2025年冀教版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，V为电压表，A为电流表，R0为定值电阻，R为滑动变阻器；开关闭合后，电路正常工作，当滑动变阻器的滑片向左移动时，下列判断正确的是。

A.电压表的示数不变B.电流表的示数将增大C.电阻R0上消耗的电功率将增大D.灯泡L将变亮2、下列说法正确的是（）A.悬浮在液体中微粒的大小，影响其布朗运动的明显程度B.质量一定的理想气体，温度越高压强越大C.热量只能从高温物体向低温物体传递D.分子势能随分子间距离的增大而增大3、如图所示；关于干电池上标有的“1.5V”的说法，正确的是()

A.每经过1s，电池对外做功1.5JB.每通过1C的电荷量，有1.5J的电能转化为化学能C.若电池与理想电压表直接相连，电压表的示数为1.5VD.电池为1Ω的小灯泡供电，流过电池的电流是1.5A4、如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2＝11∶1，原线圈接u＝220sin100πt(V)的交流电，电阻R1＝2R2＝10Ω，D1、D2均为理想二极管(正向电阻为零；反向电阻为无穷大)，则副线圈电路中理想交流电流表的读数为()

A.3AB.2AC.AD.A5、一列简谐横波在t=0时刻波的图像如图所示，其中a、b；c、d为介质中的四个质点；在该时刻（）

A.质点a的加速度最小B.质点b的速度最小C.若质点c向上运动，则波沿x轴正方向传播D.若质点d向下运动，则波沿x轴正方向传播6、下列叙述中，不符合物理学史实的是（）A.电子束在晶体上的衍射实验首次证实了德布罗意波的存在B.玻尔通过对α粒子散射实验的研究提出了原子的核式结构模型C.1905年，爱因斯坦提出的光子说很好地解释了光电效应现象D.关于原子核内部的信息，最早来自贝克勒尔的天然放射现象的发现7、下列说法正确的是()A.点电荷一定是电量很小的电荷B.电场线是假想曲线，实际不存在C.电场强度的方向就是电荷所受电场力的方向D.根据可知，电容器的电容C与电量Q成正比、与电压U成反比评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、A、B两物体之间接触，但没有发生热传递，则（）A.两物体所含有的热量相等B.两物体的内能相等C.两物体的温度相同D.两物体的内能不一定相等9、如图所示，A、B为平行板电容器的金属板，G为静电计，开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度．下述结论正确的是（））

A.若保持开关S闭合，将B两极板靠近些，指针张开角度将变小B.若保持开关S闭合，将B两极板正对面积变小些，指针张开角度将不变C.若断开开关S后，将B两极板靠近些，指针张开角度将变小D.若断开开关S后，将B两极板正对面积变小些，指针张开角度将变大10、如图所示，电源电动势E=8V，内阻r=4Ω，电灯A的电阻为10Ω，电灯B的电阻为8Ω，滑动变阻器的总电阻为6Ω。闭合开关S，并滑片P由a端向b端滑动的过程中（不考虑电灯电阻的变化）；下列说法正确的是（）

A.电灯A的亮度不断增大B.电源的最大输出功率为4WC.电流表的示数先减小后增大D.电压表的示数先增大后减小11、简谐横波在均匀介质中沿直线传播，P、Q是传播方向上相距10m的两质点，波先传到P，当波传到Q开始计时，P、Q两点的振动图像如图所示,设振幅为A,则。

A.当Q的位移为＋A时，P的位移为B.该波从P传到Q的时间可能是8sC.该波的传播速度可能为1m/sD.该波的波长可能是3m12、如图所示的装置中，木块B放在光滑的水平桌面上，子弹A以水平速度射入木块后(子弹与木块作用时间极短)，子弹立即停在木块内．然后将轻弹簧压缩到最短，已知本块B的质量为M，子弹的质量为m，现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象(系统)，则从子弹开始入射木块到弹簧压缩至最短的整个过程中（）

