广东省潮州市饶平县2024-2025学年高一年级下册物理开学考试题（含解析）

广东省潮州市饶平县第二名校2024-2025学年高一下学期

物理开学考试题

一'单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有

一项是符合题目要求的。

1.下列说法中正确的是（）

A.只要物体在运动，则其位移一定随时间增加

B.若物体在一段时间内的平均速率为0,则其平均速度必为0；若物体在一段时间内的平均速度

为0,其平均速率不一定为0

C.枪膛中的子弹的加速度约为1。5加/S2,射出的速度可达lOOOm/s左右，所以可得加速度大，速

度变化就一定越大

D.拔河比赛中，获胜的一方主要是因为其对绳的拉力大于另一方对绳的拉力

2.有甲、乙、丙、丁四张图片，则下列说法正确的是（）

A.甲图中研究雄鹰翅膀运动方式对飞行的影响时，可以把雄鹰看作质点

B.乙图中诗句“卧看满天云不动，不知云与我俱东”，以“云”为参考系，诗人是运动的

C.丙图中某学生在校运动会400nl比赛中成绩为50.6s,其平均速度约为7.91m/s

D.丁图中飞机起飞前在跑道上加速滑行，加速度a方向与速度变化量4〃方向相同

3.设a、v和S分别代表物体运动的加速度、速度和位移。现有初速度均为零的四个物体，他们的

运动图象分别如下图所示，则哪个物体在做单向直线运动？（）

4.如图所示，一氯气球下方系有一物体从地面由静止释放，以加速度a=1.25m/s2匀加速上升、to=8s

时绳子突然断裂，绳子断裂后物体运动过程中不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2,下列说法正

A.物体从绳子断裂后到落地过程中做自由落体运动

B.物体运动过程中距离地面最大高度为40m

C.ti=8.5s和t2=9.5s时，物体距离地面的高度相同

D.物体从随气球开始运动到落地共用时10s

5.如图所示，带电荷量为6Q(Q>0)的球1固定在倾角为30。光滑绝缘斜面上的a点，其正上方L处

固定一电荷量为-Q的球2,斜面上距a点L处的b点有质量为m的带电球3,球3与一端固定的绝缘轻

质弹簧相连并在b点处于静止状态。此时弹簧的压缩量为与球2、3间的静电力大小为等。迅速移走

球1后，球3沿斜面向下运动。g为重力加速度，球的大小可忽略，下列关于球3的说法正确的是

A.由b到a一直做加速运动

B.运动至a点的速度等于属Z

C.运动至a点的加速度大小为怖。

D.运动至ab中点时对斜面的压力大小为吗3mg

6.对于牛顿运动定律的有关认识，下列说法正确的是()

A.速度大的物体，其惯性大

B.作用力和反作用力的合力为零

C.加速度不为零的物体，其所受的力一定不为零

D.物体没有受到力的作用，其速度的大小一定不变，但速度的方向可能改变

7.如图是“中国天眼”500m口径球面射电望远镜维护时的示意图。为不损伤望远镜球面，质量为m

的工作人员被悬在空中的氢气球拉着，当他在离底部有一定高度的望远镜球面上缓慢行走时，氮气

球对其有大小恒为|mg、方向竖直向上的拉力作用，若将人视为质点，此时工作人员（）

A.受到的重力大小为B.受到的合力大小为

C.对球面的作用力大小为17ngD.对球面的压力大小为|zng

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多

项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

8.结合课本和生活中出现的以下情景，下列说法正确的是

丙丁

A.图甲中木板对托盘的压力就是木块和木板的总重力

B.图乙中伽利略利用该实验说明了“物体的运动不需要力来维持”

