内，由于碰撞力远大于豆粒受到的重力，则可忽略豆粒的重力，每个豆粒只与秤盘碰撞一次，可认为碰完后豆粒都离开了秤盘平台，根据动量定理得

解得

由牛顿第三定律可知；在碰撞过程中秤盘受到的压力大小为0.6N

故选B。2、D【分析】【详解】

A项：理想电压表内阻穷大，相当于断路，理想电流表内阻为零，相当短路，所电路的结构为：R与变阻器串联，电压表V1，V2，V3分别测R；路端电压和变阻器两端电压；当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，所以A的示数增大，故A错误；

B项：根据闭合电路欧姆定律得：则得：据题有则所以故B错误；

C项：根据闭合电路欧姆定律得：则得：故C错误；

D项：当内外电阻相等时；电源的输出功率最大，所以当滑动变阻器滑片向下滑时，外电阻越来越接近内阻，所以电源的输出功率一定增大，故D正确．

故选D．3、A【分析】【详解】

根据联合国常任理事国表决情况可知；只要有一个反对，提案就通不过，能正确表示该表决器的逻辑关系应该是“与”门，故A正确。

故选A。4、D【分析】【详解】

粒子在电场中加速，根据动能定理，有En=nqU，故A错误；在粒子绕行的整个过程中，若A板电势始终保持为+U，粒子再次经过电场，则速度v与受力方向相反，故将减速，故B错误；粒子始终保持做半径为R的匀速圆周运动，显然因粒子能量不同，其速度也不同，则周期不可能不变，故C错误；由动能定理知nqU=mvn2；得到由牛顿第二定律，则有：解得感应强度为故D正确．5、D【分析】【详解】

A．状态b到状态d的过程；温度先升高后降低，不是等温变化过程，选项A错误；

B．根据

可得

则因为a点与O点连线斜率大于b点与O点连线的斜率，可知状态a的压强小于状态b的压强；选项B错误；

C．由图线可知，从状态c到状态d；体积增加，选项C错误；

D．从状态a到状态c；温度升高，则内能增大，选项D正确。

故选D。6、C【分析】【详解】

A．由图可知：过程中，气体的温度保持不变，即气体发生等温变化，由图可知

根据波意尔定律

可得

即体积增大；故A错误；

B．由图可知：过程中，气体压强不变，温度降低即

根据盖吕萨克定理

可得

即体积减小；故B错误；

CD．根据

可得

可知的过程中；气体的体积不变，即发生等容变化。但温度升高，而理想气体的内能与气体的体积无关，仅与气体的物质的量和温度有关，并且温度越高气体的内能增大，故C正确，D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)7、A:D【分析】【详解】

AB.当时，灯L2与滑动变阻器的左部分串联的总电阻一定大于右部分的电阻，当变阻器的滑片P由a端向b端移动时，电路总电阻增大，总电流减小，所以通过灯L1的电流减小，灯L1变暗，通过灯L2的电流变大，灯L2变亮；故A项符合题意，B项不合题意；

CD.当时，灯L2与滑动变阻器的左部分串联的总电阻先大于后小于右部分的电阻，则当滑动变阻器的滑片P由a端向b端移动时，总电阻先增大，后减小，所以总电流先减小后增大，所以通过灯L1的电流先减小后增大，故灯L1先变暗后变亮，而通过L2的电流一直变大，灯L2不断变亮，故C项不合题意，D项符合题意．8、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是指悬浮颗粒因受分子作用力不平衡而做无规则的运动；A错误；

BCD．气体分子不停地做无规则热运动，其分子间的距离大于10r0；因此气体分子间除相互碰撞的短暂时间外，相互作用力十分微弱，分子的运动是相对自由的，可以充满所能达到的整个空间，BCD正确。