A.系统的动量不守恒，机械能守恒B.系统的动量守恒，机械能不守恒C.系统损失的机械能为D.弹簧最大的弹性势能小于评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、如图所示，半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感强度为B，若在圆心处静止的原子核中释放一个质量为m，电量为q的粒子，粒子的初速度垂直于B，则粒子的初速度必须满足条件________时，粒子才能从磁场中穿出，粒子穿过磁场需要的最长时间为_____________14、如图所示，正、负电子垂直磁场方向沿与边界成θ＝30°角的方向射入匀强磁场中，不计重力，那么在磁场中正、负电子的运动时间之比为________15、每年入夏时节，西南暖湿气流与来自北方的冷空气在江南、华南等地交汇，形成持续的降雨．冷空气较暖湿空气密度大,当冷暖气流交汇时，冷气团下沉，暖湿气团在被抬升过程中膨胀．则暖湿气团温度会_______（选填“升高”、“不变”或“降低”），同时气团内空气的相对湿度会_________（选填“变大”、“不变”或“变小”）．16、某金属导体，若30s内有36C的电荷量通过导体的横截面，则每秒钟内有______个自由电子通过该导体的横截面，导体中的电流为________A。（电子的电荷量为1.6×10-19C）17、如图所示，虚线框内为门电路，L为灯泡，R为变阻器，为光敏电阻.当光照射时，其阻值远小于R，当不受光照时，其阻值远大于R。小灯泡发光时，门电路输出的是______（选填“高电压”或“低电压”）。为使R在光照时，小灯泡L不发光，没有光照时，L发光，该门电路应是______门。

18、如图所示是一个简单的组合逻辑电路；完成其真值表。

。输入。

输出。

A

B

Z

0

0

______

0

1

______

1

0

______

1

1

______

19、一逻辑电路图如下图所示，其真值表见下表，此逻辑电路为________门电路，在真值表中X处的逻辑值为________。

输入输出ABY00001010X11120、如图所示，一定质量的理想气体在状态A时压强为经历A→B→C→A的过程，C→A过程中，气体压强______（填“增加”、“减小”或“不变”）；整个过程中与外界交换的热量相当于放出61.4J。该气体在A→B过程中对外界所做的功为______J。

21、一根电阻R=0.6Ω的导线弯成一个半径r=1m的圆形线圈,线圈质量m=1kg，此线圈放在绝缘光滑的水平面上，在y轴右侧有垂直线圈平面的磁感应强度B=0.5T的匀强磁场，如图所示．若线圈以初动能Ek0=5J沿x轴方向滑进磁场，当进入磁场0.5m时，线圈中产生的电能为E=3J．求此时线圈的运动速度的大小为______m/s，此时线圈加速度的大小为______m/s2

评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)25、用如图甲所示装置结合频闪照相机拍摄的照片来验证动量守恒定律；实验步骤如下：

①用天平测出A、B两个小球的质量和

②安装好实验装置；使斜槽的末端所在的平面保持水平；

③先不在斜槽的末端放小球B，让小球A从斜槽上位置P由静止开始释放；小球A离开斜槽后，频闪照相机连续拍摄小球A的两位置（如图乙所示）；

④将小球B放在斜槽的末端，让小球A仍从位置P处由静止开始释放；使它们碰撞，频闪照相机连续拍摄下两个小球的位置（如图丙所示）；

⑤测出所需要的物理量。请回答：

(1)为减少实验误差，步骤①中A、B两个小球的质量和应满足______；

(2)步骤⑤中，需要在照片中直接测量的物理量有______；（请选填“”）

(3)两球在碰撞过程中若动量守恒，满足的方程是：______；若两球碰撞为弹性碰撞，还需满足方程：______。26、用如图所示的电路测量一节干电池的电动势和内阻．干电池的内阻非常小，为防止调节滑动变阻器阻值过小时由于电流过大而损坏器材，电路中用了一个保护电阻R0．除干电池；滑动变阻器、开关、导线外；可供使用的实验器材还有：