C.图丙中A同学推动B同学时，A对B的作用力与B对A的作用力大小相等

D.图丁中，王亚平在太空授课时处于完全失重状态，重力消失了

9.物体从静止开始做匀加速直线运动，已知第4s内与第2s内的位移之差是4m,则可知（）

A.第1s内的位移为2m

B.第2s末的速度为4m/s

C.物体运动的加速度为lm/s2

D.物体在第5s内的平均速度为9m/s

10.某同学用手机的频闪功能拍摄一小球在倾角为30。斜面上的运动情况，如图是运动模型简化图，

频闪时间间隔为T，小球从斜面底端开始向上运动，在斜面上依次经过A、B、C、D、E点，各段距

离之比为必B：久BC：XCD：xDE=6：2：1：3,小球在运动过程中所受阻力大小不变。以下说法正确

的是（）

A.小球在图中C点的速度向上

B.若小球向上经过A点时的速度为也，则向上经过B点的速度为0.5%

C.小球所受阻力和重力大小之比为3：1

D.若实际尺寸与照片尺寸之比为k,用刻度尺测得照片中CE长L,则过E点速度大小为半

三、非选择题（本题共5小题，共54分）

11.验证两个互成角度的力的合成规律，通常需要两个弹簧测力计、橡皮条、细绳套、木板、刻度

尺、白纸、铅笔、细绳和图钉等器材，利用两力一起拉伸橡皮条和单独一个力拉伸橡皮条作用效果

相同，继而作图验证平行四边形定则。本次实验中发现缺少橡皮条，某同学灵机一动，设计如下实

验：

（1）竖直固定好木板，并用图钉将白纸固定在木板上。

5N条彩盒测力计

N,

牛顿gr

-0

==

==

-=3==-

-100

=-==-

-=200

===-300

=-=400

==

=-=

-=-

==

-==

=

--=

=

=-==-

-=

==-

丙

（2）如图甲（a）将细绳套一端系住一重物，细绳套另外两端分别套在弹簧测力计Z和弹簧测力

计B的挂钩上，贴于竖直木板，用手分别拉住两弹簧测力计，使细绳套结点。静止在某位置，分别读

出弹簧测力计2和B的示数，大小分别为Fi=N（示数见图乙）、F2=2.90N,并在白纸上

记录。点的位置和两细绳的方向0P1及。「2。

（3）如图甲（b）,用手拉一个弹簧测力计，其下端用细绳挂同一重物，贴近竖直木板的白纸上

记录，使得细绳套结点。和步骤（2）的位置重合，并记录此时弹簧测力计读数为F=5.60N及细绳的

方向。「3。

(4)请在图丙中画出尸1的图示，并按平行四边形定则画出尸1、&的合力F'。若F’与拉

力F的大小及方向的偏差均在实验所允许的误差范围之内，则该实验验证了力的平行四边形定则。

(5)下列不必要的实验要求是0

A.实验前应测量重物的质量

B.弹簧测力计应在使用前校零

C.细绳方向应与木板平面平行

(6)F和「不完全重合的原因可能

是O

12.某实验小组利用气垫导轨、光电门等器材来完成“探究加速度与力、质量的关系”实验，具体装

置如图甲所示。实验时先测出遮光条的宽度d,由刻度尺读出滑块释放时遮光条到光电门的距离L,

滑块每次从气垫导轨上的同一位置释放，光电门连接的数字计时器记录下遮光条的遮光时间3仅改

变砂桶和砂的总质量m或滑块和遮光条的总质量M来进行多组实验。

(1)实验中砂桶和砂的总质量m(填“需要”或“不需要”)远小于滑块和遮光条的总质

量Mo

(2)某次实验中测得d=3.0mm,L=40.00cm,t=2.5x10-3s,则遮光条经过光电门时的速

度大小v=m/s,滑块的加速度大小a=m/s„(计算结果均保留两位有效数字)

