2025届山东名校考试联盟高三下学期3月高考模拟考试物理试题（解析版）

高级中学名校试题PAGEPAGE1山东名校考试联盟2025年3月高考模拟考试物理试题本试卷满分100分。考试用时90分钟。注意事项：1、答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座号填写在规定的位置上。2、回答选择题时，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。3、回答非选择题时，必须用0.5毫米黑色签字笔作答（作图除外），答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案，不能使用涂改液、胶带纸、修正带和其他笔。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.2025年1月20日，有“人造太阳”之称的中国全超导托卡马克核聚变实验装置（EAST），首次实现1亿摄氏度1066秒的高约束模式等离子体运行。关于该实验中核聚变方程，下列说法正确的是（）A.带正电 B.X是C.核反应前后总质量不变 D.的比结合能小于的比结合能【答案】B【解析】A．是中子不带电，故A错误；B．根据质量数与电荷数守恒有2+3-1=4，1+1=2可知，X是，故B正确；C．核反应前后质量数不变，因为存在质量亏损，所以质量不守恒，故C错误；D．比结合能是原子核稳定性的指标。在轻核聚变中，生成物（如氦-4）的比结合能高于反应物（氘和氚）。实际数据中，氚的比结合能（约2.8MeV/核子）高于氘（约1.1MeV/核子），故D错误。故选B。2.摄影爱好者小明购买了相机后，发现镜头的颜色呈现蓝紫色，经过上网查询，了解到由于人对黄绿光最敏感，故在镜头上涂了一层很薄的氟化镁薄膜。关于薄膜的作用下列说法正确的是（）A.薄膜将蓝紫光全部吸收 B.薄膜将黄绿光全部反射C.薄膜使黄绿光容易发生干涉 D.薄膜使蓝紫光容易发生偏振【答案】C【解析】ABD．当光照射氟化镁薄膜的两表面产生频率相同的反射光，从而出现干涉现象出现光的抵消，最终实现增加透射性，因为人对黄绿光最敏感，所以要使绿光相互抵消，所以膜的厚度一般为绿光在薄膜中波长的四分之一。所以增透膜应增强对黄绿光的透射，这时红光和紫光没有显著削弱，所以透镜通常呈蓝紫色，故ABD错误；C．膜的厚度一般为绿光在薄膜中波长的四分之一，薄膜使黄绿光容易发生干涉，使两表面反射的相同频率的绿光相互抵消，故C正确；故选C。3.当向陶瓷茶杯倒入半杯热水，盖上杯盖过一段时间后，发现杯盖拿起来比未加水时困难。杯盖拿起来比较困难的主要原因是（）A.杯子内气体压强减小 B.杯子周围的温度升高C.杯盖与杯子间的分子引力变大 D.杯子内每个气体分子的分子动能都减小【答案】A【解析】杯盖与杯子间的密封性较好，根据可知，杯子内气体的温度下降、压强减小，大气压强大于杯子内压强导致杯盖拿起来比较费力。并非杯子周围的温度升高或杯盖与杯子间的分子引力变大，杯子内温度降低，只是气体分子的平均动能减小，而不是每个气体分子的分子动能都减小。故选A。4.2025年2月11日17时30分，我国在海南文昌航天发射场使用长征八号改运载火箭成功将卫星送入预定轨道。如图所示，如果卫星先沿圆周轨道1运动，再沿椭圆轨道2运动，两轨道相切于P点，Q为轨道2离地球最远点，在两轨道上卫星只受地球引力作用，下列说法正确的是（）A.卫星在轨道2上经过P点时机械能比经过Q点时机械能大B.卫星经过P点时在轨道1上加速度比在轨道2上加速度大C.卫星在轨道1的速度比在轨道2上经过Q点时的速度大D.卫星在轨道1的周期比轨道2的周期大【答案】C【解析】A．