A.电流表（量程0.6A）

B.电流表（量程3A）

C.电压表（量程3V）

D.电压表（量程15V）

E.定值电阻（阻值3Ω、额定功率5W）

F.定值电阻（阻值10Ω、额定功率10W）

（1）为了调节方便，测量精度更高，实验中应选用的电流表为_______，电压表为________，定值电阻应选用________（填写仪器前字母）．

（2）某位同学记录的6组数据如下表所示，其中5组数据的对应点已经标在下图的坐标纸上，请标出余下一组数据的对应点，并画出U-I图线_______。序号123456电压U（V）1.451.401.301.251.201.10电流I（A）0.060.120.240.270.360.48

根据坐标纸中所画图线可得出干电池的电动势E=______V，内电阻r=______

（3）实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，干电池的输出功率P会发生变化，下列各示意图中正确反映P—R关系的是____．27、半径为R、介质折射率为n的透明圆柱体，过其轴线OO’的截面如图所示．位于截面所在平面内的一细束光线，以角i0由O点入射，折射光线由上边界的A点射出．当光线在O点的入射角减小至某一值时，折射光线在上边界的B点恰好发生全反射．求A、B两点间的距离．_____

28、某物理兴趣小组的同学准备测量一个定值电阻的阻值，实验室提供了以下实验器材供选择，请你帮助该实验小组完成以下操作。A．待测电阻Rx：阻值约为200ΩB．电源E：电动势为3.0V，内阻可忽略不计；C．电流表A1：量程为0~30mA，内电阻r1=20Ω；D．电流表A2：量程为0~50mA，内电阻r2约为8ΩE．电压表V：量程为0~15V，内电阻RV约为10kΩ；F．定值电阻R0；阻值R0=80Ω；G．滑动变阻器R1：最大阻值为10ΩH．滑动变阻器R2：最大阻值为1000Ω

J．开关S；导线若干。

(1)由于实验室提供的电压表量程太大，测量误差较大，所以实验小组的同学准备将电流表A1和定值电阻R0改装成电压表；则改装成的电压表的量程为___________V。

(2)为了尽可能减小实验误差；多测几组数据且便于操作，滑动变阻器应该选择___________(选填“G”或“H”)，请在右侧方框内已经给出的部分电路图中，选择恰当的连接点把电路连接完整___________。

(3)若某次测量中电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，则Rx的表达式为Rx=___________。评卷人得分六、解答题(共3题，共15分)29、如图所示，一绝热汽缸竖直放置，汽缸内横截面积的光滑绝热活塞封闭着一定质量的理想气体，在活塞上面放置一个物体，活塞和物体的总质量在汽缸内部有一个阻值的电阻丝，电阻丝两端的电压接通电源对缸内气体加热，经时间将电源断开，接通电源的过程中活塞缓慢上升的高度已知接通电源前缸内气体的热力学温度体积大气压强恒为取重力加速度大小电阻丝产生的热量全部被气体吸收。求：

（ⅰ）加热后电源断开时缸内气体的热力学温度T；

（ⅱ）接通电源的过程中缸内气体增加的内能

30、如图所示，两个平行光滑金属导轨AB、CD固定在水平地面上，其间距L=0.5m，左端接有阻值R=3的定值电阻．一根长度与导轨间距相等的金属杆放置于导轨上，金属杆的质量m=0.2kg,电阻r=2整个装置处在方向竖直向下、磁感应强度大小B=4T的匀强磁场中，t=0时刻，在MN上加一与金属杆垂直，方向水平向右的外力F，金属杆由静止开始以a=2m/s2的加速度向右做匀加速直线运动；2s末撤去外力F，运动过程中金属杆与导轨始终垂直且接触良好．（不计导轨和连接导线的电阻，导轨足够长)求：

