动态电路模型-高考物理一轮复习模型及解题技巧（解析版）

2024年高考物理一轮复习模型及秒杀技巧一遍过

模块8恒定电流及交变电流各模块大招

第02讲动态电路模型（解析版）

目录

【内容一】电路动态分析的三种常用方法模型..............................

【内容二】电路动态变化的常见模型........................................................2

【内容三】滑动变阻器的几种接法模型......................................................3

技巧总结

技巧总结

1.电路的动态分析问题：是指由于断开或闭合开关、滑动变阻器滑片的滑动等造成电路结构发生了变化，

某处电路变化又引起其他电路的一系列变化；对它们的分析要熟练掌握闭合电路欧姆定律，部分电路欧姆

定律，串、并联电路中电压和电流的关系.

Q电路动态分析的三种常用方留>

（1）程序法

分析急电

ML踹勒叱

【需要记住的几个结论】：

①当外电路的任何一个电阻增大（或减小）时，整个电路的总电阻一定增大（或减小）。

②若电键的通断使串联的用电器增多时，总电阻增大；若电键的通断使并联的用电器增多时，总电阻减小

③用电器断路相当于该处电阻增大至无穷大，用电器短路相当于该处电阻减小至零。

⑵“串反并同”结论法

①所谓“串反”，即某一电阻增大时，与它串联或间接串联的电阻中的电流、两端电压、电功率都将减小，

反之则增大。

②所谓“并同”，即某一电阻增大时，与它并联或间接并联的电阻中的电流、两端电压、电功率都将增大，

反之则减小。

。串.

。并T

即：/串］-RT7</并T

P申，

、尸并T

【注意】此时电源要有内阻或有等效内阻，“串反并同”的规律仅作为一种解题技巧供参考。

(3)极限法

因变阻器滑片滑动引起电路变化的问题，可将变阻器的滑片分别滑至两个极端，让电阻最大或为零再讨论。

3.电路动态变化的常见类型：

①滑动变阻器滑片移动引起的动态变化：限流接法时注意哪部分是有效电阻，分压接法两部分电阻一增一

减，双臂环路接法有最值；

②半导体传感器引起的动态变化：热敏电阻、光敏电阻、压敏电阻等随温度、光强、压力的增大阻值减小；

③开关的通断引起的动态变化：开关视为电阻，接通时其阻值为零，断开时其阻值为无穷大，所以，由通

而断阻值变大，由断而通阻值变小。

①限流接法

左部分为有效电阻，向一滑动，AB间总阻值减小。

②分压接法

向一滑动，R并增大，R申减小，AB间总电阻减小。

③双臂环路接法

图②

根据图①当&=&时，R并有最大值且尺并=旦应均值不等式2j6•凡4月+冬

Ra+Rb

当凡=6时，何灵=国誉.

（K+R）（&+4）

根据图②当"+6=&+&时,R并有最大值且R并=,均值不等式

（凡+&）+（4+6）

24片+凡）.（&+凡”（4+凡）+（%+耳）

当«+《=&+&时，+凡）•瓜+&）=（K+凡）;（4+&）.