(3)实验小组测得多组实验数据后，根据实验数据处理结果绘制出的a—F图像如图乙所示，图

线不过坐标原点的原因可能是。

A.砂桶和砂的总质量m过大

B.气垫导轨固定有滑轮的一侧高于另一侧

C.气垫导轨固定有滑轮的一侧低于另一侧

13.如图所示，物体甲、乙用劲度系数k=5N/cm的轻弹簧连接放置在倾角为30。的斜面上，轻绳跨

过光滑定滑轮一端与乙连接，另一端与沙桶连接，物体丙通过动滑轮放在绳上。开始时系统处于静

止状态，弹簧处于原长，跨过滑轮的细线与竖直方向成60。角。已知甲、乙、丙的质量为加尹=

m乙=4kg,m丙=lkg,甲、乙与斜面间的动摩擦因数均为〃=号，最大静摩擦力等于滑动摩擦

（2）乙受到的摩擦力大小；

（3）若向沙桶缓慢加入沙子，则当甲刚要向下滑动时，求加入沙桶中沙子的总质量及此时弹簧的

形变量。

14.民用航空客机的机舱一般都设有紧急出口，飞机发生意外情况着陆后，打开紧急出口的舱门，

会自动生成一个气襄（由斜面力C部分和水平面CD部分构成的）.如图所示为某气囊斜面，机舱离底

端的竖直高度ZB=3.0m,斜面长AC=5.0m,斜面与水平面CD段间有一段小圆弧平滑连接.一个

质量加=60kg的旅客从气囊上由静止开始滑下，最后滑上水平面上的某点静止.已知旅客与气囊斜

面部分及水平面部分的动摩擦因数均为〃=0.5.（不计空气阻力，g=10m/s2,sin37。=0.6和

cos37。=0.8）.（计算结果可保留根号）求：

（1）人在斜面上运动时的加速度大小；

（2）人滑到斜面底端C时的速度大小；

（3）人滑过C点后还要多久才能停下.

15.如图所示，一物块受水平轻弹簧作用静止于倾斜传送带的底端，物块与轻弹簧P点相连，质量为

m=3.2kga传送带与水平面的夹角6=37°,长度为L=2m,顺时针转动的速度为v=0.8m/s。物

块与传送带间的动摩擦因数为黑=0.8,可看成质点。取重力加速度g=10m/s2,最大静摩擦力等于

滑动摩擦力，sin37°=0.6,cos37°=0.8,求：

(1)若轻弹簧的形变量为Ax=1cm,求弹簧的劲度系数k；

(2)某时刻在P点剪断弹簧，求剪断弹簧后物块在传送带上运动的时间t。

答案解析部分

1.B

2.D

A、研究雄鹰翅膀的运动方式时，不能把雄鹰作为质点，所以A错；B、云与诗人一起具有向东的相

同速度，所以以云为参考系，所以诗人是静止的，所以B错；C、根据学生路程和时间的比值所求

为平均速率的大小，所以C错；D、根据加速度的定义式a=却可以得出加速度的方向与速度变化

量方向相同，所以D对；正确答案为：D

研究雄鹰的翅膀运行方式，不能把雄鹰作为质点；以云为参考系，诗人是静止的；路程和时间的比

值为平均速率；加速度的方向与速度变化量的方向相同。

3.C

4.C

5.D

B、由题意可知三小球构成一个等边三角形，小球1和3之间的力大于小球2和3之间的力，弹簧处

于压缩状态，故小球1和3一定是斥力，小球1带正电，故小球3带正电，小球3运动至a点时，

弹簧的伸长量等于与根据对称性可知，小球2对小球3做功为0；弹簧弹力做功为0,故根据动能

定理有

12

mgLsin30°—-^mv

解得

V=y[gL

故B错误；

AC、小球3在b点时，设小球3的电荷量为q,有

.Qq_mg

设弹簧的弹力为F,根据受力平衡，沿斜面方向有

6QqQq.

F—k—5k—sin30°—7ngsin30°

L2L2

解得

9

F=4mg

小球运动至a点时，弹簧的伸长量等于目根据对称性可知

F+fc^^-sin30°—mgsin30°=ma

L2'