(1)1s末外力F的大小；

(2)撤去外力F后的过程中，电阻R上产生的焦耳热．31、如图所示，在平面直角坐标系aOy内，有I、II、III三个区域，各边界均与y轴平行，I、Ⅱ区域存在匀强电场，方向分别沿+x和－y方向，Ⅰ区域电场强度大小为E，Ⅲ区域有垂直xOy平面向里的磁场．三个区域宽度均为L，一个氕核和一个氘核先后从坐标原点释放，已知与左边界成60°进入磁场；最后恰好与右边界相切离开磁场，H的质量为m，电荷量为q，不计重力．求。

（1）第一次离开Ⅱ区的坐标。

（2）Ⅲ区域匀强磁场的磁感应强度大小；

（3）第一次离开磁场位置的坐标参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】

【详解】

把滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流I增大，电源的内电压增大，路端电压减小，则知电压表和电流表的示数都将减小，电阻R0上消耗的电功率将减小，而且根据总电流增大，通过电流表的电流减小，可知通过灯L的电流增大，灯泡变亮．综上分析，D正确，ABC错误2、A【分析】【详解】

A．悬浮在液体中微粒越小；布朗运动越明显，故A正确；

B．质量一定；体积一定的理想气体，温度越高压强越大，故B错误；

C．热量能够自发的从高温物体向低温物体传递；借助一些电器，热量可以从低温物体向高温物体传递，比如空调；冰箱等，故C错误；

D．当分子间力表现为斥力时；分子势能随分子间距离的增大而减小，D错误。

故选A。3、C【分析】电池上标有的“1.5V”指的是移动1C的正电荷所做的功是1.5J，与时间无关，故A错误；每经过1C的电量时，有1.5J的化学能转化为电能；故B错误；当电池直接与电源相连时，电压表的示数为电源的电动势1.5V，故C正确；由于电源内部有电阻，由闭合电路欧姆定律可知，流过电池的电流小于1.5A；故D错误。所以C正确，ABD错误。4、A【分析】【详解】

原线圈电压的有效值根据解得：因为二极管具有单向导电性，电阻R1、R2半个周期有电流，半个周期电流为0，根据电流热效应可知代入解得：故A正确，B；C、D错误；

【点睛】

本题的难点在于二极管的作用，是使得反向电流不能通过，根据电流热效应求其有效值．5、D【分析】由图知，a在波峰，速度最小等于零，A错误；b在平衡位置，位移x=0，回复力F=kx=ma，所以加速度最小a=0，B错误；根据上下坡法克判断，若质点c向下运动，则波沿x轴正方向传播；质点d向上运动，则波沿x轴负方向传播，故C正确；D错误。6、B【分析】【分析】

【详解】

A项：物质波是德布罗意的猜想；电子束在晶体上的衍射实验首次证实了德布罗意波的存在．故A正确；

B项：卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究提出了原子的核式结构模型．故B错误；

C项：根据光学发展的历程可知；1905年，爱因斯坦提出的光子说很好地解释了光电效应现象．故C正确；

D项：关于原子核内部的信息，最早来自贝克勒尔的天然放射现象的发现，天然放射现象的发现使人们认识到原子核也有复杂的结构．故D正确．7、B【分析】解：A；点电荷是忽略形状大小的带电物体；不一定带电量小，A错误。

B；电场线是假想曲线；实际不存在，B正确。

C；电场强度的方向就是正电荷所受电场力的方向；C错误。

D、电容C与电容器本身有关于Q、U无关二、多选题(共5题，共10分)8、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．热量是指热传递过程中转移的内能；不能说“物体含有热量”，故A错误；

BD．物体的内能取决于物体的物质的量；温度和体积；两物体温度相等，内能不一定相等，故B错误、D正确；

C．处于热平衡的两物体温度一定相等；不发生热传递，故C正确。

故选CD。9、B:C:D【分析】【分析】

静电计测量的是电容器两端的电势差；断开电键，电容器所带的电量不变，根据电容的变化判断电势差的变化，闭合电键，电容器两端的电势差不变；

【详解】

A、保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，静电计测量的是电容器两端的电势差，所以指针张角不变，故A错误，B正确；