④惠斯通电桥电路

惠斯通电桥电路图：

其中R］、A2为定值电阻，尺3为可变电阻，k工为待测电阻，G为灵敏电流计。

2、测量方法：

（1）调节可变电阻Ry使得电桥上的灵敏电流计示数为0

（2）由电桥平衡可得：丛=生

居R2

例题演练

通“滑动变阻器的原理如图所示，则下列说法中正确的是（）

A.若将心1两端连在电路中，则当滑片0P向右滑动时，变阻器的阻值减小

B.若将以c两端连在电路中，则当滑片0P向右滑动时，变阻器接入电路的阻值增大

C.将滑动变阻器以分压式接法接入电路时，至少连入包括八6的三个接线柱

D.将滑动变阻器以限流式接法接入电路时，至少连入三个接线柱

解：AB.在将a、I或a、c两端连在电路中时，滑动变阻器接入电路的为左边部分，滑片。尸向右滑动,

阻值都增大，A错误，B正确；

C.分压接法时，a、6必须接入电路，c、d有一个接入即可，C正确；

D.限流接法时，滑动变阻器就是一个可变电阻，a、b取其一，c、d也取其一即可，D错误。故选BC。

亟）如图所示，是将滑动变阻器作为分压器的电路，48为分压器的输出端。若把滑动变阻器的滑片放

在它的中央，下列判断不正确的是（）

A.空载时输出电压为［/旗=乎

B.当A、B端接上负载R时，输出电压乎

C.4、2端的负载R越大，越接近半

D.负载R越小，越接近半

解：A.串联电路正比分压，空载时，因为尸在中点，则输出电压为。林=今

A正确，不符合题意；

B.当A、5端接上负载R时，R与滑动变阻器的下半部分并联后阻值变小，则分压减小，结合A的解析

可知，输出电压乎B错误，符合题意；

CD.A、B端的负载R越大，则R与滑动变阻器的下半部分并联后阻值越接近滑动变阻器上半部分的阻值，

则越接近C正确，不符合题意，D错误，符合题意。故选BD。

包）甲、乙两电路图分别是滑动变阻器的两种连接方式。R是滑动变阻器，尸是滑动变阻器的滑片，。、

b是滑动变阻器的两端，号是待测电阻，下列说法正确的是

A.在闭合开关测量前，甲、乙两图中滑片尸都应置于b端

B.甲、乙两图中待测电阻R,上的电压都可以调到零

C.《阻值远远大于滑动变阻器阻值时，选择甲图电路连接

D.在描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，选择乙图电路连接

解：A.甲是滑动变阻器的限流接法，在闭合开关测量前，甲滑片P应置于最大阻值处，即处于6端；而乙

是滑动变阻器的分压接法，在闭合开关测量前，乙滑片P应该把测量电路短路，即处于6端；故A正确;

B.乙待测电阻段上的电压都可以调到零，甲的测电阻段上的电压调不到零，故B错误;

C.4阻值远远大于滑动变阻器阻值时，选择分压接法，即乙图电路连接，故c错误;

D.在描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，选择分压接法，选择乙图电路连接，故D正确;

故选择：AD；

姻工》如图所示的电路图，AB间电压为U,则下列说法正确的是（）

A.滑动变阻器滑片向上移动时，尺两端电压变小

B.滑动变阻器滑片向下移动时,《两端电压变大

C.滑动变阻器滑片位于中间时，段两端电压小于£

D.滑动变阻器滑片位于中间时，若CD间改接为内阻为R,的电动机，电动机恰能正常工作，则此电动机

2

消耗的热功率小于U廿

解：滑动变阻器是分压式接法，电阻Rx与变阻器的下半部分并联后再与上半部分串联；滑动变阻器滑片

向下移动时，串联部分电阻变大，并联电阻变小，分压小，则Rx两端电压变小；同理滑片向上移动时，凡

两端电压变大，故AB错误；滑动变阻器滑片位于中间时，电阻R2与变阻器的下半部分并联后再与上半

部分串联；由于并联部分的电阻比变阻器上半部分电阻小，故R2两端电压小于U/2,故C正确.CD间改

接为内阻为Rx的电动机，由C知其电压小于U/2,其又不是纯电阻电路，则其消耗的热功率小于4，

4RX

则D正确，故选CD.

