2025年粤教沪科版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、关于晶体和非晶体及分子势能，以下说法错误的是（）A.气体对外做功，其内能可能增加B.烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明蜂蜡是晶体C.分子势能可能随分子间距离的增加而增加D.在合适的条件下，某些晶体可以转变为非晶体，某些非晶体也可以转变为晶体2、如图所示，在温度为17℃的环境下，一根竖直的轻质弹簧支撑着一倒立汽缸的活塞，使汽缸悬空且静止，此时倒立汽缸的顶部离地面的高度为h＝49cm，已知弹簧原长劲度系数k＝100N/m，气缸的质量M＝2kg，活塞的质量m＝1kg，活塞的横截面积大气压强且不随温度变化。设活塞与缸壁间无摩擦，可以在缸内自由移动，缸壁导热性良好，使缸内气体的温度保持与外界大气温度相同。（弹簧始终在弹性限度内，且不计汽缸壁及活塞的厚度）下列说法正确的是（）

A.弹簧的压缩量为0.4mB.气缸内封闭气体的压强为C.若环境温度缓慢上升到37C，此时倒立汽缸的顶部离地面的高度为51cmD.环境温度升高后该气体的熵减小3、如图所示；一轻弹簧悬于O点，下端恰好与水银面接触，在弹簧和水银间接上电源，闭合开关K后，发现（）

A.弹簧上下振动B.弹簧伸长C.弹簧收缩后离开水银面静止D.什么现象也没有4、如图所示，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为l，在两导线中通有方向垂直于纸面向里的电流．在纸面内与两导线距离均为l的a点，每根通电直线产生的磁场磁感应强度大小均为B．若在a点平行于P、Q放入一段长为L的通电直导线，其电流大小为I；方向垂直纸面向外，则关于它受到的安培力说法正确的是。

A.大小等于BIL，方向水平向左B.大小等于BIL，方向水平向右C.大小等于方向竖直向下D.大小等于方向竖直向上5、在匀强磁场中放置一个矩形截面的载流导体，当磁场方向与电流方向垂直时，导体在与磁场、电流方向都垂直的方向上出现电势差，这个现象称为霍尔效应。如图所示是霍尔元件的工作原理示意图，上、下表面a、b是工作面，磁感应强度B垂直于工作面竖直向下，前、后表面c、d接入图示方向的电流I，左、右表面e、f之间就会形成电势差U，该电势差可以反映磁感应强度B的强弱；则下列说法正确的是（）

A.若元件是正离子导电，则e面电势高于f面电势B.若元件是自由电子导电，则e面电势高于f面电势C.在测量沿竖直方向的地球北极上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直D.在测量沿水平方向的地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持水平评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、以下说法中错误的是（）A.矮星表面的引力很强B.时钟在引力场弱的地方比在引力场强的地方走得快些C.在引力场越弱的地方，物体长度越长D.在引力场强的地方，光谱线向绿端偏移7、以下说法中正确的是（）A.物质是由大量分子组成的B.-2℃时水已经结为冰，部分水分子已经停止了热运动C.温度是分子平均动能的标志D.布朗运动是固体小颗粒中固体分子的运动8、一定量的理想气体经历了A→B→C→D→A的循环，ABCD位于矩形的四个顶点上。下列说法正确的是（）

A.状态C的温度为B.从A→B，分子的平均动能减少C.从D→A，气体压强增大、内能减小D.经历A→B→C→D→A一个循环，气体吸收的热量大于释放的热量9、下列说法正确的是（）A.一定质量的理想气体内能不变并对外做功时，气体既不吸热也不放热B.分子间的作用力一定是随着分子间距离的增大而减小C.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行的E.一定质量的冰熔化成水，其分子势能增加E.一定质量的冰熔化成水，其分子势能增加10、如图所示，一水平面内固定两根足够长的光滑平行金属导轨，导轨上面横放着两根完全相同的铜棒ab和cd，构成矩形回路，在整个导轨平面内都有竖直向上的匀强磁场B。开始时，棒cd静止，棒ab有一个向左的初速度v0。从开始到最终稳定的全过程中；下列说法正确的是()