解得

a=2g

方向与合外力方向一样，沿斜面向上，故a先加速后减速，故AC错误；

D、当运动至ab中点时，弹簧弹力为0,此时小球2对小球3的力为

尸」Qq_2

/23=k----------5=~nm9

孕）

斜面对小球的支持力为

3V3-4

F=mgcos30°—尸23=-------7---------m9

N0

根据牛顿第三定律可知，小球对斜面的压力大小为量|心加9,故D正确。

故答案为：Do

确定球3在运动过程的受力情况，再根据牛顿第二定律确定球3的运动情况。根据题意确定球3在

a、b两点时弹簧的形变量，弹簧形变量相等，弹簧的弹性势能不变。熟悉掌握点电荷等势线的特

点，同一电荷电势相等的的位置电势能相等。再根据动能定理及力的合成与分解进行解答。

6.C

7.C

8.B,C

A、木板对托盘的压力是弹力，不是重力，故A错误；

B、图乙中说明运动不需要力维持，故B正确；

C、A同学推动B同学时，A对B的作用力与B对A的作用力大小相等，故C正确；

D、在太空中完全失重，是人对支撑物的压力为0的现象，重力不会消失的，故D错误。

故答案为：BC。

木板对托盘的压力是弹力，运动不需要力维持，在太空中完全失重，是支持力为零，重力不会消失

的。熟练掌握相互作用力的特点。

9.B,D

10.B,D

A,小球在运动过程中所受阻力大小不变，则小球向上运动时是匀减速运动，沿斜面向下匀加速运

动，由匀变速直线运动规律可知，只有当初速度（或末速度》为零时，连续相等的两段时间内物体位

移之比为1：3（或3：1）,则由XAB=2z6=1：3,可知C点为最IWJ点，故A错误；

B.C点为最高点，则Vc=O,B点是A、C的时间中点，则向上经过B点的速度为为=写久=

手,故B正确;

C.设小球沿斜面向上、向下运动时加速度大小分别为由、。2,频闪时间间隔为T,根据位移时间关

系有：XBC=2al7*2,%CD=2a2T2;

又：xBC：XCD=2：1-解得：=I

由牛顿第二定律得：mgsind+f=max,mgsind—f=ma2;

解得：3=3故c错误；

Tugo

D.实际尺寸与照片尺寸之比为k,用刻度尺测得照片中CE长L,则实际CE长为kL,小球过D

点的速度：VD=又：刃=

可解得过E点的速度大小为：次=半，故D正确。

故选BD。

小球在运动过程中所受阻力大小不变，判断小球沿斜面向上运动时是匀减速运动，沿斜面向下匀加

速运动，由匀变速直线运动规律可知，只有当初速度（或末速度》为零时，连续相等的两段时间内物

体位移之比为1：3（或3：1）,可判断C点为最高点，速度为零；

利用匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度，并等于初、末速度和的一

半，可求得B点和E点的瞬时速度；

小球沿斜面向上、向下运动根据位移时间关系求得加速度之比，再由牛顿第二定律列方程解得小球

所受阻力和重力的的大小之比；

11.3.68；;4没有做到弹簧测力计、细绳、细绳套都与木板平行或读

数时没有正视弹簧测力计

12.需要；1.2；1.8；C

13.(1)对丙受力分析可知

2Tcos60°=m丙g

对沙桶分析可知

T=mg

解得沙桶的质量

m=1kg

(2)开始时系统处于静止状态，弹簧处于原长，对乙分析

T+m乙gsin300=f

解得乙受到的摩擦力大小

f=30N

(3)当甲刚要向下滑动时，对甲分析

F弹+m尹gsin30°=用gcos30°

解得

“ION

根据

解得

x=2cm

对乙分析

0

Tm+m^gsinSO=/zmz<gcos300+F弹

且

Tm=(m+m^g

解得m沙=1kg

(1)同一根绳子拉力相等。故分别对丙和沙滩进行受力情况，根据平衡条件及力的合成与分解进行

解答即可；

(2)弹簧处于原长，即此时弹簧的弹力为零。再对乙进行受力分析，根据平衡条件及力的合成与分

解进行求解；

(3)确定当甲刚要下滑时斜面对甲的摩擦力的大小及方向，在对甲进行受力分析，根据平衡条件及

力的合成与分解确定此时弹簧的弹力，再根据胡克定律确定此时弹簧的形变量。确定乙受到的摩擦

力和弹簧弹力方向，再分别对乙和沙桶进行受力分析，根据平衡