加）如图所示，电动势为E、内阻为7■的电池与定值电阻&、滑动变阻器R串联，已知舄=厂，滑动变

阻器的最大阻值是2人当滑动变阻器的滑片尸由a端向6端滑动时，下列说法中正确的是（）

&aRb

~~।n—f-r~~i—

VP

—I1_

Er>

A.电路中的电流变大B.电源的输出功率先变大后变小

p2

C.滑动变阻器消耗的功率变大D.定值电阻以上消耗的最大功率为一

解：A.当滑动变阻器的滑片尸由。端向b端滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，根据闭合电路欧

姆定律，电路中的电流变大，A正确；

B.当电源的内电阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，因此滑动变阻器的滑片尸由。端向6端滑动时，

外电阻（包括定值电阻和滑动变阻器）阻值逐渐接近内电阻，因此电源的输出功率逐渐变大，B错误；

C.将定值电阻&和电源做为等效电源，当滑动变阻器的滑片尸由。端向6端滑动时，滑动变阻器接入电

路的阻值逐渐远离等效电源内电阻，因此滑动变阻器消耗的功率逐渐减小，C错误；

D.由于电路中的电流变大，定值电阻凡上消耗逐渐变大，当滑动变阻器的滑片尸滑到6端时，定值电阻

E,E2

%上消耗的功率最大，且最大功率尸=（章一）2%=「D正确。故选AD。

/?0+r4r

施0如图所示，电路中R/、&为滑动变阻器，它们的滑动片分别为P、尸2,R3为定值电阻，滑动某一滑

片时，理想电压表V的示数增大，理想电流表A的示数减小，电源内阻不能忽略，则下列说法正确的是

Ri

A.一定是向左滑动滑片P/B.一定是向右滑动滑片P/

C.一定是向上滑动滑片P2D.一定是向下滑动滑片尸2

解：A.如果向左滑动滑片P1,滑动变阻器接入电路电阻减小，外电路总电阻减小，路端电压减小，电压

表的示数减小，A错误；

B.如果向右滑动滑片Pi,滑动变阻器接入电路电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，路端电压增

大，电压表的示数增大，&和4并联部分电压减小，电流表的示数减小，B正确；

C.如果向上滑动滑片P2,滑动变阻器接入电路电阻减小，外电路总电阻减小，路端电压减小，电压表的

示数减小，c错误；

D.如果向下滑动滑片P2,滑动变阻器接入电路电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，路端电压增

大，电压表的示数增大，电源内阻和Q的电压减小，氏2和氏3并联部分电压增大，电流表的示数增大，D

错误。故选B。

对应题型精炼

一、单选题

1.某地新装了一批节能路灯可通过光控开关实现自动控制，电灯的亮度可自动随周围环境的亮度改变而

改变。其内部电路简化原理图如图所示，电源电动势为E,内阻为，鸟为光敏电阻（光照强度增加时,

其电阻值减小）现增加光照强度，灯泡电阻不变，则下列判断正确的是（）

A.A灯变暗，B灯变亮B.电源的总功率变小

C.电源的输出功率变大D.电源的效率变小

【答案】D

【详解】A.光照强度增大,光敏电阻阻值减小,电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路总

电流增大，内阻的内电压增大，路端电压减小，则A灯变暗，通过A灯电流减小，则通过以电流增大,

则尺。两端的电压增大，B灯两端的电压减小，B灯变暗，故A错误；

BC.电源的总功率为

P&=EI

电源电动势不变，电路总电流增大，则总功率变大；由于不知道电源内阻与外电路电阻的大小关系，则无

法判断输出功率的变化，故BC错误；

D.电源的效率为

瑞UIU

〃=』=——=—

P&EIE

路端电压减小，则电源的效率变小，故D正确。

故选D。

2.在如图所示的竖直方向的电路中，电压表和电流表均为理想电表，Ri、&、以为定值电阻，电源电动

势为E、内阻为广，开关Si闭合，S2断开，水平放置的平行板电容器中间有一带电油滴处于静止状态，当

S2从断开到闭合后，下列说法正确的是（）

A.两表读数均变大

B.电源内阻消耗的功率变小

C.油滴将向上运动

D.电容器带的电荷量减少

【答案】D

【详解】A.当S2闭合后，电路总电阻减小，干路电流增大，电源内阻，-、电阻以两端的电压增大，根据

闭合电路欧姆定律可知，电阻凡、与两端的电压减小，通过电阻&、凡的电流减小，则电流表读数减小,

电压表读数减小，故A错误；

B.电源内阻消耗的功率

P=Fr

干路电流增大，电源内阻消耗的功率变大，故B错误；

C.电容器两极板间电压减小，电场强度减小，油滴所受电场力小于重力，故油滴向下运动，故C错误;