A.ab棒做匀减速直线运动，cd棒做匀加速直线运动，最终都做匀速运动B.ab棒减小的动量等于cd棒增加的动量C.ab棒减小的动能大于cd棒增加的动能D.安培力对ab棒和cd棒分别做负功和正功，做功总和为零11、一定质量的理想气体由状态A经状态B变化到状态C的P-V图象如图所示．若已知在A状态时，理想气体的温度为320K，则下列说法正确的是_______(已知)

A.气体在B状态时的温度为720KB.气体分子在状态A分子平均动能大于状态C理想气体分子平均动能C.气体从状态A到状态C的过程中气体对外做功E.气体从状态A到状态C的过程中气体吸收热量为900JE.气体从状态A到状态C的过程中气体吸收热量为900J评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)12、如图所示，一横截面为半圆柱形的玻璃砖，圆心为O，半径为R．某一单色光垂直于直径方向从A点射入玻璃砖，折射光线经过P点，OP与单色光的入射方向平行，且A到O的距离为P到O的距离为则玻璃砖对单色光的折射率为_________．

13、如图所示的电路中，电源电压保持不变，R2、R3是两个定值电阻．闭合开关S、滑片P向左滑动，伏特表示数将___________，当电流表示数变化量的绝对值为时，电压表示数变化量的绝对值为当电流表示数变化量的绝对值为时，电压表示数变化量的绝对值为若则________（此空格填“大于”；“等于”或“小于”）

14、毛细现象：浸润液体在细管中______的现象，以及不浸润液体在细管中______的现象．15、一气缸内储有10mol的单原子分子理想气体，在压缩过程中，外力做功209J，气体温度升高1K，则气体内能的增量E为________J，吸收的热量Q为________J。16、如图所示，小量程电流表的内阻为满偏电流为若把它改装成的两个量程的电压表，那么____________________

17、热机是一种______________________的装置．热机做的功和它从高温热源吸收的热量的比值叫做__________________．18、如下图所示；质量为M的盒子放在光滑的水平面上，盒子内表面不光滑，盒内放有一块质量为m的物体．从某一时刻起给m一个水平向右的初速度v0，那么在物块与盒子前后壁多次往复碰撞后速度大小为（）。

19、如图甲，合上开关，用光子能量为2.5eV的一束光照射阴极K，发现电流表读数不为零。调节滑动变阻器，发现当电压表读数小于0.60V时，电流表读数仍不为零，当电压表读数大于或等于0.60V时，电流表读数为零。由此可知，光电子的最大初动能为____。把电路改为图乙，当电压表读数为2V时，电子到达阳极时的最大动能为_______。图乙中，电压表读数为2V不变而照射光的强度增到原来的三倍，此时电子到达阳极时的最大动能是_______。评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

A．内能改变两种方式；做功和热传递，由于未说明传热情况，故内能可能增加，A选项不合题意，故A错误；

B．烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面；说明云母片导热各向异性，所以云母片是晶体，而非蜂蜡，B选项符合题意，故B正确；

C．当时；间距增大，分子力做负功，分子势能增大，C选项不合题意，故C错误；

D．晶体和非晶体可以相互转变；比如天然的水晶是晶体，而熔融后的玻璃是非晶体，D选项不合题意，故D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