C、断开电键，电容器带电量不变，将AB靠近一些，则d减小，根据知，电容增大，根据知，电势差减小，指针张角减小，故C正确；

D、断开电键，电容器带电量不变，将AB正对面积变小些，根据知，电容减小，根据知；电势差增大，指针张角增大，故D正确．

【点睛】

本题考查电容器的动态分析，关键抓住断开电键，电容器所带的电量不变，电键闭合，电容器两端的电势差不变．10、C:D【分析】【详解】

CD．当滑动触头P由a端向b端滑动的过程中，该并联电路的总电阻为（R是和灯A串联部分滑动变阻器的阻值）

解得

由数学知识分析知，当时，该电路的总电阻最大为所以滑动触头P由a端向b端滑动的过程中总电阻由逐渐增大到再由逐渐减少到根据闭合电路欧姆定律电路中电流先减少再增大即电流表的示数先减少后增大，电压表的示数为

可知先增大后减小；由于灯A的支路电阻一直在增加；而电压表先增大后减小，导致A的电流一直在减少，故A灯变暗。故CD正确；

AB．依题意

由数学知识分析知，当外电路电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，则电源的最大输出功率为4W，而以上分析可知，外电路总电阻最小为所以电源的最大输出功率小于4W。故AB错误。

故选CD。11、A:C【分析】【详解】

由图可知P的振动方程为：由题可知，简谐横波的传播方向从P到Q，由图可知，周期为T=6s，质点Q的振动图象向左4s、后与P点的振动重合，意味着Q点比P点振动滞后了4s，则Q的振动方程为：所以当Q的位移为+A时，P的位移为故A正确；由题可知，简谐横波的传播方向从P到Q，由图可知，周期为T=6s，质点Q的振动图象向左4s、后与P点的振动重合，意味着Q点比P点振动滞后了4s，即P传到Q的时间△t可能为4s，同时由周期性可知，从P传到Q的时间△t为（4+nT）s，n=0、1、2、3，即△t=4s，10s，16s，故B正确；由考虑到波的周期性，当△t=4s，10s，16s、28s时，速度（n=0，1，2，3），当v=1m/s时，n=1，所以可能为1m/s，故C正确；由λ=vT可知则可知，当λ=3m时，n不是整数，故D错误．12、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由于子弹射入木块过程中；二者之间存在着摩擦，故此过程系统机械能不守恒，子弹与木块一起压缩弹簧的过程中，速度逐渐减小到零，所以此过程动量不守恒，故整个过程中，系统动量；机械能均不守恒，故AB错误；

C．对子弹和木块由动量守恒定律及能量守恒定功率

联立解得系统损失的机械能为故C正确；

D．由于子弹和木块碰撞有机械能损失，所以最终弹簧弹性势能小于子弹最初的动能故D正确。

故选CD。三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】粒子恰好不从磁场中穿出时的轨道半径：

由牛顿第二定律得：解得：

粒子要穿出磁场，速度：

粒子在磁场中做圆周运动的周期：

粒子穿过磁场需要的最长时间：．

点睛：粒子在磁场中做匀速圆周运动，由几何知识求出粒子的最小轨道半径，然后又牛顿第二定律求出粒子的速度，求出粒子的运动时间．【解析】14、略

【分析】设正离子轨迹的圆心角为α；负离子轨迹的圆心角为β，由几何知识得到；

α=2π-2θ；β=2θ

正离子运动的时间为负离子运动的时间为而正、负离子在磁场中运动的周期相同，所以时间之比【解析】1:5；15、略

【分析】试题分析：空气的相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值；饱和汽压随温度的降低而变小；一定温度下，饱和汽的压强是一定的．

暖湿气团在被抬升过程中膨胀，膨胀的过程中对外做功，气团的内能减小，所以暖湿气团温度会降低；饱和汽压随温度的降低而变小，气团内空气的绝对湿度不变而饱和蒸汽压减小，所以相对湿度会变大．【解析】降低变大16、略