D.电容器两极板间电压减小，电容器电容不变，故电容器带的电荷量减少，故D正确。

故选D。

3.如图所示，电路中E、厂为电源的电动势和内电阻，R1、&、&为定值电阻，电压表和电流表均为理

想电表，开关闭合时，平行金属板中一带电小液滴尸处于静止状态。选地面为零电势参考面，当滑动变阻

器&的滑片向。端移动时，则下列说法是不正确的是（）

A.电阻用消耗的功率减小

B.带电小液滴的电势能减小

C.电源的效率增大

D.若电流表、电压表的示数变化量分别为AZ和AU,则当=片+厂

【答案】D

【详解】A.由图可知，凡与滑动变阻器凡串联后与&并联，再与处串连接在电源两端；电容器与尺3并

联；当滑片向。端移动时，滑动变阻器凡接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，

干路中电流减小；路端电压增大，同时4两端的电压也减小；故并联部分的电压增大；由欧姆定律可知流

过&的电流增大，故电流表的示数减小；根据

片=埠&

电阻R/消耗的功率减小，故A不符合题意；

B.电压表的示数变大，金属板板间的电场变强，电场力变大，电场力大于小液滴的重力，则小液滴向上

运动，电场力做正功，电势能减小，故B不符合题意；

C.由于路端电压变大，根据

77=^^xlOO%=^xlOO%

IEE

可知电源效率增大，故C不符合题意；

D.根据电路可知

%=M+△/

其中△/干、AZ减小，A4增大，则有

△/干<A/

由于

NUC

-------R,

△/千

则有

故D符合题意。

故选D。

4.如图电路中，L、L2完全相同，R为光敏电阻，它的阻值会随着光照强度增大而减小。当闭合开关S

后，光照增强时（）

A.Lj变暗，L?变亮B.L变亮，L,变暗C.两灯都变暗D.两灯都变亮

【答案】A

【详解】当闭合开关S后，光照增强时，光敏电阻阻值减小，电路总电阻减小，总电流增大，则灯L?两端

电压增大，功率增大，L变亮，灯两端电压减小，功率减小，L变暗。

故选A„

5.电路如图所示，电源内阻为r,L、L2、L3为相同规格小灯泡，当滑动变阻器R的滑片向左滑动时（）

B.电源内阻损耗功率增加

C.电源效率升高D.灯泡L变暗

【答案】B

【详解】A.流经L1的电流等于流经L?、L3的电流之和，所以流经L的电流大于流经L?的电流，LJ匕L?

亮，故A错误;

B.当滑动变阻器R的滑片向左滑动时，接入电路的电阻变小，电路总电阻变小，总电流变大，电源内阻

损耗功率增加，故B正确;

C.电源内阻损耗功率增加，电源效率降低，故C错误;

D.电路总电流变大，L两端电压变大，L3两端电压变小，流经L3的电流变小，流经L2的电流变大，灯

泡L?变亮，故D错误。

故选B。

6.已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强电阻值越大。为探测有无磁

场，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示电路，电源的电动势E和内阻r不变，在没有磁场时调节变