A．对气缸和活塞整体受力分析

得

故A错误；

B．对封闭气体压强对气缸受力分析得

得

故B错误；

C．温度变化、活塞离地面高度不发生变化，气缸顶部离地面高度为h=49cm，而活塞离地面高度50cm－30cm=20cm，故初始气体内部高度l=29cm

且该过程为等压变化

根据得

故汽缸的顶部离地面高度为

故C正确；

D．温度升高气体分子运动无序增加；故熵增加，故D错误。

故选C。3、A【分析】【详解】

当有电流通过弹簧时，构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场，根据安培定则可知，各圈导线之间都产生了相互的吸引作用，弹簧就缩短了，当弹簧的下端离开水银后，电路断开，弹簧中没有了电流，各圈导线之间失去了相互吸引力，弹簧又恢复原长，使得弹簧下端又与水银接触，弹簧中又有了电流，开始重复上述过程，所以弹簧上下振动，故A正确，BCD错误．4、D【分析】【详解】

a点所在通电直导线的受力分析如图所示：

由题意得：安培力合力为方向竖直向上，故D正确，ABC错误．5、A【分析】【分析】

根据左手定则判断洛伦兹力的方向；确定电荷的偏转方向，从而确定侧面电势的高低；磁场应与工作面垂直。测量地磁场强弱时，让地磁场垂直通过元件的工作面，通过地磁场的方向确定工作面的位置．

【详解】

A.若元件的载流子是正离子；由左手定则可知，正离子受到的洛伦兹力方向向e侧面偏，则e侧面的电势高于f侧面的电势。故A正确；

B.若元件的载流子是自由电子；由左手定则可知，电子受到的洛伦兹力方向向e侧面偏，则f侧面的电势高于e侧面的电势。故B错误；

CD；磁场应与工作面垂直。在测量沿竖直方向的地球北极上方的地磁场强弱时；元件的工作面应保持水平；在测量沿水平方向的地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直。故C错误，D错误。

故选：A.二、多选题(共6题，共12分)6、C:D【分析】【详解】

A.因矮星体积很小；质量却不小，所以矮星表面引力很强，故A正确；

BC.根据广义相对论的结论可知；引力场越强，时间进程越慢，物体长度越短，故B正确，C错误；

D.在引力场强的地方，光谱线向红端偏移，称为“引力红移”，故D错误．7、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据分子动理论知；物质是由大量分子组成的，故A正确；

B．-2℃时水已经结为冰；虽然水分子热运动剧烈程度降低，但不会停止热运动，故B错误；C．温度是分子平均动能的标志，故C正确；

D.布朗运动是指悬浮在液体或气体中的小颗粒受到周围分子的撞击力而引起的无规则运动；并不是液体或气体分子的运动，也不是悬浮的固体分子的运动，故D错误。

故选AC。

【点睛】

本题考查分子动理论的基础知识，属记忆内容，其中要注意的是，布朗运动是指悬浮在液体或气体中的小颗粒受到周围分子的撞击力而引起的无规则运动。本身不是分子的运动，间接反映了液体分子的无规则运动。8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．过程为等压过程，则有

即有

解得

过程也为等压过程，则有

即

解得故A正确；

B．从A→B从A→B；温度升高，分子平均动能增大，故B错误；

C．从D→A；由图可知，气体压强增大，温度升高，气体内能增大，故C错误；

D．经历A→B→C→D→A一个循环,气体内能不变；在p-V图像中，图像与坐标轴围成面积表示功，所以即整个过程，气体对外界做功，所以气体吸收的热量大于释放的热量，故D正确。