卫星在轨道2上稳定运行时，只受万有引力，机械能守恒，经过P点时机械能等于经过Q点时机械能，故A错误；B．根据可得卫星经过P点时在轨道1上加速度等于在轨道2上加速度，故B错误；C．卫星在轨道1的速度，根据变轨原理可知，在轨道2上经过Q点时的速度小于以Q点到地心距离为半径圆轨道的速度，根据可知所以卫星在轨道1的速度比在轨道2上经过Q点时的速度大，故C正确；D．根据开普勒第三定律可知，卫星在轨道1的周期比轨道2的周期小，故D错误。故选C。5.如图所示，遵循胡克定律的弹性绳上端固定于O点，跨过一固定的光滑钉子P与水平面上的小滑块连接。O、P、A、B位于同一竖直平面内，B位于P的正下方。已知弹性绳原长为l，OP＝1.1l，PA＝0.4l。滑块从A点由静止释放后沿水平面向左滑到B的过程中，下列说法正确的是（）A.滑块的加速度一直在减小 B.滑块所受地面的摩擦力一直在减小C.滑块速度一直在增大 D.滑块所受地面的支持力一直在增大【答案】B【解析】D．设P点到绳与小滑块连接处的竖直方向距离为h，绳与小滑块连接处为C点，PC段绳与水平方向夹角为，则绳长为绳上拉力大小为对小滑块受力分析，如图所示竖直方向，有联立，解得小滑块从A到B过程中，一直增大，故一直减小，故D错误；B．根据可知滑块所受地面的摩擦力一直在减小，故B正确；AC．绳的拉力F在水平方向，有可知随着变大，一直变小，当小滑块运动至B点时，，即绳对小滑块水平方向拉力一直减小至0，由于小滑块一直受水平向右的滑动摩擦力作用，所以水平方向上的合力一定是先向左，使小滑块向左加速，当拉力水平方向的分力与滑动摩擦力大小相等时，加速度为0，再向左运动时，摩擦力大于拉力水平分力，加速度方向水平向右，小滑块做减速运动，故AC错误。故选B。6.如图甲所示，在半径为r的圆形区域内存在垂直平面的匀强磁场，磁感应强度大小B随时间变化如图乙所示。同一平面内有边长为2r的金属框abcd，总电阻为R，ab边与圆形磁场区域的直径重合。则（）A.时，框中的电流为B.时，框中的电流为C.~时间内，框中产生的焦耳热为D.~时间内，框中产生的焦耳热为【答案】D【解析】AB．由图甲可知线圈的有效面积为在0~t0时间内，由法拉第电磁感应定律感应电动势的大小为时，框中的电流为故AB错误；CD．~时间内，感应电动势的大小为框中的电流为框中产生的焦耳热为故C错误，D正确。故选D。7.如图所示，两个质量均为m，倾角45°的直角斜劈顶角接触放置在光滑水平面上，一个质量为4m、半径为R、表面光滑的球在拉力作用下和两斜劈恰好接触但无挤压。某时刻撤去拉力，则球掉落到平面上的时间为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】以左侧斜面为参考系，对左侧斜面受力分析如图，根据牛顿第二定律对小球进行受力分析，如图，设小球相对左侧斜面的加速度为a，可知，对右侧物体进行受力分析如图根据牛顿第二定律又由几何关系可知以上各式联立解得因此小球相对地面，竖直向下的加速度小球的下端距离地面的高度在竖直方向上，根据可得下落时间故选C。8.如图所示，竖直平面内存在沿z轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E。一质量为m、电荷量为＋q的小球以初速度，从坐标原点O抛出，方向与x轴正方向和z轴正方向夹角均为45°。已知qE＝mg，g为重力加速度。则小球运动过程中速率的最小值为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】因qE＝mg，则电场力与重力的合力F合方向在yoz平面内且与z轴负向夹角45°斜向下；将速度v0分解在沿x轴方向的分量（物体在该方向匀速运动）和沿z轴正向的，将沿z轴正向的速度分解到与F合方向垂直的方向，其速度为（物体在该方向做匀速运动）和与F合方向共线的方向（物体做减速运动），当此方向的速度减为零时，物体的速度最小，可知最小速度为故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.