阻器R使电灯L正常发光。若探测装置从无磁场区进入强磁场区，则（）

―左

R磁敏电阻

A.电灯L变亮

B.电灯L变暗

C.磁敏电阻两端的电压减小

D.电流表的示数增大

【答案】A

【详解】探测装置从无磁场区进入强磁场区时，磁敏电阻变大，电路的总电阻变大，根据闭合电路欧姆定

律可知电路中的总电流/变小，所以电流表的示数减小；根据

U=E-Ir

可知路端电压U增大，所以灯泡两端的电压增大，则电灯L变亮，故流过电灯L的电流增大，而总电流/

减小，则流过磁敏电阻的电流减小，因为在进入强磁场区后没有改变滑动变阻器滑片的位置，即滑动变阻

器的有效阻值不变，根据

UR=IR

可知R两端的电压减小，而路端电压增大，故磁敏电阻两端的电压增大。

故选Ao

7.嘉祥县为了创建全国文明城市，新装一批节能路灯（图甲），该路灯通过光控开关实现自动控制电灯亮

度，若如图乙为其内部电路简化示意图，电源电动势为E,内阻为r,Ri、以为定值电阻，七为光敏电阻

（光照强度增加时，其电阻值减小）。当光照强度降低时，下列判断正确的是（）

U_____y角

甲乙

A.电源内阻消耗的功率变大B.电压表的示数变大

C.电路的总电阻变小D.小灯泡变亮

【答案】D

【详解】AC.光照强度降低时，光敏电阻阻值增大，则电路的总电阻变大，则根据闭合电路欧姆定律

可知电流/变小。因为

2

Pr=Ir

所以电源内阻消耗的功率变小，故A、C错误；

B.电压表示数为

由于/变小，所以电压表示数变小，故B错误；

D.电阻&两端的电压为

4=E-/0+RJ

当/变小时，/变大；又因为流过灯泡的电流为

所以流过灯泡的电流人增大，则灯泡变亮，故D正确。

故选D。

8.如图所示，将一根粗细均匀的电阻丝弯成一个闭合的圆环,接入电路中，电路与圆环的接触点。点固

定，P为电路与圆环良好接触的滑动触头，电源的电动势为E,内阻为r,闭合开关S,在滑动触头P缓慢

地从加点开始经〃点移到q点的过程中，下列说法正确的是（）

A.灯L1先变亮后变暗，电流表的示数先变大后变小

B.灯L?先变暗后变亮，电压表的示数先变大后变小

C.电源的输出功率先变大后变小

D.电容器C所带电荷量先减少后增多

【答案】B

【详解】AB.闭合的圆环，接入电路中，接触点。点与尸间电阻丝并联接入到电路中，在滑动触头P缓

慢地从加点开始经n点移到q点的过程中，圆环接入到电路中的总电阻先变大后变小，故电路中的总电阻

先变大后变小，则干路电流/先减小后增大，灯G先变暗后变亮；根据闭合电路欧姆定律

U=E-Ir

可知路端电压即电压表示数先变大后变小，圆环与灯L,并联电路的电压满足

由于灯L?电压先减小后增大，故U并先增大后减小，L先变亮后变暗；流过电流表的电流

底=1-1\