故选BCD。9、B:C:E【分析】【详解】

A．在室内充分热交换后；瓶内气体吸收热量与室内空气达到热平衡，根据热平衡定律，温度相等是达到热平衡的标志，A错误；

BD．瓶子导热性能良好；从室内吸热，瓶内气体体积不变，不参与做功，由热力学第一定律可得瓶内气体内能增大，温度升高，分子热运动的平均速率增大，B正确，D错误；

C．根据查理定律；瓶内气体体积不变，温度升高，压强增大，根据压强的微观意义可知，分子对单位面积上的压力增大，C正确；

E．瓶内封闭气体温度升高，压强增大，但体积不变，则有

可知图像为过原点的倾斜直线；E正确。

故选BCE。10、A:B:D【分析】【详解】

A．由图像可知，a到b过程中气体体积不变而温度升高，气体内能增大，则

气体体积不变，外界对气体不做功，则

由热力学第一定律有

可得

所以气体从外界吸收热量；A正确；

B．由图像可知，b到c过程中V与T成正比，由理想气体状态方程

可知b到c过程中气体的压强不变，即

从c到a过程气体温度不变而体积增大，气体压强减小，即

由以上分析可知

B正确；

C．b到c过程中；温度降低，内能减小；体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知气体放出热量，C错误；

D．由图像可知，b到c过程中气体温度不断降低；分子平均动能不断减小，又气体压强不变，则单位时间内，与单位面积器壁碰撞的分子数增多，D正确；

E．由图像可知，过程c到a过程中气体温度不变而体积增大，气体内能不变，则

气体体积增大，气体对外做功，则

由热力学第一定律得

则

气体吸收的热量等于对外做的功；E错误。

故选ABD。11、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．由图可知，ab过程，b与绝对零度连线的斜率大于a与绝对零度连线的斜率，则b状态气体的体积小于a状态气体的体积，则ab过程中体积减小；故A错误；

B．由图可知，ab过程；气体温度升高，内能增大，故B正确；

C．由图可知，bc过程；气体的压强不变，温度升高，内能变大，体积变大，气体对外界做功，则气体从外界吸热，故C正确；

D．由图可知，ca过程；气体压强与热力学温度成正比，则气体发生等容变化，气体体积不变，外界对气体不做功，故D错误；

E．由图可知，bc过程，气体的压强不变，温度升高，体积变大，所以分子平均动能变大，为保证压强不变，所以容器单位面积、单位时间内受到的气体分子撞击次数，c较少；故E正确。

故选BCE。12、C:D【分析】线框进入磁场时；受到安培力与重力两个力作用，线框下落时高度不同，进入磁场时速度不同，线框受到的安培力不同，则安培力可能大于重力；小于重力、等于重力，若刚进入磁场时，安培力等于重力，当下落l时，切割长度减半，导致安培力减小，则线框加速下落，当再次出现安培力等于重力时，匀速下落，若刚进入磁场时，安培力大于重力，那么开始减速下落，当安培力等于重力时，开始匀速下落，当下落距离等于l时，切割长度减半，导致安培力小于重力，则线框开始加速运动，直到安培力等于重力时，才开始匀速下落。若刚进入磁场时，安培力小于重力时，那么线框继续加速，导致安培力增大，则加速度会减小，当下落距离为l时，切割长度减半，那么安培力会减半，则加速度会增大，综上所述，可能是CD，故AB错误，CD正确；故选CD。

点睛：本题关键要分析线框进入磁场时的受力情况，知道安培力与速度的关系，要考虑各种可能的情况，进行讨论分析。13、C:D【分析】【详解】

A．由题可知原线圈两端电压最大值为220V，有效值为220V，副线圈两端电压有效值为

则电压表V1的示数小于22V；选项A错误；

B．电压表V0的读数等于cd间输入电压的有效值，大小为220V，则时，电压表V0的读数为220V；故B错误；

C．滑动变阻器触片向上移，电阻变大，副线圈的电压由匝数和输入电压决定，次级电压不变，次级电流减小，可知安培表示数减小，R0的电压减小，R上的电压变大，电压表V1的示数增大；故C正确；

D．单刀双掷开关由a扳向b；原线圈的匝数变小，匝数与电压成正比，所以次级电压变大，则结合欧姆定律可知，电流表的示数也增大，伏特表示数变大，故D正确；

故选CD。14、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

首先从图中我们可以得出这列波的波长为2m.同时每一个质点开始振动的方向是+y方向．从0时刻开始到0.9s；P点恰好第三次到达波峰，表示经过了9/4个周期，得出周期T=0.4s,所以波速v=λ/T=5m/s，故A错误；