【分析】【详解】

金属靠自由电子导电，电子带负电，其电荷量大小为所以在每秒钟内通过该导体横截面的自由电子数为导体中的电流为．【解析】7.5×10181.217、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据题意，R′为光敏电阻，光照时电阻很小，分压较小，门电路输入为高，小灯L不亮，不受光照时，电阻很大，分压较大，门电路输入为低，小灯L亮，知输出为高电压，故为非逻辑关系，非门电路。【解析】高电压非18、略

【分析】【分析】

【详解】

该逻辑电路由非门和与门构成；非门电路特点是输出端情况与输入端相反，即当输入端为“1”时，输出端为“0”，当输入端为“0”时，输出端为“1”，与门电路的特点是指决定某事件的条件全部具备时，该事件才发生，即当输入端全为“1”时，才会输出“1”，其他输入情况，输出均为“0”

。输入。

输出。

A

B

Z

0

0

0

0

1

0

1

0

1

1

1

0

[1]0

[2]0

[3]1

[4]0【解析】001019、略

【分析】【详解】

[1][2]本题为“与”门电路，由图表中输入或输出的关系，得出X值应为0.

【点睛】

了解三种门电路的特点，在实际问题中要具体问题具体分析，难度不大。【解析】与020、略

【分析】【详解】

[1]C→A过程中，图线是过原点的直线，根据

可得

可知C→A过程中气体压强不变；

[2]整个过程中与外界交换的热量相当于放出61.4J，而整个过程中内能不变，则外界对气体做功为W=61.4J

其中A→B过程气体体积变大，对外做功W1；B→C过程体积不变，W2=0；从C→A过程等压压缩，外界对气体做功

则由W=W1+W2+W3

解得W1=-138.6J

即气体在A→B过程中对外界所做的功为138.6J。【解析】不变138.621、略

【分析】【详解】

（1）由能量守恒定律得：

代入数据解得：

（2）进入磁场x=0.5m时，切割磁感线的有效长度：

感应电动势：E=BLv

线圈受到的安培力：

由牛顿第二定律得：F=ma

代入数据解得：a=2.5m/s2．【解析】22.5四、作图题(共3题，共30分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共12分)25、略

【分析】【详解】

(1)[1]为了防止入射球碰后反弹，则A、B两个小球的质量和应满足

(2)[2]碰撞时应有

由平抛规律有

两次频闪间隔时间相等，设为t，上式中两边同乘以t，则有

所以需要在照片中直接测量的物理量有

(3)[3]由动量守恒得，验证的方程为

[4]若两球碰撞为弹性碰撞，还需满足方程

两边乘以t2可得【解析】26、略

【分析】【详解】

（1）一节干电池电动势为因此电压表应选：C、电压表（量程）；

干电池内阻约为电路中接有保护电阻，电路电流不超过如果用量程为的电流表，误差较大，因此电流表应选：A、电流表（量程）；

电源电动势为定值电阻可以选E、（阻值额定功率），如果选择另一个定值电阻，由于定值定值较大，电路电流较小，电流变化范围小，不能测多组实验数据；

（2）根据数据点排列趋势；可知图线为直线，画图时，应使数据点尽可能均匀分布在所画直线两边且尽可能靠近所画的直线：

由得出的电源U-I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是则电源电动势电源内阻：

（3）根据欧姆定律有：

则输出功率为：则当时，输出功率最大，最大为故选项D正确．

点睛：本题考查了实验电路选择、实验器材选择、作图象、求电源电动势与内阻等问题，要知道实验原理，要掌握应用图象法处理实验数据的方法；电源的图象与纵轴交点坐标值是电源电动势图象斜率的绝对值是电源内阻．【解析】（1）电流表为A电压表为C定值电阻应选用E图像；

（2）电动势E=1.48~1.5V内电阻r=0.8~0.9（3）D27、略

【分析】【详解】

试题分析：由折射定律求出光线在左侧面上的折射角，可几何关系求出A、D间的距离．由sinC=求出全反射临界角C；再由几何知识求解B；D间的距离，即可得到AB间的距离．

解：当光线在O点的入射角为i0时，设