可知心先减小后增大，则电流表的示数先减小后增大，故A错误，B正确；

C.当外电路总电阻等于电源内阻时，电路的输出功率达到最大值。但是题目中并不知道目前外电路总电

阻和电源内阻的关系，则无法判断电源的输出功率如何变化，故c错误；

D.圆环与灯并联的电压先增大后减小，则电容器板间的电压先增大后减小，由

Q=CU

可得电容器所带的电荷量先增大后减少，故D错误。

故选B。

二、多选题

9.在报警电路中常用到蜂鸣器，其原理为当电流从蜂鸣器正极流入负极流出时，蜂鸣器会发出报警声。

如图所示是一个断路报警电路，平行板电容器电容为C,电源电动势为£,内阻件0,D可视为理想二极

管，4、及为定值电阻。当电路中的电键K在电路工作过程中断开时，蜂鸣器会发出报警声。对于该电路

下列说法正确的是（）

蜂鸣器

A.。端为蜂鸣器的正极

B.K闭合稳定后，电容器电量为CE

C.K闭合稳定后，增加平行板间距离有可能会使蜂鸣器发出报警声

D.K断开后，流过蜂鸣器的电量小于流过&的电量

【答案】AC

【详解】A.分析可知，电键K闭合时，电流从6端流过蜂鸣器，则电容器C的右端为正极板，电键K断

开时，电容器放电，电流从。端流过蜂鸣器，此时蜂鸣器发出报警声，则。端为蜂鸣器的正极，故A正确；

B.K闭合稳定后，电容器两端电压为电阻&两端电压，小于电动势E,故电容器电量小于CE,故B错

误；

c.K闭合稳定后，增加平行板间距离，根据平行板电容器的决定式

c=^~

471kd

可知电容减小，电容器放电，电流从。端流过蜂鸣器，有可能会使蜂鸣器发出报警声，故c正确；

D.K断开后，电容器放电，二极管具有单向导电性，没有电流通过二极管，则流过蜂鸣器的电量等于流

过尺的电量，故D错误。

故选AC„

10.实验小组利用如图电路研究电压的变化AU与电流的变化A/的关系，电流表、电压表均为理想电表，

D为理想二极管，C为电容器，电为定值电阻。闭合开关S至电路稳定后，将滑动变阻器的滑片P向左

移动一小段距离，待电路稳定后发现电压表Vi的示数变化量大小为AU/,电压表V2的示数变化量大小为

电流表A的示数变化量大小为△/,则下列判断正确的是（）

A.当的值等于Ri

AZ

B.华的值等于电源内阻厂

A/

C.电压表V1的示数变大，电流表A的示数变小

D.滑片向左移动的过程中，电容器所带电荷量减少

【答案】BC

【详解】A.根据闭合电路欧姆定律

Ul=E-I{R,+r)

所以

3+r

故A错误；

B.根据闭合电路欧姆定律

U2=E-Ir

所以

坐“

故B正确；

C.滑动变阻器的滑片P向左移动一小段距离，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路总电流减小，电阻