经过1.4s则P点恰好完成3个完整周期加1/2周期；所以路程为70cm，故B正确；

经过0.5s波传到Q点；剩下的1.1sQ点恰好完成2个完整周期加3/4周期，处于波谷，所以故C正确；

本列波的频率为2.5Hz；频率相等是发生干涉的条件，故D对；

综上所述本题答案是：BCD15、A:B:D【分析】【详解】

A项：放射性同位素示踪是利用放射性同位素及它们的化合物；与自然界存在的相应普通元素及其化合物之间的化学性质和生物学性质是相同的，只是具有不同的核物理性质即能够发生衰变，故放射性同位素可以作为示踪原子，故A正确；

B项：医院里用于检测的“彩超”的原理是：向病人体内发射超声波；经血液反射后被接收，测出反射波的频率变化，就可知血液的流速．是应用了多普勒效应，故B正确；

C项：红外线的热效应显著；可以利用红外线的热效应对物体进行烘干；利用紫外线消毒是紫外线的化学作用，故C错误；

D项：海市蜃楼是由于光的折射和全反射而产生的，故D正确．三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]当

时，R1的电功率有最大值，为

（2）[3][4]当

时，有

（3）[5][6]当

时，有

（4）[7][8]当

时，有

（5）[9][10]当

时，有

【点睛】

本题考查电路中的定值电阻电功率、可变电阻电功率、电源内阻电功率、电源输出功率的计算，注意各种电功率的处理方法。【解析】00R2max17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]从图像可以看出为等容变化，所以=

[2]一定质量的理想气体内能只与温度有关所以＜

[3]从状态A到状态B体积不变，内能增加，所以应该为吸收热量。【解析】=＜吸收18、略

【分析】【详解】

①电源电压不变,闭合电键S,两电表只有一个有示数,则有:

若电压表有示数,电流表无示数,只能是小灯泡发生断路,电压表串联在电路中,小灯泡不发光;

若电压表无示数,电流表有示数,只能是小灯泡短路,小灯泡不发光;

综上所述,电路发生故障时,小灯泡L不可能发光;

②将一个检查小灯L′并在R两端,电流表A的示数不发生变化,故障为小灯泡L断路,或者小灯泡L断路且电阻R短路,此时电压表串联在电路中,电流表无示数,电压表有示数.

因此；本题正确答案是:①不可能;②L断路(或L断路且R短路).

【点睛】

电路故障包括短路和断路,电流表示数为零,则说明电路断路;电压表示数为零,则说明与电压表并联部分短路;根据电压表示数情况确定电路故障问题.【解析】不可能L断路（或L断路且R短路）19、略

【分析】【详解】

从A到B，体积不变，压强减小，则温度降低，内能减小，因气体不对外也不对内做功，则气体放热；从A到C，温度不变，则内能不变；体积变大，对外做功，则吸收热量；从A到D，体积变大，压强不变，则温度升高，内能增大，气体对外做功，则吸收热量；则气体从外界吸收热量的过程是AC和AD．【解析】ABAC和AD20、略

【分析】【分析】

【详解】

滑块甲乙系统在碰撞过程中水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有：＋＝＋由题意知，两者迎面碰撞，说明两者初速度方向相反，不妨假设甲的初速度方向为正方向，又由于题目中只说明碰后乙的速度大小，未说明碰后速度方向，但系统初始总动量方向与正方向相同，因此碰后系统的总动量方向也应与正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度为：＝0.05m/s，为正值，即方向与它原来的方向相同．【解析】0.05相同四、作图题(共3题，共27分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共1题，共6分)24、略

【分析】【详解】

(1)[1]由图1所示可知，相对于电源来说，实验采用电流表外接法，当外电路短路时，电流的测量值等于真实值，除此之外，由于电压表的分流作用，电流的测量值小于真实值，电源的U-I图象如图所示；

由图象可知；电源电动势的测量值小于真实值，因此E的测量值比真实值偏小的原因可能是A；

(2)[2][3]由图2所示电路可知E=U+I（r+R0）=

则

因此图3中图象的纵轴截距

得电动势