“南鲲”号是我国自主研发的首台兆瓦级漂浮式波浪能发电装置，其原理如图甲所示，利用海浪带动浪板上下摆动，从而带动线框单向匀速转动，线框内阻恒定。线框ab两端通过滑环和电刷接如图乙所示的自耦变压器，自耦变压器cd两端接负载电阻。若海浪变大使得线框转速变成原来的2倍，以下说法正确的是（）A.通过负载电阻的电流频率变为原来的2倍B.线框内阻的发热功率变为原来的2倍C.变压器的输出功率变为原来的2倍D.若使负载电阻两端电压不变，可将滑片向上滑动【答案】AD【解析】A．通过负载电阻的电流频率海浪变大使得线框转速变成原来的2倍，则频率变为原来2倍，故A正确；B．电动势有效值由于变为原来2倍，设负载电阻为，原线圈等效电阻为则电流变为原来2倍，线框内阻的发热功率变为原来4倍，故B错误；C．因为不确定内外电阻关系，所以输出功率无法判断，故C错误；D．根据以上分析可知，原线圈两端电压变大，根据可知，若使负载电阻两端电压不变，可将滑片向上滑动，增大原线圈匝数，故D正确。故选AD。10.如图所示，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，波速均为2m/s，两个波源分别位于x＝－0.2m和x＝1.2m处，波源的振幅均为4cm。此刻平衡位置在x＝0.2m和x＝0.8m的两质点刚开始振动，质点M的平衡位置位于x＝0.4m处。两波源连续振动，则从此时刻开始，下列说法正确的是（）A.再经过0.1s质点M开始振动B.t＝0.45s时，质点M点的位移为0C.从t＝0到t＝0.3s时间内，质点M经过的路程为16cmD.从t＝0到t＝0.3s时间内，质点M经过的路程为24cm【答案】AD【解析】A．向右传播的波传播到M点的时间向左传播的波传播到M点的时间故从图示时刻开始经过质点M开始振动，故A正确；B．由波形图可知，波长可知周期为t＝0.45s时，向右传播波传到质点M后振动时间图示时刻x＝0.2m处质点起振方向向上，向右传播的波传到质点M起振方向也是向上，经过质点M运动到负的最大位移处，质点M的位移t＝0.45s时，向左传播的波传播到M点后的振动时间图示时刻x＝0.8m处质点起振方向向下，向左传播的波传到质点M起振方向也是向下，经过质点M运动到负的最大位移处，质点M的位移由波的叠加原理可知，t＝0.45s时，质点M点的位移故B错误；CD．从t＝0到t＝0.1s时间内，两列波都没有传到M点。从t＝0.1s到t＝0.2s时间内，只有向右传播的波传到了M点，在这段时间内M点运动的路程为从t＝0.2s到t＝0.3s时间内，两列波都传到了M点。两列波起振方向相反，且M点到两波源的距离为为半个波长的奇数倍，M点为振动加强点。两列波在M点引起的振幅从t＝0.2s到t＝0.3s时间内，M点从平衡位置开始运动的路程从t＝0到t＝0.3s时间内，质点M经过的路程为，故C错误，D正确。故选AD。11.如图甲所示，质量为m＝3kg的铁锤从石板上方高h＝5m处由静止自由落下，竖直砸中石板后，铁锤与石板瞬间达到共同速度，然后一起向下运动距离d＝5cm后速度减为零，该过程中弹性气囊A对石板的作用力F随石板向下运动的距离x的规律如图乙所示，已知石板的质量为铁锤质量的19倍，不计空气阻力，重力加速度g＝10m/s2，下列说法正确的是（）A.铁锤与石板碰撞过程铁锤所受合外力的冲量大小57N·sB.铁锤与石板碰撞过程铁锤所受合外力的冲量大小28.5N·sC.