R/两端电压和电源内电压之和URl+Ur减小，电压表V1的示数S增大，故C正确；

D.电容器两板间电压等于以两端的电压，减小，电容器应该放电，由于二极管的单向导电性使得电容器

带电量保持不变，故D错误。

故选BCo

11.如图所示，昭为定值电阻，L为小灯泡，丛为光敏电阻，某次实验中当增大照射光强度时，灯L变亮，

C.光照强度增大，&的阻值增大

D.光照强度增大，R/的电压增大

【答案】AD

【详解】当增大照射光强度时，后的阻值减小,外电路总电阻减小，由

1=E

R外+「

可知电路中电流增大，根据欧姆定律

U=IR,

可知R/的电压增大。故AD正确；BD错误。

故选AD。

12.现有一个家用太阳能辅助电路设计如图所示，图中的电源为太阳能电源，其内阻不可忽略，Li、L2、

L3为位于三个房间的规格相同的灯泡，R是光敏电阻（光照越强阻值越小），Ri、&是保护电阻，合上开

关S,则（）

A.当照射在R上的光变强时，Li变亮，L2和L3都变暗

B.当照射在R上的光变强时，电源的效率会提高

C.在光照强度不变的情况下，&断路，则Li会变亮

D.在光照强度不变的情况下，去掉R/改成导线，则Li会变亮

【答案】AC

【详解】A.当照射到R上的光变强时，电阻R的阻值减小，电路中的总电阻减小，根据闭合电路的欧姆

定律可知，电路中的总电流增大，电源内阻分压增大，路端电压减小，而电路中R1所在支路电阻不变，根

据部分电路的欧姆定律可知，%的电流减小，电压减小，L?所在支路与“和L3串联的支路两端的电压均

减小，可知这两条支路中的电流同样减小，灯L2、L3均变暗，而虽然L1与R串联的所在支路两端电压减

小，但根据干路电流变大则可知该支路电流一定增加，即流过灯L1的电流增大，因此灯L1变亮，故A正

确；

B.当照射在R上的光变强时，电路中总电阻减小，内电压增大，路端电压减小，则可知电源的效率

降低，故B错误；

C.在光照强度不变的情况下，&断路，则电路中总电阻增大，干路电流减小，内电压减小，路端电压增

大，则Li所在支路两端的电压增大，则灯Li变亮，故C正确；

D.在光照强度不变的情况下，去掉以改成导线，则电路中总电阻减小，干路电流增大，内电压增大，路

端电压减小，则Li所在支路两端的电压减小，灯Li变暗，故D错误。

故选AC„

13.在如图所示的电路图中，当滑动变阻器的滑片移动时，发现电流表A的示数变大，则下列判断正确的

是（）

A.电压表的示数也减小

B.滑动变阻器的滑片一定是由。向b滑动

C.电源的内阻消耗的功率变大

D.整个电路消耗的功率变小

【答案】AD

【详解】AB.根据题意可知，电流表A的示数变大，则&两端电压变大，即路端电压变大，由闭合回路

欧姆定律

U=E-Ir

可知，总电流减小，由总电流等于各支路电流之和可知，流过冬所在支路的电流减小，则凡两端的电压

减小，即电压表的示数减小，由总电流减小可知，总电阻增大，则滑动变阻器电阻增大，即滑动变阻器的

滑片一定是由6向。滑动，故B错误，A正确；

C.由公式「=/2厂可知，由总电流减小，则电源的内阻消耗的功率变小，故C错误；

D.由公式尸=£7可知，由总电流减小，整个电路消耗的功率变小，故D正确。

故选AD。

14.如图所示，电路中的电表皆为理想电表，闭合开关S后，将滑动变阻器&的滑片P向右移动，下列

说法正确的是（）

A.灯泡L变亮B.电压表的示数减小

C.电流表的示数减小D.电容器所带电荷量增大

【答案】AB

【详解】A.闭合开关S后，将滑动变阻器&的滑片P向右移动，R?接入电路中的阻值减小，电路中的

总电阻也减小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路总电流增大，灯泡L变亮，故A正确；

B.总电流变大，则内电压变大，外电压减小；灯泡两端电压变大，则电压表的示数减小，故B正确；

C.并联电路的电压减小，Ri、4所在支路的电流减小，则R2所在支路的电流增大，电流表的示数增大,

故C错误；

D.Ri、R?所在支路的电流减小，电容器两端电压等于R3两端电压，R?两端电压减小，电容器所带电荷

量减小，故D错误。

故选AB。

15.为了创建文明城市，某城市新装的一批节能路灯（图甲），该路灯通过光控开关实现自动控制电灯亮

度，如图乙为其内部电路简化原理图，电源电动势为E,内阻为r,R为光敏电阻（光照强度增加时，其

电阻值减小）。（电流表为理想电流表）当光照强度增加时，下列判断正确的是（）