故选AD。9、C:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．一定质量的理想气体内能不变；即。

对外做功；即。

根据热力学第一定律。

则气体吸热；A错误；

B．当分子力表现为引力时；分子间距从平衡距离到无穷远的过程中，分子力先增大后减小，B错误；

C．根据熵增原理；一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，C正确；

D．液晶是介于液体与晶体之间的一类特殊的物质；它们像液体一样具有流动性，具有各向异性，D正确；

E．一定质量的冰熔化成水；需要吸收热量，内能增大，但分子的平均动能不变，其分子势能会增加，E正确。

故选CDE。10、B:C【分析】【详解】

初始时ab棒向左运动受到向右的安培力，cd棒受到向左的安培力，所以ab棒减速，cd棒加速，设ab棒速度为v1，cd棒速度为v2，开始时v1＞v2，随着运动两棒的相对速度△v=v1-v2逐渐减小至0，两棒切割磁场产生的感应电动势为E=BL•△v，E也逐渐减小最终为0，感应电流逐渐减小到0，安培力逐渐减到0，所以ab棒做加速度逐渐减小的变减速直线运动，cd棒做加速度逐渐减小的变加速直线运动，故A错误；两棒组成的系统受安培力的合力为零，故系统的动量守恒，所以ab棒减小的动量等于cd棒增加的动量，故B正确；回路中有产生电磁感应现象，有电流做功产生电热，所以根据能量守恒可知，ab棒减小的动能等于cd棒增加的动能与两棒产生电热之和，所以ab棒减小的动能大于cd棒增加的动能，故C正确；安培力对ab棒和cd棒分别做负功和正功，但是由于两棒的位移不同，则做功总和不为零，选项D错误.11、A:C:E【分析】【详解】

A：由图象得：据理想气体状态方程代入数据得：．故A项正确．

B：由图象得：则所以．温度是分子平均动能的标志，所以状态A与状态C理想气体分子平均动能相等．故B项错误．

C：从状态A到状态C的过程；气体体积增大，气体对外做功．故C项正确．

D：据AB两项分析知，所以从状态A到状态C的过程中气体温度不是先降低后升高．故D项错误．

E：A、C两个状态理想气体内能相等，A到C过程图象与轴围成面积表示功，所以A到C过程，外界对气体做的功据热力学第一定律得：解得：所以状态A到状态C的过程中气体吸收热量为900J．故E项正确．三、填空题(共8题，共16分)12、略

【分析】【详解】

光路如图所示：

根据几何关系可得，光从半圆柱形玻璃砖射出时，入射角为300，折射角为600

根据光的折射定律：

即玻璃的折射率为【解析】【答题空1】13、略

【分析】【详解】

[1]由电路图可以知道，三电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测量滑动变阻器R1两端的电压；滑片P向左滑动；滑动变阻器接入电路的电阻变小，由串联分压规律可以知道，变阻器两端的电压变小，即电压表示数将减小；

[2]由欧姆定律可以知道，定值电阻两端电压变化量与电流变化量的比值等于其阻值，滑片P向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，变阻器两端的电压变小，电源电压不变，由串联分压规律可以知道，R2和R3两端的总电压将变大，且变阻器两端电压减小量等于R2和R3两端总电压的增大量，即电压表示数变化量的绝对值串联电路电流处处相等，则电压表和电流表示数变化量的比值

电压表示数变化量的绝对值为时，同理可得此时电压表和电流表示数变化量的比值

而R2、R3均为定值电阻，所以【解析】.减小等于14、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】上升下降15、略

【分析】【详解】

[1][2]根据理想气体内能增量公式

由题目可知单原子代入相关数据得

根据热力学第一定律，有

即气体吸收了-84.3J的热量。【解析】124.7-84.316、略

【分析】【详解】

[1]由题意知量程时，由

得

[2]量程为时，由

得【解析】4500##5000##17、略

【分析】【详解】

热机是一种将内能转化为机械能的装置．

热机做的功和它从高温热源吸收的热量的比值叫做热机的效率．【解析】将内能转化为机械能热机的效率18、C【分析】试题分析：以物体与小车组成的系统为研究对象；水平方向不受外力作用，水平方向动量守恒，由于盒子内表面不光滑，最终两者具有共同的速度，运用动量守恒定律求解．

选物体与小车组成的系统为研究对象，由水平方向动量守恒得所以v方向与同向，即方向水平向右，C正确．【解析】19、略

【分析】【详解】

因为反向电压为0.60V时，电流表读数为零，则光电子的最大初动能Ekm=eU=0.6eV；

把电路改为图乙；电压表读数为2V，该电压为正向电压，电子到达阳极时的最大动能为2.6eV；

电压表读数为2V不变而照射光的强度增到原来的三倍，此时电子到达阳极时的最大初动能不变，为2.6eV。【解析】0.6eV2.6eV2.6eV四、作图题(共3题，共30分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；