弹性气囊A对石板作用力的最大值D.弹性气囊A对石板作用力的最大值【答案】BC【解析】AB．假设铁锤与石板碰撞前的速度为，则，解得铁锤与石板碰撞，由动量守恒定律，有，解得根据动量定理可知，铁锤与石板碰撞过程铁锤所受合外力的冲量大小故A错误B正确；CD．弹性气囊A对石板的作用力F做的功为图像与横轴围成的面积，则从铁锤与石板共速到两者速度减为0的过程，根据动能定理得解得故C正确D错误。故选BC。12.如图所示，两根足够长的光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨间距为L，电阻不计，空间内有垂直轨道面向里的匀强磁场，磁感应强度为B。两金属杆垂直于导轨保持静止，金属杆ab质量为m，电阻为R，金属杆cd电阻不计，其间接有一个电容为C的电容器，电容器板间距d<<L，电容器与cd杆为一个整体，质量为m。现垂直ab施加一水平向右，大小为F的恒力，经过足够长时间，当系统达到稳定时，下列选项中正确的是（）A.金属杆ab与金属杆cd加速度相同 B.金属杆ab加速度大于金属杆cd加速度C.cd杆加速度为 D.cd杆加速度为【答案】BD【解析】当系统达到稳定时，杆和杆的速度差保持不变，设杆的速度为时，杆的速度为，由可得此时杆的瞬时加速度为，杆的瞬时加速度为由于两杆的速度差恒定，则电路中的感应电动势也恒定，由得杆运动过程中，给电容器充电，充电电流为，由，得①对杆，由牛顿第二定律得②对杆，由牛顿第二定律得③由①②③解得，A．根据前面的计算可知，金属杆ab与金属杆cd加速度不相同，A错误；B．根据前面的计算可知，金属杆ab加速度大于金属杆cd加速度，B正确；C．杆加速度为，C错误；D．cd杆加速度为，D正确。故选BD。三、非选择题：本题共6小题，共60分。13.某同学为测量小滑块和薄木板间的动摩擦因数，实验装置如图甲所示，已知桌面长度为3m，且粗糙程度大于薄木板，桌面距地面高度为1m，桌面左侧紧靠一竖直挡板。实验步骤如下：①将木板搭在桌子左侧的竖直挡板上，木板顶端距桌面高度固定为1m，测出木板底端距挡板距离s（单位：m），木板底端和桌面平滑连接，不计滑块在连接处的能量损失。②将小滑块从倾斜木板的顶端由静止释放，测出小滑块离开桌子后平抛的水平位移x（单位：m）。③更换同种材料不同长度的木板，重复①②。④根据测量的多组数据，画出对应图像（）。根据实验操作以及图像信息，请回答以下问题：（1）根据上述实验操作，下列说法正确的是______A.桌面必须保持水平B.还需测量滑块质量C.木板和桌面间倾角不宜过大（2）在步骤④中，若画出的图像如图乙所示，纵轴为，则横轴为______A.s B. C. D.（3）由图乙可知，小滑块与倾斜木板间的动摩擦因数______【答案】（1）AC（2）A（3）0.1【解析】【小问1详析】A．根据实验原理可知，小滑块离开桌子后做平抛运动，则桌面必须保持水平，故A正确；BC．根据实验原理可知，小滑块从静止释放到离开桌子，由动能定理有其中小滑块与木板间摩擦因数为，小滑块与桌面间摩擦因数为，且可知，滑块质量可以消掉，不需要需测量滑块质量；由于木板顶端距桌面高度固定，若木板和桌面间倾角过大，较小，滑块在桌面上滑行距离较大，可能出现未滑出桌面就已经停止的现象，则木板和桌面间倾角不宜过大，故B错误，C正确；故选AC。【小问2详析】小滑块离开桌子后做平抛运动，则有，其中联立小问（1）整理可得画出的图像如图乙所示，纵轴为，则横轴为。故选A。【小问3详析】由小问（2）解析式结合图乙可得，解得，14.