乙

A.A灯、B灯均变暗

B.流经品的电流变大

C.电源的热功率减小

D.流经R的电流变化量大于治上的电流变化量

【答案】ABD

【详解】A.光照强度增大，光敏电阻阻值减小，电路总电阻减小，故电路总电流/增大，消耗在内阻上

的电压增大，路端电压

U=E-Ir

减小，即A灯两端电压减小，通过A灯的电流〃减小，所以A灯变暗；通过定值电阻&的电流

1。=1-葭

增大，所以Ro两端的电压增大，B灯两端的电压

UB=U-I0R0

减小，B灯变暗，故A正确；

B.由前面的分析可知B灯变暗，流过B灯的电流减小，则流经品的电流

4=/。7B

增大，故B正确；

C.电源电动势不变，电路总电流/增大，即通过电源的电流变大，则电源的热功率变大，故C错误；

D.通过凡上电流等于通过光敏电阻R电流与通过灯B的电流之和，即

根据前面的分析，通过灯B的电流介减小，通过定值电阻&的电流增大，故R上电流的变化量大于心

上电流变化量，故D正确。

故选ABD。

16.在如图所示电路中，电压表为理想电压表，两电流表由相同的表头改装而成，电流表A1量程为1A,

电流表A?量程为0.6A,闭合开关S,滑动变阻器的滑片位于。点时，电压表的读数分别为4、两电流表

示数和为4,滑动变阻器的滑片位于6点时，电压表的读数为七、两电流表示数和为4,下列判断正确的

B.两电流表A1与A?指针偏角相同

C.滑片由a滑到6,牛斗不会变化D.两电流表A1与A?示数相同

【答案】BC

【详解】A.让滑动变阻器的滑片从a点移动到6点，滑动变阻器的阻值增大，由串反并同规律，与滑动

变阻器并联的电压表的读数增大，3>U\,故A错误；

B.两电流表由相同的表头改装而成，并联时所加电压相同，电流相同，两电流表指针偏角一定相同，故

B正确；

C.由闭合回路的欧姆定律可知

U=E—I(T+R[+RA)

此两电流表内阻的并联值

保持不变，故C正确;

D.两个电流表的量程不同，内阻不同，并联时电压相同，电流一定不同，故D错误。

故选BCo

【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律及电表的改装内容。

17.如图所示的电路中，闭合开关S,灯泡Li和L2均正常发光，已知灯泡Li电阻大于电源的内阻值r。

由于某种原因灯泡L2灯丝突然烧断，其余用电器均不会损坏，则下列结论正确的是（）

A.电流表读数变小，电压表读数变大

B.灯泡Li变暗

C.电源的输出功率可能变大

D.电容器C上电荷量不变

【答案】AB

【详解】A.由于L2断路，L2与R并联的总电阻增大，所以外电路总电阻增大，R总增大，根据

I上

R总

知，回路总电流减小，电流表读数变小，电压表示数变大，故A正确；

B.流过Li的电流减小，灯泡Li变暗，故B正确；

C.因舄卜＞厂，则当外电阻变大时，P出随R毋的增大而减小，所以C错误；

D.根据闭合电路欧姆定律

%=E-/（r+Rj

/减小，所以UR增大，电容器C与R并联，电压相等，再根据0=CU,可得电容器的电荷量增大，故D

错误。

故选AB。

三、解答题

18.如图所示电路，电源电动势为E=3V,内阻为r=lQ,定值电阻Ro=lO。，滑动变阻器R可在。〜20。

范围内变化。当滑片P处于中点位置时，求：

(1)当电键S断开时，定值电阻凡两端的电压Uo为多少？(保留两位有效数字)

(2)当电键S闭合时，定值电阻Ro两端的电压为多少？(保留两位有效数字)

(3)当电键S闭合时，若要使定值电阻&两端的电压恢复为Uo,滑片尸应该向左还是向右移动？不用简

述理由。

【答案】(1)1.4V；(2)0.94V；(3)右

【详解】(1)S断开时，&与R的一半电阻串联，则有

—”3

1=1=-------A=(

ln^+-Rn+r10+10+1

Uo=/Ro=O.14xlOV=L4V

(2)S闭合时，Ro与R的一半电阻并联之后再与R的另一半电阻串联，则有

E

3

l'=1A=0.1875A

R+-R+r5+10+1

12

U'o=r&#=O.1875x5V=O.94V

(3)滑片应该向右端移动。因为要使定值电阻&两端的电压恢复为仇，并联部分电压增大，根据分压规

律，并联部分电阻要增大，即尺左端电阻要增大，故滑片要向右端移动。

19.如图所示，已知电源电动势E=6V,内阻厂=20,用=1。，灯L标有“3V,1.5W”。当滑动变阻器的

滑片P滑到最右端。时，理想电流表读数为1