某同学想把量程为0~3mA但内阻未知的毫安表G改装成量程为0~30mA的电流表；他先测量出毫安表G的内阻，然后对电表进行改装，最后再利用一标准电流表A，对改装后的电流表进行检测，具体实验步骤如下：①按如图甲所示的电路图连接好线路；②将滑动变阻器R的阻值调到最大，闭合开关后调节R的阻值，使毫安表G的指针满偏；③闭合开关，保持R不变，调节电阻箱R'的阻值，使毫安表G的示数为1mA，此时R'接入电路的阻值为1800Ω。回答下列问题：（1）由实验操作步骤可知，毫安表G内阻的测量值＝______Ω（2）在图甲所示的电路图中，为减小系统误差，下列操作正确的是______A.减小R的总阻值 B.增大R的总阻值C.选择电动势较大的电源 D.选择电动势较小的电源（3）用图乙所示的电路对改装后的电流表进行校准，由于内阻测量时造成的误差，当标准电流表的示数为30mA时，改装电流表中毫安表G的示数为2.5mA。改装后电表的实际量程为______。（4）为了尽量消除改装后的电流表测量电流时带来的误差，需选用一新电阻替换原并联电阻，选用的新电阻为原电阻的______倍。【答案】（1）3600（2）C（3）36mA（4）【解析】【小问1详析】闭合开关，保持R不变，调节电阻箱R'的阻值，使毫安表G的示数为1mA，由并联电路特点可知解得【小问2详析】本实验成功的关键是接入回路的电阻比表头所在局部的电阻大得多，这样就可以保证在与表头并联对干路电流的影响足够小，由于表头满偏电流一定，故而电源的电动势越大，接入干路的阻值就可以越大，实验的系统误差就越小。故选C。【小问3详析】当标准电流表的示数为30mA时，改装电流表中毫安表G的示数为2.5mA。根据解得改装后电表的实际量程为【小问4详析】根据电流表原理可知，其中，解得15.实验室中有一直角三棱镜，其横截面ABC如图所示，∠B＝30°。光线从直角边AB上的某点以入射角θ射入棱镜时，恰好能从另一直角边AC垂直射出。已知棱镜折射率为。（1）求θ；（2）保持AB边上光线的入射点不变，逐渐减小入射角，发现当入射角小于α时，斜边BC上才有光线射出，求sinα。【答案】（1）60°（2）【解析】【小问1详析】由图可知由几何关系得β＝30°，γ＋β＝60°得γ＝30°由折射定律可得解得θ＝60°【小问2详析】由，解得又得保持AB边上光线的入射点不变，逐渐减小入射角，解析图中的角分别变成由几何关系γ'＋β'＝60°，C＋β'＝90得γ'＝C－30°解得由，解得16.空气悬挂是一种汽车减震系统，它通过充气和放气来调整车辆底盘的离地间隙。某汽车的空气悬挂简化模型图所示，直立圆筒形汽缸固定在车的轮轴上，汽缸内一横截面积的活塞封闭一定质量的空气，活塞通过连杆与车身相连，并可无摩擦滑动。已知封闭气体的初始状态温度，长度；压强。外界大气压强为，重力加速度，气体视为理想气体。（1）为提升汽车底盘的离地间隙，将体积为，温度为的外界大气充入汽缸，让活塞缓慢上升，设此过程中气体温度保持不变，求；（2）在（1）问充气结束后，当车辆载重时，相当于在图示活塞顶部加一质量为m的物体，如果某时刻活塞达到平衡时气体温度为，缸内气柱长度，求m。【答案】（1）（2）m＝100kg【解析】【小问1详析】由玻意耳定律可得解得【小问2详析】对活塞受力分析可得对缸内气体，由理想气体状态方程可得解得m＝100kg17.如图所示，半径的光滑四分之一圆弧轨道竖直固定，质量、长度的木板静止在粗糙水平地面上，木板左端放置质量的小滑块B，圆弧轨道的末端与木板的上表面相切，木板右侧距离是一固定平台，平台高度与木板厚度相同。从圆弧轨道的最高点由静止释放质量的滑块A，滑至底端时与滑块B发生弹性碰撞，木板向右运动与平台碰撞后立即停止。已知滑块A和滑块B均可视为质点，与木板间的动摩擦因数均为，木板与水平地面间的动摩擦因数，重力加速度。求：（1）滑块A在圆弧轨道底端发生碰撞前所受轨道的支持力大小；（2）滑块A在木板上向右运动的总时间；（3）滑块